2025年人教版高三物理上册月考试卷VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高三物理上册月考试卷32考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、物体作单向直线运动，第1s末的速度是6m/s，第2s末的速度是9m/s，则下面结论正确的是（）A.物体的初速度是3m/sB.物体的加速度是3m/s2C.任何1s内速度的变化量都是3m/sD.以上说法都不对2、一个半圆形轨道被竖直固定在水平面上，轨道两端P、Q等高，轨道半径为R，内壁光滑．现有甲、乙两个小球，球半径远小于R，甲球质量为2m，乙球质量为m，把乙球放在轨道最低点，甲球自P端由静止释放（如图）．当甲球沿轨道运动到最低点时与乙球正碰，乙球被撞后沿轨道上升到Q端．那么碰撞后甲球能沿轨道上升的高度等于（）A.RB.C.D.03、如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．两电压表可看作是理想电表，当闭合开关，将滑动变阻器的滑片由左端向右端滑动时（设灯丝电阻不变），下列说法中正确的是（）A.小灯泡L2变暗，V1表的示数变小，V2表的示数变大B.小灯泡L2变亮，V1表的示数变大，V2表的示数变小C.小灯泡L1变亮，V1表的示数变大，V2表的示数变小D.小灯泡L1变暗，V1表的示数变小，V2表的示数变大4、关于作用力和反作用力以及一对平衡力理解，下列说法正确的是（）A.作用力和反作用力只有在物体平衡时，才能呈现大小相等，方向相反B.在某些特定物理情景下，作用力和反作用力可以是平衡力C.平衡力一定不是同种性质的力D.一对平衡力一定不会作用在两个不同的物体上5、如图，在内壁光滑截面为矩形的钢槽中，对齐叠放着两根长度和质量都相同，且所受重力均为G，但粗细不同的金属管A和B，金属管外壁也光滑，外半径分别为1.5r和r，槽的宽度是4r．下述分析正确的是（）

A.细管B对底面的压力等于2G

B.两管对侧壁的压力均小于G

C.两管之间的压力小于G

D.两管间的压力和对侧壁的压力均大于G

6、2009

年被确定为国际天文年，以此纪念伽利略首次用望远镜观测星空400

周年.

从伽利略的“窥天”创举，到20

世纪发射太空望远镜--天文卫星，天文学发生了巨大飞跃.2009

年5

月14

日，欧洲航天局又发射了两颗天文卫星，它们飞往距离地球约160

万千米的第二拉格朗日点(

图中L2).L2

点处在太阳与地球连线的外侧，在太阳和地球的引力共同作用下，卫星在该点能与地球同步绕太阳运动(

视为圆周运动)

且时刻保持背对太阳和地球的姿势，不受太阳的干扰而进行天文观测.

不考虑其它星球影响，下列关于工作在L2

点的天文卫星的说法中正确的是(

)

A.它绕太阳运行的周期比地球绕太阳运行的周期大B.它绕太阳运行的角速度比地球绕太阳运行的角速度小C.它绕太阳运行的线速度与地球绕太阳运行的线速度相等D.它绕太阳运行的向心加速度比地球绕太阳运行的向心加速度大7、光滑水平面上质量为3m，速度为v的小车，与质量为2m的静止小车碰撞后连在一起运动，则两车碰撞后的总动量是（）A.mvB.2mvC.3mvD.5mv评卷人得分二、双选题(共9题，共18分)8、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C9、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键10、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种11、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}12、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡13、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、（2016春•昆明校级期中）如图所示，O1为皮带传动装置的主动轮的轴心，轮的半径为r1；O2为从动轮的轴心，轮的半径为r2；r3为与从动轮固定在一起的大轮的半径．已知r2=1.5r1，r3=2r1．A、B、C分别是三个轮边缘上的点，那么质点A、B、C的线速度之比是____，向心加速度之比是____（两空都填整数比）15、（2014秋•南昌期末）如图所示，电阻R1=2Ω，R2=4Ω，接在两平行金属导轨上，磁感应强度方向垂直于导轨所在平面、大小B=0.5T的匀强磁场中，两导轨间的距离d=0.5m，一电阻r=2Ω的金属杆横跨在导轨上，以速度v=10m/s垂直磁场方向匀速运动，则流过电阻R1的电流大小I=____A．16、（2011春•白山校级期中）如图，用细绳一端系着质量为M=0.6kg的物体A，物体A静止在水平转盘上．细绳的另一端通过圆盘中心的光滑小孔O吊着系着质量为m=0.3kg的小球B．物体A到O点的距离为0.2m．物体A与转盘间的最大静摩擦力为2N，为使物体A与圆盘之间保持相对静止，圆盘转动的角速度ω范围为____．（g=10m/s2）17、伽利略的自由落体实验和加速度实验均被选为最美的实验．在加速度实验中；伽利略将光滑直木板槽倾斜固定，让铜球从木槽顶端沿斜面由静止滑下，并用水钟测量铜球每次下滑的时间，研究铜球的运动路程和时间的关系．亚里士多德曾预言铜球的运动速度是不变的，伽利略却证明铜球运动的路程与时间的平方成正比．请将亚里士多德的预言和伽利略的结论分别用公式表示（其中路程用s，速度用v，加速度用a，时间用t表示）．

①亚里士多德的预言：____；

②伽利略的结论：____；

伽利略的实验之所以成功，主要原因是抓住了主要因素，而忽略了次要因素．你认为他在加速度实验中，伽利略选用光滑直木槽和铜球进行实验来研究铜球的运动，是为了减小铜球运动过程中的摩擦阻力这一次要因素，同时抓住了____这一主要因素．若将此实验结论做合理外推，即可适用于自由落体运动，其原因是在实验误差范围内，铜球运动的加速度____（填序号即可）．

A．与铜球质量成正比B．只与斜面倾角有关C．与斜面倾角无关D．与铜球质量和斜面倾角都有关．18、（2005•深圳一模）如图所示的电路中，虚线框内的各元件的数值未知，当它的输出端a、b分别连接不同阻值的电阻时；电流表有不同的读数．

（1）请通过计算完成下列表格．。电流表示数/A10.60.4____连接的电阻/Ω1018____118（2）a、b连接电阻R的阻值为多大时，电阻R的电功率最大？最大功率为多少？19、平行板电容器所带量Q=4×10-8C，两极板之间电压U=2v，则它的电容为____μF；如果两板电量各减少一半，则两板间的电场强度将变为原来的____．20、质量为1kg的物体从倾角为30°的光滑斜面上由静止开始下滑，重力在第3s内的平均功率为____W，物体沿斜面滑完3s时重力的瞬时功率为____W．（g取10m/s2）21、某兴趣小组在运动着的一升降机内研究物体的超重和失重现象，站在磅秤上的甲同学发现自已的体重增加了20%，即此时出现了____重现象（填“超”或“失”），这时升降机的加速度方向为____，加速度的大小为____m/s2．（g取10m/s2）22、（2009•福州一模）如图所示，位于光滑水平桌面上两个小滑块，P的质量为m，Q的质量为3m，均可视作质点．且Q与一根轻弹簧相连，原来处于静止．现在让P以6m/s的速度，向Q运动并与弹簧发生相互作用．若在整个作用过程中无机械能损失，则相互作用后，Q获得的速度大小为____．（填选项前的编号）

①9m/s②3m/s③2m/s④lm/s．评卷人得分四、证明题(共1题，共3分)23、如图所示，细绳系一小球（如图甲所示）或轨道内侧的小球（如图乙所示）在竖直面内做圆周运动，在最高点时的临界状态为只受重力作用，则有mg=m，故小球能通过最高点的临界速度v=．

试证明小球在最高点时：

（1）v=；拉力或压力为零；

（2）v＞；小球受向下的拉力或压力作用；

（3）v＜；小球不能到达最高点．

即轻绳模型的临界速度为v临=．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】物体作单向直线运动，第1s末的速度是6m/s，第2s末的速度是9m/s，故是加速运动，根据加速度的定义求解平均加速度．【解析】【解答】解：物体作单向直线运动；第1s末的速度是6m/s，第2s末的速度是9m/s，第2s的平均加速度为：

=

但物体不一定是匀变速直线运动；故无法判断初速度和加速度；故ABC均错误，D正确；

故选：D．2、C【分析】【分析】甲球下滑过程，机械能守恒，由机械能守恒求出甲球运动到最低点时与乙球碰撞前的速度大小，碰撞过程动量守恒，乙球碰后上滑过程，由机械能守恒求出乙球碰后的速度，根据动量守恒求得碰后甲的速度，再运用机械能守恒求得上升的高度．【解析】【解答】解：对于碰撞前甲球下滑过程；由机械能守恒定律得：

2mgR=

得v甲=

同理可得，碰后乙球获得的速度v乙=

对于碰撞过程；根据动量守恒得：

2mv甲=2mv甲′+mv乙

解得，v甲′=

对于碰后甲上滑过程，有2mgh′=

得h′=

故选C3、C【分析】【分析】首先认识电路的结构：灯L1与变阻器并联后，再与灯L2串联，电压表V1测量的是路端电压，电压表V2测量的是L2的电压．将滑动变阻器的滑片由左端向右端滑动时，接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析L2和L1电压变化．即可得解．【解析】【解答】解：当滑动触头向右滑动的过程中，接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，则总电流减小，由于电压表V1测量的是路端电压，故由U=E-Ir可知电压表V1的示数变大；

由U2=IR2可知，灯泡L2上的电压减小，则L2变暗，V2表的示数变小．由串联电路电压特点可知，而U1=U-U2，由上可知U增大，且U2减小，故灯泡L1的示数增大，L1变亮；所以C正确；

故选：C4、D【分析】【分析】作用力与反作用力的关系是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用力与反作用力和一对平衡力最大的区别在于作用力与反作用力作用在两个不同的物体上，而一对平衡力是作用在同一个物体上的．【解析】【解答】解；A；作用力和反作用力总是大小相等；方向相反的，故A错误；

B；作用力和反作用力不可能是平衡力；作用力与反作用力和一对平衡力最大的区别在于作用力与反作用力作用在两个不同的物体上，而一对平衡力是作用在同一个物体上的，故B错误；

C；平衡力可以是同种性质的力；如把物体压在竖直墙壁上，压力和墙壁对物体的支持力是一对平衡力，都是弹力，故C错误；

D；一对平衡力是作用在同一个物体上的；不可能作用在两个不同的物体上，故D正确；

故选D5、A|B【分析】

先对A管受力分析；受重力；B管支持力、右壁支持力，如图所示：

三力平衡；根据平衡条件，有：

N1=mgtan37°=0.75mg①

②

再对整体受力分析；受重力；底部支持力和两壁的支持力，如图所示：

根据平衡条件；有：

N1=N3③

N4=2mg④

A；由④式；细管B对底面的压力等于2G，故A正确；

B；由①③式可知；两管对侧壁的压力均小于G，故B正确；

C；由②式；两管之间的压力大于mg，故C错误；

D；由①②③④知；两管之间的压力大于mg，两管对侧壁的压力均小于G，故D错误；

故选AB．

【解析】【答案】先对A管受力分析；受重力；B管支持力、右壁支持力，三力平衡，根据平衡条件求解出两个支持力；再对整体受力分析，受重力、底部支持力和两壁的支持力，根据平衡条件列式求解各个支持力；最后比较．

6、D【分析】解：AB

由题意知；工作在L2

点的天文卫星能与地球同步绕太阳运动，它们绕太阳运动的周期、角速度相同.

故A、B错误．

C、娄脴

相同，由v=娄脴r

分析可知；在L2

点的天文卫星的线速度大于地球绕太阳运行的线速度.

故C错误．

D、娄脴

相同，由an=娄脴2r

可知，它绕太阳运行的向心加速度比地球绕太阳运行的向心加速度大.

故D正确．

故选D

由题意知，卫星在L2

点能与地球同步绕太阳运动，其绕太阳运行的周期、角速度等于地球绕太阳运行的周期、角速度，由v=娄脴r

分析线速度的大小，由an=娄脴2r

分析向心加速度的大小．

本题是信息题，关键要读懂题意，知道同步的含义，即能运用圆周运动的规律进行分析．【解析】D

7、C【分析】【分析】两小车碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律可以求出碰撞后系统的总动量．【解析】【解答】解：两车碰撞过程动量守恒；由动量守恒定律得：

3mv=（3m+2m）v′

解得：v′=v；

两车碰撞后的总动量：

P′=（3m+2m）v′=3mv；

故选：C．二、双选题(共9题，共18分)8、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D9、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}10、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}11、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}12、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}13、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共9题，共18分)14、4：4：38：4：3【分析】【分析】A、B靠传送带传动，线速度大小相等，B、C共轴转动，角速度相等，结合线速度与角速度的关系，以及向心加速度公式求出线速度、角速度、向心加速度之比，根据角速度之比求出周期之比【解析】【解答】解：A、B靠传送带传动，则线速度相等，即vA=vB，B、C的角速度相等，即ωB=ωc；

根据v=rω，知vB：vC=r2：r3=4：3．所以vA：vB：vC=4：4：3．

根据v=rω知，ωA：ωB=r3：r1=2：1，则ωA：ωB：ωC=2：1：1．

根据a=vω知，则aA：aB：aC=8：4：3．

故答案为：4：4：38：4：315、0.5【分析】【分析】明确电路结构，由E=BLv可以求出感应电动势；由欧姆定律可以求出电流【解析】【解答】解：导体棒中产生的电动势为：

E=BLv=0.5×0.5×10=2.5V；

电路中外部总电阻为：

R===Ω；

由闭合电路欧姆定律可知；电流大小为：

I===0.75A；

流过R1的电流为：

I1=I==0.5A；

故答案为：0.516、2.9rad/s≤ω≤6.5rad/s【分析】【分析】当M所受的最大静摩擦力沿半径方向向外时，角速度最小，当M所受的最大静摩擦力沿半径向内时，角速度最大，根据牛顿第二定律求出角速度的范围．【解析】【解答】解：当M所受的最大静摩擦力沿半径方向向外时；角速度最小，根据牛顿第二定律得：

mg-Ff=Mrω12；

解得ω1=．

当M所受的最大静摩擦力沿半径向内时；角速度最大，根据牛顿第二定律，有：

mg+Ff=Mrω22；

解得ω2=．

则：2.9rad/s≤ω≤6.5rad/s．

故答案为：2.9rad/s≤ω≤6.5rad/s17、s=vts=at2重力B【分析】【分析】要了解伽利略对自由落体运动的研究的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略斜面实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理．（也称作理想化实验）它标志着物理学的真正开端．在实验的基础上进行科学推理是研究物理问题的一种方法，通常称之为理想实验法或科学推理法．【解析】【解答】解：①亚里士多德的预言：铜球的运动速度是均匀不变的；即s=vt；

②伽利略的结论：铜球运动的路程与时间的平方成正比，即s=at2；

伽利略的实验之所以成功；主要原因是抓住了主要因素，而忽略了次要因素．你认为他在加速度实验中，伽利略选用光滑直木槽和铜球进行实验来研究铜球的运动，是为了减小铜球运动过程中的摩擦阻力这一次要因素，同时抓住了这重力一主要因素．若将此实验结论做合理外推，即可适用于自由落体运动，其原因是在实验误差范围内，铜球运动的加速度。

故答案为：①s=vt，s=at2

②重力，B．18、0.128【分析】【分析】（1）将虚线框部分等效为一个电源；根据闭合电路欧姆定律列式后联立求解即可；

（2）当电源内外电阻阻值相等时，电压的输出功率最大，根据电功率定义公式列式求解．【解析】【解答】解：（1）将虚线框部分等效为一个电源，设该电源的电动势为ε'，内阻为r'，根据闭合电路的欧姆定律，有：①

由表格可知；当R=10Ω时，I=1A；R=18Ω时，I=0.6A，代入上式，联立求解可以得到：

ε'=12V②

r'=2Ω③

故④

所以I=0.4A时；R=28Ω

R=118Ω时；I=0.1A

即表格的空格应填：28；0.1；

（2）当R=r'=2Ω时，其电功率最大，最大功率为P=

答：（1）表格数据如图所示；

（2）a、b连接电阻R的阻值为2Ω时，电阻R的电