2025年华东师大版选修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版选修3物理下册阶段测试试卷405考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示,长方形匀强磁场区域MNQP,长为a、宽为b,磁感应强度大小为B,方向垂直区域平面．一质量为m、电荷量为e的电子以速度v从M处沿MN方向进入磁场,从Q点离开磁场,则。

A.电子在磁场中运动的时间B.电子离开磁场时速度与PQ延长线夹角为且C.电子做圆周运动的半径为D.洛伦兹力对电子做的功为2、在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r．当滑动变阻器的滑片P向左移动时（））

A.电流表的示数变小，电压表的示数变大B.电流表的示数变小，电压表的示数变小C.电流表的示数变大，电压表的示数变小D.电流表的示数变大，电压表的示数变小3、如图所示的电路图中，为定值电阻，为滑动变阻器，电源内阻不可忽略，电流表、电压表可视为理想电表，当滑动变阻器的滑动片向右移动时，关于电流表和电压表示数的变化情况的分析，正确的是（）

A.电流表和电压表读数均增大B.电流表和电压表读数均减小C.电压表的示数变化量的绝对值大于电压表的示数变化量的绝对值D.电流表读数变小，电压表读数变大，读数减小4、下列说法正确的是（）A.悬浮在液体中微粒的大小，影响其布朗运动的明显程度B.质量一定的理想气体，温度越高压强越大C.热量只能从高温物体向低温物体传递D.分子势能随分子间距离的增大而增大5、学过电和磁的相关知识后，老师和同学共同设计了如下探究实验．如图，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，内壁沿边缘放一个圆环形电极．两电极分别与电池组的正负极相连，并在两极间接有标准数字万用表（型号UT58E），万用表调至直流电压档．然后进行如下实验操作：

①在玻璃皿中放入硫酸铜溶液，发现溶液旋转，此时电压表的示数为5.20V;

②将图中的磁铁撤去后，发现电压表的示数变为5.30V；

③将硫酸铜溶液换成蒸馏水重复①②两步骤，发现电压表的示数始终为5.99V.

关于上述实验的分析合理的是())A.电池组的电动势为5.30VB.因硫酸铜溶液旋转而产生的电动势约为0.10VC.步骤②中电压相比步骤①变大主要是因为溶液电阻变小了D.步骤③中也能观察到蒸馏水的旋转现象6、关于电容器和电感器，下列说法中正确的是（）A.电容器和电感器对交流电都有阻碍作用，因此不能让交流电通过B.电容器和电感器对直流电都有阻碍作用，但可以让直流电通过C.电容器和电感器对直流电都没有阻碍作用D.电容器对直流电有阻碍作用，电感器对交流电有阻碍作用7、下列关于电源和电源的电动势、路端电压说法错误的是（）A.铅蓄电池能够将化学能转变为电能B.电源的电动势等于路端电压与内电压之和C.电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压D.纯电阻电路中，若外电路总电阻增加，路端电压则减小8、关于电源电动势，下面说法不正确的是()A.电源两极间电压总等于电动势B.电动势越大的电源，将其他能转化为电能的本领越大C.电路接通后，电源的电压小于它的电动势D.电动势只由电源性质决定，与外电路无关评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、下列说法中正确的是____A.一定质量的气体吸热后温度一定升高B.布朗运动是悬浮在液体中的花粉颗粒和液体分子之间的相互碰撞引起的C.知道阿伏加德罗常数和气体的密度就可估算出气体分子间的平均距离E.单位体积的气体分子数增加，气体的压强不一定增大E.单位体积的气体分子数增加，气体的压强不一定增大10、如图，两根平行光滑金属导轨固定在同一水平面内，其左端接有定值电阻R．Ox轴平行于金属导轨，在0≤x≤4m的空间区域内存在着垂直导轨平面向下的磁场，磁感应强度B随坐标x（以m为单位）的分布规律为B=0.8-0.2x（T）．金属棒ab在外力作用下从x=0处沿导轨运动，金属棒始终与导轨垂直并接触良好，不计导轨和金属棒的电阻．设在金属棒从x1=1m经x2=2m到x3=3m的过程中，R的电功率保持不变；则金属棒（）

A.在与处的电动势之比为1：3B.在与处受到磁场B的作用力大小之比为3：1C.从到与从到的过程中通过R的电荷量之比为5：3D.从到与从到的过程中R产生的焦耳热之比为5：311、下列说法正确的是_____A.花粉颗粒在水中做布朗运动，反应了花粉分子在不停的做无规则运动B.外界对气体做正功，气体的内能不一定增加C.影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和气压的差距E.晶体熔化过程中，分子的平均动能保持不变，分子势能增大E.晶体熔化过程中，分子的平均动能保持不变，分子势能增大12、关于热现象和热学规律，以下说法正确的是（）A.布朗运动表明，构成悬浮微粒的分子在做无规则运动B.两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中，分子间的引力和斥力都在减小C.热量可以从低温物体传递到高温物体E.两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中，它们的分子势能先减小后增大E.两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中，它们的分子势能先减小后增大13、如图所示；将带铁芯的线圈A通过滑动变阻器和开关连接到电源上，线圈B的两端连接到灵敏电流计上，把线圈A放进线圈B的里面．下面几种情况灵敏电流计指针可能有偏转的是。

A.闭合开关瞬间B.开关闭合且电路稳定后C.开关闭合，拔出线圈A的过程中D.开关闭合，将滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中14、一定质量的理想气体自状态A经状态C变化到状态B。这一过程的V－T图像表示如图所示；则（）

A.在过程AC中，外界对气体做功，内能不变B.在过程CB中，外界对气体做功，内能增加C.在过程AC中，气体压强不断变大D.在过程CB中，气体压强不断减小15、如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻；电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为∆U，电流表示数的变化量为∆I，则下列说法正确的是（）

A.电压表示数变大，电流表示数变小B.电阻R0两端电压变大。

C.电容器的带电量增大C.变化过程中∆U和∆I的比值增大16、如图所示,在xOy平面内存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场,第一、二、四象限内的磁场方向垂直纸面向里,第三象限内的磁场方向垂直纸面向外,P(-L,0))、Q(0,-L)为坐标轴上的两个点,现有一电子从P点沿PQ方向射出,不计电子的重力。

A.若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线,则电子在磁场中运动的轨道半径为LB.若电子从P点出发经原点O到达Q点,则电子运动的路程一定为2πLC.若电子从P点出发经原点O到达Q点,则电子在Q点速度方向与y轴正向的夹角一定为45°D.若电子从P点出发经原点O到达Q点,则电子运动的路程可能为πL,也可能为2πL17、［选修模块3-5］下列有关近代物理内容的表述正确的有____A.核力存在于原子核内任意两个核子之间B.碳14在活体生物体内和死亡后生物体内的半衰期是一样的C.原子核发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子D.高速运动的电子其物质波的波长与动量成反比评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)18、如图，电源电动势E＝10V，内阻r＝0.8Ω，R1＝3.2Ω，当电键S断开时，电阻R2消耗的电功率为4W；电键S闭合后，R2和R3的并联电路消耗的总功率也是4W．则R2＝_______Ω，R3＝_______Ω．

19、如图，一定量的理想气体经历的两个不同过程，分别由体积-温度（V-t）图上的两条直线I和Ⅱ表示，V1和V2分别为两直线与纵轴交点的纵坐标；t0为它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0是它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0=-273.15℃；a、b为直线I上的一点。由图可知，气体在状态a和b的压强之比=___________；气体在状态b和c的压强之比=___________。

20、利用扫描隧道显微镜（STM）可以得到物质表面原子排列的图像；从而可以研究物质的结构。如图所示的照片是一些晶体材料表面的STM图像，通过观察；比较，可以看到这些材料表面的原子排列有着共同的特点，这些共同的特点是：

(1)______________；

(2)_____________。

21、用图示的电路可以测量电阻的阻值，途中是待测电阻，R0是定值电阻，G是灵敏度很高的电流表，M、N是一段均匀的电阻丝．闭合开关，改变滑动头P的位置，当通过电流表G的电流为零时，测得则的阻值__________

22、如图所示，一质量为m、电荷量为+q的小球从距地面为h处，以初速度v0水平抛出，在小球运动的区域里，加有与小球初速度方向相反的匀强电场，若小球落地时速度方向恰好竖直向下，小球飞行的水平距离为L，小球落地时动能Ek=__________，电场强度E=_____________．

23、如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内电阻r=1Ω，M为一小电动机，其内部线圈的导线电阻RM=2Ω．R为一只保护电阻，R=3Ω．电动机正常运转时，电压表（可当作理想电表）的示数为1.5V，则电源的输出功率为_____W，电动机的输出功率为_____W．

24、为一列简谐横波在t=0时的波形图，P是平衡位置在x=0.5m处的质点，Q是平衡位置在x=2.0m处的质点；图（b）为质点Q的振动图象．下列说法正确的是()

A．这列简谐波沿x轴正方向传播。

B．这列简谐波沿x轴负方向传播。

C．波的传播速度为20m/s

D．从t=0到t=0.25s；波传播的距离为50cm

E．在t=0.10s时，质点Q的加速度方向与y轴正方向相同评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)25、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

26、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

27、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)28、某同学用如图所示的装置通过半径相同的两球的碰撞来验证动量守恒定律．实验步骤如下：

a.用天平测出两小球的质量，入射球和被撞球质量分别记为m1和m2

b.按照图所示安装实验装置.调整固定斜槽使斜槽底端水平

c.白纸在下，复写纸在上且在适当位置铺放好.记下重垂线所指的位置O.

d.不放被撞小球，每次让入射小球从斜槽上某固定高度处自由滚下，重复10次.用圆规画尽量小的圆把所有的小球落点圈在里面.圆心P就是小球落点的平均位置

e.把被撞小球放在斜槽末端，每次让入射小球从斜槽同一高度自由滚下，使它们发生碰撞，重复实验10次用步骤d的方法，标出碰后入射小球落点的平均位置M和被撞小球落点的平均位置N.如图所示

f.连接ON，测量线段OP、OM、ON的长度，分别记为OP、OM和ON．根据以上实验方法请回答下列问题

(1)对本实验下列说法正确的是___________

A.用质量小的小球作为入射小球，质量大的小球作为被撞小球

B.还应测量小球在空中运动的时间

C.适当增加入射球释放点高度，可以减小实验误差

D.实验过程中应保持记录落点的白纸位置不动

(2)实验要验证的表达式是(用题中测出的相应物理量字母表示)________29、某同学用如图甲所示的电路测量某电池的电动势E和内阻r，R为电阻箱．干电池的工作电流不宜超过0.5A；实验室提供的器材如下：电压表(量程0〜3V，内阻约3kΩ)；电阻箱(阻值范围0〜999.9Ω)；开关；导线若干．

(1)请根据图甲的电路图在图乙中画出连线，将器材连接成实验电路__________．

(2)实验时，改变电阻箱R的值，记录电压表的示数U，得到若干组R、U的数据．根据实验数据绘出如图丙所示的图线，由图像得出电池组的电动势E＝____V，内阻r＝____Ω．(保留三位有效数字)

(3)关于这个实验中存在的误差以及减小误差的各种方法，下列说法正确的是（______）

A.电压表的分流作用引起的误差属于偶然误差。

B.该同学读电压表读数引起的误差属于系统误差。

C.本实验用图像法处理数据可以减小偶然误差。

D.如果将电压表的内阻计算在内就可以减小系统误差30、实验小组的同学们用如图所示的装置做“用单摆测定重力加速度”的实验．

①测出悬点O到小球球心的距离（摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t，则重力加速度g=_________（用L、n、t表示）．

②实验时除用到秒表、刻度尺外，还应该用到下列器材中的______(选填选项前的字母)．

A．长约1m的细线。

B．长约1m的橡皮绳。

C．直径约1cm的均匀铁球。

D．直径约10cm的均匀木球。

③选择好器材，将符合实验要求的单摆悬挂在铁架台上，应采用图__中所示的固定方式．

④某实验小组组装单摆时，在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如图所示．这样做的目的是___________(填字母代号)．

A．保证摆动过程中摆长不变。

B．可使周期测量得更加准确。

C．需要改变摆长时便于调节。

D．保证摆球在同一竖直平面内摆动。

⑤他组装好单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺量得从悬点到摆球的最低端的长度L=0.9990m，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图所示，则该摆球的直径为______

mm，单摆摆长为______m．

在测量单摆的周期时，他用秒表记下了单摆做50次全振动的时间，如下图所示，秒表的读数为________s．

⑥下列振动图象真实地描述了对摆长约为1m的单摆进行周期测量的四种操作过程，图中横坐标原点表示计时开始，A、B、C均为30次全振动的图象，已知sin5°=0.087，sin15°=0.26，这四种操作过程合乎实验要求且误差最小的是___________(填字母代号)．

⑦将单摆正确悬挂后进行如下操作，其中正确的是_________(选填选项前的字母)．

A．测出摆线长作为单摆的摆长。

B．把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放；使之做简谐运动。

C．在摆球经过平衡位置时开始计时。

D．用秒表测量单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期。

⑧甲同学多次改变单摆的摆长并测得相应的周期，他根据测量数据画出了如图所示的图象，但忘记在图中标明横坐标所代表的物理量．你认为横坐标所代表的物理量是_____(选填“l2”“l”或“”)，若图线斜率为k，则重力加速度g=_________(用k表示)．

⑨乙同学测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度的实际值，造成这一情况的原因可能是___________(选填选项前的序号)．

A．开始摆动时振幅较小。

B．开始计时时；过早按下停表。

C．测量周期时，误将摆球(n-1)次全振动的时间记为n次全振动的时间。

D．测量摆长时从悬点到小球下端边缘的距离为摆长。

⑩该同学在做完实验后；继续思考测量重力加速度的其他方法．请你展开想象的翅膀，再设计一个方案测量重力加速度．（简要说明需要的器材以及测量方法）

__________________________________________________________________________

__________________________________________________________________________评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)31、如图所示，AOB是光滑水平轨道，BC是质量为M、半径为R的光滑的圆弧轨道，可在光滑水平面滑动，两轨道恰好相切于B点．开始时，BC轨道处于锁定状态．质量也为M的小木块静止在O点，一颗质量为m的子弹以某一初速度水平向右射入小木块内，并留在其中和小木块一起运动，且恰能到达圆弧轨道的最高点C(木块和子弹均看作质点)．

(1)求子弹射入木块前的速度v0；

(2)若每当小木块返回到O点，立即有一颗相同的子弹以速度v0射入小木块；并留在其中，则当第2颗子弹射入小木块后，小木块的速度为多少；

(3)在（2）的条件下，第17颗子弹射入小木块时，立即解除BC圆弧轨道的锁定，求小木块沿圆弧轨道能上升的最大高度为多少．32、某可显示温度的水杯容积为倒入热水后，拧紧杯盖，此时显示温度为压强与外界相同。已知，外界大气压强为温度为杯中气体可视为理想气体，不计水蒸气产生的压强，取

（1）求杯内温度降到时；杯内气体的压强；

（2）杯内温度降到时稍拧松杯盖；外界空气进入杯中，直至稳定。求此过程中外界进入水杯中的空气体积。

33、2012年6月16日16时21分“神舟九号”飞船载着三名宇航员飞向太空．为适应太空环境；去太空旅行的航天员都要穿航天服．航天服有一套生命保障系统，为航天员提供合适的温度；氧气和气压，让航天员在太空中如同在地面上一样．假如在地面上航天服内气压为1atm，气体体积为2L，到达太空后由于外部气压低，航天服急剧膨胀，内部气体体积变为4L，使航天服达到最大体积．若航天服内气体的温度不变，将航天服视为封闭系统．

(1)求此时航天服内的气体压强；并从微观角度解释压强变化的原因；

(2)若开启航天服保障系统向航天服内充气，使航天服内的气压恢复到0.9atm，则需补充1atm的等温气体多少升？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】

电子垂直射入匀强磁场中做匀速圆周运动；速度大小不变，洛伦兹力不做功，时间可根据弧长与速度之比求解．

【详解】

A、电子垂直射入匀强磁场中，由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，运动时间为故A错误；

B、C、电子离开磁场时速度与PQ延长线夹角为α，设粒子半径为r；如图所示:

根据几何关系可得粒子半径：粒子速度偏转的角度为α，则粒子转过的圆心角也为α，根据几何关系可得：联立可得故B正确；C错误；

D；洛伦兹力始终与速度垂直；不做功;故D错误.

故选B.

【点睛】

本题考查带电粒子在有界匀强磁场中的运动，解题关键是要知道带电粒子在磁场中作的是匀速圆周运动，应该用圆周运动的知识求时间，粒子不是类平抛运动不能运用运动的分解法求解时间．2、D【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总阻减小，由闭合电路欧姆定律得电路中电流增大，则电流表示数变大，由知，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以电压表的示数变小，故正确．

故选．3、D【分析】【详解】

由电路图可知，滑动变阻器的滑动片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电流I减小，而路端电压U=E-Ir，则U增大，电阻R1的电压U1=IR1减小，则电压表V1示数减小；并联部分的电压U并=U-U1增大，电压表V2示数增大；U并增大，通过R2的电流增大，因为总电流减小，所以通过电流表的示数变小．总之，电流表读数变小，电压表V2读数变大，V1读数变小，故AB错误，D正确；电压表V1的示数与电压表V2的示数之和等于U，即U1+U2=U，因V1示数增大，V2示数减小，而U减小，所以电压表V1的示数增加量小于电压表V2的示数减小量，故C错误．故选D．4、A【分析】【详解】

A．悬浮在液体中微粒越小；布朗运动越明显，故A正确；

B．质量一定；体积一定的理想气体，温度越高压强越大，故B错误；

C．热量能够自发的从高温物体向低温物体传递；借助一些电器，热量可以从低温物体向高温物体传递，比如空调；冰箱等，故C错误；

D．当分子间力表现为斥力时；分子势能随分子间距离的增大而减小，D错误。

故选A。5、B【分析】【详解】

AB、玻璃皿中的液体相当于一段导体，该段导体通电后在磁场中发生运动，运动后产生反电动势，所以对于该段导体不再适用欧姆定律来计算通过电流，在玻璃皿中放入硫酸铜溶液，发现溶液旋转，此时电压表的示数为将图中的磁铁撤去后，发现电压表的示数变为由于万用表调至直流电压档，阻值大，所以因硫酸铜溶液旋转而产生的电动势约为故A错误，B正确；

C；步骤②中电压相比步骤①变大主要是因为磁铁撤去后；该段导体通电后没有产生反电动势，故C错误；

D；将硫酸铜溶液换成蒸馏水不能观察到蒸馏水的旋转现象；故D错误；

故选B．6、D【分析】【详解】

A．电感线圈阻碍交流电的变化；但不能阻止，所以回路中有电流，A错误。

BC．电容器对直流来说相当于断路；直流无法通过电容器，对直流有阻碍作用，BC错误。

D．综上可知：电容器对直流电有阻碍作用，电感器对交流电有阻碍作用，D正确。7、D【分析】【分析】

【详解】

A.铅蓄电池能够将化学能转变为电能；此说法正确，选项A不符合题意；

B.电源的电动势等于路端电压与内电压之和；此说法正确，选项B不符合题意；

C.电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压；此说法正确，选项C不符合题意；

D.纯电阻电路中，若外电路总电阻增加，则电路的总电阻增加，总电流减小，根据U=E-Ir可知，路端电压增大，则选项D符合题意．8、A【分析】【分析】

电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量；电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，电动势与外电路无关；

【详解】

A；电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压；当外电路接通时，电源有内电压，根据闭合电路欧姆定律得知，电源两极间电压一定小于电动势，故A错误，C正确；

B；电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量；电动势越大，电源将其它能转化为电能的本领越大，故B正确；

D；电动势由电源本身决定；与外电路无关，故D正确。

【点睛】

本题考查电动势的物理意义，可根据闭合电路欧姆定律理解电动势与电源两极间电压的关系。二、多选题(共9题，共18分)9、B:D:E【分析】【详解】

A．改变内能的方式有做功和热传递；则气体吸热后不知道做功情况，则不能得到内能如何变化，也不能确定温度是否变化；故A错误.

B．布朗运动是由于液体分子的无规则运动对固体微粒碰撞的不平衡引起的；故B正确.

C．气体分子的占有空间看成立方体模型，则故仅知道阿伏加德罗常数和气体的密度，要求出平均距离还缺少气体的摩尔质量；故C错误.

D．根据热力学第二定律的；热量从低温物体传到高温物体不能自发进行，必须借助外界的帮助，引起其它的变化；故D正确.

E．根据理想气体状态方程可知，压强由单位体积的气体分子数和温度共同决定，则只有单位体积的气体分子数增加，不能推出压强是否变化；故E正确.10、B:C:D【分析】【详解】

由功率的计算式：知道由于金属棒从x1=1m经x2=2m到x3=3m的过电功率保持不变，所以E应不变，选项A错误．由安培力公式F=BIL及P=EI知：所以选项B正确．由于金属棒从x1=1m经x2=2m到x3=3m的过程中，R的电功率保持不变，由P=I2R知道R中的电流相等，再由安培力公式F=BIL，所以F-x图象如图所示:

显然图象与坐标轴围成的面积就是克服安培力做的功，即R产生的热量，所以：所以选项D正确．因为根据D选项热量Q=I2Rt，热量之比为5：3，电流相同，说明时间之比为5：3，因此电量选项C正确．11、B:C:E【分析】【详解】

A．花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了水分子在不停的做无规则运动，故A错误；

B．外界对气体做正功，气体可能同时放热,根据热力学第一定律公式

气体的内能不一定增加，故B正确;；

C．影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是相对湿度，与空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和气压的差距有关，故C正确；

D．第二类永动机不能制成是因为它违反了热力学第二定律，即自发的热现象具有方向性，故D错误；

E．晶体熔化过程中；温度不变，故分子的平均动能保持不变,但吸收热量，说明内能增加，故分子势能增大，故E正确。

故选BCE.12、B:C:E【分析】【详解】

A．布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动；表明液体的分子在做无规则运动，A错误；

B．两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中；分子间的引力和斥力都在减小，B正确；

C．根据热力学第二定律；热量可以从低温物体传递到高温物体，但要引起其他的变化，C正确；

D．物体的摄氏温度变化为1其热力学温度变化了1K；D错误；

E．两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中；它们的分子势能先减小后增大，E正确。

故选BCE。13、A:C:D【分析】【分析】

穿过闭合回路的磁通量发生变化时；闭合回路中产生感应电流．

【详解】

感应电流产生的条件是闭合回路中通过线框的磁通量发生变化．A选项，闭合开关瞬间有磁通量变化，有感应电流；B选项，开关闭合电路稳定后电流不发生变化，通过线圈B的磁通量无变化，无感应电流；C选项，拔出线圈A，通过线圈B磁通量减小，有感应电流；D选项，滑片p滑动，电阻发生变化，电流发生变化，线圈A产生的磁场发生变化，通过线圈B的磁通量变化，有感应电流；综上所述，ACD正确．14、A:C【分析】【详解】

AC．AC过程中气体温度不变，气体内能不变，气体体积减小，外界对气体做功，由理想气体状态方程可知；气体压强增大，A正确，C正确；

BD．CB过程气体温度升高，气体内能增加，该过程气体体积不变，外界对气体不做功，由理想气体状态方程可知；气体压强增大，B错误，D错误。

故选AC。

【点睛】

根据图像所示气体体积与温度的变化情况，应用理想气体状态方程可以判断出气体压强如何变化，根据气体温度的变化，可以判断出气体内能的变化。15、A:C【分析】闭合开关S，减小可变电阻R的阻值后，电路中电流变大，由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压变大，R两端的电压减小，电压表示数变小，电容器板间电压减小，带电量减小．故AB正确，C错误．根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R0+r），由数学知识得知，保持不变．故D正确．此题选项不正确的选项，故选C.16、A:D【分析】【详解】

若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线，则有运动轨迹如图所示，

由几何关系可知，电子运动的轨道半径为r=Lsin450=L，选项A正确；若电子从P点出发经原点O到达Q点，运动轨迹可能如图所示，

或者是：

因此则微粒运动的路程可能为πL，也可能为2πL，电子在Q点速度方向与y轴正向的夹角可能为45°或者是1350；故BC错误；D正确；故选AD．

【点睛】

查根据运动半径来确定运动轨迹，从而确定运动的路程，掌握左手定则与右手定则的区别，注意运用几何关系正确画出运动轨迹图是解题的关键．17、B:D【分析】【详解】

核力与万有引力、库伦力的性质不同，核力是短程力，作用范围在1.5×10-15m，原子核的半径数量级在10-15m，所以核力只存在于相邻的核子之间，核力是原子核能稳定存在的原因，故A错误；放射性元素的半衰期与环境的变化无关，只与自身有关，故B正确；β衰变的实质是原子核内的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，故C错误；德布罗意认为，任何一个运动着的物体都有一种波与它对应，波长λ=h/P，该波的波长与该物体的动量成反比，故D正确．三、填空题(共7题，共14分)18、略

【分析】【详解】

当电键断开时，电阻与串联连接到电源上；则有：

解得：

令的电阻为则有：

解得：

由电阻并联的特点，均舍去。

所以．【解析】1619、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据盖吕萨克定律有

整理得

由于体积-温度（V-t）图像可知，直线I为等压线，则a、b两点压强相等，则有

[2]设时，当气体体积为其压强为当气体体积为其压强为根据等温变化，则有

由于直线I和Ⅱ各为两条等压线，则有

联立解得【解析】120、略

【分析】【详解】

(1)[1]在确定的方向上原子有规律地排列；在不同方向上原子的排列规律一般不同。

(2)[2]原子排列具有一定的对称性。【解析】①.在确定的方向上原子有规律地排列，在不同方向上原子的排列规律一般不同；②.原子排列具有一定的对称性21、略

【分析】【详解】

通过电流表G的电流为零，电流表G两端电势相等．电阻丝MP段与PN段电压之比等于和的电压比，即通过电阻丝两侧的电流是相等的，通过和的电流也相等，则有根据电阻定律公式可知联立可得解得．【解析】22、略

【分析】【详解】

[1]把小球的运动分解到水平和竖直方向，竖直方向做自由落体运动，水平方向作用下做匀减速运动。由小球落地时速度方向恰好竖直向下，知落地时v0恰好减为零，落地时速度为

落地时的动能为

解得

[2]竖直方向

水平方向

联立可得【解析】mgh23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律可知，电路的电流为

电源的输出功率为

[2]电动机的输出功率为【解析】2.75，1.524、略

【分析】【详解】

由b图知，在时刻Q质点向上振动，根据“上下坡法”，知波沿x轴正方向传播，故A正确，B错误；由波动图象知，波长为由振动图象知，振动的周期为波传播的周期与质点的振动周期相等，则波速为故C正确；从到波传播的距离为故D错误；在时，即经过半个周期，质点P在平衡位置下方，加速度的方向沿y轴正方向，故E正确．【解析】ACE;四、作图题(共3题，共6分)25、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】26、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共30分)28、略

【分析】【分析】

根据实验原理和实验步骤逐项判断；此实验用小球平抛运动的水平射程代替小球的速度；结合动量守恒表达式求解要验证的表达式.

【详解】

（1）用质量大的小球作为入射小球；质量小的小球作为被撞小球，防止被碰球反弹，选项A错误；此实验用小球平抛运动的水平射程代替小球的速度，则不需要测量小球在空中运动的时间，选项B错误；适当增加入射球释放点高度，则入射球的速度可以变大，可以减小实验误差，选项C正确；实验过程中应保持记录落点的白纸位置不动，否则会出现误差，选项D正确；故选CD.

（2）根据两小球从同一高度开始下落，故下落的时间相同，根据动量守恒定律可得m1v0=m1v1+m2v2，故有m1v0t=m1v1+m2v2t，即【解析】（1）CD（2）29、略

【分析】(1)如图所示：

(2)根据闭合电路欧姆定律：则所以图象的纵截距：解得：斜率为：解得：

(3)A：电压表分流作用引起的是系统误差；故A项错误．

B：读数引起的是偶然误差；故B项错误．

C：图像法可以减小偶然误差；故C项正确．

D：电压表的电阻计算在内可以减小系统误差；故D项正确．

点睛：图象法处理数据时，要根据物理规律写出横纵坐标之间的关系式．结合图象的截距、斜率等求解．【解析】如图所示：

2.86(2.85～2.87均可)6.07(6.06～6.08均可)CD30、略

【分析】【详解】

：①单摆的周期：由单摆周期公式：可知，重力加速度：

②为减小误差应保证摆线的长短不变；A正确，B错误；摆球密度要大，体积要小，C正确，D错误．

③图3方式固定悬点；使悬点不容易松动．

④在摆线上端的悬点处；用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，是为了防止动过程中摆长发生变化；如果需要改变摆长来探究摆长与周期关系时，方便调节摆长；A正确C正确；周期测量是否准确取决于计时工具，B错误；摆球在同一竖直平面内摆动，不能做圆锥摆运动；但与器材无关，D错误；

⑤由图示游标卡尺可知