2025年外研版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版必修3物理上册月考试卷818考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，水平桌面上的轻弹簧一端固定，另一端与小物块相连；弹簧处于自然长度时物块位于O点（图中未画出）；物块的质量为m，AB=a，物块与桌面间的动摩擦因数为μ．现用水平向右的力将物块从O点拉至A点，拉力做的功为W．撤去拉力后物块由静止开始向左运动，经O点到达B点时速度为零．重力加速度为g．则上述过程中（）

A.物块在A点时，弹簧的弹性势能等于W-μmgaB.物块在B点时，弹簧的弹性势能小于W-μmgaC.经O点时，物块的动能等于W-μmgaD.物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B点时弹簧的弹性势能2、如图所示；A；B为相互接触的用绝缘支柱支持的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球。下列说法正确的是（）

A.把C移近导体A时，A上的金属箔片张开，B上的金属箔片不张开B.把C移近导体A，先把B分开，然后移去C，B上的金属箔片仍张开C.先把C移走，再把B分开，B上的金属箔片仍张开D.先把B分开，再把C移走，然后重新让B接触，A上的金属箔片张开，而B上的金属箔片闭合3、如图，A、B、C、D为一匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，其中AB＝2cm，电场线与矩形所在平面平行。将q＝2.0×10-9C的正电荷从A点移到B点，静电力做功WAB＝8.0×10－9J；将这个电荷从B点移到C点，电势能增加了ΔEpBC＝3.2×10－8J；则（）

A.B点的电势为4VB.电场强度的方向由B指向CC.电场强度的大小为400V/mD.A和C之间的电势差UAC8V4、如图所示，沿x轴正向的匀强电场E中，有一动点A以O为圆心，r＝OA为半径做逆时针转动一周，O与圆周上的A点的连线OA与x轴正向(E方向)成θ角，则此圆周上各点与A点间最大的电势差为()

A.U＝ErB.U＝Er(sinθ＋1)C.U＝Er(cosθ＋1)D.U＝2Er5、下列仪器中，测量力的仪器是（）A.B.C.D.6、如图所示电路，电源电动势为E，内阻为r。开关S闭合后，平行金属板中的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，R2为光敏电阻（阻值随光照强度的增大而减小）；当光照强度增大时，下列说法不正确的是（）

A.电源的输出功率可能增大B.电压表、电流表示数都增大C.R1、R3的功率都将减小D.电容器C所带电荷量减少，液滴向下加速运动评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、匀强电场中有相距cm的a、b两点，电势差V，在该电场中电荷量C的带电粒子受到的电场力大小可能为（）A.0.03NB.0.30NC.3.0ND.4.0N8、如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地。一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态。现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离；则（）

A.带电油滴将竖直向下运动B.带电油滴的机械能将增加C.P点的电势将升高D.电容器的电容增加，极板带电量增加9、如图，空间有平行于纸面的匀强电场，处于该电场中的直角三角形ABC直角边BC=20cm，∠A=AD是∠A的角平分线。若在直角顶点B处有一个射线源，能朝空间各方向射出动能为2000eV的电子，在顶点A和C分别探测到动能为2100eV和1900eV的电子；本题中运动的电子仅需考虑受匀强电场的电场力，则（）

A.AB间的电势差UAB=100VB.该匀强电场的场强E=1000V/mC.电场强度的方向沿A指向DD.整个三角形内，顶点C的电势最高10、如图，光滑绝缘水平面上两个相同的带电小圆环A、B电荷量均为q，质量均为m，用一根光滑绝缘轻绳穿过两个圆环，并系于结点O．在O处施加一水平恒力F使A、B一起加速运动，轻绳恰好构成一个边长为l的等边三角形，则（）

A.小环A的加速度大小为B.小环A的加速度大小为C.恒力F的大小为D.恒力F的大小为11、如图所示匀强电场E的区域内，在O点处放置一点电荷＋Q，a、b、c、d、e、f为以O为球心的球面上的点，aecf平面与电场平行，bedf平面与电场垂直，则下列说法中正确的是（）

A.a、c两点的电场强度相同B.b点的电势等于d点的电势C.点电荷＋q在球面上任意两点之间移动时，静电力一定做功D.将点电荷＋q在球面上任意两点之间移动，从a点移动到c点电势能的变化量一定最大12、如图甲所示，在某电场中建立x坐标轴，A、B为x轴上的两点，xA、xB分别为A、B两点在x轴上的坐标值。一电子仅在电场力作用下沿x轴运动，该电子的电势能Ep随其坐标x变化的关系如图乙所示；则下列说法中正确的是（）

A.该电场一定不是孤立点电荷形成的电场B.A点的电场强度小于B点的电场强度C.电子由A点运动到B点的过程中电场力对其所做的功W=EpA－EpBD.电子在A点的动能小于在B点的动能13、如图所示，两块较大的金属板A、B平行放置并与一电源相连，闭合后，两板间有一质量为电荷量为的油滴恰好处于静止状态。以下说法中正确的是（）

A.若将A板向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动B.若将S断开，则油滴立即做自由落体运动C.若将A板向左平移一小段位移，则油滴仍然静止D.若将S断开，再将A板向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动14、如图所示，将两个完全相同的圆形金属圆盘水平正对放置，两金属盘间距为d，使其带上等量异种电荷。现将一电荷量为的点电荷放置在上金属盘中心正上方的M点，M点到上金属盘中心的距离为d，此时两金属盘轴心中点处的N点电场强度恰好为0．已知静电力常量为k；忽略点电荷对两金属盘电荷分布的影响，则下列说法正确的是（）

A.上金属盘带负电B.点电荷产生的电场在N点处电场强度大小为C.两金属盘间电压的数值为D.上金属盘所带电荷产生的电场在N点处场强为15、如图所示，图线甲、乙分别为电源和某金属导体的U－I图线，电源的电动势和内阻分别用E、r表示；根据所学知识分析下列选项正确的是()

A.E＝50VB.r＝ΩC.当该导体直接与该电源相连时，该导体的电阻为20ΩD.当该导体直接与该电源相连时，电路消耗的总功率为80W评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、电场力做功的特点是：______，因此可以引入电势能。______是反映电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量。17、如图所示，水平平行线代表电场线，但未指明方向，带电量为10-8C的正电微粒，在电场中只受电场力的作用，由A运动到B，动能损失A点的电势为则微粒运动轨迹是虚线______（填“1”或“2”），B点的电势为______V。

18、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）则D点电势φD=____________V

（2）若该正方形的边长为a=20cm，且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为E=_________N/C19、下面各图均是用游标卡尺测量时的示意图，图甲中游标卡尺为50分度的游标卡尺，图乙中游标卡尺为20分度的，图丙中游标卡尺为10分度的，它们的读数分别为：________；________；________。

20、如图所示，电源电动势为E、内阻为r，外电阻分别为闭合电键S，当滑动变阻器的触头，P向下滑动时，四个理想电表A、的示数都将发生变化，电表的示数分别用I、和表示，电表示数变化量分别用和表示。

（1）示数和其中一定变小的是_________。

（2）表达式其中一定变小的是__________。

（3）变化量和其中绝对值最大的是___________。

（4）用r表示下列比值，注意结果的正负___________：。________________________________

（5）若的调节范围为为了让电阻消耗功率最大，则应取______为了让电阻消耗功率最大，则应取______为了让电阻消耗的总功率最大，则应取_____21、在如图所示的图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知电源的电动势为__________V，内阻为_________Ω，输出功率为__________W。

22、随着温度的升高，各种波长的辐射强度都有______。评卷人得分四、实验题(共1题，共2分)23、通过实验测量某金属丝的电阻率。

（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量示数如图示，可得金属丝直径的测量值d=______mm。

（2）将该金属丝绕在陶瓷管上，电阻值约为25Ω。除了开关、若干导线之外还提供了如表所示的器材：。器材名称规格电压表量程0~3V（内阻约为3kΩ）0~15V（内阻约为15kΩ）电流表量程0~0.6A（内阻约为0.1Ω）0~3A（内阻约为0.02Ω）滑动变阻器总电阻为10Ω直流电源电动势6V和12V

为较准确测量该金属丝的阻值，某同学用所给器材组成实验电路，如图所示。图中的①②③三条导线中有一条连接有误，该导线是______（填写导线编号）。正确连接后，闭合开关前，应该把滑动变阻器的滑片置于滑动变阻器的______（填“左端”“右端”）。

（3）若测得金属丝的长度为L，直径为d，电压表示数为U，电流表示数为I，实验中使用的电流表内阻为电压表内阻为若考虑电流表和电压表内阻的影响，则金属丝的电阻率ρ=______。评卷人得分五、解答题(共1题，共3分)24、（1）电荷A是如何对电荷B产生作用力的？电荷B是如何对电荷A产生作用力的？

（2）在空间中有一电场，把一带电荷量为q的试探电荷放在电场中的A点，该电荷受到的静电力为F。若把带电荷量为2q的点电荷放在A点，则它受到的静电力为多少？若把带电荷量为nq的点电荷放在该点，它受到的静电力为多少？电荷受到的静电力F与电荷量q有何关系？

（3）如图，若此电场为正点电荷Q的电场，在距Q的距离为r处放一试探电荷q，求q受到的静电力F与q的比值；该比值与q有关吗？

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

据题意分析：物块到达B点时速度为0，但加速度不一定是零，即不一定合力为0，这是此题的不确定处．弹簧作阻尼振动，如果接触面摩擦系数μ很小，则动能为最大时时弹簧伸长量小（此时弹力等于摩擦力μmg），而弹簧振幅变化将很小，B点弹簧伸长大于动能最大点；如果较大，则动能最大时，弹簧伸长量较大，（因弹力等于摩擦力，较大，摩擦力也较大，同一个弹簧，则需要较大伸长量，弹力才可能与摩擦力平衡），而此时振幅变化很大，即振幅将变小，则物块将可能在离O点很近处，就处于静止（速度为0，加速度也为0），此时B点伸长量可能小于动能最大时伸长量，B点势能可能小于动能最大处势能．至于物块在A点或B点时弹簧的弹性势能；由功能关系和动能定理分析讨论即可．

如果没有摩擦力，则O点应该在AB的中点，由于有摩擦力，物体从A到B过程中有机械能损失，故无法到达没有摩擦力情况下的B点，也即O点靠近B点．故．设物块在A点时弹簧的弹性势能为物块从A点运动到O点的过程，由能量守恒定律得则得即物块在A点时，弹簧的弹性势能小于故A错误；由A分析得物块从开始运动到最终停在B点，路程大于故整个过程物体克服阻力做功大于故物块在B点时，弹簧的弹性势能小于故B正确；从O点开始到再次到达O点，物体路程大于a，故由动能定理得，物块的动能小于故C正确；物块动能最大时，弹力等于摩擦力，而在B点弹力与摩擦力的大小关系未知，故物块动能最大时弹簧伸长量与物块在B点时弹簧伸长量大小未知，故此两位置弹性势能大小关系不好判断，故D错误．2、B【分析】【分析】

【详解】

A．感应带电；这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷，金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体B的右端要感应出正电荷，在导体A的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，A错误；

B．把带正电荷的物体C移近导体A后；把A和B分开，A带负电，B带正电，金属箔还是张开，B正确；

C．先把C移走；A；B电荷恢复原状，A、B两端都不带电，若再把A、B分开，A、B上的金属箔片不会张开，C错误；

D．先把A；B分开；再把C移走，然后重新让A、B接触，A与B上的电荷重新中和，A上的金属箔片闭合，B上的金属箔片也闭合，D错误；

故选B。3、C【分析】【详解】

A．A、B两点之间的电势差

代入解得

故A错误；

B．B、C两点之间的电势差

代入解得

即C点电势高，B点电势低，电场强度的方向不可能由B指向C；故B错误；

C．在AC上取两点E、F，使AE=EF=FC，在BD上取两点G、H，使BG=GH=HD，连接FD、EH、AG，得到三个等势面，电势差均为4V，用相似三角形法可求得点B到AG的垂直距离为1cm，电势差为4V，则电场强度

故C正确；

D．A和C之间的电势差

故D错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

沿电场线方向距离A点最远的点与A点的电势差最大，则圆周上各点与A点间最大的电势差为故选C.

【点睛】

此题关键是知道U=Ed的物理意义，注意d是电场中的两点沿电场线方向的距离.5、C【分析】【分析】

【详解】

A．托盘天平是测量质量的仪器；故A错误；

B．打点计是器是记录时间和位移的仪器；故B错误；

C．弹簧测力计是测量力的仪器；故C正确；

D．电流表是测量电流的仪器；故D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

A．电路中R2、R3与电容器C先并联再与R1串联，当光照强度增大时，R2阻值减小；外电路总电阻减小。当电源内阻与外电路总电阻相等时，电源有最大输出功率，由于未知电源内阻与外电路总电阻的大小关系，因此电源的输出功率可能是增大的，故A正确；

B．外电路总电阻减小，干路电流增大，R2、R3与电容器C并联部分的电压减小，流过R3的电流减小，因此流过电流表支路的电流增大。由于干路电流增大，因此R1两端电压增大；电压表示数增大，故B正确；

C．由于流过R1的电流增大，流过R3的电流减小，因此R1的功率增大，R3的功率减小；故C错误；

D．由于电容器两端的电压减小，因此其所带电荷量减小，场强

减小；带电液滴受到向上的电场力减小，因此液滴向下加速运动，故D正确。

本题选不正确的，故选C。二、多选题(共9题，共18分)7、C:D【分析】【分析】

【详解】

在匀强电场中，若a、b两点在同一电场线，由

解得

则带电粒子受到的电场力

若a、b两点不在同一电场线，由

则

即

故选CD。8、A:C【分析】【分析】

【详解】

D．下极板缓慢向下移动一小段距离，d增大，据平行板电容的决定式

可知电容器电容C减小，因为两极板和电源相连，所以电压不变，根据公式

可知电荷量Q减少；D错误；

A．根据公式

可知两极板间的电场强度E减小；所以油滴受到的电场力减小，故重力大于电场力，带电油滴将向下运动，A正确；

C．电场中某点的电势等于该点到参考点间的电势差，由于上极板电势为零，电场中场强方向向下，沿电场方向电势降低，故P点电势小于零，即

P点到上极板（参考点）间的距离不变，场强E减小，故P点的电势升高；C正确；

B．因油滴向下运动过程电场力做负功；电势能增大，故机械能减小，B错误。

故选AC。9、A:C【分析】【详解】

A．由B到A由动能定理可得

解得

则

故A正确；

BC．由题可知BC间的电势差UBC=100V，所以AC间的电势差为

则B点与AC中点电势相等，连接B点与AC中点即为等势线，如图所示，由几可关系可知，电场线方向沿AD方向，且电场线由电势高的等势面指向电势低的等势面，则电场线方向由A指向D，电场强度大小为

故B错误；C正确；

D．电场线方向沿AD方向且由A指向D，故在整个三角形内，顶点A的电势最高；故D错误。

故选AC。

10、B:C【分析】【详解】

设轻绳的拉力为T，则对A有：联立解得：故B正确，A错误；把AB看成一个整体有：故C正确，D错误．所以BC错误，AD正确．11、B:D【分析】【详解】

A．点电荷＋Q在a、c两点的电场强度大小相等；方向相反，可知与匀强电场叠加后，合场强大小不相等，故A错误；

BC．点电荷＋Q在b、d两点的电势相等，匀强电场在b、d两点的电势相等，电势是标量，可知点电荷和匀强电场叠加后，b点的电势等于d点的电势，点电荷＋q沿bedf在球面上b、d两点之间移动时；静电力不做功，故B正确，C错误；

D．点电荷＋Q在球面上任意点的电势均相等；匀强电场在球面上的a点的电势最高，在球面上的c点的电势最低；故叠加后球面上的a点的电势最高，c点的电势最低，根据

可知将点电荷＋q在球面上任意两点之间移动，从a点移动到c点电场力做功最大；电势能的变化量最大，故D正确。

故选BD。12、A:C【分析】【详解】

A．由于A、B两点的电势能与两个位置间的关系如题图乙所示；说明电势随位置均匀增加，电场强度不变，不是孤立点电荷形成的电场，选项A正确；

B．A、B两点的电场强度相等；选项B错误；

C．由题图乙可知，电子在A、B两点的电势能分别为EpA和EpB；且。

EpB>EpA说明电子由A运动到B时电势能增大；电场力做负功，电场力对其所做的功为。

W=EpA－EpB选项C正确；

D．电场力做负功，动能减小，电子在A点的动能大于B点的动能；选项D错误。

故选AC。13、A:C【分析】【详解】

A．电容器两板间带电油滴恰好处于静止状态，则有重力与电场力平衡，则有mg=qE

若将A板向上平移一小段位移，两板间距d增大，电容器两板间的电压U不变，由可知；两板间的电场强度减小，油滴受电场力减小，重力大于电场力，则油滴向下加速运动，A正确；

B．若将S断开，电容器所带电荷量Q不变，电容C不变，由电容的定义式可知；两板间的电压不变，场强不变，则油滴仍处于静止状态，B错误；

C．若将A板向左平移一小段位移，电容器两板相对面积S减小，电容器两板间的电压U不变；场强不变，则油滴仍处于平衡状态，油滴仍然静止，C正确；

D．若将S断开，电容器所带电荷量Q不变，再将A板向下平移一小段位移，d减小，S不变，由平行板电容器的电容决定式电容的定义式和场强公式联立解得

可知，电场强度E与电容器两板间距d无关；场强不变，则油滴仍处于静止状态，D错误。

故选AC。14、A:C【分析】【详解】

A．两金属圆盘可视为平行板电容器，由于M点处的正电荷在N点产生的场强方向向下，且N点的合场强为零；所以两盘间场强方向应向上，所以下金属盘带正电，故A正确；

BD．N点的合场强为零，所以点电荷与两金属盘在N点处的场强均为

由于两金属盘间产生的电场为匀强电场，板间N点场强为上金属盘和下金属盘在N点产生场强的合场强，根据对称性可知，上金属盘在N点产生的场强为

故BD错误；

C．根据可知，两金属盘电压数值为

故C正确。

故选AC。15、A:C【分析】【详解】

AB．由图象的物理意义可知电源的电动势E＝50V，内阻r＝＝Ω＝5Ω，

故A正确；B错误；

CD．该导体与该电源相连时，电阻的电压、电流分别为U＝40V，I＝2A，则R＝＝20Ω，

此时，电路消耗的总功率P总＝EI＝100W，

故C正确，D错误．三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【详解】

[1]由公式可知；电场力做功的特点是与路径无关，只与初末位置有关，因此可以引入电势能；

[2]电动势是反映电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量。【解析】与路径无关，只与初末位置有关电动势17、略

【分析】【详解】

[1][2]根据动能定理得qUAB=△Ek

可得到

由UAB=φA-φB

则B点的电势φB=φA-UAB=2×103-（-2×104）V=2.2×104V

电荷从A点运动到B点时动能减少，电场力做负功，又电场力指向轨迹的内侧，则判断出来微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示。【解析】218、略

【分析】【详解】

(1)[1]匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接DF；是一条等势线．

将DF延长交于AB于P点，则P点的电势为φP=φD=9V

可知P是AB的中点，

PD是该电场的一条等势线，作AM⊥PD，根据等面积原理知

场强【解析】919、略

【分析】【详解】

[1]在图甲中，主尺读数为42mm，游标尺上第5条刻度线与主尺上的一条刻度线对齐，由于游标尺是50分度的，所以读数为42mm＋5×0.02mm＝42.10mm

[2]在图乙中，主尺读数为63mm，游标尺上第6条刻度线与主尺上的一条刻度线对齐，由于游标尺是20分度的，所以读数为63mm＋6×0.05mm＝63.30mm

[3]