2025年外研版必修1物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版必修1物理下册阶段测试试卷194考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在国际单位制中，选项中物理量与对应单位正确的是（）A.质量克B.力牛顿C.长度千米D.电容库仑2、挥杆套马是我国蒙古族传统体育项目，烈马从骑手身边奔驰而过时，骑手持6m长的套马杆，由静止开始催马追赶，最终套住烈马。整个过程二者的v-t图像如图所示；则下列说法正确的是（）

A.骑手追赶烈马过程中二者之间的最大距离为40mB.t=9s时骑手刚好追上烈马C.骑手在t=8s时挥杆，能套到烈马D.8-9s内烈马的加速度小于0-6s内骑手的加速度3、北京时间2022年6月5日10时44分；搭载神舟十四号载人飞船的长征二号火箭，在酒泉卫星发射中心点火成功发射，航天员陈冬；刘洋、蔡旭哲顺利进入中国空间站的天和核心舱，正式开启6个月的太空之旅。若空间站绕地球做匀速圆周运动，距地球表面的高度为400公里，每90分钟绕地球一周，速度为7.68km/s，根据以上信息，下列说法正确的是（）

A.信息中的90分钟指的是时刻B.7.68km/s指的是平均速度C.以地心为参考系，中国空间站绕地球飞行一圈，其路程为零D.在研究天和核心舱与地面之间距离时，可以把天和核心舱看做质点4、如图；是石拱桥的简化示意图。它是用四块相同的坚固石块垒成圆弧形的石拱，其中，第3；4块固定在地基上，第1、2块间的接触面是竖直的，每块石块的两个侧面间所夹的圆心角均为30°。石块间的摩擦力忽略不计，则第1、3石块间的作用力和第1、2石块间的作用力大小之比为（）

A.B.C.D.5、关于力和运动，下列说法中不正确的是（）A.力是使物体速度变化的原因B.力是使物体运动方向改变的原因C.力是使物体从静止到运动的原因D.力是使物体运动的原因6、四个质量均为m的小球，分别用三条轻绳和一根轻弹簧连接，处于平衡状态，如图所示．现突然迅速剪断轻绳A1、B1，让小球下落，在剪断轻绳的瞬间，设小球1、2、3、4的加速度分别用a1、a2、a3和a4表示；则（）

A.a1＝g，a2＝g，a3＝2g，a4＝0B.a1＝0，a2＝2g，a3＝0，a4＝2gC.a1＝g，a2＝g，a3＝g，a4＝gD.a1＝0，a2＝2g，a3＝g，a4＝g7、图甲是某人站在力传感器上做下蹲、起跳动作的示意图，中间的表示人的重心．图个点在图甲中没有画出．取重力加速度．根据图象分析可知（）．

A.人的重力为1500NB.C点位置人处于超重状态C.e点位置人处于失重状态D.d点的加速度小于f点的加速度评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示，小车的质量为m0，人的质量为m，人用恒力F拉绳；若人和小车保持相对静止，不计绳和滑轮质量及小车与地面间的摩擦，则小车对人的摩擦力可能是()

A.0B.F，方向向右C.F，方向向左D.F，方向向右9、我国“蛟龙号”深潜器在某次实验时；深潜器内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面10min内全过程的深度曲线和速度图像，则下列说法正确的是（）

A.图中代表本次下潜最大深度B.全过程中最大加速度是C.深潜器加速度向上发生在3~4min和6~8min的时间段内D.6~10min内，深潜器的加速度不变10、在一平直的水平路面上有甲、乙两辆汽车同向行驶。某时刻乙车在甲车前方处，从该时刻开始计时，内甲；乙两车做匀变速直线运动的速度与时间的关系图象如图所示。下列说法中正确的是（）

A.时刻，甲车刚好追上乙车B.时刻，甲车刚好追上乙车C.乙车的加速度大小大于甲车的加速度大小D.此过程中甲．乙两车之间的距离先减小后增大11、如图所示为甲、乙两个物体在同一条直线上运动的图像，时两物体相距在t=1s时两物体相遇；则下列说法正确的是（）

A.t=0时，甲物体在后，乙物体在前B.t=2s时，两物体相距最远C.t=3s时，两物体再次相遇D.t=4s时，甲物体在乙物体后12、下列各组物理量中，全都是矢量的是（）A.位移、速度、加速度B.温度、速度、时间C.速度、位移、力D.速度、质量、加速度13、如图所示，一根弯折的光滑杆竖直放置，上面套着两个小环A、B，小环直径略大于杆，两小环用轻绳相连。小环A在沿杆的力F的作用下缓慢沿杆向上运动的过程中；下列说法正确的是（）

A.杆对B环的弹力减小B.轻绳上的张力会变大C.力F变小D.杆对A环的弹力变小14、如图，质量为3m的光滑圆球B紧靠竖直墙壁置于光滑水平地面上，质量为m的均匀圆球A用一定长度的轻质细绳悬挂于竖直墙壁上的P点，O1、O2为两球的球心，平衡时PO2与竖直方向的夹角θ=53°，且两球心的连线与PO2恰好垂直，已知重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.细绳对A球的拉力大小为B.A球对B球的压力大小为C.B球对墙面的压力大小为D.B球对地面的压力大小为15、一辆汽车在高速公路上正常行驶，司机发现前方有事故后，立即刹车制动至停止。则下列说法正确的是（）A.汽车的质量越大惯性就越大B.汽车的速度越大惯性就越大C.汽车停止运动后没有惯性D.汽车运动状态的改变是因为受到力的作用16、如图所示，放在水平桌面上的木块A处于静止状态，所挂的托盘和砝码总重量为6N，弹簧秤读数为2N，滑轮摩擦不计。若轻轻取走部分砝码，使托盘和砝码总重量减小为4N，将会出现的情况是（）

A.A对桌面的摩擦力不变B.弹簧秤的读数不变C.A仍静止不动D.弹簧秤的读数减小评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500N/m.如图1所示，用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验．在保持弹簧伸长1.00cm不变的条件下：

(1)若弹簧秤a、b间夹角为90°，弹簧秤a的读数是________N(图2中所示)，则弹簧秤b的读数可能为________N.

(2)若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，则弹簧秤a的读数________、弹簧秤b的读数________(填“变大”“变小”或“不变”)．18、如图所示一小球从离地4m高的A点竖直落下，在地面上竖直反弹至离地面高为3m的B点后又落回地面，再反弹至离地面高为2m的C点，再落回地面，又反弹回离地面高为1m的D点，此后落在地面上不再反弹而静止。以向下为正方向，则该过程中小球位移为______，小球通过的路程为______。

19、浮在水面上的小木块受到重力与浮力的作用，其中，重力的施力物体是___________，浮力的受力物体是___________。20、等效替代方法是物理学中一种重要的方法，以前学过的_______________________就是应用了等效替代方法.引入平均速度时是用________运动来替代_______________________运动，等效条件是指___________________。21、某同学用弹簧秤称一木块重5N；把木块放在水平桌面上，弹簧秤水平地向右拉木块．

（1）当弹簧秤读数为1N时；木块未被拉动，这时木块受到的是________摩擦力，大小是_________，方向向______.

（2）当弹簧秤的读数是2.1N时；木块刚好开始移动，此时木块受到的是_________摩擦力，大小是____________，方向向______.

（3）开始运动后；使木块保持匀速直线运动，弹簧秤的读数变为2N，此时木块受到的是______摩擦力，大小是______.

（4）若使弹簧秤在拉动木块运动中读数变为3N时，木块受到的摩擦力是______摩擦力，大小是________.评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)22、如图所示，粗糙的长方体木块A、B叠在一起，在B木板上施加水平外力F；使A；B一起向右匀速运动，试分别画出A、B的受力示意图。

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)23、某兴趣小组要测量一个重物的重力。实验器材：一根轻弹簧、手机、1个钩码、不计质量的细线、重物、刻度尺。由于重物的重力超过了弹簧的弹性限度，故该小组设计如下实验方案，已知本地重力加速度实验步骤：

（1）如图甲所示，用轻弹簧竖直挂起1个钩码时，测出弹簧伸长量为

（2）用弹簧与细线互成角度吊起重物，稳定时测出弹簧伸长量为则此时弹簧的弹力大小为_________N；

（3）用手机软件测出两侧细线与竖直方向夹角分别为如图乙所示。画出的拉力的方向如图丙两侧虚线所示，请用图示法在图丙中画出二者的合力______（已知单位长度表示的力为）；

（4）由作图结果可得重物的重力为__________N（保留两位小数）。24、小姚同学用如图甲所示装置做“探究加速度与力；质量关系”实验。

①关于此实验的下列说法，正确的是__________。

A．垫上木块是为了更好地使小车加速下滑。

B．补偿阻力时；应使小车拖着纸带但不挂槽码。

C．应调节滑轮高度使细线与小车轨道平行。

D．槽码质量应该和小车质量差不多；以减小相对阻力。

②图乙为某次实验得到的纸带，图中相邻计数点间还有4个点未画出，打点计时器频率为50Hz，则打下计数点4时小车的速度为__________m/s，由纸带可得小车运动的加速度为__________（以上均保留两位有效数字）

③根据实验数据得到加速度与力的关系如图丙中实线所示，则可知所挂槽码质量不应超过__________（单选）。

A.22gB.30gC.50g25、某同学用不同工具分别测量了某物体的几处外径；如图所示：

（1）螺旋测微器读数为_______mm；

（2）游标卡尺读数为_______mm。

26、用图甲所示的装置进行“探究加速度与力；质量之间的关系”实验；图乙是其俯视图．两个相同的小车放在平板上，车左端各系一条细绳，绳跨过过定滑轮各挂一个相同的小盘．实验中可以通过增减车中的钩码改变小车的质量，通过增减盘中的砝码改变拉力．两个小车右端通过细线用夹子固定，打开夹子，小车在小盘和砝码的牵引下运动，合上夹子，辆小车同时停止．

（1）实验中，小车通过的位移之比为1:2，则两小车的加速度之比为__________；

（2）为使小车所受的拉力近似等于小盘和砝码的总重力，应使小盘和砝码的总质量______（选填“远大于”或“远小于”）小车的质量；

（3）探究“加速度与质量之间的关系”时，应在小盘中放质量______（选填“相同”或“不相同”）的砝码；

（4）探究“加速度与质量之间的关系”时，事实上小车和平板间存在摩擦力，下列说法中正确的是_________

A.若平板保持水平；选用更光滑的平板有利于减小误差。

B.平板右端适当垫高以平衡摩擦力有利于减小误差。

C.因为两小车质量相同时与桌面的摩擦力相同，所以摩擦力不影响实验结果评卷人得分六、解答题(共4题，共28分)27、某质点由静止开始做单向直线运动；已知第1s通过的位移是5m，第2s通过的位移是13m，第3s通过的位移是9m，第4s通过的位移是3m。

(1)求质点在0～4s内的平均速度的大小

(2)如果质点先做匀加速直线运动，后又做匀减速直线运动，第4s末恰好静止，求质点的最大速度vm及做匀加速直线运动的时间t加。28、在如图所示的坐标系中，坐标的单位为km，已知A、B两村庄的坐标分别为一辆汽车在x轴上行驶，从原点O出发。汽车行驶到离A村最近时，汽车的位置坐标为多少？汽车行驶到离B村5km时，汽车的位置坐标为多少？29、如图甲所示，质量m＝1kg的物块在平行斜面向上的拉力F作用下从静止开始沿斜面向上运动，t＝0.5s时撤去拉力，利用速度传感器得到其速度随时间的变化关系图象（v-t图象）如图乙所示，g取10m/s2；求：

(1)2s内物块的位移大小x和通过的路程L；

(2)沿斜面向上运动两个阶段的加速度和拉力F的大小。

30、如图1所示，质量为M的木楔倾角为并固定在在水平面上，当将一质量为m的木块放在木楔斜面上时，它正好匀速下滑。现用与木楔斜面成角的力F拉木块；木块匀速上升。求：

（1）当为多大时，拉力F有最小值；并求此最小值；

（2）若取消对木楔的固定，且不考虑各接触面的摩擦力，将外力改为水平方向，如图2所示，在水平外力作用下，木块与木楔相对静止一起做匀加速直线运动，求外力及加速度的大小。

（3）若取消对木楔的固定，且不考虑各接触面的摩擦力，将外力改为作用在木楔的水平外力如图3所示，当木块做自由落体运动时，求水平向右外力的最小值

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．在国际单位制中；质量的单位是千克。故A错误；

B．在国际单位制中；力的单位是牛顿。故B正确；

C．在国际单位制中；长度的单位是米；千米是一个常用单位。故C错误；

D．在国际单位制中；电容的单位是法拉第。故D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

A．当骑手和烈马速度相同时二者间距最大，由v-t图像图线与坐标轴所围的面积表示位移，可得

A错误；

B．由图形所围的面积可以算出0~9s内，烈马的位移为

骑手0~9s内位移

因x1>x2

因此t=9s时骑手未追上烈马；B错误；

C．由图形所围的面积可以算出0~8s内，烈马的位移为

骑手的位移为

套马杆长l=6mx4+l>x3

所以骑手在8s时刻挥杆；能套到烈马，故C正确；

D．由加速度定义式

知8~9s内烈马加速度

0~6s内骑手的加速度

故D错误。

故选C。3、D【分析】【详解】

A．信息中的90分钟指的是时间；故A错误；

B．7.68km/s指的是瞬时速度大小；故B错误；

C．以地心为参考系；中国空间站绕地球飞行一圈，其位移为零，路程不为零，故C错误；

D．在研究天和核心舱与地面之间距离时；天和核心舱的形状大小可以忽略不计，可以把天和核心舱看做质点，故D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

如下图所示。

对第一个石块进行受力分析，由几何关系知θ=60°，所以有

故选D。5、D【分析】【详解】

ABC．运动状态的改变是指运动方向或运动快慢的改变或它们同时改变；力是物体运动状态改变的原因，故ABC正确，不符合题意；

D．力是物体运动状态改变的原因；不是维持物体运动的原因，故D错误，符合题意。

故选.D。6、A【分析】试题分析：在剪断绳的瞬间，1、2球由于用绳连接，1和2与将与绳一起下落，根据牛顿第二定律，对整体研究得到，整体的加速度等于重力加速度g，则1、2受到的加速度等于g，即a1=g，a2=g．在剪断绳前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于mg，绳对3物体的拉力2mg．在剪断绳的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，4的受力情况没有变化，则4所受合力为零，即F=0．a4=0，3所受的合力大小等于绳的拉力大小2mg，即F=2mg，由牛顿第二定律可得2mg=ma3，a3=2g；故A正确故选A．

考点：牛顿第二定律7、B【分析】【详解】

A．开始时人处于平衡状态；人对传感器的压力是500N，根据牛顿力平衡可知，人的重力也是500N，即质量为50kg，A错误；

B.c点时人对传感器的压力大于其重力；处于超重状态，B正确；

C.e点时人对传感器的压力大于其重力；处于超重状态，C错误；

D.人在d点人在f点可知d点的加速度大于f点的加速度；D错误．

故选B.二、多选题(共9题，共18分)8、A:C:D【分析】【详解】

根据牛顿第二定律，人和小车整体分析2F=(m0＋m)a

隔离对人分析，人在水平方向上受拉力、摩擦力，设摩擦力f方向水平向右，根据牛顿第二定律F-f=ma

解得小车对人的摩擦力f＝F

A.f＝F，若m0=m；则小车对人的摩擦力为零，故A正确；

BC.f＝F，若m0<m，则f0，和假设的方向相反，即静摩擦力方向向左，小车对人的摩擦力大小为F；故B错误，C正确；

D.f＝F，若m0>m，则f0，和假设的情况相同，方向向右，故D正确．9、A:C【分析】【详解】

A．由深度图像可知，图中代表本次下潜最大深度；选项A正确；

B．全过程中最大加速度是在和的时间内，大小为

选项B错误；

C．因图线的斜率等于加速度，斜率的符号表示加速度的方向，故深潜器加速度向上发生在和的时间段内；选项C正确；

D．内；深潜器的加速度大小不变，方向发生了变化，选项D错误。

故选AC。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．速度图像中面积表示位移，所以前2s内甲的位移

乙的位移

因为

所以t=2s时刻；甲车刚好追上乙车，故A正确；

B．同理前4s内甲的位移

前4s内乙的位移

前4s内的甲、乙位移相同，但初时刻乙车在甲车前方15m处，所以t=4s时刻；甲；乙没有相遇，故B错误；

C．速度图像中斜率表示加速度，所以甲的加速度大小

乙的加速度大小

所以乙车的加速度大小小于甲车的加速度大小；故C错误；

D．因为t=2s时刻；甲车刚好追上乙车，所以前2s甲；乙距离减小，后2s甲、乙距离增大，故D正确。

故选AD。11、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A.t=1s时，两物体相遇，由图像可知0~1s内甲的速度始终比乙大，因此可知t=0时刻甲物体在后；乙物体在前，故A正确；

B.t=0时，甲乙相距3x0；此后甲乙间距离先减小后增大，速度相等时是第一次相遇后距离最远的时刻，但不是全过程甲乙之间距离的最大值，因为在甲乙第2次相遇后，随着时间的延长，乙反超甲的距离越来越大，两者相距最远的时刻无法确定，选项B错误；

C.t=1s时两物体相遇，观察图像的对称性可知，第2s内甲超越乙的位移和第3s内乙反超甲的位移大小相等，因此t=3s时两物体再次相遇；选项C正确；

D.观察图像的对称性可知，t=4s时，甲物体在乙物体后3x0处；选项D正确。

故选ACD。12、A:C【分析】【详解】

A．位移；速度、加速度是矢量；既有大小，又有方向，A正确；

B．温度；时间是标量；速度是矢量，B错误；

C．速度；位移、力；是矢量，既有大小，又有方向，C正确；

D．速度和加速度是矢量；质量是标量，D错误。

故选AC。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

受力分析如图。

设绳子与竖直杆的夹角为α，与倾斜杆的夹角为β。

AB．对环B分析有

随着环A上移，夹角为α逐渐增大；所以绳子张力增大，杆对B环的弹力增大。A错误，B正确；

C．设倾斜杆与水平方向的夹角为θ，对A环受力分析有

随着环A上移，夹角为β逐渐减小，力F变大；C错误；

D．对两个小环和细绳整体受力分析

由几何关系可得为斜杆和竖直方向的夹角为定值，因此减小；D正确。

故选BD。14、B:D【分析】【详解】

对物体进行受力分析；如图。

A．细绳对A球的拉力

故A错误；

B．A球处于受力平衡，则B球对A球的支持力

即A球对B球的压力大小为故B正确；

C．墙面对B球的弹力

即B球对墙面的压力大小为故C错误；

D．地面对B球的支持力

即B球对地面的压力大小为故D正确。

故选BD。15、A:D【分析】【分析】

【详解】

ABC．一切物体在任何时候都有惯性；物体的惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与物体是否受力以及物体的运动状态都无关。故A正确；BC错误；

D．力是改变运动状态的原因。故D正确。

故选AD。16、B:C【分析】【分析】

【详解】

当托盘和砝码盘总重量为6N时，绳对A的拉力大小为6N方向水平向右，弹簧弹力2N方向水平向左，根据A的平衡知A受地面摩擦力的大小为4N，方向水平向左，同时得到水平面对A的最大静摩擦力大于或等于4N；当托盘和砝码总重量减小为4N时，绳对A的拉力为4N方向水平向右，绳拉力与弹簧对A的拉力合力为故不能拉动物体A，所以弹簧弹力2N保持不变，根据平衡知此时A受摩擦力大小为2N方向水平向左。

故选BC。

考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力。

【名师点睛】

本题考查了物体的动态平衡，解答的关键是判断物体在第二个状态中是否静止，同时注意滑动摩擦力和静摩擦力的区别。三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

试题分析：（1）根据胡克定律可知，

根据弹簧秤的读数方法可知，a的读数为3．00N；两弹簧秤夹角为90°，则可知，b的读数为：

（2）若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角；如图所示；则可知两弹簧秤的示数均变大；

考点：考查验证平行四边形定则的实验。

【名师点睛】

由胡克定律可求得拉力大小；再根据弹簧秤的读数方法可明确对应的读数；根据几何关系即可求得b的读数；根据题意作出对应的图象，根据图象即可明确随夹角的变化两弹簧秤拉力的变化情况【解析】3.00；4.00；变大；变大18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小球的初位置在离地4m高的A点；末位置在地面上，所以物体的位移为向下的4m，所以位移的大小为4m；

[2]路程是物体经过的总路线的长度；小球一共要上升3次，每次的最大的高度分别为3m，2m，1m，到达最高点之后再落回到地面，所以小球经过的总的路程为。

【解析】4m16m19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]浮在水面上的小木块受到重力与浮力的作用，其中，重力的施力物体是地球；浮力的受力物体是木块。【解析】地球木块20、略

【分析】【详解】

[1]．等效替代方法是物理学中一种重要的方法；以前学过的串联和并联电路总电阻就是应用了等效替代方法.

[2][3][4]．引入平均速度时是用匀速运动来替代变速运动，等效条件是指相等时间内通过相等位移；【解析】串联和并联电路总电阻匀速变速相等时间内通过相等位移21、略

【分析】【详解】

（1）当弹簧秤读数为1N时；木块未被拉动，这时木块受到的是静摩擦力，大小是1N，方向向左．

（2）当弹簧秤的读数是2.1N时；木块刚好开始移动，此时木块受的是最大静摩擦力，大小是2.1N，方向向左．

（3）开始运动后；使木块保持匀速直线运动，弹簧秤的读数变为2N，此时木块受到的是滑动摩擦力，大小是2N．

（4）若使弹簧秤在拉动木块运动中读数变为3N时；木块受到的摩擦力是滑动摩擦力，大小是2N．

【点睛】

此题首先要判断物体与地面之间的摩擦力是静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力用平衡知识求解，滑动摩擦力用公式f=μN求解。【解析】静1N左最大静2.1N左滑动2N滑动2N四、作图题(共1题，共10分)22、略

【分析】【详解】

先对A分析。

再对B分析。

【解析】五、实验题(共4题，共8分)23、略

【分析】【详解】

（2）[1]由胡克定律可得弹簧的劲度系数为

弹簧的伸长量为4.00cm时，弹簧弹力的大小为

（3）[2]图示法画出二者的合力如图所示。

（4）[3]由作图结果可得重物的重力为

因为作图有误差，所以重力的范围为11.17N~12.35N。【解析】7.8411.76（11.17~12.35）24、略

【分析】【详解】

①[1]

A．垫上木块是为了平衡摩擦力；使小车所受合外力为绳子的拉力，故A错误。

B．补偿阻力时；应使小车拖着纸带但不挂槽码，能够沿着木板匀速下滑，故B正确；

C．应调节滑轮高度使细线与小车轨道平行；从而使拉力即为小车的合外力，故C正确；

D．应使槽码质量远远小于小车质量；才可以将槽码重力近似为小车的合外力，故D错误。

故选BC。

②[2]由题意可得，相邻两计数点的时间间隔为

则由图可得打下计数点4时小车的速度为

[3]由题可得加速度为

③[4]由图像得，当时，a-F图像不再是过原点的直线，则所挂槽码质量不应超过

故选A。【解析】BC##CB0.28～0.320.26-0.34A25、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据螺旋测微器读数规则，图中读数为

（2）[2]根据游标卡尺读数规则，图中读数为【解析】3.372~3.37491.6026、略

【分析】【详解】

（1）[1]小车做初速度为零的匀加速直线运动，由匀变速直线运动的位移公式：

可知：

两小车的运动时间t相等；则两车的加速度之比等于位移之比，为1：2．

（2）[2]根据牛顿第二定律，对小盘和砝码分析有：

对小车分析有：

联立解得：

则拉力

由上式可知，当时才可以认为拉力F等于小盘和砝码的重力mg；

（3）[3]本实验是控制变量法的实验；探究“加速度与质量之间的关系”时，要保证拉力不变，则应在小盘中放质量相同的砝码．

（4）[4]A.若平板保持水平；选用更光滑的平板，摩擦认为等于0，此时合外力即为轻绳的拉力，可以认为合外力不变，则有利于减小误差，故A正确；

B.平板右端适当垫高以平衡摩擦力；此时合外力即为轻绳的拉力，可认为合外力不变，则有利于减小误差，故B错误；