2025年人教版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、一个直流电动机，当转子被抱死时，它两端所加电压为通过它的电流为当它两端所加电压为电动机正常工作时，通过电动机的电流为由此可知电动机正常工作时（）A.电动机消耗的电功率B.电动机的发热功率为C.电动机正常工作时，通过细绳可将质量为的物体以的速度沿竖直方向匀速吊起（不计一切摩擦，）D.电动机的工作效率为85%2、如图所示，水平固定的圆环带正电荷，且电荷均匀分布，圆环圆心为O，MN为过O点的竖直线，且四边形abcd是以O为中心、MN为对称轴的正方形；其边长小于圆环的直径．则下列说法正确的是。

A.a、d两点处的电场强度相同B.将一试探电荷由d点沿dc边移动到c点的过程中电场力始终不做功C.若将一重力不计的负试探电荷从M点由静止释放，则试探电荷运动到N点时速度恰好为0D.若将一重力不计的负试探电荷从M点由静止释放后能运动到N点，则过O点时试探电荷的加速度最大3、物理学方法是理解物理新思想、揭示物理本质规律的纽带和桥梁。下列有关物理学研究方法的叙述中，正确的是（）A.△t→0时的平均速度可看成瞬时速度运用了等效替代法B.探究力的合成满足平行四边定则运用了控制变量法C.库仑通过扭秤实验的研究得到库仑定律运用了微小量放大法D.伽利略研究自由落体运动运用了理想模型法4、两个点电荷相距r时，相互作用力为F，则（）A.电荷量不变距离加倍时，作用力变为B.其中一个电荷的电荷量和两电荷间距都减半时，作用力变为2FC.每个电荷的电荷量和两电荷间距都减半时，作用力为4FD.一个电荷的电荷量和两电荷间距都增加相同倍数时，作用力不变5、如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b．下列表述正确的是。

A.该电场是匀强电场B.a点的电场强度比b点的大C.a点的电势比b点的高D.正电荷在a、b两点受力方向相同6、如图所示为某电场电场线的一部分，如比较A、B、C三点；下列说法正确的是（）

A.C点场强最大B.A点电势最低C.正电荷在C点的电势能最大D.负电荷在C点的电势能最大评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、如图所示，A、B、C是等边三角形的三个顶点，AB边的中点为M，BC边的中点为N，O点为三角形的中心，分别在A、B、C固定放置电荷量为+Q、+Q、-Q的点电荷时；下列说法正确的是（）

A.M、N两点的电场强度大小相等B.M点的电势高于N点的电势C.将一个不计重力的负电荷沿直线由O点向C点移动的过程中，电势能逐渐减小D.将一个不计重力的负电荷沿直线由O点向N点移动的过程中，受到的电场力做负功8、某带电金属棒所带电荷均匀分布，其周围的电场线分布如图所示，在金属棒的中垂线上的两条电场线上有A、B两点，电场中另有一点C．已知A点到金属棒的距离大于B点到金属棒的距离，C点到金属棒的距离大于A点到金属棒的距离；则（）

A.A点的电势高于B点的电势B.B点的电场强度大于C点的电场强度C.负电荷在A点的电势能小于其在B点的电势能D.将正电荷沿AC方向从A点移动到C点，电场力做正功9、真空中相距为3a的两个点电荷M、N分别固定在x轴上和的两点，在两者连线上各点的电场强度E随x变化的关系如图所示，设场强沿x轴正方向时取正值，则以下判断正确的是（）

A.点电荷M、N均为正电荷B.M、N所带电荷量的绝对值之比为2：1C.x=2a处的电势一定为零D.沿x轴从0到3a电势先降低再升高10、如图；平行板电容器的两个极板A；B水平正对放置，一个电介质板放在B板上表面，两板与电源的正、负极相连，开关S闭合，一个带电粒子静止在两板间。下列举措产生的现象判断正确的是（）

A.仅将开关S断开，粒子会向下运动B.仅将极板A向上平移，粒子会向下运动C.仅将极板A向上平移，G中有从左向右的电流D.仅将电介质移出电容器，G中有从左向右的电流11、若将两个电源的U-I关系图像画在同一直角坐标系上；如图所示，由图像可得出正确的结论是（）

A.电动势E1＝E2，内阻r12B.电动势E1＝E2，内阻r1>r2C.发生相同电流变化的情况下，电源1的路端电压变化较大D.发生相同电流变化的情况下，电源2的路端电压变化较大评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、如图，两根通电长直导线a、b平行放置，a、b中的电流强度分别为I和2I，此时a受到的磁场力大小为F，若以该磁场力的方向为正，则b受到的磁场力大小为_____．当在a、b的正中间再放置一根与a、b平行共面的通电长直导线c后，a受到的磁场力大小变为2F，则此时b受到的磁场力大小为_____．13、三根完全相同的长直导线互相平行，通以大小和方向都相同的电流。它们的截面处于一个正方形abcd的三个顶点a、b、c处，如图所示。已知每根通电长直导线在其周围产生的磁感应强度与距该导线的距离成反比，通电导线b在d处产生的磁场其磁感应强度大小为B，则三根通电导线产生的磁场在d处的总磁感应强度大小为______。

14、半径为r、电流为的通电圆环圆心处的磁感应强度为B，在圆环下方距圆心a处水平放置一根电流为的无限长直导线时，圆环圆心处的磁感应强度变为零．设圆环平面和长直导线在同一竖直平面内，如图所示，根据对称性，直导线电流在导线下方距导线a处产生的磁感应强度的大小为________，方向_________．

15、如图所示，在同一平面内有两根互相平行的长直导线1和2，通有大小相等、方向相反的电流，a、b两点与两导线共面，a点在两导线的中间，与两导线的距离均为r，b点在导线2右侧，与导线2的距离也为r．现测得a点的磁感应强度为B，则去掉导线1后，b点的磁感应强度大小为_________，方向_______．

16、使两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷）分别带上－3Q和＋5Q的电荷后，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1，现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2，则F1与F2之比为______。17、“用DIS描绘电场的等势线”的实验装置示意图如图所示．

实验操作时；需在平整的木板上依次铺放_______

A．导电纸；复写纸、白纸。

B．白纸；导电纸、复写纸。

C．导电纸；白纸、复写纸。

D．白纸、复写纸、导电纸18、如图所示，A、B是电场中的两点，电势_______（选填“>”、“=”或“<”），场强_____（选填“>”、“=”或“<”）；将某负点电荷由A点移至B点，电场力做______功（选填“正”或“负”）。

19、如图所示，菱形ABCD的边长为L，顶角A为60°，对角线AB水平、CD竖直，O是两条对角线的交点。两个带相等电荷量的负点电荷固定在菱形的两个顶点A、B上，若将一质量为m、带电荷量为+q的小球在C点由静止释放，小球向上最高可运动到O点，若在C点给小球某一向上的初速度，小球最高可运动到D点，已知重力加速度为g，则CO两点之间的电势差UCO=______；小球从C点运动到D点过程中，经过O点时的速度vO=________。

20、煤炭和石油的燃烧对环境的危害∶

（1）燃烧时增加了大气中________的含量；加剧了温室效应。

（2）因为煤炭和石油中含有硫，燃烧时形成二氧化硫等物质使雨水的酸度升高，形成“_____”。

（3）内燃机工作时的高温使空气和燃料中的多种物质发生化学反应，产生氮的氧化物和碳氢化合物。这些化合物在大气中受到紫外线的照射，产生二次污染物质——________。评卷人得分四、实验题(共2题，共4分)21、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中；现除了有一个标有“5V，2.5W”的小灯泡；导线和开关外，还有：

A.直流电源(电动势约为5V；内阻可不计)

B.直流电流表(量程为0~3A；内阻约为0.1Ω)

C.直流电流表(量程为0~600mA；内阻约为5Ω)

D.直流电压表(量程为0~15V；内阻约为15kΩ)

E.直流电压表(量程为0~5V；内阻约为10kΩ)

F.滑动变阻器(最大阻值10Ω；允许通过的最大电流为2A)

G.滑动变阻器(最大阻值1kΩ；允许通过的最大电流为0.5A)

实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据。

(1)实验中电流表应选用______，电压表应选用______，滑动变阻器应选用______。(均填字母序号)

(2)请按要求将图甲中的器材连成实验电路。______

(3)某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。现把实验中使用的小灯泡接到如图丙所示的电路中，其中电源电动势E=4V，内阻r=1Ω，定值电阻R=9Ω，此时灯泡的实际功率为________W。(结果保留两位有效数字)22、某同学为测量一段金属丝R的电阻率；完成了以下步骤的操作∶

（1）用螺测微器和刻度尺测出了待测金属丝的直径和长度，如下图所示；则直径d=__________mm，长度为l=____________cm；

（2）为测出金属丝的电阻，他选用多用电表该电阻阻值，当他选择倍率为×1的欧姆档测量时，得到了结果如下图所示，读出R=___________Ω；

（3）通过步骤（1）（2）的测量，可以用公式=__________（用步骤（1）；（2）中的字母表示）计算出该电阻的电阻率。

（4）为了检验上述的结果是否准确；该同学选择用伏安法再测一次电阻R，实验所用器材为∶

电池组（电动势3V，内阻的1Ω、电流表（内阻约5Ω）电压表（内阻约3kΩ）滑动变阻器（0~5Ω，额定电流2A）、开关、导线若干；则以下电路中最合适的是____________；

A.B.

C.D.

（5）该同学根据步骤（4）的电路图采用多次测量求平均值的方法完成实验，分析该实验的系统误差，电阻的测量值___________真实值（填“大于”、“等于”或“小于”）。评卷人得分五、解答题(共3题，共24分)23、如图所示的电路中，电源电动势为内电阻为外电路电阻为闭合电键S后；求：

通过电阻R的电流强度I；

电阻R两端的电压U；

电阻R上所消耗的电功率P．

24、图是三根平行直导线的截面图，若它们的电流大小都相同，方向垂直纸面向里。如果AB=BC=CD，则点的磁感应强度的方向怎样？

25、如图甲所示．水平放置的两平行金属板B相距为d，板间加有如图乙所示随时间变化的电压．B板中点O处有一带电粒子，其电荷量为质量为m，在时间内粒子处于静止状态．已知重力加速度为g，周期．求：

（1）判定该粒子的电性；

（2）在方时间内两板间的电压U0：

（3）若时刻，粒子恰好从O点正下方金属板A的小孔飞出，那么的比值应满足什么条件．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．电动机正常工作时；根据电功的表达式。

故A项错误；

Ｂ．当转子抱死时，由欧姆定律可以求电动机的电阻值根据焦耳定律。

故B项错误；

C．由能量守恒可知；电动机的输出功率。

代入数据，故C项正确；

Ｄ．工作效率为输出功率与总功率的比值。

故D项错误。

故选Ｃ。2、C【分析】【分析】

【详解】

根据对称性可知，a、d两点的电场强度大小相等，方向不同，故A错误；将一试探电荷由d点沿dc移动到c点的过程中，只有过cd的中点时电场力与速度垂直，其他位置均不垂直，电场力并非始终不做功，B错误；O点电场强度为零，若一重力不计的负试探电荷从M点由静止释放后能运动到N点，则试探电荷先做加速运动，在O点时加速度为零，后做减速运动，由运动的对称性可知，到达N点时速度减为0，C正确D错误．3、C【分析】【分析】

【详解】

A．△t→0时的平均速度可看成瞬时速度运用了极限的思想；A错误；

B．探究力的合成满足平行四边定则运用了等效替代的方法；B错误；

C．库仑通过扭秤实验的研究得到库仑定律利用微小形变放大的方法；C正确；

D．伽利略研究自由落体运动运用了合理猜想；数学推理；合理外推法，D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

A．两个点电荷相距r时相互作用力为F，根据库仑定律电量不变距离加倍时，作用力为

故A错误；

B．两个点电荷相距r时相互作用力为F，根据库仑定律其中一个电荷的电量和两电荷间距都减半时，作用力为

故B正确；

C．两个点电荷相距r时相互作用力为F，根据库仑定律每个电荷的电量和两电荷间距减半时，作用力为

故C错误；

D．两个点电荷相距r时相互作用力为F，根据库仑定律一个电荷的电量和两电荷间距增加相同倍数时，作用力

故D错误；

故选B。5、C【分析】【详解】

电场线疏密表示电场强度的大小，切线方向表示电场强度的方向，正电荷的受力方向和场强方向相同．沿着电场线电势降低．答案选C．6、D【分析】【分析】

【详解】

A．C处电场线最疏；电场强度最小。故A错误；

B．根据顺着电场线电势降低可知，A点的电势最高。故B错误；

CD．C点电势最低，正电荷在C处电势能最小，负电荷在C处电势能最大。故C错误；D正确；

故选D。二、多选题(共5题，共10分)7、B:D【分析】【详解】

A．根据电场强度

及平行四边形法则，M点的电场强度小于N点的电场强度；故A错误；

B．M点距正电荷较近，N点距负电荷较近，则M点的电势大于N点的电势；故B正确；

C．将一个不计重力的负电荷沿直线由O点向C点移动的过程中；电场力做负功，电势能逐渐增大，故C错误；

D．将一个不计重力的负电荷沿直线ON由O点向N点移动的过程中，受到C点的负电荷和B点的正电荷的合电场力垂直于ON，不做功，受到A点的正电荷的电场力做负功；故D正确。

故选BD。8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图；结合电场线的特点可知，该题中金属棒两侧的电场是对称的，由于。

所以OA之间的电势差大于OB之间的电势差，根据沿着电场线方向电势逐渐降低，可知A点电势低于B点电势；A错误；

B．根据电场线的疏密表示电场强度的大小，可知B点的电场强度大于C点的电场强度；B正确；

C．负电荷在电势高的位置的电势能小，所以负电荷在A点的电势能大于其在B点的电势能；C错误；

D．沿着电场线方向电势降低，A点电势比C点高，则将正电荷沿AC方向从A点移动到C点；电势能减小，电场力做正功，D正确。

故选BD。9、A:D【分析】【详解】

A；若两电荷为异种电荷；在x=2处，电场强度不可能为0，故两电荷为同种电荷，选沿x轴方向为正方向，0～2a电场为正，方向向右，所以点电荷M为正电荷，故A正确；

B、2a处合场强为0，由知，所以M；N所带电荷量的绝对值之比为4：1，故B错误；

CD；选沿x轴方向为正方向；0～2a电场为正，方向向右，而沿电场线方向电势降低，故x=0点的电势高于x=2a点的电势；2a～3a电场为负，方向向左，故x=2a点的电势低于x=3a点的电势，沿x轴从0移动到3a，电势先减小后增大，故C错误，D正确；

故选AD．

【点睛】关键根据两点电荷连线之间某点的电场强度为0，而知道两点电荷为同种电荷，选沿x轴方向为正方向，0～2a电场为正，方向向右，2a～3a电场为负，方向向左，沿电场线方向电势降低．10、B:C:D【分析】【详解】

A．将开关S断开；电容器的带电量不变，因此板间场强不变，粒子不动，故A错误；

B．将极板A向上平移，板间距离增大，由

可知；板间场强变小，粒子向下运动，故B正确；

C．将极板A向上平移，由

可知，电容器的电容减小，由

可知；电容器放电，因此电流计中有从左向右的电流，故C正确；

D．将电介质板移出电容器；电容器的电容减小，电容器放电，电流计中有从左向右的电流，故D正确。

故选BCD。11、A:D【分析】【详解】

AB．U-I图像的斜率表示电阻，与纵坐标的截距表示电源电动势，故

与横坐标的截距表示短路电流，即

所以

B错误；A正确；

CD．根据闭合回路欧姆定律可得

所以在发生相同电流变化的情况下，内阻越大，U变化越大；故电源2的路端电压变化较大，C错误，D正确。

故选AD。三、填空题(共9题，共18分)12、略

【分析】【分析】

【详解】

由牛顿第三定律，b受到a对它的磁场力为-F；a、b的正中间再放置一根与a、b平行共面的通电长直导线c后，c在a、b两导线处的磁感应强度大小相等，方向相反，c导线对b导线的作用力是它对a导线的作用力的两倍，方向相反，a受到的磁场力大小变为2F，那么c导线对a导线的作用力可能是F也可能是-3F，c导线对b导线的作用力可能是-2F也可能是6F，故此时b受到的磁场力为-3F或5F．【解析】F；3F或5F；13、略

【分析】【分析】

根据等距下电流所产生的B的大小与电流成正比，得出各电流在d点所产生的B的大小关系，由安培定则确定出方向，再利用矢量合成法则求得B的合矢量的大小和方向。

【详解】

假设正方形的边长为L，通电导线b在d处所产生磁场的磁感应强度大小为B，根据几何关系得

每根通电导线在其周围产生的磁场的磁感应强度大小与距该导线的距离成反比则a与c在d处产生的磁场的强度

方向如图。

则d点的磁感应强度【解析】3B14、略

【分析】【详解】

[1]根据右手定则可知，通电线圈产生的磁场反向垂直纸面向外，导线在线圈内产生的磁场方向垂直纸面向内，根据题意可知，圆环圆心处的磁感应强度变为零，因此直导线电流在导线上方距导线a处产生的磁感应强度的大小为B，根据对称，在下方a处磁感应强度也为B；

[2]根据右手定则可知，方向垂直纸面向外。【解析】B垂直纸面向外15、略

【分析】【详解】

[1][2]．根据右手螺旋定则可知两导线在a点形成磁场方向相同，由于两导线电流大小相等，a点与两导线的距离也相等，故单根导线在a点形成磁感应强度大小为0.5B，由于a与b与导线2距离相等，故撤掉导线1后，b点磁感应强度大小为0.5B，根据安培定则可知b点磁场方向垂直纸面向里。【解析】垂直纸面向里面16、略

【分析】【分析】

【详解】

相距为a时；根据库仑定律得。

接触后；各自带电量变为。

则此时有。

则F1与F2之比为60：1【解析】60：117、D【分析】【详解】

在实验中，最上边一层是导电纸，这样才可以使A、B接线柱电流通过导电纸；接下来依次是复写纸和白纸，实验过程中在导电纸上找到电势相同的点，需要用探针在导电纸上作标记，标记通过复写纸就印到最下层的白纸上，故D正确，ABC错误．18、略

【分析】【详解】

[1]根据电场中沿着电场线电势逐渐降低，有

[2]电场线的疏密反映电场强度的大小，因A处电场线较密，则

[3]负点电荷沿着电场线从A到B移动，电场力与位移方向相反，则电场力做负功。【解析】>>负19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据几何关系，CO之间的距离为L，电荷从C点运动到O点，根据动能定理，有

得

[2]电荷从O点运动到D点，根据动能定理，有

根据对称性知

解得【解析】20、略

【分析】【详解】

（1）[1]燃烧时增加了大气中二氧化碳的含量；加剧了温室效应。

（2）[2]因为煤炭和石油中含有硫；燃烧时形成二氧化硫等物质使雨水的酸度升高，形成“酸雨”。

（3）[3]内燃机工作时的高温使空气和燃料中的多种物质发生化学反应，产生氮的氧化物和碳氢化合物。这些化合物在大气中受到紫外线的照射，产生二次污染物质——光化学烟雾。【解析】二氧化碳酸雨光化学烟雾四、实验题(共2题，共4分)21、略

【分析】【详解】

(1)[1][2][3]灯泡的额定电流。

故电流表应选择C；灯泡的额定电压为5V；因此电压表选择大于等于5V的即可，故选E；因本实验采用分压接法，滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器选择F。

(2)[4]本实验要求多测几组数据；故采用分压接法，同时因电流表内阻与灯泡内阻接近，故电流表采用外接法，实物图如图所示。

(3)[5]将定值电阻等效成电源内阻；作出等效电