2025年苏教新版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教新版选修3物理上册月考试卷764考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示为一台小型发电机的构造示意图，两磁极N、S间可视为匀强磁场，磁感应强度大小B=0.2T，ab=0.6m，ad=0.3m，N=100匝。由图中所示位置开始计时，当线圈以恒定的转速n=r/s逆时针转动时；产生的电动势；磁通量随时间变化的图象正确的是（设向上流过R为电流的正方向，开始转动时穿过线磁通量的方向为正方向）（）

A.B.C.D.2、如图所示，水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨MN和PQ，两导轨间距为l，电阻均可忽略不计。在M和P之间接有阻值为R的定值电阻，导体杆ab电阻为r并导轨接触良好。整个装置处于磁感应强度为B，方向竖直向上的匀强磁场中，现给ab杆一个瞬时冲量，使它获得水平向右的初速度下列图中，关于ab杆的速度v、通过电阻R中的电流i、电阻R的电功率P、通过MPabM的磁通量随时间变化的规律；可能正确的是（）

A.B.C.D.3、如图所示，光滑绝缘水平轨道上带正电的甲球，以某一水平速度射向静止在轨道上带正电的乙球，当它们相距最近时，甲球的速度变为原来的已知两球始终未接触，则甲；乙两球的质量之比是（）

A.1：1B.1：2C.1：3D.1：44、电源的效率定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比．在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示，图中U为路端电压，I为干路电流，a、b为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为．由图可知的值分别为。

A.B.C.D.5、回旋加速器的工作原理如图所示：D1和D2是两个中空的半圆金属盒，它们之间有一定的电势差.A处的粒子源产生的α粒子在两盒之间被电场加速；两个半圆盒处于垂直于盒面的匀强磁场中．α粒子进入半圆金属盒内做匀速圆周运动．若忽略α粒子在电场中的加速时间且不考虑相对论效应，则下列说法正确的是。

A.α粒子在磁场中回转一周运动的周期越来越小B.α粒子在磁场中回转一周运动的周期越来越大C.仅增大两盒间的电势差，α粒子离开加速器时的动能增大D.仅增大金属盒的半径，α粒子离开加速器时的动能增大6、如图所示，L1和L2是高压输电线，甲、乙是两只互感器，若已知n1∶n2＝1000∶1，n3∶n4＝1∶100；图中电压表示数为220V；电流表示数为10A，则高压输电线的送电功率为()

A.2.2×103WB.2.2×10－2WC.2.2×108WD.2.2×104W7、一质量为M的航天器正以速度v0在太空中飞行,某一时刻航天器接到加速的指令后,发动机瞬间向后喷出质量为m的气体,气体喷出时速度大小为v1,则喷出气体后航天器的速度大小v2为()A.B.C.D.8、下列核反应方程中，属于β衰变的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图所示；正方形容器处在匀强磁场中，一束电子从a孔垂直进入磁场射入容器中，其中一部分从c孔射出，一部分从d孔射出，则下列说法正确的是（）

A.从两孔射出的电子速率之比为B.从两孔射出的电子在容器中运动所用时间之比为C.从两孔射出的电子在容器中运动时的加速度大小之比D.从两孔射出的电子在容器中运动时的加速度大小之比10、关于简谐运动的位移、速度、加速度的关系,下列说法正确的是()A.加速度增大时，速度必减小B.速度、加速度方向始终相反C.通过平衡位置时，v、a均改变方向D.远离平衡位置时，v、a方向相反11、如图所示，甲图为沿x轴传播的一列简谐波在t=1s时刻的波动图象，乙图为x=2m处的质点P的振动图象，则下列判断正确的是（）A.该波的传播速度为B.该波的传播方向沿x轴反方向C.再经过1s时间，质点P将移动到位置处E.时，处的质点的加速度沿y轴正方向E.时，处的质点的加速度沿y轴正方向12、如图所示，在正方形区域abcd内充满方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场．入口处有比荷相等的甲、乙两种粒子，甲粒子以速度v1沿ab方向垂直射入磁场，经时间t1从d点射出磁场；乙粒子以速度v2沿与ab成45°的方向垂直射入磁场，经时间t2垂直于cd射出磁场．不计粒子重力和粒子之间的相互作用力；则。

A.B.C.D.13、下列说法正确的是_____________．A.红光由空气进入水中，波长变短，颜色不变B.光纤通信是利用了光的全反射原理C.白光通过三棱镜在屏上出现彩色光带，是光的干涉现象E.用同一装置做双缝干涉实验，在干涉图样中，紫光的条纹间距比红光宽E.用同一装置做双缝干涉实验，在干涉图样中，紫光的条纹间距比红光宽14、手摇式发电机产生的正弦交流电经变压器给灯泡L供电，其电路如图所示．当线圈以角速度ω匀速转动时，电压表示数为U，灯泡正常发光．已知发电机线圈的电阻为r，灯泡正常发光时的电阻为R，其他电阻可忽略，变压器原线圈与副线圈的匝数比为k；变压器可视为理想变压器．则()

A.灯泡的额定电压为B.灯泡的额定功率为C.发电机的线圈中产生的电动势最大值为D.从中性面开始计时，原线圈输入电压的瞬时值表达式为u＝Usinωt评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、在某温度时，水蒸气的绝对气压为P=200mmHg，此时的相对湿度为50%，饱和汽压为________．16、如图为一定质量的理想气体的体积与热力学温度的关系图像，该气体的状态经历的变化过程。气体状态由过程中，气体压强________（选填“增大”“不变”或“减小”）；若整个过程中气体放出的热量为则整个过程外界对气体所做的功为________。

17、如图所示是一定质量的理想气体由状态A经过状态B到状态C再到状态D的图像，已知状态B的压强为CD的延长线过坐标原点，D点坐标为那么状态C的压强___________，温度___________；从状态A经过状态B再到状态C的过程中气体对外做的功___________。

18、如图所示，小量程电流表的内阻为满偏电流为若把它改装成的两个量程的电压表，那么____________________

19、如图所示，真空中有一对相距为d的平行金属板A和B，两板间电势差为U，两板间的电场为匀强电场．若一个质量为m、电荷量为q的粒子，仅在静电力的作用下由静止开始从A板向B板做匀加速直线运动并到达B板，则粒子在运动过程中加速度大小a=________，粒子到达B板时的速度大小v=________．

评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)23、某同学用图甲所示的装置来验证动量守恒定律,A、B为半径相同的小球((mA>mB)；图中PQ是斜槽，QR为水平槽．实验时先使A球从斜槽上某一位置G由静止释放，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹．重复上述操作多次，得到多个落点痕迹．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让A球仍从位置G由静止释放.两球碰撞后.A；B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作多次．图甲中O点是水平槽末端R在记录纸上的竖直投影点．B球落点痕迹如图乙所示,图中米尺的零刻度线与O点对齐(未画出)．

①碰撞后B球的水平射程应为________cm；

②以下选项，哪些是本次实验必须进行的测量?________(填选项前的字母)

A.测量A球未与B球相碰时的平均落点到O点的距离。

B.测量A球与B球相碰后的平均落点到O点的距离。

C.测量A球和B球的直径。

D.测量A球和B球的质量。

E.测量水平槽面相对于O点的高度24、(1)用螺旋测微器测量圆柱体直径如图甲，可知其直径D为______mm，用游标卡尺测量其长度如乙，可知其长度L为______cm．

(2)欲测量一个电流表的内阻；现备有如下器材:

A.待测电流表A1(量程3mA，内阻约为40)

B.电压表V(量程3V，内阻约3000)

C.电流表A2(量程15mA，内阻为40)

D.定值电阻

E.直流电源E(电动势1.5V；内阻忽略不计)

F.滑动变阻器(总阻值5；额定电流0.5A)

G.开关一个；导线若干。

①请利用上述所给器材，设计出合理的、便于多次测量的实验电路图，并保证各电表的示数超过其量程的一半，将电路图画在题中的虚线框中__________．

②在所测量的数据中选一组，用测量量和已知量来计算A1的内阻，表达式为______．(用物理量对应的字母表示)25、（1）某兴趣小组探究用不同方法测定干电池的电动势和内阻，他们提出的实验方案中有如下四种器材组合，为使实验结果尽可能准确，最不可取的一组器材是__________

A．一个安培表；一个伏特表和一个滑动变阻器。

B．一个伏特表和多个定值电阻。

C．一个安培表和一个电阻箱。

D．两个安培表和一个滑动变阻器。

（2）用如图所示电路测量电源的电动势和内阻，实验器材：待测电源（电动势约内阻约），保护电阻（阻值）和（阻值），滑动变阻器电流表电压表开关导线若干。

实验主要步骤：

（i）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大；闭合开关；

（ii）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数和相应电流表的示数

（iii）以为纵坐标，为横坐标，做图线（都用国际单位）；

（iv）求出图线斜率的绝对值和在横轴上的截距（纵坐标从开始）

回答下列问题：

①滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是__________

A．两导线接在滑动变阻器电阻丝两端接线柱。

B．两导线接在滑动变阻器金属杆两端接线柱。

C．一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱；另一条导线接在电阻丝左端接线柱。

D．一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱；另一条导线接在电阻丝右端接线柱。

②选用和表示待测电源的电动势和内阻的表达式__________，__________，代入数值可得和的测量值。26、（1）读出下列仪器的读数

_________mm__________A(3A量程_________________)

cm(2)如图所示为多用电表的刻度盘．若选用倍率为

“×100”________的电阻挡测电阻时，表针指示如图所示，则：所测电阻的阻值为Ω；如果要用此多用电表测量一个阻值约为________2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是(选填“×10”、“×100”或评卷人得分六、解答题(共3题，共21分)27、如图所示，两平行金属板E、F之间电压为U，两足够长的平行边界MN、PQ区域内，有垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为m、带电荷量为＋q的粒子(不计重力)，由E板中央处静止释放，经F板上的小孔射出后，垂直进入磁场，且进入磁场时与边界MN成60°角，磁场MN和PQ边界距离为d．求：

(1)粒子离开电场时的速度；

(2)若粒子最终从磁场边界MN离开磁场，求磁感应强度的范围．28、声波在空气中的传播速度为在钢铁中的传播速度为．一平直桥由钢铁制成，某同学用锤子敲击一下桥的一端发出声音，分别经空气和桥传到另一端的时间之差为．桥的长度为______若该声波在空气中的波长为则它在钢铁中的波长为的______倍．29、小华将一块5cm×5cm×8cm的玻璃砖，压在课本上，他发现从侧面不能看到被压部分页面上的字，而看到呈银白色反光的底面。他还发现，只能通过上方的面，看到被压部分课本上的字。请解释：为什么从侧面不能看到被压部分课本上的字。已知：玻璃的折射率为1.485,且参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

A.初始时刻磁通量为零，最大磁通量为Φm=BL1L2=0.2×0.6×0.3Wb=0.036Wb，转速为则周期为：故A错误。

BCD.从图示位置开始计时，产生感应电动势瞬时表达式为：e=NBL1L2ωcosωt=36cos10t（V），根据楞次定律可判，开始时通过R电流的方向向上。故C正确，BD错误。2、B【分析】【分析】

根据题意判断导体棒受到的安培力的表达式，结合受到变化判断安培力的变化，而ab受到的安培力大小等于其的合力，据此判断ab运动的加速度的变化；根据判断电流变化；结合电流的变化情况判断电功率的变化；根据判断通过MPabM的磁通量的变化。

【详解】

A．根据楞次定律可得ab中的电流为b→a，根据左手定则可知导体棒受到的安培力方向水平向左，与运动方向相反，做减速运动，导体棒受到的安培力

故

由于轨道光滑，所以安培力即为导体棒的合力，受到减小，合力减小，所以加速度减小，故导体棒做加速度减小的减速运动，A错误；

B．电流由于速度减小，并且减小的越来越慢，所以电流也减小，并且减小的越来越慢，故B正确；

C．电阻R的电功率因为电流减小，所以电阻R的电功率也在减小，C错误；

D．通过MPabM的磁通量随着ab棒向右运动；线圈的面积越来越大，所以磁通量越来越大，D错误。

故选B。3、D【分析】【分析】

【详解】

甲、乙组成的系统动量守恒，当两球相距最近时具有共同速度v，由动量守恒m甲v0=（m甲+m乙）

解得m乙=4m甲

故选D。4、D【分析】【详解】

电源的效率η定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比．

E为电源的总电压（即电动势），在U﹣I图象中，纵轴截距表示电动势，根据图象可知则所以A；B、C错误，D正确．

点晴：解决本题的关键知道电源的效率也等于外电压与电动势之比以及会从U-I图象中读出电动势和外电压．5、D【分析】【详解】

α粒子在磁场中运动的周期：与其速度的大小无关，所以α粒子运动的周期不变．故AB错误；由得：则最大动能为：知最大动能与加速器的半径R、磁感线强度B以及电荷的电量q和质量m有关，与加速电压的大小无关；仅增大金属盒的半径，α粒子离开加速器时的动能增大，故C错误，D正确．6、C【分析】由图可知，甲并联在电路中是电压互感器，电路中是强电压，通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，故U=220×1000=220000V；乙串联在电路中是电流互感器，电路中是强电流，通过变压器变成弱电流，用电流表测量，因为电流之比等于线圈匝数的倒数比，故电流I=10×100=1000A；则输电功率P=UI=2.2×105×1000=2.2×108W，故C正确，ABD错误。7、A【分析】【详解】

设航天器的速度为正方向，根据动量守恒定律得：解得：BCD错误A正确8、A【分析】【详解】

β衰变生成电子，新原子核的质量数不变，而核电荷数增加1个；由此分析可知，A是β衰变，B是核聚变，C是a衰变，D是人工核反应，A正确，BCD错误．二、多选题(共6题，共12分)9、A:D【分析】【分析】

【详解】

电子从c点射出，d为圆心，Rc=L，圆心角

由得：

运动时间

电子从d点射出，ad中点为圆心，圆心角

所以

故故A正确；B错误；

电子做匀速圆周运动，加速度所以故C错误，D正确．10、A:D【分析】【详解】

加速度满足所以加速度增大时，位移也增大，所以速度必减小，故A正确；向平衡位置运动时，速度、加速度方向相同，故B错误；通过平衡位置时，速度方向不改变，故C错误；远离平衡位置时，加速度方向指向平衡位置，速度方向背离平衡位置，即v、a方向相反，故D正确．所以D正确，BC错误．11、A:B:D【分析】【分析】

由波动图象可读出波长；由振动图象读出周期，求出波速；在乙图上读出t=0时刻P质点的振动方向，在甲图上判断出波的传播方向；波在同一介质中匀速传播，由s=vt可以求出经过1s时间波沿波的传播方向向前传播的距离，而质点并不向前传播，根据波长与障碍物尺寸的关系分析能否发生明显的衍射现象；

【详解】

A、甲图是波动图象，由甲读出该波的波长为乙图是振动图象，由乙图读出周期为则波速为故A正确；

B；在乙图上读出t=0时刻P质点的振动方向沿y轴负方向；在甲图上，根据波形的平移法判断得知该波的传播方向沿x轴负方向，故B正确；

C；质点只在自己的平衡位置附近上下振动；并不随波的传播方向向前传播，故C错误；

D、由甲读出该波的波长为该波在传播过程中，若遇到宽度为4m的障碍物，能发生明显衍射现象，故D正确；

E；由图象可知t=2s时；x=4m处的质点处在正最大位移处，故具有负向最大加速度，故E错误；

故选ABD．12、A:C【分析】【详解】

画出两粒子的运动轨迹如图；

两粒子比荷相同，则周期相同，设为T；设正方形的边长为a，则从d点射出的粒子运动半径为运动时间速度为v2的粒子，由几何关系：运动时间根据可知故选项AC正确，BD错误；故选AC.13、A:B:D【分析】【详解】

A项：光从一种介质进入另一种介质时的频率不变；根据红光由空气进入水中，波长变短，但颜色不变，故A正确；

B项：光纤通信和医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理；当内芯的折射率比外套的大时，光传播时在内芯与外套的界面上才能发生全反射，故B正确；

C项：白光通过三棱镜在屏上出现彩色条纹是光的一种折射现象；故C错误；

D项：根据发生明显衍射的条件可知；对同一障碍物波长越长的光越容易衍射，故D正确；

E项：由公式可知，用同一装置做双缝干涉实验，在干涉图样中，波长较小的紫光的条纹间距比红光窄，故E错误．14、A:D【分析】【详解】

电压表测量的是原线圈的电压有效值，因为此时灯泡正常发光，则灯泡的额定电压等于此时副线圈的电压，则由得灯泡的额定电压A正确；灯泡的额定功率B错误；副线圈的电流电流则原副线圈的电流之比故原线圈的电流因此发电机的线圈中产生的电动势的有效值E=U+I1r，最大值C错误；输入电压最大值为U，则从中性面开始计时，原线圈输入电压的瞬时值表达式为u=Usinωt，D正确；故选AD.三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

相对湿度是指空气中水蒸气压与饱和水汽压的百分比，表达式为．

也等于空气的绝对湿度与相同温度下可能达到的最大绝对湿度之比；．

故饱和汽压为

【点睛】

本题考查相对湿度的定义式，关键是明确相对湿度几种不同的定义公式，与日常生活密切联系，【解析】400mmHg16、略

【分析】【详解】

[1]气体状态由过程中

所以是等压过程；气体压强不变。

[2]的整个过程气体温度不变，内能不变，则

整个过程中气体放出的热量为由热力学第一定律可知

解得整个过程外界对气体所做的功为【解析】不变Q17、略

【分析】【详解】

[1]由理想气体状态方程

知图像的斜率与压强成正比，即斜率

所以

解得

[2]由B到C为等容变化，所以

解得

[3]从A到B为等压变化，气体膨胀，对外做正功，即

从B到C气体进行等容变化，则

从状态A经过状态B再到状态C的过程中气体对外做的功【解析】18、略

【分析】【详解】

[1]由题意知量程时，由

得

[2]量程为时，由

得【解析】4500##5000##19、略

【分析】【详解】

粒子从静止开始运动，只受电场力，有：U=Ed；F=qE；

联立解得：

根据速度位移关系公式，有：v2=2ad

解得：

点睛：本题电荷在电场中加速问题，求解速度通常有两种思路：一是动能定理；二是牛顿第二定律与运动学公式结合．【解析】四、作图题(共3题，共12分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共40分)23、略

【分析】【详解】

①由图可知；取B落地的平均位置，则碰撞后B球的水平射程应为65.5cm；

②本实验需要验证的方程是：（其中的K、N、M分别是A球碰撞前后的平均落地点以及B球碰后的平均落地点），则需要测量两球的质量mA、mB，水平槽上未放B球时，测量A球落点位置到O点的距离．A球与B球碰撞后，测量两球落点位置到O点的平均距离和．故ABD正确，CE错误．故选ABD．【解析】①65.5（±0.3）；②ABD24、略

【分析】【分析】

明确测量原理；知道电流表本身可以显示电流，再选择一个电表测量电压即可；根据安全性和准确性原则即可明确仪表及接法．

【详解】

（1）直径D为：2mm+0.01mm×15.0=2.150mm；长度L为：6cm+0.05mm×3=6.015cm．

（2）①根据题中给出的备用器材，应选择伏安法测量电流表的内阻．由于给出电压表量程过大，故应选择内阻已知的电流表A2作为电压表；选择保护电阻R与并联的两个电流表串联．由于电流表两端电压最大只有0.12V，滑动变阻器最大电阻只有5Ω，并且要求尽可能高的测量精度，并能测得多组数据；所以选择分压电路，电路图如图所示．

②根据欧姆定律可知待测电流表A1的内阻为：

【点睛】

本题考查伏安法测电阻的实验规律，要注意明确实验要求，知道分压接法的正确应用，并注意已知内阻的电流表在本题中可以充当电压表使用．【解析】（1）2.150mm；6.015cm（2）25、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．根据闭合回路欧姆定律可得

一个安培表；一个伏特表和一个滑动变阻器；可测量多组数据到式求解，故A正确；

B．根据闭合回路欧姆定律可得

一个伏特表和多个定值电阻；测量多组数据可求解，故B正确；

C．根据欧姆定律可得

一个安培表和一个电阻箱；测量多组数据可求解，故C正确；

D．有两个安培表和一个滑动变阻器；由于不知道滑动变阻器电阻且无法得知电压，故无法测量，故D错误。

选择不可取的；故选D。

（2）①[2]滑动变阻器的滑片从左向右滑动；发现电压表示数增大，说明移动过程中滑动变阻器接入电路的电阻增大，因此说明一根导线接在金属杆上，另一条导线接在电阻丝左端接线柱。

故选C。

②[3][4]根据闭合电路欧姆定律有

图像斜率绝对值

图像与横轴的截距为电压表短路的电流，即

因此有电源的内阻

电源的电动势【解析】DC26、略

【分析】【分析】

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；

根据选择开关位置确定多用电表所测量的量与量程；然后根据表盘确定其分度值，然后读出其示数。

【详解】

(1)螺旋测微器的固定刻度读数为2mm；可动刻度读数为0.01×15.0mm=0.150mm，所以最终读数为：2mm+0.150mm=2.150mm；

量程为3A时；精度为0.1A，所以安培表的读数为2.20A；

游标卡尺的固定刻度读数为5cm；游标读数为0.05×18mm=0.90mm=0.090cm，所以最终读数为：5cm+0.090cm=5.090cm；

(2)如果是用×100Ω档测量电阻；读数为15×100Ω=1500Ω