2025年人教新起点高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新起点高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、我们经常可以看到，在路边施工处总挂着红色的电灯，这除了红色光容易引起人的视觉注意外，还有一个重要原因，这一原因是红色光()A.比其他色光容易发生衍射B.比其他色光的光子能量大C.比其他色光容易发生干涉D.比其他色光更容易发生光电效应2、如图所示为圆柱形区域的横截面，在没有磁场的情况下，带电粒子(

不计重力)

以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域的时间为t

在该区域加沿轴线垂直纸面向外方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B

带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射并沿某一直径方向飞出此区域时，速度方向偏转角为60鈭�

如图所示，根据上述条件可求下列哪几种物理量(

)

垄脵

带电粒子的比荷。

垄脷

带电粒子在磁场中运动的周期。

垄脹

带电粒子在磁场中运动的半径。

垄脺

带电粒子的初速度．A.垄脵垄脷

B.垄脵垄脹

C.垄脷垄脹

D.垄脹垄脺

3、如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0

水平射入电场，恰好沿下板边缘飞出.

若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0

从原处飞入，则带电小球(

)

A.将打在下板上B.仍沿原轨迹由下板边缘飞出C.不发生偏转，沿直线运动D.小球可能会打到下板的中央4、一矩形金属线圈共10

匝，绕垂直磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，线圈中产生的交变电动势e

随时间t

变化的规律如图所示，下列说法中正确的是()A.此交流电的频率为0.2Hz

B.此交变电动势的有效值为1V

C.t=0.1s

时，线圈平面与磁场方向平行D.在线圈转动过程中，穿过线圈的最大磁通量为1100娄脨Wb

5、某一电热器接在U=110V的直流电源上，每秒产生的热量为Q；现把它改接到交流电源上，每秒产生的热量为2Q，则该交流电压的最大值Um是（）

A.110V

B.110V

C.220V

D.220V

6、如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A.Q变小，C不变，U不变，E变小B.Q变小，C变小，U不变，E不变C.Q不变，C变小，U变大，E不变D.Q不变，C变小，U变大，E变小7、如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是：（）A.电势＞场强EA＞EBB.电势＞场强EA＜EBC.将+q电荷从A点移动到B点电场力做正功D.将-q电荷分别放在B两点时具有的电势能EPA＞EPB8、可持续发展的首要任务是（）A.环境保护B.能源开发C.发展经济D.消除贫困9、小明同学骑电动自行车沿平直公路行驶，因电瓶“没电”，故改用脚蹬骑车匀速前行.

设小明与车的总质量为100kg

人与车的速度恒为5m/s

骑行过程中所受阻力约为车和人总重的0.02

倍，取g=10m/s2

小明骑此电动车做功的功率约为(

)

A.10W

B.100W

C.1000W

D.10000W

评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、平行板电容器电容为C，带电量为Q，板间距离为d，今在两板距离的中点d/2处，放一电荷q，则它所受到的电场力的大小为11、用三个完全相同的金属环，将其相互垂直放置，并把相交点焊接起来成为如图所示的球形骨架，如整个圆环的电阻阻值为4Ω，则A、C间的总电阻阻值RAC=____________．(A、B、C、D、E、F为六个相交焊接点，图中B点在外，D点在内)12、如图所示为检测某传感器的电路图．传感器上标有“3V0.9W”的字样（传感器可看做一个纯电阻），滑动变阻器R0上标有“10Ω1A”的字样；电流表的量程为0.6A，电压表的量程为3V．则。

（1）传感器的电阻为______Ω，额定电流为______A．

（2）为了确保电路各部分的安全，在a、b之间所加的电源电压最大值是______V．

（3）如果传感器的电阻变化超过标准值1Ω，则该传感器就失去作用．实际检测时，将一个恒压电源加在图中a、b之间．闭合开关S，通过调节R0来改变电路中的电流和R0两端的电压．检测记录如下：

。电压表示数U/V电流表示数I/A第一次1.480.16第二次0.910.22若不计检测电路对传感器电阻的影响，通过计算分析，你认为这个传感器是否仍可使用？______（填“可以”或“不可以”）此时a、b所加的电压是______V．13、一物体的质量为2kg，此物体竖直落下，以10m/s的速度碰到水泥地面上，随后又以8m/s的速度被反弹起，若取竖直向上为正方向，相碰过程小球动量的变化是____kg•m/s．14、如图是某匀强电场的等势面示意图，AB

两点间相距5cm娄脠=53鈭�

一带电量为鈭�4隆脕10鈭�6C

的微粒沿AB

做匀速直线运动(sin53鈭�=0.8,cos53鈭�=0.6,g=10m/s2)

则此微粒的质量为m=

______kg

．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

17、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）21、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）22、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)23、我们可以通过实验探究电磁感应现象中；感应电流方向的决定因素和遵循的物理规律．以下是实验探究过程的一部分．

（1）如图（1）所示，当磁铁N向下运动时，发现电流表指针偏转．若要探究线圈中产生感应电流的方向，必须知道______．

（2）如图（2）所示，实验中发现闭合开关时，电流表指针向右偏．闭合开关稳定后，若向左移动滑动触头，此过程中电流表指针向______偏转；若将线圈A抽出，此过程中电流表指针向______偏转（均选填“左”或“右”）．评卷人得分五、简答题(共4题，共36分)24、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五种元素的原子序数依次增大，其中非金属元素rm{A}的基态原子中成对电子数是未成对电子数的两倍，rm{C}元素在地壳中含量最高，rm{D}的单质是短周期中熔点最低的金属，rm{E}的合金是我国使用最早的合金。rm{B}rm{C}rm{D}五种元素的原子序数依次增大，其中非金属元素rm{E}的基态原子中成对电子数是未成对电子数的两倍，rm{A}元素在地壳中含量最高，rm{C}的单质是短周期中熔点最低的金属，rm{D}的合金是我国使用最早的合金。rm{E}元素的基态原子核外电子排布式为____________。rm{(1)E}的某种氢化物rm{(2)A}分子中含有_________个rm{A_{2}H_{2}}键和_________个rm{娄脪}键。rm{娄脨}的含氧酸根离子rm{(3)A}的立体构型是____________。rm{AO_{3}^{n-}}的最简单氢化物的沸点比rm{(4)B}的最简单氢化物的沸点高得多，其原因是___________。rm{A}的最高价氧化物对应的水化物溶解于氨水中生成的复杂化合物的化学式是__________。rm{(5)E}下图是rm{(6)}单质的晶体堆积方式，这种堆积方式的晶胞中原子的配位数为_________，若该原子的半径为rm{D}此晶体的密度rm{rpm}________rm{娄脩=}用含rm{g隆陇cm^{-3}(}的代数式表示，阿伏加德罗常数用rm{r}表示rm{N_{A}}rm{)}25、如图为氢原子的能级图，已知处于较高能级的氢原子能自发地向较低能级跃迁，则：（1）一群氢原子由n＝4能级向n＝1能级跃迁时最多可辐射出________种不同频率的光．（2）要想使处在n＝2激发态的氢原子电离至少吸收________eV的能量．26、硫及硫化物广泛存在于自然界中，回答下列问题：rm{(1)}基态rm{S}原子中，核外电子占据的最高能层的符号是___________，有__________种不同形状的电子云。rm{(2)(NH_{4})_{2}SO_{4}}中rm{O}rm{N}rm{S}三种元素的第一电离能的大小关系为_______________________。rm{(3)}中学化学常用rm{KSCN}检验rm{Fe^{3+}}列举一种与rm{SCN^{-}}互为等电子体的分子：___________，rm{SCN^{-}}中rm{C}原子的杂化方式为_________________。rm{(4)}乙硫醇rm{(CH_{3}CH_{2}SH)}的相对分子质量比rm{CH_{3}CH_{2}OH}大，但乙醇的沸点高于乙硫醇的原因是_________________________________________________。rm{(5)PbS}是一种重要的半导体材料，具有rm{NaC1}型结构rm{(}如图rm{)}其中阴离子采用面心立方最密堆积方式，rm{X-}射线衍射实验测得rm{PbS}的晶胞参数为rm{a=0.594nm}rm{垄脵}已知坐标参数：rm{A(0,0,0)}rm{B(dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},0)}则rm{B

(dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},0)}的坐标参数为__________________。rm{C}晶体中rm{垄脷PbS}的配位数为_________，rm{Pb^{2+}}为______rm{r(S^{2-})}rm{nm}已知rm{(}rm{sqrt{2}=1.414)}晶体的密度为_________rm{垄脹PbS}rm{g隆陇cm^{-3}}列出计算式即可rm{(}rm{)}27、如图所示，质量为m

的小球B

连接着轻质弹簧，静止在光滑水平面上，质量为m

的小球A

以某一速度向右运动，与弹簧发生碰撞，当AB

两球距离最近时弹簧的弹性势能为Ep

则碰撞前A

球的速度v0

等于多少？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【解析】【答案】A2、A【分析】解：设圆柱形区域的横截面半径为R

带电粒子(

不计重力)

以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域的时间为t

则：

2R=vt垄脵

在该区域加沿轴线垂直纸面向外方向的匀强磁场，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射并沿某一直径方向飞出此区域时，速度方向偏转角为60鈭�

画出运动轨迹：

结合几何关系；有：

r=Rtan60鈭�=3R垄脷

粒子做匀速圆周运动；根据牛顿第二定律，有：

qvB=mv2r垄脹

周期：

T=2娄脨mqB垄脺

解得：

mq=3t2B

粒子的周期：

T=2娄脨mqB=3娄脨t

因为初速度无法求出；则无法求出轨道半径，故垄脵垄脷

正确，垄脹垄脺

错误；

故选：A

．

在没有磁场时；不计重力的带电粒子以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域时粒子做匀速直线运动；在有磁场时，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，粒子做匀速圆周运动.

在匀速直线运动中虽不知半径，但可由位移与时间列出与入射速度的关系，再由匀速圆周运动中半径公式可算出粒子的比荷；周期．

带电粒子仅在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，洛伦兹力只改变速度的方向不改变速度的大小，洛伦兹力对粒子也不做功.

同时当粒子沿半径方向入射，则也一定沿着半径方向出射．【解析】A

3、B【分析】解：由平行板电容器电容及其与电量、电压的关系可得：C=?S4蟺kd=QU

所以，电容器中场强E=Ud=4娄脨kQ系S

不变；

故带电小球受力不变；那么，小球的运动轨迹不变，故B正确，ACD错误；

故选：B

根据平行板电容器电容的决定式及电容与电量；电压的关系求得场强的表达式；从而根据两板距离变化得到场强变化，从而得到小球受力变化，进而得到轨迹变化．

带电粒子在匀强电场中受到的电场力恒定，故一般通过受力分析(

或运动分析)

由牛顿第二定律，通过加速度得到运动情况(

或受力情况)

．【解析】B

4、D【分析】【分析】根据图象可得出交流电的最大值、有效值、周期、频率等物理量的大小..

根据交流电图象获取有关交流电的各种信息，是对学生的基本要求，要熟练掌握．【解答】A.根据图象可知；该交流电的周期为0.2s

故频率为5Hz

故A错误；

B.该交流电的最大值为1V

有效值为22V

故B错误；

C.t=0.1s

时；电动势为零，此时线圈处在中性面上，故C错误．

D.由Em=NBS娄脴

得：线圈磁通量的最大值娄碌m=BS=EmN娄脴=110隆脕2娄脨0.2=1100娄脨Wb

故D正确．

故选D。

【解析】D

5、C【分析】

设电热器的电阻为R．

当电热器接在U=110V的直流电源上时，Q=

当电热器改接到交流电源上时，2Q=

两式一比，得Um=2U=220V．

故选C

【解析】【答案】直流和交流求解焦耳热都可以运用焦耳定律；对于交流，要用有效值求解热量．采用比例法处理．根据有效值与最大值关系求出最大值．

6、C【分析】【解析】试题分析：平行板电容器与静电计并联，电容器所带电量不变．故A、B错误．增大电容器两极板间的距离d时，由知，电容C变小，Q不变，根据知，U变大，而Q、k、?、S均不变，则E不变．故C正确，D错误．故选C考点：电容器动态变化分析问题，【解析】【答案】C7、B|C【分析】沿着电场线的方向电势逐渐降低，可得电势＞电场线的疏密表示电场的强弱，可得场强EA＜EB，A错误、B正确；沿着电场线的方向移动正电荷，电场力做正功，C正确；负电荷在电势高处电势能较低，故将-q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能EPAPB,D错误。【解析】【答案】BC8、C【分析】【解答】发展经济；满足人民的基本需要在发展中国家的可持续发展行动中具有根本性的作用．贫困会养活人们以持续的方式利用资源；并会加剧对环境的压力．因此，对发展中国家来说，加速经济发展、提高人均收水平是实现可持续发展的前提条件．故选：C

【分析】可持续发展战略要求经济、社会、生态三方面的协调发展，要求正确处理好经济增长与社会发展、生态保护的关系．一方面，只有经济增长而没有社会、生态的相应发展，这样的社会肯定是不完善的；另一方面也不能离开经济发展去追求社会其它方面的发展．9、B【分析】解：设人汽车的速度大小为5m/s

人在匀速行驶时，人和车的受力平衡，阻力的大小为f=0.02mg=0.02隆脕1000N=20N

此时的功率P=FV=fV=20隆脕5W=100W

所以B正确．

故选：B

．

人在匀速行驶时；受到的阻力的大小和脚蹬车的力的大小相等，由P=FV=fV

可以求得此时人受到的阻力的大小．

在计算平均功率和瞬时功率时一定要注意公式的选择，P=Wt

只能计算平均功率的大小，而P=Fv

可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．【解析】B

二、填空题(共5题，共10分)10、略

【分析】【解析】【答案】Qq/Cd11、略

【分析】解：假设电流由A点流入，C流出，则由A分成四个支路，故四个支路为并联关系；由于金属环相同，则其各自部分电阻相等，故BDEF四点一定为等势点；故BDEF圆环短路；故电路为ADC、AEC、ABC、AFC四个支路并联，每个支路电阻为2Ω；故总电阻为：=0.5Ω；

故答案为：0.5Ω【解析】0.5Ω12、略

【分析】解：（1）传感器的电阻为：R传===10Ω

I传===0.3A

（2）要求电路各部分安全，则要求电路的最大电流：I=I传=0.3A；

此时电源电压最大值：Um=U传+U0；

U传为传感器的额定电压，U0为R0调至最大值R0m=10Ω时，R0两端的电压，即，U0=I传R0m=0.3A×10Ω=3V；

电源电压最大值：Um=U传+U0=3V+3V=6V；

（3）设实际检测时，加在a、b间的电压为U，传感器的实际电阻为R'传．

根据第一次实验记录数据有：U=I1R'传+U1=0.16A×R'传+1.48V①

根据第二次实验记录数据有：U=I2R'传+U2=0.22A×R'传+0.91V②

由①；②两式解得：

R传′=9.67Ω；U=3V

传感器的电阻变化为△R=R传一R传′=l0Ω一9.67Ω＜0.5Ω

∴此传感器仍可使用．

故答案为：（1）10；0.3；

（2）6；

（3）可以；3．

本题目非常有意思；循序渐进，步步加深，考查学生能否灵活利用所学的知识解决问题．第一问非常简单，根据传感器上的铭牌标志，利用电功率公式便可求出电阻和电流，而第二问就必须求出各用电器所能通过的电流，从而比较得出干路最大电流，然后利用相关公式求出最大电压．第三问就得利用所知物理量，及要求未知量，结合数学中的二元一次方程组来解决，最后便可求出所加电压．

这道题目综合性比较强，非常考查学生各方面的能力，学生在做这类题目时要胆大细心认真，并且会结合数学中的相关知识去解决物理中的问题．题目非常不错！【解析】10；0.3；6；可以；313、略

【分析】

取竖直向上方向为正方向；则小球与地面碰撞过程中动量的变化为：

△p=mv2-m（-v1）=2×（10+8）kg．m/s=36kg•m/s；正号表示方向竖直向上．

故答案为：36．

【解析】【答案】取竖直向上方向为正方向；分别表示出碰地前后小球的动量，小球动量的变化量等于末动量与初动量的差．

14、略

【分析】解：设匀强电场的场强大小为E

则：

E=UABd=UABABsin娄脠=10鈭�(鈭�10)0.05隆脕sin53鈭�=500V/m

因微粒匀速运动；则有mg=qE

则得：m=qEg=4隆脕10鈭�6隆脕50010kg=2.0隆脕10鈭�4kg

故答案为：2隆脕10鈭�4

．

微粒沿AB

匀速运动；所受的重力与电场力平衡.

先根据AB

两点间的距离和电势差求出场强，再由平衡条件求解微粒的质量．

本题要掌握场强与电势差关系公式U=Ed

知道d

是沿电场线方向的距离，即两个等势面间的距离．【解析】2隆脕10鈭�4

三、判断题(共8题，共16分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．17、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．21、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．22、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、作图题(共1题，共5分)23、略

【分析】解：（1）如图甲所示；当磁铁的N极向下运动时，发现电流表指针偏转，若要探究线圈中产生感应电流的方向，必须知道电流表指针偏转方向与电流方向间的关系．

（2）如图乙所示；实验中发现闭合开关时，穿过线圈B的磁通量增加，电流表指针向右偏；电路稳定后，若向左移动滑动触头，通过线圈A的电流增大，磁感应强度增大，穿过线圈B的磁通量增大，电流表指针向右偏转；若将线圈A抽出，穿过线圈B的磁通量减少，电流表指针向左偏转．

故答案为：（1）电流表指针偏转方向与电流方向间的关系；（2）右；左．

（1）要探究感应电流方向；应该知道电流表指针偏转方向与电流方向间的关系．

（2）根据题意确定电流表指针偏转方向与磁通量变化的关系；然后根据磁通量的变化判断指针的偏转方向．

探究电磁感应现象实验，在实验前应明确电流表指针偏转方向与电流方向间的关系；本题无法直接利用楞次定律进行判断电流方向，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．【解析】电流表指针偏转方向与电流方向间的关系；右；左五、简答题(共4题，共36分)24、rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

rm{(2)3}rm{2}

rm{(3)}正三角形

rm{(4)}氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能，所以氨的沸点比甲烷高

rm{(5)[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}

rm{(6)8}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times

10^{-30}}}【分析】【分析】非金属元素rm{A}的基态原子中成对电子数是未成时电子数的两倍，则电子排布伟rm{1s^{2}2s^{2}2p^{2}}故元素rm{A}为rm{C}rm{C}元素在地壳中含量最高，则元素rm{C}为rm{O}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五种元素的原子序数依次增大，元素rm{A}为rm{C}元素rm{C}为rm{O}则元素rm{B}为rm{N}rm{D}的单质是短周期中熔点最低的金属，则元素rm{D}为rm{Na}rm{E}的合金是我国使用最早的合金，则元素rm{E}为rm{Cu}据此进行分析。rm{(1)}元素rm{E}为rm{Cu}原子序数为rm{29}据此书写基态原子电子排布式；rm{(2)}元素rm{A}为rm{C}rm{A}的某种氢化物rm{A_{2}H_{2}}为rm{C_{2}H_{2}}其结构式为rm{H-C隆脭C-H}据此进行分析；rm{(3)}据杂化方式，分析空间构性；rm{(4)}氢键对物理性质的影响；rm{(5)}元素rm{E}为rm{Cu}rm{E}的最高价氧化物对应的水化物为rm{Cu(OH)_{2}}rm{Cu(OH)_{2}}溶于氨水生成配合物rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}据此进行分析；rm{(6)}如图是rm{D}单质的晶体堆积方式，离中心原子rm{Na}最近的rm{Na}原子数有rm{8}个，故这种堆积方式的晶胞中原子的配位数为rm{8}该晶胞中rm{Na}原子个数rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+1=2}每个晶胞的质量rm{=dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}rm{Na}原子的直径为rm{2rpm}晶胞的边长rm{=2sqrt{2}rpm}所以晶胞的体积为rm{16sqrt{2}r^{3}pm}根据rm{娄脩=dfrac{m}{V}}计算其密度。本题考查物质结构与性质，涉及空间构型、氢键对物质熔沸点的影响、核外电子排布、晶体类型与性质、晶胞结构与计算等，难度中等。【解答】非金属元素rm{A}的基态原子中成对电子数是未成时电子数的两倍，则电子排布伟rm{1s^{2}2s^{2}2p^{2}}故元素rm{A}为rm{C}rm{C}元素在地壳中含量最高，则元素rm{C}为rm{O}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五种元素的原子序数依次增大，元素rm{A}为rm{C}元素rm{C}为rm{O}则元素rm{B}为rm{N}rm{D}的单质是短周期中熔点最低的金属，则元素rm{D}为rm{Na}rm{E}的合金是我国使用最早的合金，则元素rm{E}为rm{Cu}

rm{(1)}元素rm{E}为rm{Cu}原子序数为rm{29}则其基态原子电子排布式为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

故答案为：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

rm{(2)}元素rm{A}为rm{C}rm{A}的某种氢化物rm{A_{2}H_{2}}为rm{C_{2}H_{2}}其结构式为rm{H-C隆脭C-H}故分子中含有rm{3}个rm{娄脪}键，rm{2}个rm{娄脨}键；

故答案为：rm{3}rm{2}

rm{(3)}元素rm{A}为rm{C}则rm{AO_{3}^{n-}}为rm{CO_{3}^{2-}}rm{CO_{3}^{2-}}中心原子的价层电子对数rm{=3+dfrac{1}{2}(4+2-3隆脕2)=3}杂化方式为rm{=3+dfrac

{1}{2}(4+2-3隆脕2)=3}没有孤电子对，分子的立体构型为正三角形；

故答案为：正三角形；

rm{sp^{2}}元素rm{(4)}为rm{A}元素rm{C}为rm{B}rm{N}的最简单的氢化物的沸点比rm{B}的最简单的氢化物的沸点高得多；其原因是氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能，所以氨的沸点比甲烷高；

故答案为：氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能；所以氨的沸点比甲烷高；

rm{A}元素rm{(5)}为rm{E}rm{Cu}的最高价氧化物对应的水化物为rm{E}rm{Cu(OH)_{2}}溶于氨水生成配合物rm{Cu(OH)_{2}}

故答案为：rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}

rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}如图是rm{(6)}单质的晶体堆积方式，离中心原子rm{D}最近的rm{Na}原子数有rm{Na}个，故这种堆积方式的晶胞中原子的配位数为rm{8}该晶胞中rm{8}原子个数rm{Na}每个晶胞的质量rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+1=2}rm{=dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}原子的直径为rm{Na}晶胞的边长rm{2rpm}所以晶胞的体积为rm{=2sqrt{2}rpm}所以此晶体的密度rm{娄脩=dfrac{dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}{16sqrt{2}r^{3}隆脕10^{-30}}=dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}g/cm^{3}}

故答案为：rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}}

rm{16sqrt{2}r^{3}pm}【解析】rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}rm{(2)3}rm{2}rm{(3)}正三角形rm{(4)}氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能，所以氨的沸点比甲烷高rm{(5)[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}rm{(6)8}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times

10^{-30}}}25、略

【分析】试题分析：4个轨道任意选两个轨道为电子电离后，电子的电势能为零，当动能为零时吸入的能量最小。根据能量守恒所得E为3.40。考点：氢原子能级结构、氢原子能级公式【解析】【答案】（1）6（2）3.4026、rm{(1)M}rm{2}

rm{(2)N>O>S}

rm{(3)CO_{2}}rm{CS_{2}}rm{N_{2}O}rm{COS}等rm{sp}

rm{(1)}乙醇分子间存在氢键

rm{(5)垄脵(dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},dfrac{1}{2})}

rm{(5)垄脵(dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},

dfrac{1}{2})}rm{垄脷6}

rm{垄脹dfrac{4隆脕239}{6.02隆脕{10}^{23}隆脕{(0.594隆脕{10}^{?7})}^{3}}}rm{0.210}【分析】【分析】本题考查物质结构与性质，涉及元素的第一电离能的大小的比较，核外电子的排布，等电子体，原子的杂化方式，晶胞的计算等。【解答】rm{(1)S}原子核外有rm{3}个电子层，核外电子占据的最高能层的符号是rm{M}原子核外有rm{(1)S}个电子层，核外电子占据的最高能层的符号是rm{3}基态rm{M}原子核外电子排布式为rm{S}rm{1s}rm{2}rm{2}rm{2s}rm{2}rm{2}rm{2p}rm{6}rm{6}，有rm{3s}种不同形状的电子云，rm{2}rm{2}rm{3p}元素原子rm{4}能级有rm{4}个电子，为半满稳定状态，能量降低，第一电离能rm{2}故答案为：rm{M}rm{2}rm{M}同周期，电离能rm{2}rm{(2)N}rm{p}rm{3}rm{N>O}rm{O}原子总数相同、价电子总数相同的粒子互为等电子体，rm{S}rm{O>S}的价电子总数为第一电离能的大小关系为，故答案为：rm{N>O>S}；rm{(3)}r