2025年人民版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人民版选修3物理上册月考试卷840考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、三个电子各具有与磁场方向垂直的速度v、2v、3v，则它们在匀强磁场中回旋的半径之比和周期之比为（）A.1∶2∶3，1∶2∶3B.1∶2∶3，1∶1∶1C.1∶1∶1，1∶2∶3D.1∶1∶1，1∶1∶12、一列简谐横波沿x轴负方向传播，图1是该横波t=0时的波形图；图2是介质中某质点的振动图像，则图2描述的可能是。

图1图2A.x=3m处质点的振动图像B.x=2m处质点的振动图像C.x=1m处质点的振动图像D.x=0处质点的振动图像3、一圆筒处于磁感应强度大小为的匀强磁场中，磁场方向与筒的轴平行，筒的横截面如图所示．图中直径的两端分别开有小孔，筒绕其中心轴以角速度顺时针转动．在该截面内，一带电粒子从小孔射入筒内，射入时的运动与成30°角．当筒转过90°时，该粒子恰好从小孔飞出圆筒．不计重力．若粒子在筒内未与筒壁发生碰撞；则带电粒子的比荷为（）

A.B.C.D.4、如图所示，在直角坐标系的第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，正、负离子分别以相同的速度从原点O进入磁场，进入磁场的速度方向与x轴正方向夹角为30°。已知正离子运动的轨迹半径大于负离子；则可以判断出（）

A.正离子的比荷大于负离子B.正离子在磁场中运动的时间大于负离子C.正离子在磁场中受到的向心力大于负离子D.正离子离开磁场时的位置到原点的距离等于负离子5、如图所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度滑上原来静止的长木板A的表面；由于A；B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图所示，下列说法正确的是。

A.A.B间的动摩擦因数为0.2B.系统损失的机械能为4JC.木板A的最小长度为1.5mD.木板获得的动能为1J评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图所示，电源的电动势为E、内阻为r，闭合开关K，小液滴恰能在平行板间静止，现将滑动变阻器的滑片P向下滑动；则。

A.小液滴将向上运动B.电源的总功率变大C.小灯泡变亮D.定值电阻R1上消耗的功率变大7、如图所示，三个等量的点电荷，固定在正三角形的三个顶点上，A、C两点为正电荷，B点为负电荷，D为AC中点．下列说法正确的是。

A.若A处点电荷所受静电力大小为F，则B处点电荷所受静电力大小为2FB.若A处点电荷所受静电力大小为F，则B处点电荷所受静电力大小为FC.若将B处点电荷沿BD连线向D点移动，其电势能一定逐渐减小D.在三个点电荷产生的电场中，没有合场强为零的位置(无限远处除外)8、下列说法正确的是（）A.扩散现象和布朗运动都证明分子在做永不停息的无规则运动B.同一个物体，内能的大小与物体的体积和温度无关C.物体中的分子势能总和与物体体积大小无关D.物体放出了热量，物体的内能可能不变9、下列说法中正确的是（）A.物体是由大量分子组成的，分子间的引力和斥力同时随分子间距离的增大而减小B.悬浮在水中的花粉颗粒运动不是水分子的运动，而是花粉分子的运动C.物体的机械能可以为零，而内能不可以为零E.一定质量的理想气体压强不变，温度升高时吸收的热量一定大于内能的增加量E.一定质量的理想气体压强不变，温度升高时吸收的热量一定大于内能的增加量10、如图所示为远距离输电的原理图；升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压恒定；输电线上的电阻不变，假设用户所用用电器都是纯电阻用电器，若发现发电厂发电机输出的电流增大了，则可以判定。

A.通过用户的电流减小了B.用户接入电路的总电阻减小了C.用户消耗的电功率减小了D.加在用户两端的电压变小了11、下面说法错误的是()A.鸭子从池塘中出来，羽毛并不湿——毛细现象B.细玻璃棒尖端放在火焰上烧熔后尖端变成球形——表面张力C.粉笔能吸干纸上的墨水——浸润现象E.雨伞的布料不粘水——不浸润现象E.雨伞的布料不粘水——不浸润现象12、下列有关温度和内能说法正确的是()A.相同温度相同质量的碳粉和碳块内能不相同B.—定质量的物体体积被压缩但温度不变，内能一定增大C.一带有充气嘴的铁质容器A充满某种气体，再充入—部分另一种气体，密封后放入冷水中足够长时间后，A内气体的内能可能比原来A内气体内能大E.—定质量的理想气体体积膨胀后，内能可能不变E.—定质量的理想气体体积膨胀后，内能可能不变13、在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可认为基本不变），R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱；则（）

A.电压表的示数变小B.小灯泡消耗的功率变小C.通过R2的电流变小D.电源两端的电压变大14、如图所示，在光滑水平面上停放质量为m装有弧形槽的小车．现有一质量为2m的小球以v0的水平速度沿切线水平的槽口向小车滑去(不计摩擦)；到达某一高度后，小球又返回小车右端，则()

A.小球在小车上到达的最大高度为B.小球离车后，对地将做自由落体运动C.小球离车后，对地将向右做平抛运动D.此过程中小球对车做的功为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图所示，一横截面为半圆柱形的玻璃砖，圆心为O，半径为R．某一单色光垂直于直径方向从A点射入玻璃砖，折射光线经过P点，OP与单色光的入射方向平行，且A到O的距离为P到O的距离为则玻璃砖对单色光的折射率为_________．

16、一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到A，体积V与温度T的关系如图所示。图中和为已知量。

(1)从状态A到B；气体经历的是_______（选填“等温”，“等容”，或“等压”）过程。

(2)从B到C的过程中；气体的内能_______（选填“增大”“减小”或“不变”）。

(3)从C到D的过程中，气体对外界_______（选填“做正功”“做负功”或“不做功”），同时________（选填“吸热”或“放热”）。17、进行如下实验：先把空的烧瓶放入冰箱冷冻，取出烧瓶，并迅速把一个气球紧套在烧瓶颈上，封闭了一部分气体，然后将烧瓶放进盛满热水的烧杯里，气球逐渐膨胀起来，如图。若某时刻该密闭气体的体积为V，密度为ρ，平均摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为NA，则该密闭气体的分子个数为______。若将该密闭气体视为理想气体，气球逐渐膨胀起来的过程中，气体对外做了0.8J的功，同时吸收了0.9J的热量，则该气体内能变化了______J。若气球在膨胀过程中迅速脱离瓶颈，则该气球内气体的温度_____（填“升高”或“降低”）。18、蒸汽机、内燃机等热机以及电冰箱工作时都利用了气体状态变化来实现能量的转移和转化，我们把这些气体称为工质。某热机经过一个循环后，工质从高温热源吸热Q1，对外做功W，又向低温热源放热Q2，工质完全恢复初始状态，内能没有变化。根据热力学第一定律，在工质的一个循环中，Q1、Q2、W三者之间满足的关系是____。热机的效率不可能达到100%，从能量转化的角度，说明___能不能完全转化为___能而不产生其他影响。19、阴极射线管的上方有一根固定的导线AB，如图所示，当导线中通一如图所示的电流时，阴极射线管的电子流将向__________偏转。（填“下”或“上”）评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)23、某同学利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警电路”，如图甲所示．将热敏电阻R安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，继电器的上触点接触，下触点分离，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，继电器的下触点接触，上触点分离，警铃响．图甲中继电器的供电电压U1=3V，继电器线圈用漆包线绕成，其电阻R0为30Ω．当线圈中的电流大于等于50mA时；继电器的衔铁将被吸合，警铃响．图乙是热敏电阻的阻值随温度变化的图象．

（1）图甲中警铃的接线柱C应与接线柱______相连，指示灯的接线柱D应与接线柱______相连（均选填“A”或“B”）．

（2）当环境温度升高时，热敏电阻阻值将______，继电器的磁性将______（均选填“增大”、“减小”或“不变”），当环境温度达到______℃时；警铃报警．

24、在用“半偏法”测电流表的内阻实验中；电路如图所示，实验时要进行的步骤有。

A．合上

B．合上

C．将R接入电路的阻值调到最大。

D．调节R；使电流表的指针偏到满刻度。

E．记下的阻值。

F．调节使电流表指针指到满刻度一半。

把以上步骤的字母代号按实验的合理顺序填在横线上：______。A.B.C.E.E.25、在“油膜法估测分子大小”的实验中，某同学用滴管吸取体积浓度为η的油酸酒精溶液，一滴一滴地滴入量筒，记下体积为V的油酸酒精溶液的滴数为N。之后的操作步骤如下：

A．将带有方格的玻璃板放在浅盘上；待油酸薄膜的形状稳定后，用彩笔将油酸薄膜的形状画在玻璃板上。

B．将痱子粉均匀地撒在浅盘内的水面上，用滴管吸取体积浓度为η的油酸酒精溶液；从低处向水面中央滴入一滴。

C．根据方格数目，估算出油酸薄膜的面积为S

以上操作步骤正确的顺序是________（填序号）。计算油酸分子直径的表达式为________。26、用高值电阻放电法测电容的实验电路图如图所示。其原理是测出电容器在充电电压为时所带的电荷量从而求出其电容C。该实验的操作步骤如下：

（1）按电路图接好实验电路；

（2）接通开关S，调节电阻箱的阻值，使微安表的指针接近满刻度。记下这时的电压表读数和微安表读数

（3）断开开关并同时开始计时，每隔或读一次微安表的读数将读数记录在预先设计的表格中；

（4）以为横坐标，为纵坐标，建立坐标系。若由实验得到的数据，在右图中描出了12个点（用“×”表示），可以估算出当电容器两端电压为时该电容器所带的电荷量约为______C，从而算出该电容器的电容约为______F。（结果均保留2位有效数字）评卷人得分六、解答题(共1题，共5分)27、如图甲所示，一个导热气缸水平放置，内部封闭着热力学温度为的理想气体，活塞截面积为活塞与气缸底部距离为大气压为重力加速度为活塞与气缸之间摩擦忽略不计。先保持温度不变，将气缸缓慢转动90°（如图乙），活塞与气缸底部距离变为再对气体缓慢加热，活塞离气缸底部距离变为（如图丙）；求：

（1）活塞的质量

（2）气体加热后的热力学温度

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

根据公式得

可得半径比为1∶2∶3，又因为

所以周期与速度无关；故周期之比为1∶1∶1。

故选B。2、A【分析】A项：x=3m处质点在t=0时刻从平衡位置向下振动；与振动图像t=0时相符，故A正确；

B项：x=2处质点在t=0时刻处于波峰位置；与振动图像t=0时不相符，故B错误；

C项：x=1m处质点在t=0时刻从平衡位置向上振动；与振动图像t=0时不相符，故C错误；

D项：x=0处质点在t=0时刻处于波谷位置；与振动图像t=0时不相符，故D错误．

点晴：本题考查识别、理解振动图象和波动图象的能力和把握两种图象联系的能力．3、A【分析】【详解】

粒子在磁场中做匀速圆周运动。

根据几何关系，有∠MOA=90°，∠OMA=45°，∠CMO'=60°，所以∠O′MA=75°，∠O′AM=75°，∠MO′A=30°，即轨迹圆弧所对的圆心角为30°，粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期粒子在磁场中匀速圆周运动的时间圆筒转动90°所用时间粒子匀速圆周运动的时间和圆筒转动时间相等解得则解得A正确，BCD错误.4、D【分析】【详解】

A．粒子做圆周运动的向心力等于洛伦兹力，则

解得

因正离子运动的轨迹半径大于负离子；故正离子的比荷小于负离子，选项A错误；

D．由左手定则可知，正离子向上偏转，从y轴射出，其圆弧所对的圆心角为120°；负离子向下偏转，从x轴射出，其圆弧所对的圆心角为60°；因正离子运动的轨迹半径大于负离子；则正离子离开磁场时的位置到原点的距离大于负离子，选项D正确；

B．根据

可知正离子在磁场中运动的圆弧长度较大；则时间大于负离子，选项B正确；

C．带电粒子在磁场中运动的向心力是由洛伦兹力提供的，根据洛伦兹力F=qvB

可知，由于q大小关系未知；所以不能比较向心力的大小，所以C错误。

故选BD。5、D【分析】【分析】

根据斜率求出B的加速度大小；根据牛顿第二定律求出动摩擦因数，由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，从而求解木板获得的动能，根据A和B的初；末机械能来求解系统损失的机械能，根据“面积”之差求出木板A的长度；

【详解】

A．由图示图象可知，B的加速度：负号表示加速度的方向，由牛顿第二定律得：代入解得，故A错误；

BD．由图示图象可知，木板获得的速度为A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：解得木板A的质量为木板获得的动能为：

系统损失的机械能为故B错误，D正确；

C．由图得到：内B的位移为

A的位移为木板A的最小长度为故C错误．

【点睛】

本题属于木块在木板上滑动类型，既考查读图能力，也考查运用牛顿第二定律、功能关系处理复杂力学问题的能力．二、多选题(共9题，共18分)6、B:D【分析】【详解】

将滑动变阻器的滑片P向下滑动，变阻器电阻减小，故外电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律，干路电流增加，根据UL=E-I（r+R1），小灯泡的电压减小；故小灯泡电功率减小，小灯泡变暗，故C错误；干路电流增加，根据P=EI，电源的总功率变大，故B正确；干路电流增加，根据U=E-Ir，路端电压减小，故电容器两端电压减小，故液滴受电场力减小，重力大于电场力，液滴将向下加速运动，故A错误；干路电流增加，根据P=I2R，定值电阻R1上消耗的功率变大，故D正确。所以BD正确，AC错误。7、B:C【分析】【详解】

若A处点电荷所受静电力大小为F，因A、C两点为正电荷，B点为负电荷，且三个等量的点电荷，分别对A与B受力分析，如下图所示：

那么AB间的库仑力为F，CB间的库仑力也为F，根据矢量的合成法则，结合三角知识，即有，B处点电荷所受静电力大小为2Fcos30°=F，故A错误，B正确；若将B处点电荷沿BD连线向D点移动，由矢量的合成法则，AC产生的合电场强度方向由D指向B，那么电场力做正功，其电势能一定逐渐减小，故C正确；根据矢量的合成法则，在三个点电荷产生的电场中，在BD延长线某处存在合场强为零的位置，故D错误．8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．扩散现象和布朗运动都证明分子在做永不停息的无规则运动；A正确；

B．同一个物体；内能的大小与物体的体积和温度有关，B错误；

C．物体中的分子势能总和与物体体积大小有关；C错误；

D．物体放出了热量；如过外界对物体做功，物体的内能可能不变。D正确。

故选AD。9、A:C:E【分析】【详解】

A．根据分子动理论的内容可知；物体是由大量分子组成的，分子间的引力和斥力同时随分子间距离的增大而减小，A正确；

B．布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的无规则运动；是由大量分子撞击引起的，反应了液体分子的无规则运动，B错误．

C．物体的宏观速度相对于参考系的速度为0时；其动能可以为0；而内能是物体内所有分子的分子动能与分子势能的和，分子动能不可能为0，所以物体的内能不可能为0，C正确；

D．第二类永动机不违反能量守恒定律；D错误；

E．一定质量的理想气体压强不变，温度升高时，根据理想气体的状态方程

可知气体的体积一定增大；所以气体对外做功，然后根据热力学第一定律可知，吸收的热量一定大于内能的增加量，E正确。

故选ACE。10、B:D【分析】【详解】

A项：如果发电机输出电流增大；根据变流比可知，输送电流增大，通过用户的电流增大，故A错误；

B项：由可知，输送电流增大，是由于减小引起的；故B正确；

C项：当用户电阻减小时；用户消耗的功率增大，故C错误；

D项：发电机输出电流增大；则输电线上的电压降增大，因此降压变压器的输入；输出电压均减小，即因在用户两端电压变小了，故D正确．

故选BD．11、A:C:D【分析】【详解】

鸭子从池塘中出来，羽毛并不湿是不浸润现象，故A错误；细玻璃棒尖端放在火焰上烧溶后尖端变成球形，是表面张力，故B正确；粉笔能吸干纸上的墨水，是毛细现象，故C错误；布做的雨伞，虽然纱线间有空隙，却不漏雨水，是不浸润现象，故D错误，E正确；本题选错误的，故选ACD．12、C:D:E【分析】【详解】

A.温度相同质量相同的碳粉和碳块；因为是同一物质，所以体积相同，内能相同，A错误．

B.根据热力学第一定律物体体积被压缩，外界对物体做功，但是物体如果对外传热，内能可能不变，B错误．

C.气体内能的决定因素；物质的量和温度，虽然温度降低，但是加入另一种气体，物质的量增加，内能可能增大，C正确．

D.—定质量的水变成冰；熔化过程中温度不变，平均动能不变，D正确．

E.根据体积膨胀，对外做功，如果吸热，内能可能不变，E正确．13、A:B:D【分析】A、光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R1两端的电压减小，故A正确；B、由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B正确；C、因电路中电流减小，故内压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大；则流过R2的电流增大；故C错误；D；电源两端的电压为路端电压，由电3内电压减小，电源两端的电压变大，故D正确；故选ABD．

【点睛】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．14、A:D【分析】【分析】

小球和小车组成的系统在水平方向上动量守恒；当小球上升的最高点时，竖直方向上的速度为零，水平方向上与小车具有相同的速度，结合动量守恒和能量守恒求出上升的最大高度．根据动量守恒定律和能量守恒求出小球返回右端时的速度，从而得出小球的运动规律，根据动能定理得出小球对小车做功的大小．

【详解】

设小球离开小车时，小球的速度为v1，小车的速度为v2，整个过程中动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：2mv0=mv1+2mv2，由动能守恒定律得：解得：所以小球与小车分离后对地将向左做平抛运动，故BC错误；当小球与小车的水平速度相等时，小球弧形槽上升到最大高度，设该高度为h，系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：2mv0=3m•v，由机械能守恒定律得：解得：故A正确；对小车运用动能定理得，小球对小车做功：故D正确．所以AD正确，BC错误．

【点睛】

本题考查了动量守恒定律和能量守恒定律的综合，知道当小球与小车的水平速度相等时，小球上升到最大高度．三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

光路如图所示：

根据几何关系可得，光从半圆柱形玻璃砖射出时，入射角为300，折射角为600

根据光的折射定律：

即玻璃的折射率为【解析】【答题空1】16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]从状态A到B；由于体积没变，因此发生的是等容过程。

(2)[2]从B到C的过程；由于气体温度不变，因此气体的内能不变。

(3)[3][4]从C到D的过程中，由于体积减小，因此气体对外界做负功；而温度降低，内能减小，根据热力学第一定律，一定放出热量。【解析】等容不变做负功放热17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．该密闭气体的质量为。

物质的量。

分子个数为。

解得。

[2]．气球逐渐膨胀起来的过程中；气体对外做了0.8J的功，同时吸收了0.9J的热量，则该气体内能变化了。

∆U=W+Q=-0.8J+0.9J=0.1J即内能增加0.1J；

[3]．若气球在膨胀过程中迅速脱离瓶颈，则该气球内气体迅速绝热膨胀对外做功，则气体的温度降低。【解析】0.1J降低18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由热力学第一定律，热量、做功、内能的符号规定得Q1＋（－Q2）＋（－W）＝0，即Q1－Q2＝W。

[2][3]再由热力学第二定律知，内能不可能全部转化成机械能而不产生其他影响。【解析】Q1－Q2＝W内机械19、略

【分析】根据安培定则判断可知：通电导线在阴极射线管处产生的磁场方向垂直纸面向里；电子带负电，向右运动，由左手定则判断得知电子流所受的洛伦兹力方向向下，所以阴极射线向下偏转．

【点睛】本题关键要掌握两大定则：安培定则和左手定则，要明确两个问题：一是什么条件用什么定则，二是怎样用定则．【解析】下四、作图题(共3题，共27分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共24分)23、略

【分析】【分析】

（1）由题干中“当环境温度超过某一值时；继电器的下触点接触，上触点分离，警铃响”判断出警铃和指示灯的连接情况；

（2）由图象分析热敏电阻阻值随温度的变化关系；结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化；由题干中“当线圈中的电流大于等于50mA时，继电器的衔铁将被吸合，警铃响”，结合欧姆定律求出热敏电阻接入电路的阻值的最大阻值，从图象上找到对应的温度就可以解决问题；