2025年牛津上海版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版必修3物理上册月考试卷113考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示；电源两端电压不变（电源内阻忽略），当滑动变阻器的滑动片向右滑动时，下列说法中正确的是（）

A.电流表A1读数变小B.电流表A2读数变大C.电压表V读数变小D.电压表V读数不变2、如图所示，较厚的空腔球形导体壳中有一个正点电荷，则图中各点的电场强度大小关系为（）

A.B.C.D.3、对于电场中两点，下列说法正确的是（）A.电势差的定义式说明两点间的电势差与电场力做功成正比，与移动电荷的电量成反比B.两点间的电势差等于将正电荷从点移到点电场力所做的功C.将电荷从点移到点，电场力做的功，这两点间的电势差为D.电荷由点移到点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等于电场力所做的功4、如图所示，甲图是由一个灵敏电流计G和一个电阻箱R改装成的电流表，乙图是由同样的一个灵敏电流计G和一个电阻箱R改装成的电压表。当使电阻箱R的电阻减小时；下列说法正确的是（）

A.电流表的内阻减小，量程增大B.电流表的内阻增大，量程减小C.电压表的内阻增大，量程减小D.电压表的内阻减小，量程增大5、人类对电的认识是在长期实践活动中，不断发展、逐步深化的，经历了一条漫长而曲折的道路。人们对电现象的初步认识，可追溯到公元前6世纪。希腊哲学家泰勒斯那时已发现并记载了摩擦过的琥珀能吸引轻小物体。我国东汉时期，王充在《论衡》一书中所提到的“顿牟掇芥”等问题，也是说摩擦琥珀能吸引轻小物体。科学家在研究原子、原子核及基本粒子时，为了方便，常常用元电荷作为电荷量的单位。关于元电荷，下列论述中正确的是（）A.点电荷也叫元电荷B.质子或电子都是元电荷C.物体所带的电荷量都是元电荷的整数倍D.电子的电荷量的数值最早是由库仑通过实验测得的6、如图所示，A、B是电场中的一条电场线上的两点，一电子仅在电场力的作用下以某一初速度由A运动到B，以AB方向为正方向；其位移-时间图象如图乙所示，下列判断正确的是。

A.该电场一定是正点电荷产生的电场B.电子的电势能不断增加C.A点的场强小于B点场强D.A点电势低于B点电势7、保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务．盗版书籍影响我们的学习效率，甚至会给我们的学习带来隐患．小华同学有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个带电质点的电荷量数字看不清，他只能看清是拿去问老师，如果你是老师，你认为该带电质点的电荷量可能是下列哪一个（）A.B.C.D.8、如图所示，因线路故障，接通S时，灯泡和均不亮，用电压表测得因此可知开路处为（）

A.灯泡B.灯泡C.变阻器D.不能确定评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示；竖直放置的长直导线通有恒定电流，有一矩形线框与导线在同一平面内，在下列情况中线框产生感应电流的是（）

A.导线中的电流变大B.线框向右平动C.线框向下平动D.线框以AB边为轴转动10、如图所示，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，已知q1、q2之间的距离与q2、q3之间的距离之比为2∶1，每个电荷都只受静电力且处于平衡状态。如果q2为正电荷；则（）

A.q1为正电荷，q3为负电荷B.q1为负电荷，q3为负电荷C.q1、q2的电荷量大小之比为4∶1D.q2、q3的电荷量大小之比为4∶911、水平放置的光滑绝缘环上套有三个带电小球，小球可在环上自由移动。如图所示是小球平衡后的可能位置。图甲中三个小球构成一个钝角三角形，A点是钝角的顶点。图乙中三个小球构成一个锐角三角形，其中三角形边长下列说法正确的是（）

A.图甲中B两个小球一定带异种电荷B.图甲中三个小球一定带等量电荷C.图乙中三个小球一定带同种电荷D.图乙中三个小球带电荷量的大小为12、两电荷量分别为q1和q2的点电荷a、b固定在x轴上的O、M两点，规定无穷远处为电势能零点，一带负电的试探电荷在x轴上各点具有的电势能随x的变化关系如图所示，其中试探电荷在A、N两点的电势能为零，在ND段中C点电势能最大，则下列说法正确的是（）

A.a为负电荷，b为正电荷B.C.将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做负功后做正功D.将一正点电荷从N点静止释放后会沿x轴正方向运动且到达C点时速度最大13、一个电子在电场力作用下做直线运动（不计重力）。从0时刻起运动依次经历时刻。其运动的图象如图所示。对此下列判断正确的是（）

A.0时刻与时刻电子在同一位置B.0时刻、时刻、时刻电子所在位置的电势分别为其大小比较有C.0时刻、时刻、时刻电子所在位置的场强大小分别为其大小比较有D.电子从0时刻运动至时刻，连续运动至时刻，电场力先做正功后做负功14、如图所示，直线Ⅰ是电源的路端电压随输出电流的变化图线，曲线Ⅱ是一个小灯泡的伏安特性曲线｡曲线Ⅱ与直线Ⅰ交点P的坐标为（0.6A，0.5V），曲线Ⅱ在P点的切线过点（0.4A；0）｡将该小灯泡与电源连接组成闭合回路，下列说法正确的是（）

A.小灯泡的电阻为2.5ΩB.电源的内阻为2.5ΩC.电源内阻消耗的热功率为0.9WD.电源的效率为75%15、如图所示的电路中，已知电源电动势为E，内电阻为r，滑动变阻器R的阻值可以从零连续增大到Rmax，定值电阻R1的阻值范围为r<R1<Rmax；则下列结论正确的是（）

A.当R＝R1-r时，R1消耗的功率最大B.R消耗的最大功率可能为C.当R＝0时，R1消耗的功率最大D.外电路消耗的最大功率为16、如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表．电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为U1，电压表V2的示数改变量大小为U2，电流表A的示数改变量大小为I，则下列判断正确的有（）

A.滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量不变B.的值变大C.的值不变，且始终等于电源内阻rD.滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、磁感线。

（1）定义：在磁场中画出一些有方向的曲线，曲线上每一点的________都跟这点磁场的方向一致；这样的曲线就叫作磁感线。

（2）特点。

①磁感线的________表示磁场的强弱。磁场强的地方，磁感线________；磁场弱的地方，磁感线____________

②磁感线某点的________表示该点磁场的方向。18、能量守恒定律。

能量既不会凭空_______，也不会凭空_______，它只能从一种形式_______为其他形式，或者从一个物体_______到别的物体，在转化或转移的过程中，能量的总量_______。19、在某电场中，将一带电荷量为q=＋2.0×10-9C的点电荷从a点移到b点，静电力做功W=-4.0×10-7J，则a、b两点间的电势差Uab为___________V。20、两导线长度之比为1∶2，横截面积之比为3∶4，电阻率之比为5∶6，则它们的电阻之比为______。21、如图所示，在竖直放置的半径为R的光滑半圆形绝缘细管的圆心O处放一个点电荷，将一个质量为m、带电荷量为q的小球从圆弧管的端口A处由静止释放，小球沿细管滑到最低点B处时，对管壁恰好无压力，则小球在B处时的速度大小为______，处于圆心O处的电荷在弧中点处的电场强度的大小为______。

22、如图，某同学用游标卡尺测量某工件的外径时，示数如图（右图是左图的放大图），则此工件的外径___________mm。

23、(1)下表为某电热水壶铭牌上的一部分内容。根据表中的信息；可计算出电热水壶在额定电压下以额定功率工作时的电流约为____________。

。型号。

DF-938

额定功率。

900W

额定电压。

220V

额定容量。

1.2L

。A．6.8AB．4.1AC．1.2AD．0.24A(2)在家庭电路中洗衣机和电冰箱是____________（填串联或并联），节能灯比白炽灯的发光效率____________（填高或低）。24、有一条横截面积为s的铜导线通以大小为I的电流．已知铜的密度为，铜的摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为NA，电子的电量为e，如果每个铜原子只贡献一个自由电子，则铜导线中自由电子定向移动的速率为_____评卷人得分四、实验题(共4题，共8分)25、图示是“研究平行板电容器的电容与哪些因素有关”的实验装置。两块相互靠近的等大正对平行金属平板M；N组成电容器；板N固定在绝缘座上并通过导线与静电计中心杆相接，板M和静电计的金属壳都通过导线接地，板M上装有绝缘手柄，可以执手柄控制板M的位置。

(1)初步分析影响因素可能有两板间距大小、极板正对面积大小、电介质的介电常数的大小等，所以本实验所用的科学探究方法是_____（选填“理想实验法”；“建立物理模型法”或“控制变量法”）

(2)使电容器带电后与电源断开；此时静电计指针张开一定角度。再进行以下实验（每次保证其他条件不变化，以下空格均选填“变大”；“变小”或“不变”）

若仅将M极适当左移，则静电计指针的偏角将_____；

若仅将N板适当上移，则静电计指针的偏角将_____；

若在两板板间插入云母片，则静电计指针的偏角将_____；

若在两极板间插入一块金属板，则静电计指针偏角将_____。

(3)下列关于实验中使用静电计的说法正确的是()

A.静电计可以用电压表代替。

B.静电计可以用电流表代替。

C.使用静电计的目的是测量电容器电荷量的变化情况

D.使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况26、一灵敏电流计G的量程为2mA，内阻未知，现要精确测量G的内阻。实验室中可供选择的器材有：

待测灵敏电流计G；多用电表；

电流表A1：量程为6mA；内阻约为200Ω；

电流表A2：量程为0.6A；内阻约为0.1Ω；

定值电阻R1：阻值为10Ω；

定值电阻R2：阻值为60Ω；

滑动变阻器R3：最大电阻为20Ω；额定电流为1.5A；

直流电源：电动势为1.5V；内阻为0.5Ω；开关，导线若干。

(1)先用多用电表粗测G的内阻，正确操作时，应该使多用电表的红表笔接灵敏电流计G的______（选填“正”或“负”）接线柱；黑表笔接另一个接线柱。

(2)步骤(1)中粗测G的内阻为100Ω，为了精确测量G的内阻，实验小组的同学选择了如图所示的电路，则电表1为______（选填“G”“A1”或“A2”），电表2为______（选填“G”“A1”或“A2”），定值电阻Rx为______（选填“R1”或“R2”）。

(3)按照上述设计的电路进行实验，测得电表1的示数为a1，电表2的示数为a2，则灵敏电流计G的内阻的表达式为rg=______。（用a1、a2、Rx等符号表达）

27、请完成下面两个小题：

(1)用游标卡尺测量某一金属丝长度时的读数如图所示，此读数为__________mm

(2)某研究性学习小组利用伏安法测定某一电池组的电动势和内阻（电动势约为6V，内阻约为2Ω），实验原理如图所示，其中A为标准电流表，E为待测电池组，S为开关。R为滑动变阻器，是标准阻值为的定值电阻。已知灵敏电流计G的满偏电流内阻另有电阻箱开关及导线若干。

①要想将此灵敏电流计改装成量程为6V的电压表，改装的方法是将灵敏电流计与电阻箱__________联，并将电阻箱的阻值调为__________Ω

②请将电路图补充完整_____。测量次数12345678改装电压表读数5.255.165.054.934.844.704.604.45电流表读数20406080100120140160

③某次测量的数据如表格所示，有同学了解到，“逐差法”不仅可以求匀变速直线运动的加速度，它实际上是线性关系数据处理的一般方法，如借鉴“逐差法”处理本次实验的数据，可以计算出电池组的内阻__________（结果保留三位有效数字）。28、新华中学高三物理兴趣小组的一位同学；发现了一块比较特殊的电池，干是他组织了几位同学利用以下器材来测量该电池的电动势和内阻．

A.被测电池（电动势在10V~15V之间；内阻未知）

B.电阻箱R（0~20）

C.定值电阻R0（阻值5）

D.电流表A1（量程2A；内阻较小）

E.电流表A2（量程0.6A；内阻较小）

F.电键。

G.导线若干。

实验中为了保护电路，用到了包括电池和定值电阻R0在内的几种实验器材：①在虚线框内补充实验原理图，并在图中表明所选器材的符号：()

②同学们利用实验数据做出了通过电源的电流I的倒数和外电路电阻R（R0除外）的关系图线，即一R图线；如图所示．

根据图线求出电池的电动势为______V，内阻为_____．（保留2位有效数字）；

③测量值和真实值相比，电动势和真实值相比_____，内阻和真实值相比_____．（两空都填“偏大”“相等”或“偏小”）．评卷人得分五、解答题(共4题，共28分)29、如图所示，一带电荷量为q=5×10-3C，质量为m=0.1kg的小物块放在一倾角为的光滑绝缘斜面上，当整个装置处在一个与斜面平行的匀强电场中时，小物块恰处于静止状态。已知求：

（1）电场线的方向和电场强度的大小；

（2）某时刻小物块的电荷量突然减少了一半；物块下滑的加速度大小。

30、一个挂在细丝线下端的带电的小球B，静止在如图所示位置。若固定的带正电的小球A电量为Q，B球的质量为m，带电量为q，丝线与竖直方向的夹角为θ；A和B在同一水平线上，整个装置处于真空中，A；B球均可视为点电荷，求：

（1）B球带何种电荷？

（2）A；B两球之间的距离为多少？

31、如图所示，竖直固定的光滑绝缘圆轨道处于水平方向的匀强电场中，轨道半径为R，OP与竖直方向的夹角θ=37°。质量为m、电荷量为q的带电小球（可视为质点），一开始静止在P点。若让小球从P点开始以大小为v0、沿切线方向的速度运动，小球恰能沿轨道做完整的圆周运动。（sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g）

（1）求电场强度。

（2）求P点速度v0的大小；

（3）求小球做圆周运动通过P点时对轨道的压力大小。

32、如图所示，线圈平面与水平方向夹角θ=60°，磁感线竖直向下，线圈平面面积S=0.4m2，匀强磁场磁感应强度B=0.6T；则：

（1）穿过线圈的磁通量Φ为多少？把线圈以cd为轴顺时针转过120°角；则通过线圈磁通量的变化量为多少？

（2）若θ=90°，穿过线圈的磁通量为多少？当θ为多大时；穿过线圈的磁通量最大？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】

【详解】

AB．电路总电流减小，即电流表的示数减小，因为定值电路两端的电压增大，所以通过定值电阻的电流增大，因为电路总电流等于通过定值电阻电流与通过滑动变阻器电流之和，所以通过滑动变阻器的电流减小，即A2读数减小；B错误，A正确；

CD．从图中可得电压表测量路端电压，电流表测量电路总电流，电流表测量滑动变阻器电流；当滑动变阻器的滑动片向右滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，电路总电阻增大，根据闭合回路欧姆定律可得路端电压增大，即电压表示数增大，CD错误。

故选A。2、C【分析】【分析】

【详解】

当静电平衡时；空腔球形导体壳内壁感应出负电荷，外壁感应出正电荷，感应电荷形成的电场与点电荷形成的电场叠加，导致空腔球形导体壳内（阴影部分）场强为零。如图画出电场线的大致分布。

由于处电场线较密，处电场线较疏，处电场线更疏，处场强为零，则

故选C。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．电势差的定义式

是比值定义法，电势差UAB与电场力做功WAB、与移动电荷的电荷量q无关。故A错误；

B．根据电势差的定义式

场中A、B两点间的电势差UAB等于把单位正电荷q从A点移动到B点时电场力做的功。故B错误；

C．据电势差的定义式

把1C电荷从A点移到B点；电场力做1J的功，这两点间的电势差为1V。故C正确；

D．电荷电势能的变化始终等于电场力所做的功；与是否有其他的力做功无关。故D错误。

故选C。4、A【分析】【详解】

设G的内阻为Rg，满偏电流为Ig，则甲的量程和内阻分别为

乙的量程和内阻分别为

当使电阻箱R的电阻减小时，可知I增大、U减小，r1和r2都减小。

故选A。5、C【分析】【详解】

AB．元电荷是最小的电量单位；点电荷不是元电荷；质子或电子都是实物粒子，都带元电荷的电量，但不是元电荷，选项AB错误；

C．物体所带的电荷量都是元电荷的整数倍；选项C正确；

D．电子的电荷量的数值最早是由密立根通过油滴实验测得的；选项D错误。

故选C。6、B【分析】【详解】

A．位移-时间图象的斜率表示速度，斜率变小，速度变小，电子从A向B做减速运动，初速度向右，电场力向左，电子带负电，电场方由A到B，该电场可能是位于A点左侧的正点电荷形成的电场或位于B点右侧的负点电荷形成的电场；故A错误；

B．电子从A到B的过程中；速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加，故B正确；

C．根据图象只能判断v减小；不能判断加速度的变化情况，所以场强大小无法判断，故C正错误；

D．根据A项分析，电场方向由A到B，根据沿电场方向电势降低，A点电势高于B点电势，D错误．7、B【分析】【详解】

任何带电体的电荷量是元电荷的整数倍，即是的整数倍，由计算可知，只有是的整数倍。

故选B。8、B【分析】【分析】

【详解】

对于完好的电阻，阻值一定，电流I=0时；根据欧姆定律可知，其电压。

由题。

则可知：变阻器没有发生断路。

则可知：灯泡没有发生断路，L2发生断路。

故选B。二、多选题(共8题，共16分)9、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．导线中电流变大；磁场增大，线框中的磁感应强度增大，故磁通量增大，可以产生感应电流。故A正确；

B．线框向右平动；线框中磁感应强度减小，故磁通量减小，可以产生感应电流。故B正确；

C．线框向下运动时；线框中的磁感应强度不变，磁通量不变，故不会产生感应电流。故C错误；

D．以线框以AB边为轴转动时；穿过线框中的磁通量不断变化，故会产生感应电流。故D正确。

故选ABD。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．依题意，根据同一直线上，三个点电荷只受静电力且处于平衡状态的条件——“两同夹异，两大夹小”，可判断知由于q2为正电荷，则q1、q3均为负电荷；故A错误，B正确；

CD．设q2、q3之间的距离L，则q1、q2之间的距离2L，以q3为研究对象，则由平衡条件可得

所以可得

以q1为研究对象，则由平衡条件可得

所以可得

故C错误；D正确。

故选BD。11、A:C【分析】【详解】

AB．由于圆环光滑，因此圆环对小球的弹力一定沿半径方向指向圆心或背离圆心，因而每个小球受其他两个小球的库仑力的合力必须沿半径方向背离圆心或指向圆心。对题图甲中的C球受力分析，若A、B两球带同种电荷，则A、B两球对C球产生的库仑力的合力不可能沿半径方向背离圆心或指向圆心，因此A、B两球一定带异种电荷，钝角三角形ABC的角度大小未知；三小球不一定带等量电荷，A正确，B错误；

C．对E；D、F三小球分别进行受力分析；要保持平衡，三小球必须带同种电荷，C正确；

D．对D球受力分析如图所示，为计算方便，设

则有

由几何知识可知

所以有

同理对F球受力分析可得

对E球受力分析可得

综上所述有

D错误。

故选AC。

12、A:D【分析】【详解】

A．根据图像，负电荷从O点运动到M点，电势能减小，电场力做正功，电场力向右，电场强度向左，a为负电荷，b为正电荷；A正确；

B．因为A点电势等于零，且所以B错误；

C．根据图像，负电荷从N点到D点，电势能先增大后减小，电场力先做负功后做正功，那么，正电荷从N点到D点电势能先减小后增大；电场力先做正功后做负功，C错误；

D．因为在ND段中C点电势能最大，在C点切线的斜率等于零，C点的电场强度等于零。又因为b为正电荷，正电荷的电场线是发散的，所以从N点到C点电场强度方向向右，从C点到D点电场强度方向向左，将一正点电荷从N点静止释放后会沿x轴正方向运动，在ND段先加速后减速，到达C点时速度最大；D正确。

故选AD。13、A:C【分析】【详解】

A．电子只受电场力作用沿直线运动，该直线为一条电场线。结合其图象知其运动情景如图所示。则0时刻与时刻电子在同一位置。所以A正确；

B．电子受电场力向左，则场强方向向右，沿电场线方向电势逐渐降低，则有

所以B错误；

C．图象的斜率为加速度。由图象知过程加速度增大，过程加速度减小。又有

则有

所以C正确；

D．由图象知过程速度减小，过程速度增大；则其动能先减小；后增大。由动能定理知电场力先做负功，后做正功。所以D错误。

故选AC。14、B:C【分析】【详解】

A．小灯泡的伏安特性曲线与电源路端电压随输出电流的变化图线的交点P即为小灯泡接入电路时的工作状态，由图可知小灯泡接入电路后

故此时小灯泡的电阻为

故A错误；

B．电源路端电压随输出电流的变化图线的斜率的绝对值为电源内阻，即

故B正确；

C．电源内阻消耗的热功率为

故C正确；

D．电源的路端电压随输出电流的变化图线纵轴截距表示电动势，即

电源的效率为

故D错误。

故选BC。15、B:C【分析】【详解】

AC.当R＝0时，R1的电流最大，R1消耗的功率最大；C正确，A错误；

B.把R1看作电流的内阻，当时，电源的输出功率最大，即R消耗的最大功率最大，其最大值为

B正确；

D.外电路的电阻越接近电源内阻时，外电路消耗的功率越大，当时，外电路消耗的功率最大，其最大值为

解得D错误。

故选BC。16、A:C【分析】【详解】

AD．由图可知，与R串联，V1测R两端的电压，V2测路端的电压．若滑片P向左端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，R1的电压减小；由于理想二极管具有单向导通作用，只能充电，不能放电，所以电容器所带的电荷量不变，A正确，D错误；

B．根据闭合电路欧姆定律得

则

所以的值保持不变；B错误；

C．根据闭合电路欧姆定律得：由

则

不变；C正确。

故选AC。三、填空题(共8题，共16分)17、略

【解析】①.切线方向②.疏密③.较密④.较疏⑤.切线方向18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】产生消失转化转移保持不变19、略

【解析】-20020、略

【分析】【详解】

根据电阻定律因为两导线长度之比为1∶2，横截面积之比为3∶4，电阻率之比为5∶6，所以可得它们的电阻之比为5:9

故答案为5:9【解析】5︰921、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]设小球到达B点时速度大小为v。小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得

得到

[2]小球经过B点时，由牛顿第二定律得

代入得【解析】22、略

【分析】【详解】

工件的外径为【解析】19.4023、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据表中的信息，可知电热水壶的电压为220V，功率为900W，根据P=UI

可得以额定功率工作时的电流为

故B正确；ACD错误。

故选B。

（2）[2]家庭电路中；各个用电器之间都是并联的，所以洗衣机和电冰箱并联；

[3]节能灯把电能主要转化为光能，白炽灯则主要转化为热能，所以节能灯发光效率高。【解析】B并联高24、略

【分析】【详解】

设铜导线中自由电子定向移动的速率为导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为则导线的长度为体积为在时间内这些电子都能通过下一截面，则电流其中联立解得可得电子定向移动的速率【解析】四、实验题(共4题，共8分)25、略

【分析】【详解】

(1)[1]本实验所用的科学探究方法是控制变量法；

(2)[2]使电容器带电后与电源断开，则电容器带电量Q一定；若仅将M极适当左移，则两板间距d变大，根据

可知，C减小，根据Q=CU

可知，U变大；则静电计指针的偏角将变大；

[3]若仅将N板适当上移，则S减小，根据

可知，C减小，根据Q=CU

可知，U变大；则静电计指针的偏角将变大；

[4]若在两板板间插入云母片，则ε变大，根据

可知，C变大，根据Q=CU

可知，U变小；则静电计指针的偏角将变小；

[5]若在两极板间插入一块金属板，则相当于两板间距d变小，根据

可知，C变大，根据Q=CU

可知，U变小；则静电计指针的偏角将变小；

(3)[6]静电计与电压表和电流表的结构不同；则静电计不能用电压表和电流表代替使用；使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况，故选项ABC错误，D正确。

故选D。【解析】控制变量法变大变大变小变小D26、略

【分析】【详解】

(1)[1]先用多用电表粗测G的内阻，因红表笔内部接电源的负极，则正确操作时，应该使多用电表的红表笔接灵敏电流计G的负接线柱；黑表笔接另一个接线柱。

(2)[2][3][4]根据电路图和实验的原理可知，电表1为G，电表2为A1；若都能达到满偏则定值电阻

则定值电阻Rx为R2。

(3)[5]灵敏电流计G的内阻的表达式为【解析】负GA1R227、略

【分析】【详解】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为精度为则卡尺读数为

（2）[2]改装成电压表；应串联一个电阻分压扩大量程，所以应和电阻箱串联。

（2）[3]串联的电阻值为

（2）[4]

（2）[5]借鉴“研究匀变速直线运行”实验中计算加速度的方法（逐差法），采用1与5；2与6；3与7；4与8；两两组合，由

联立求出内阻；而后取其平均值