2025年冀教版选修3物理下册月考试卷VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版选修3物理下册月考试卷109考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图甲所示，在竖直放置的圆柱形容器内用横截面积S=100cm2的质量不计且光滑的活塞密封一定质量的气体，活塞上静止一质量为m的重物。图乙是密闭气体从状态A变化到状态B的V-T图像，密闭气体在A点的压强pA=1.03×105Pa，从状态A变化到状态B的过程中吸收热量Q=500J。已知外界大气压强p0=1.01×105Pa，下列说法正确的是（）

A.重物质量m=1kgB.气体在状态B时的体积为8.0×10-2mC.从状态A变化到状态B的过程，气体对外界做功202JD.从状态A变化到状态B的过程，气体的内能增加294J2、如图所示；关于干电池上标有的“1.5V”的说法，正确的是()

A.每经过1s，电池对外做功1.5JB.每通过1C的电荷量，有1.5J的电能转化为化学能C.若电池与理想电压表直接相连，电压表的示数为1.5VD.电池为1Ω的小灯泡供电，流过电池的电流是1.5A3、如图，S接a，带电微粒从P点水平射入平行板间，恰能沿直线射出．若S接b；相同微粒仍从P水平射入，则微粒。

A.电势能减小B.电势能不变C.偏离直线向上偏转D.偏离直线向下偏转4、如图a，理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1，与副线圈相连的两个灯泡完全相同、电表都为理想电表，原线圈接上如图b所示的正弦交流电；电路正常工作，闭合开关后()

A.电压表示数增大B.电流表示数增大C.变压器的输入功率增大D.经过灯泡的电流频率为25Hz5、如图甲所示，平行金属板A、B正对竖直放置，CD为两板中线上的两点。A、B板间不加电压时，一带电小球从C点无初速释放，经时间T到达D点，此时速度为v0。在A、B两板间加上如图乙所示的交变电压，t=0带电小球仍从C点无初速释放，小球运动过程中未接触极板，则t=T时；小球（）

A.在D点上方B.恰好到达D点C.速度大于v0D.速度小于v06、如图所示；光滑细杆BC和AC构成直角三角形ABC，其中AC杆竖直，BC杆和AC杆间的夹角θ=37°，两根细杆上分别套有可视为质点的小球P；Q质量之比为1︰2．现将P、Q两个小球分别从杆AC和BC的项点由静止释放，不计空气阻力，sin37°=0.6．则P、Q两个小球由静止释放后到运动至C点的过程中，下列说法正确的是。

A.重力的冲量之比为1︰1B.重力的冲量之比为5︰6C.合力的冲量之比为5︰8D.合力的冲量之比为5︰2评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三只相同规格的小灯泡，L2、L3并联，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示；当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时（）

A.L2的电阻小于4ΩB.L1消耗的电功率为0.75WC.L1上的电压为L2上电压的4倍D.L1、L2消耗的电功率的比值大于4:18、一个理想变压器，开始时开关S接1，此时原、副线圈的匝数比为一个理想二极管和一个滑动变阻器串联接在副线圈上，电流表和电压表均为理想交流电表，此时滑动变阻器接入电路的阻值为10Ω，如下左图所示．原线圈接入如下右图所示的正弦式交流电．则下列判断正确的是（）

A.电压表的示数为4VB.滑动变阻器消耗的功率为0.8WC.若将开关S由1拨到2，同时滑动变阻器滑片向下滑动，电流表示数将变大D.若将二极管用导线短接，电流表示数加倍9、关于声波，下列说法中正确的是（）A.空气中的声波一定是纵波B.声波不仅能在空气中传播，也能在固体和液体中传播C.声波在水中的传播速度大于在空气中的传播速度D.对于在空气中传播的声波来说，由于υ=λ•f，所以频率越高，声速也越大10、如图所示；用轻弹簧相连的物块A和B放在光滑的水平面上，物块A紧靠竖直墙壁，一颗子弹沿水平方向射入物体B并留在其中，由子弹；弹簧和A、B物块组成的系统，在下列说法中正确的是（）

A.子弹射入木块过程动量守恒，机械能不守恒B.子弹射入木块过程动量不守恒，机械能也不守恒C.弹簧推着含子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程；动量不守恒，机械能守恒D.弹簧推载着子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程；动量守恒，机械能不守恒11、如图所示；弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量也为m的小球从槽高h处由静止开始自由下滑（）

A.在下滑过程中，小球和槽之间的相互作用力对槽不做功B.在下滑过程中，小球和槽组成的系统水平方向动量守恒C.被弹簧反弹后，小球和槽都做速率不变的直线运动D.被弹簧反弹后，小球能回到槽高h处评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)12、如图为一定质量的理想气体的体积与热力学温度的关系图像，该气体的状态经历的变化过程。气体状态由过程中，气体压强________（选填“增大”“不变”或“减小”）；若整个过程中气体放出的热量为则整个过程外界对气体所做的功为________。

13、一定质量的理想气体在初始状态a时的压强为p0、体积为V0，其后气体分别经历了a→b→c→d的状态变化，变化过程中p与的关系图线及各状态的压强、体积大小如图所示。由图可知，气体在状态d时的压强大小为________，且可推断，从状态a变化到状态d，气体的内能________（选填“增大”；“减小”或“不变”）。

14、做汽车安全气囊的模拟实验时，密封的储气罐与气囊相连，撞击时储气罐阀门自动打开，大量气体进入气囊，气囊在极短时间内迅速展开，在人体前部形成弹性气垫，然后气囊泄露，收缩，从而有效保护人体，气囊展开过程中，将气体视为理想气体，气体的内能______（选填“增大”、“减小”或“不变”）；泄露收缩过程中气囊内壁单位面积上受到气体分子撞击的作用力___________（选填“增大”、“减小”或“不变”）15、一列波沿x轴正方向传播的简谐波，在t=0时刻的波形图如图所示，已知这列波在P出现两次波峰的最短时间是0.4s；根据以上可知：

(1)这列波的波速是____m/s；

(2)再经过___s质点R才能第一次到达波峰；

(3)这段时间里R通过的路程为___cm。16、小涵站在平面镜前0.5m处观察自己在镜中的像，像到平面镜的距离是______m，她向后退的过程中，像的大小______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)17、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

18、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

19、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共5分)20、用伏安法测量电阻R的阻值，并求出电阻率ρ.给定电压表(内阻约为50kΩ)、电流表(内阻约为40Ω)、滑动变阻器、电源、电键、待测电阻R(约为250Ω)及导线若干．

(1)画出测量R的电路图____________．

(2)上图中的6个点表示实验中测得的6组电流I、电压U的值，试写出根据此图求R值的步骤：

________________________________________________________________________

________________________________________________________________________；

求出的电阻值R＝__________(保留3位有效数字)．

(3)待测电阻是一均匀材料制成的圆柱体，用游标为50分度的卡尺测量其长度与直径，结果分别如图甲、图乙所示，由图可知其长度为__________，直径为________．

(4)由以上数据可以求出ρ＝________(保留一位有效数字)．评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)21、如图所示，上细下粗的玻璃管，上端开口且足够长，下端封闭，粗管部分的横截面积S1=2cm2，细管部分的横截面积S2=1cm2．用适量的水银在管内密封一定质量的理想气体，初始状态封闭气体的温度为tl=57℃，封闭气柱的长度L1=22cm，细管和粗管中水银柱的高度均为ho=2cm．现对封闭气体缓慢加热，当气体的温度升高到t2=96℃时，粗管中的水银刚好全部压入细管．

①求外界的大气压强．（大气压强的单位用cmHg表示）

②当粗管中的水银刚好全部压人细管后，封闭气体的温度每升高1℃，细管中的水银面升高多少?22、如图所示，足够长的斜面与水平面的夹角为θ=53°，空间中自下而上依次分布着垂直斜面向下的匀强磁场区域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、n，相邻两个磁场的间距均为d=0.5m．一边长L=0.1m、质量m=0.5kg、电阻R=0.2Ω的正方形导线框放在斜面的顶端，导线框的下边距离磁场I的上边界为d0=0.4m，导线框与斜面间的动摩擦因数μ=0.5．将导线框由静止释放，导线框在每个磁场区域中均做匀速直线运动．已知重力加速度g=10m/s2；sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：

（1）导线框进入磁场I时的速度；

（2）磁场I的磁感应强度B1；

（3）磁场区域n的磁感应强度Bn与B1的函数关系．23、如图所示，电阻是的滑线变阻器．电源电压不变，为一水平放置的平行板电容器置于真空中；两板间为匀强电场。

（1）当开关断开时，若电容器中有一液滴处于平衡静止状态，请你判断液滴的电性并求出此时整个电路消耗的功率；

（2）若液滴的质量为电量为判断电容器上下极板的电势高低，求出匀强电场场强为的大小；

（3）若液滴静止时匀强电场场强为调整滑线变阻器使液滴向上运动时匀强电场场强为持续时间后闭合开关使场强突然反向（电场变化的时间忽略不计），而场强的大小保持不变，又经过相同时间后，带电液滴恰好回到原来静止时的所在位置。已知整个过程中液滴未与极板相碰，求：

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

A．在A状态，根据题意mg+p0S=pAS

解得m=2kg

故A错误；

B．根据图像可知所以气体做等压变化=解得VB=8.0×10-3m3故B错误；

C．从状态A变化到状态B的过程，气体对外界做功W=pA△V=206J

故C错误；

D．根据热力学第一定律△U=Q-W=294J

故D正确。

故选D。2、C【分析】电池上标有的“1.5V”指的是移动1C的正电荷所做的功是1.5J，与时间无关，故A错误；每经过1C的电量时，有1.5J的化学能转化为电能；故B错误；当电池直接与电源相连时，电压表的示数为电源的电动势1.5V，故C正确；由于电源内部有电阻，由闭合电路欧姆定律可知，流过电池的电流小于1.5A；故D错误。所以C正确，ABD错误。3、D【分析】【详解】

由图可知，上极板带正电，当S接a时，粒子受向上的电场力和重力大小相等，即U为两个电阻两端的电压；当S接b时，U为一个电阻两端的电压，电压减小，电场力减小，所以带电粒子将向下偏转，电场力做负功，电势能增大，故ABC错，D正确。4、C【分析】【详解】

AB．原线圈输入电压不变；线圈匝数不变，则副线圈电压不变，即电压表示数不变，灯泡电阻不变，则电流表示数不变，故AB错误；

C．当K接通后；两个灯泡并联，增加一个负载，则副线圈功率增大，所以变压器的输入功率增大，故C正确；

D．根据b图可知，周期为T=0.02s

则频率为

故D错误。

故选C。5、B【分析】【分析】

在A；B两板间加上交变电压后；小球受到重力和电场力的作用，电场力作周期性变化，可运用运动的分解法研究：小球竖直方向做自由落体运动，水平方向做往复运动，分析t=T时小球的水平位移和竖直位移，判断小球到达的位置，由功能关系分析小球的速度。

【详解】

A；B项：在A、B两板间加上如图乙所示的交变电压；小球受到重力和电场力的作用，电场力作周期性变化，且电场力在水平方向，所以小球竖直方向做自由落体运动；

在水平方向小球先做匀加速直线运动；后沿原方向做匀减速直线运动，t=T/2时速度为零，接着，沿相反方向先做匀加速直线运动，后继续沿反方向做匀减速直线运动，t=T时速度为零。根据对称性可知在t=T时小球的水平位移为零，所以t=T时，小球恰好到达D点，故A错误，B正确；

C、D项：在0-T时间内，电场力做功为零，小球机械能变化量为零，所以t=T时，小球速度等于υ0．故CD错误。

故应选：B。

【点睛】

本题由于电场方向不断变化，粒子运动情况比较复杂，分析清楚粒子的运动过程是正确解题的关键，要注意电场力反向时粒子的运动方向并不是立即反向。6、C【分析】【详解】

设AC为BC为P球沿AC杆做自由落体运动，设下落的时间Q球沿BC杆做匀加速运动，加速度为设下落的时间为有以上方程可得：．

A、B.有冲量的定义可得两球的重力的冲量比为：．故AB都错误．

C、D.由速度公式可得，两球的速度比：由动量定理可知，两球的合力的冲量比：．故C正确，D错误．二、多选题(共5题，共10分)7、A:B:D【分析】【详解】

B．通过的电流为0.25A，所以其两端的电压3.0V，所以消耗的功率为

B正确；

AC．根据串并联规律可知通过的电流为0.125A，从图中可知当电流为0.125A时其两端的电压小于0.5V，所以电阻小于4Ω，的电压为3.0V，而的电压小于0.5V；故不是4倍关系，A正确C错误；

D．根据可知，消耗的电功率

所以消耗的电功率的比值大于4:1；故D正确；

故选ABD。8、B:D【分析】【详解】

A．根据交流电图像可知，原线圈中交流电压的有效值为

根据

可知副线圈两端的电压为

二极管具有单向导电性，根据电流的热效应有

解得

即电压表读数为A错误；

B．滑动变阻器消耗的功率为

B正确；

C．将开关S由1拨到2，同时滑动变阻器滑片向下滑动，根据电压与匝数成正比，副线圈电压变小，滑动变阻器电阻变大，输出功率变小，输入功率变小，根据

电流表示数将变小；C错误；

D．若将二极管用导线短接，半波整流前后，有效值之比为故输出功率加倍；输入功率不加倍，电流表示数也不加倍，D错误。

故选B。9、A:B:C【分析】【详解】

A.空气中的声波一定是纵波；故A正确；

B.声波既能在空气中传播；也能在固体；液体中传播，只是不能在真空中传播，故B正确；

C.根据声速的特点；声音在水中的传播速度大于在空气中的传播速度，故C正确；

D.在空气中传播的声波固定不变，由于v=λf，所以频率越高，声速不变，但波长越低，故D错误；10、A:C【分析】AB；子弹射入木块过程；由于时间极短，子弹与木块组成的系统动量守恒，则系统动量守恒．在此运动过程中，子弹的动能有一部分转化为系统的内能，则系统的机械能减小，所以机械能不守恒．故A正确，B错误；

CD；弹簧推载着子弹的B物块向右运动；直到弹簧恢复原长的过程，弹簧要恢复原长，墙对弹簧有向右的弹力，系统的外力之和不为零，则系统动量不守恒．在此运动过程中，只有弹簧的弹力做功，所以系统的机械能守恒．故C正确，D错误．

故选AC.11、B:C【分析】【详解】

A项：在下滑过程中；槽要向左运动，小球和槽之间的相互作用力与槽的速度不垂直，所以对槽要做功，故A错误；

B项：小球在下滑过程中；小球与槽组成的系统水平方向不受力，水平方向动量守恒，故B正确；

CD项：小球与槽组成的系统动量守恒，球与槽的质量相等，小球沿槽下滑，球与槽分离后，小球与槽的速度大小相等，小球被反弹后球与槽的速度相等，小球不能滑到槽上，不能达到高度h处，因此都做匀速直线运动，C正确，D错误．三、填空题(共5题，共10分)12、略

【分析】【详解】

[1]气体状态由过程中

所以是等压过程；气体压强不变。

[2]的整个过程气体温度不变，内能不变，则

整个过程中气体放出的热量为由热力学第一定律可知

解得整个过程外界对气体所做的功为【解析】不变Q13、略

【分析】【详解】

[1]a状态气压p0，体积V0，设温度T0；a→b等温过程，根据玻意耳定律，有

b→c等压过程，根据盖吕萨克定律，有

c→d等温过程，根据玻意耳定律，有

联立解得

[2]从状态a变化到状态d，温度下降，气体内能减小。【解析】减小14、略

【分析】【详解】

[1]气囊展开过程中；气体迅速膨胀，对外做功，由于时间极短，可看作绝热膨胀，故内能减小；

[2]泄露收缩过程中；整个气体是进一步膨胀的，根据热力学第一定律，内能进一步减小，故剩余部分气体的温度进一步降低，而温度是分子热运动平均动能的标志，故分子热运动平均动能减小，而分子密集程度也稀疏了，故气囊内壁单位面积上受到气体分子撞击的作用力减小。

【点睛】

热力学第一定律就是不同形式的能量在传递与转换过程中守恒的定律，表达式为表述形式：热量可以从一个物体传递到另一个物体，也可以与机械能或其他能量互相转换，但是在转换过程中，能量的总值保持不变。【解析】减小减小15、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)依题；P点两次出现波峰的最短时间是0.4s，所以这列波的周期T=0.4s。由波速公式得。

(2)由t=0时刻到R第一次出现波峰；波移动的距离s=7m

则

(3)在上述时间内，R实际振动时间

因此R通过的路程为

故本题答案是：(1)10；(2)0.7；(3)6【解析】100.7616、略

【分析】【详解】

小涵站在平面镜前0.5m；小涵在平面镜中成像，小涵的像和小涵到平面镜的距离相等，所以小涵的像到平面镜的距离也是0.5m。小涵后退远离平面镜，小涵像的大小跟小涵的大小有关，跟到平面镜的距离无关，所以小涵的像大小不变。

【点睛】

物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小，跟物体到平面镜的距离无关。但是我们远离平面镜时，看到自己在平面镜中的像变小，是因为眼睛看像的视角变小，产生了错觉，像的实际大小是没有发生变化的。【解析】0.5；不变；四、作图题(共3题，共27分)17、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】18、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】19、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共1题，共5分)20、略

【分析】【详解】

（1）根据题意可知：故该实验的测量电路应该选用电流表的外接法，由于该题中滑动变阻器的阻值不明确，因此控制电路采用分压；限流均可（若滑动变阻器阻值很小，应采用分压接法，若阻值很大且大于待测电阻阻值，可用限流接法），故实验原理图如下图所示：

或

（2）作U-I直线；舍去左起第2点，其余5个点在一条直线上，不在这条线上的点尽量均匀分布在直线两侧．作出的图线如图所示：

图象的斜率表示电阻，为：

（3）游标为50分度的卡尺的精确度为0.02mm，由图甲可知，长