2025年人教版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图甲所示，在竖直放置的圆柱形容器内用横截面积S=100cm2的质量不计且光滑的活塞密封一定质量的气体，活塞上静止一质量为m的重物。图乙是密闭气体从状态A变化到状态B的V-T图像，密闭气体在A点的压强pA=1.03×105Pa，从状态A变化到状态B的过程中吸收热量Q=500J。已知外界大气压强p0=1.01×105Pa，下列说法正确的是（）

A.重物质量m=1kgB.气体在状态B时的体积为8.0×10-2mC.从状态A变化到状态B的过程，气体对外界做功202JD.从状态A变化到状态B的过程，气体的内能增加294J2、关于光现象，下列说法正确的是（）A.玻璃幕墙造成的光污染是由光的折射形成的B.立竿见影的“影”是由光沿直线传播形成的C.花瓣呈现红色是因为它吸收了红光，反射了其它色光D.电影银幕上的像是虚像3、如图所示，在磁极和圆柱状铁芯间形成的两部分磁场区域的圆心角均为磁感应强度B均沿半径方向，单匝矩形线圈abcd的宽长线圈中轴以角速度匀速转动时对外电阻R供电，若线圈电阻为r，电流表内阻不计，则下列说正确的是

A.线圈转动时将产生正弦式交流电B.从图示位置开始转过角时，电流方向将发生改变C.线圈转动过程中穿过线圈的磁通量的变化率不变D.电流表的示数为4、电阻与交流电源按照图甲方式连接，闭合开关后，通过电阻的正弦交变电流随时间变化的情况如图乙所示；则（）

A.通过的电流有效值是1.0AB.通过的电流最大值是AC.两端的电压有效值为5VD.两端的电压最大值为A5、小型发电站为某村寨110户家庭供电，输电原理如图所示，图中的变压器均为理想变压器，其中降压变压器的匝数比为n3∶n4＝50∶1，输电线的总电阻R＝10Ω．某时段全村平均每户用电的功率为200W，该时段降压变压器的输出电压为220V．则此时段()

A.降压变压器的输入电压为11kVB.发电机的输出功率为22kWC.输电线的电流为1100AD.输电线上损失的功率约为8.26W6、在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E、内阻为r。设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动触点向图中的a端移动时（）

A.I变小B.I变大C.U变大D.U变小7、如图甲是演示简谐运动图像的装置，当盛沙漏斗下面的薄木板N被匀速拉出时，摆动着的漏斗中漏出的沙在板上形成的曲线显示出摆的位移随时间变化的关系，板上的直线代表时间轴．图乙是两个摆中的沙在各自木板上形成的曲线，．若和板拉动的速度和的关系为则板上曲线所代表的振动周期和的关系为（）

A.B.C.D.8、在直径为d的圆形区域内存在着匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向垂直圆面指向纸外．一电荷量为q、质量为m的带正电粒子，从磁场区域的一条直径AC上的A点沿纸面射入磁场，其速度方向与AC成α＝15°角，如图所示，此粒子在磁场区域运动的过程中，速度的方向改变了90°，重力可忽略不计，则该粒子射入时的速度大小v为()

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图，两根平行光滑金属导轨固定在同一水平面内，其左端接有定值电阻R．Ox轴平行于金属导轨，在0≤x≤4m的空间区域内存在着垂直导轨平面向下的磁场，磁感应强度B随坐标x(以m为单位)的分布规律为B＝0.8-0.2x(T)．金属棒b在外力作用下从O处沿导轨运动，ab始终与导轨垂直并接触良好，不计导轨和金属棒的电阻．设在金属棒从x1＝1m经x2＝2m到x3＝3m的过程中，R的电功率保持不变；则金属棒。

A.在x1与x3处的电动势之比为1:1B.在x1与x3处受到磁场B的作用力大小之比为1:3C.从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R产生的焦耳热之比为5:3D.从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R的电量之比为5:310、如图；用毛皮摩擦过的带电橡胶棒（带负电），从右向左缦缦靠近放在光滑水平桌面上的空易拉罐。则下列针对易拉罐的有关分析正确的有（）

A.易拉罐内部空腔各处的电场强度处处为零B.带电橡胶棒在易拉罐内部空腔各处产生的电场强度处处为零C.易拉罐右侧感应出正电，左侧感应负电，易拉罐将向右运动D.易拉罐左、右两侧感应出等量异种电荷，易拉罐将保持不动11、下列说法中正确的是（）A.机械能可以全部转化为内能，吸收的热量也可以完全变成机械能B.当两分子间的距离小于平衡位置的间距时，分子间距变大，分子势能变小C.晶体的物理性质都是各向异性的E.空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压，水蒸发越慢E.空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压，水蒸发越慢12、下列说法正确的是（）A.气体总是充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现B.“油膜法”估测分子大小实验中，需将纯油酸直接滴入浅盘的水面上C.可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功E.由于液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，液面分子间的相互作用表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势E.由于液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，液面分子间的相互作用表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势13、我国已开展空气中PM2.5浓度的监测工作。PM2.5是指空气中直径等于或小于2.5μm的悬浮颗粒物，其飘浮在空中做无规则运动，很难自然沉降到地面，吸入后对人体形成危害。矿物燃料燃烧的排放物是形成PM2.5的主要原因。下列关于PM2.5的说法中正确的是()A.PM2.5的尺寸与空气中氧分子的尺寸的数量级相当B.PM2.5在空气中的运动不属于分子热运动C.PM2.5的运动轨迹只是由大量空气分子对PM2.5无规则碰撞的不平衡决定的E.PM2.5必然有内能E.PM2.5必然有内能14、如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r；电压表和电流表均为理想表。现闭合开关，将滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）

A.电容器两极板间电场强度变大，电容器的带电量增加B.电流表示数减小，电压表示数变大C.电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大D.电源的输出功率可能增大15、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，电压表V1、V2、V3为理想电压表，R1、R3为定值电阻，R2为热敏电阻（其阻值随温度增高而减小），C为电容器，闭合开关S，电容器C中的微粒A恰好静止。当室温从升高到的过程中，流过电源的电流变化量是三只电压表的示数变化量是和则在此过程中（）

A.V2示数减小B.微粒A向上加速运动C.Q点电势降低D.评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、如图所示，体积相同的玻璃瓶分别装满温度为60℃的热水和0℃的冷水，两瓶水通过__________方式改变内能。已知水的相对分子质量是若瓶中水的质量为水的密度为阿伏伽德罗常数则瓶中水分子个数约为__________个（保留两位有效数字）

17、如图，压强-温度（p-t）图像中的两条直线I和Ⅱ分别表示一定量的理想气体经历的两个不同过程，p1和p2分别为两直线与纵轴交点的纵坐标，t0为它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0＝－273.15℃，a、b为直线I上的两点。由图可知，气体在状态a和b的体积之比Va∶Vb＝___________；气体在状态b和c的体积之比Vb∶Vc＝___________。

18、如图，一定量的理想气体经历的两个不同过程，分别由体积-温度（V-t）图上的两条直线I和Ⅱ表示，V1和V2分别为两直线与纵轴交点的纵坐标；t0为它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0是它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0=-273.15℃；a、b为直线I上的一点。由图可知，气体在状态a和b的压强之比=___________；气体在状态b和c的压强之比=___________。

19、假定两个分子的距离为无穷远时，它们的分子势能为0，使一个分子固定，另一个分子在外力作用下从无穷远逐渐向它靠近，直至相距很近很近，整个过程中分子势能______(填“不变”或“先增大后减小”或“先减小后增大”)。物体从单一热源吸收的热量______(填“可以”或“不可以”)全部用于做功。20、两块非常长的光滑挡板围成一个夹角为10°的三角形区域，一小球沿着角平分线方向的初速度入射，设球与挡板间的碰撞是弹性的，则球与挡板一共会发生___________次碰撞。

21、一种海浪发电机的气室如图所示。工作时；活塞随海浪上升或下降，改变气室中空气的压强，从而驱动进气阀门和出气阀门打开或关闭。气室先后经历吸入；压缩和排出空气的过程，推动出气口处的装置发电。气室中的空气可视为理想气体。

(1)下列对理想气体的理解，正确的有_____

A．理想气体实际上并不存在；只是一种理想模型。

B．只要气体压强不是很高就可视为理想气体。

C．一定质量的某种理想气体的内能与温度；体积都有关。

D．在任何温度；任何压强下；理想气体都遵循气体实验定律。

(2)压缩过程中，两个阀门均关闭。若此过程中，气室中的气体与外界无热量交换，内能增加了3.4×104J，则该气体的分子平均动能_____（选填“增大”“减小”或“不变”），活塞对该气体所做的功_____（选填“大于”“小于”或“等于”）3.4×104J。

(3)上述过程中，气体刚被压缩时的温度为27℃，体积为0.224m3，压强为1个标准大气压。已知1mol气体在1个标准大气压、0℃时的体积为22.4L，阿伏加德罗常数NA=6.02×1023mol-1，则此时气室中气体的分子数为_____。（计算结果保留一位有效数字）22、高空作业须系安全带。如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带刚对人产生作用力前人下落的距离为h（可视为自由落体运动），重力加速度为g，设竖直向上为正方向，则此过程人的动量变化量为______。此后经历时间t安全带达到最大伸长量，若在此过程中安全带作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为_____。23、花岗岩、大理石等装修材料，都不同程度地含有放射性元素，比如含有铀、钍的花岗岩等岩石会释放出放射性气体氡，而氡会发生放射性衰变，放出α、β、γ射线，这些射线会导致细胞发生癌变及呼吸道等方面的疾病。在这三种射线中，_____射线的穿透能力最强；α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了_____个；β衰变所释放的电子是由原子核中的_____转化而来.评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)27、一直流电压表，量程为1V，内阻为1000Ω，现将一阻值为5000~7000Ω之间的固定电阻R1与此电压表串联，以扩大电压表的量程．为求得扩大后量程的准确值，再给定一直流电源（电动势E为6~7V，内阻可忽略不计），一阻值R2=2000Ω的固定电阻，两个单刀开关S1、S2及若干线.．

（1）为达到上述目的，将答题卡上对应的图连成一个完整的实验电路图__________．

（2）连线完成以后，当S1与S2均闭合时，电压表的示数为0.90V；当S1闭合，S2断开时，电压表的示数为0.70V，由此可以计算出改装后电压表的量程为_______V，电源电动势为________V．28、要测量一未知电阻的阻值；实验室提供的器材如下：

A.待测电阻

B.电源电动势约为

C.电流表量程为内阻不超过

D.电流表量程为内阻为

E.滑动变阻器最大阻值为

F.电阻箱阻值

G.开关；导线若干。

①由于没有电压表，甲同学利用电流表和电阻箱改装了一个的电压表（表盘刻度未改），则电流表应与电阻箱_______（填“串联”或“并联”），电阻箱的阻值应为____．该同学利用电流表内接法和电流表外接法分别测量两端的电压和通过的电流，读出两表的数据记录如下：。接法。

物理量次数接法一接法二12312331.502.002.501.502.002.500.500.670.840.430.570.71

请你根据测量结果判断接法二是电流表__________（填“内”或“外”）接法．

用V表示改装后的电压表，在测量的以下实验电路中误差较小的是__________．

A.B.

C.D.

②为测量电阻乙同学设计了如下电路，他确定：只要保持滑动变阻器的划片P位置固定，无论怎样调节电阻箱，分压电路的输出电压变化都很小．这是因为待测电阻__滑动变阻器R（填“远大于”；“远小于”或“大致等于”）．

他的操作步骤如下：

A.将滑动变阻器的滑片P放在最左端，闭合开关S；

B.将电阻箱的阻值调节到零，调节滑动变阻器，使电流表的指针达到满偏；

C.保持滑动变阻器的滑片不动；调节电阻箱，使电流表的指针达到半偏；

D.读出电阻箱的示数，记为

E.断开开关；整理器材．

请你根据已知量与测量量，写出待测电阻的表达式____，该测量值与真实值相比____（填“偏大”或“偏小”）．29、下列说法中正确的是__________A.不只声波能发生多普勒效应，其他类型的波也可以B.只要知道光在某介质中的传播速度就能算出光在这种介质中的折射率C.光从某种介质射入真空时，临界角的大小只跟介质有关E.用红光代替黄光在同一装置上做双缝干涉实验形成的干涉条纹间距变大E.用红光代替黄光在同一装置上做双缝干涉实验形成的干涉条纹间距变大评卷人得分六、解答题(共1题，共3分)30、一简谐横波以4m/s的波速沿水平绳向x轴正方向传播．已知t＝0时的波形如图所示，绳上两质点M、N的平衡位置相距波长．设向上为正，经时间t1（小于一个周期），质点M向下运动；其位移仍为0.02m。求：

（1）该横波的周期；

（2）t1时刻质点N的位移大小．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

A．在A状态，根据题意mg+p0S=pAS

解得m=2kg

故A错误；

B．根据图像可知所以气体做等压变化=解得VB=8.0×10-3m3故B错误；

C．从状态A变化到状态B的过程，气体对外界做功W=pA△V=206J

故C错误；

D．根据热力学第一定律△U=Q-W=294J

故D正确。

故选D。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．玻璃幕墙造成的光污染是由光的反射形成的；选项A错误；

B．“立竿见影”是说当光线照到竖直的竿子上时；就会在它的后面形成一个竿子的影子，这是光沿直线传播形成的，选项B正确；

C．花瓣呈现红色是因为它反射了红光；吸收了其它色光造成的，选项C错误；

D．电影银幕上的像是实像；选项D错误；

故选B。3、D【分析】【详解】

A．bc边向上切割时，感应电流方向为c→b；bc边向下切割时，感应电流方向为b→c；故线圈连续转动，流过电阻R的电流是交流电；但电流的大小不变，故产生的不是正弦交流电，故A错误；

B．从图示位置开始转过900角时；电流方向不发生改变，故B错误；

C．在共同圆心角α均为内；线圈转动过程中穿过线圈的磁通量的变化率不变，故C错误；

D．一个周期内，通电时间为：R上消耗的电能为：W=t，且有：W=I2(R+r)T，解得线圈上电流的有效值为：故D正确；4、C【分析】【详解】

由图乙看出，通过电流的有效值是A，两端电压的有效值为V，最大值为V，两端电压的有效值为V，而串联电路中各部分电流相等，所以中电流的最大值均为A，C正确.5、A【分析】【详解】

A.降压变压器输出电压220V，根据变压器原理：代入数据解得：A正确。

BCD.降压变压器输出功率：而代入数据解得：输电线电流输电线上功率损失：根据：所以发电机输出功率为22040W，BCD错误6、A:D【分析】【分析】

【详解】

当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I总变大，路端电压变小，U变小，根据闭合电路欧姆定律，电路中并联部分电压

变小，则I变小；

故选：AD。

【点睛】

关键是知道当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电流表A和电压表的读数变化。7、D【分析】【分析】

由题中“如图甲是演示简谐运动图像的装置”可知；本题考查简谐振动速度周期关系，根据简谐振动的特点和规律可进行分析．

【详解】

设板长为L，则

根据题意有

故

A．与解析不符；故A错误；

BC．T2要小于T1；故BC错误；

D．与解析相符，故D正确．8、A【分析】【详解】

带电粒子垂直射入匀强磁场中做匀速圆周运动时；其运动轨迹如图所示。

因轨迹所对应的圆心角等于速度的偏向角，由题知粒子速度的方向改变了则轨迹所对应的圆心角是设带电粒子圆周运动的半径为r，则由几何知识得：解得：由得选A.

【点睛】画出运动轨迹，由几何知识求出粒子圆周运动的半径，由半径公式求出该粒子射入时的速度大小v．二、多选题(共7题，共14分)9、A:C:D【分析】【详解】

由于金属棒从经到的过程中，R的电功率保持不变，由功率的计算式知E应不变，故A正确；由安培力公式F=BIL及电功率P=EI知：故B错误；由于金属棒从经到的过程中，R的电功率保持不变，由知道R中的电流相等，再由安培力公式F=BIL，得F-x图象如图所示，显然图象与坐标轴围成的面积就是克服安培力做的功，即R产生的热量，所以故C正确；因为热量时间之比为5:3，根据C选项知电流相同时时间之比为5:3，因此电量故D正确．10、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．易拉罐在带电橡胶棒的电场中；出现静电感应现象，最终处于静电平衡状态，易拉罐内部空腔各处的电场强度处处为零，故A正确；

B．易拉罐处于静电平衡状态；内部空腔各处的电场强度处处为零，是由于带电橡胶棒在易拉罐内部空腔各处产生的电场与感应电荷产生的电场叠加的结果，带电橡胶棒在易拉罐内部空腔各处产生的电场强度不是处处为零，故B错误；

CD．带电橡胶棒从右向左缦缦靠近放在光滑水平桌面上的空易拉罐的过程中；发生静电感应现象，靠近橡胶棒的一侧感应出正电荷，左侧感应出负电荷；由于异种电荷相互吸引，同种电荷相互排斥，又由于靠近橡胶棒的一侧感应出的正电荷与橡胶棒的电性相反，结合库仑定律可知易拉罐受到的吸引力大于排斥力，易拉罐将向右运动，故C正确，D错误。

故选AC。11、A:B:E【分析】【详解】

A．在引起其它变化的情况下；机械能可以全部转化为内能，如运动的物体只受摩擦力停下来，吸收的热量也可以全部转化为机械能，选项A正确；

B．当两分子间距离小于平衡位置的间距时；分子力表现为斥力，分子间的距离变大，分子力做正功，则分子势能减小，选项B正确；

C．晶体有单晶体和多晶体两种；单晶体各向异性，而多晶体各向同性，选项C错误；

D．液体的表面张力使液体的表面有收缩的趋势；选项D错误；

E．空气相对湿度越大时；空气中水蒸气压强越接近同湿度水的饱和汽压，水蒸发变慢，选项E正确。

故选ABE。12、C:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．气体总是很容易充满整个容器；这是分子处于永不停息的无规则运动并忽略分子间的作用力的结果的原因，A错误；

B．“油膜法”估测分子大小实验中；要先撒上痱子粉，将纯油酸滴入痱子粉上，B错误；

C．不可能从单一热源吸收热使之完全变为功而不引起其它变化；如果引起其它变化，可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功，C正确；

D．1m3铜所含的原子数是。

D正确；

E．液体表面张力是液体表面层里的分子比液体内部稀疏；分子间的距离比液体内部大，分子力表现为引力的结果，液体的表面张力使液面具有收缩到液面表面积最小的趋势，E正确。

故选CDE。13、B:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．PM2.5的尺寸比空气中氧分子的尺寸大得多；选项A错误；

B．PM2.5在空气中的运动不属于分子热运动；选项B正确；

C．PM2.5的运动轨迹是由大量空气分子对PM2.5无规则碰撞的不平衡和气流的运动决定的；选项C错误；

D．倡导低碳生活；减少煤和石油等燃料的使用，能有效减小PM2.5在空气中的浓度，选项D正确；

E．PM2.5必然有内能；选项E正确。

故选BDE。14、A:D【分析】【分析】

将变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电阻减小，路端电压随之减小，分析总电流和R2电压的变化；即可知道电容器板间电压的变化，判断出板间场强的变化以及电容器带电量的变化．根据欧姆定律分析电压表的示数U和电流表的示数I的比值的变化．根据内外电阻的关系分析电源输出功率的变化．

【详解】

当变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流变大，R2电压增大，则电容器板间电压增大，板间的电场强度变大，电容器所带电量增大，故A正确。总电流变大，电流表示数变大，则R2电压和内电压均增大，由闭合电路欧姆定律知，R1电压减小，所以电压表示数变小，故B错误。电压表的示数U和电流表的示数I的比值U/I=R1；变小，故C错误。由于电源的内外电阻的大小关系未知，所以不能确定电源输出功率如何变化，则电源的输出功率可能增大，故D正确。故选AD。

【点睛】

本题是电路的动态分析问题，按“局部→整体→局部”的思路进行分析．分析电源的输出功率变化时，要根据推论：内外电阻相等时，电源的输出功率最大来分析．15、A:D【分析】【详解】

A．该电路的结构为：串联在电路上，电压表V1测量两端电压，电压表V2测量两端电压，电阻和电容器串联，稳定时断路，电压表V3测量电容器两端电压，也测量路端电压，当室温从升高到的过程中，的阻值减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得，总电流增大，和内阻上的电压增大，两端电压减小，V2示数减小；A正确；

B．由于总电流增大；内电压增大，路端电压减小，电容器两端的电压减小，电场力减小，微粒向下加速运动，B错误；

C．由A分析得两端电压增大

大于零且减小，所以Q点的电势小于0且升高；C错误；

D．由

得

由

得

故

D正确。

故选AD。三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【详解】

[1]若把A；B两只玻璃瓶并靠在一起；则A、B瓶内水的内能都将发生改变，这种改变内能的方式叫热传递。

[2]根据题意，由公式可得，瓶中水的体积为

一个水分子的体积为

瓶中水分子个数约为

联立代入数据解得个【解析】热传递17、略

【分析】【详解】

[1]图中两条直线是等容线，所以a、b两个状态下的气体体积相同，则

[2]b、c两个状态下的气体温度相等，由图像可得

即【解析】1:1p2:p118、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据盖吕萨克定律有

整理得

由于体积-温度（V-t）图像可知，直线I为等压线，则a、b两点压强相等，则有

[2]设时，当气体体积为其压强为当气体体积为其压强为根据等温变化，则有

由于直线I和Ⅱ各为两条等压线，则有

联立解得【解析】119、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]开始时两分子间距离大；分子间作用力表现为引力，分子相互靠近，引力做正功，分子势能减小，随分子间距离减小到平衡位置后，分子间作用力表现为斥力，分子相互靠近，斥力做负功，分子势能增加，故整个过程分子势能先减小后增加；

[2]根据热力学第二定律可知，在外界因素影响下，物体从单一热源吸收的热量可以全部用于做功。【解析】先减小后增大可以20、略

【分析】【分析】

【详解】

如图所示。

小球第一次碰撞后与角的另一边的夹角为15°；如下图所示；

第二次碰后与角的另一边夹角为25°；可得每一次碰撞后下一次碰与角的一边的夹角为增加10°，碰撞第8次和第9次，如下图所示。

可得第9次后与角的边的夹角为85°；第10次碰后如下图所示。

可得碰后与角的边的夹角为75°；每碰撞一次，角度减少10°，当碰撞16次后，如下图所示。

小碰撞第17次后，路径沿水平向右，不会再发生碰撞，所以则球与挡板一共会发生17次碰撞。【解析】1721、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]AD．理想气体是指在任何温度；任何压强下都遵守气体实验定律的气体；是为了研究方便而引入的不计本身大小、分子间除碰撞外不计相互作用力，无分子势能、分子间碰撞为弹性碰撞的理想模型，故AD正确；

B．实际气体温度不太低；压强不太大时可视为理想气体；故B错误；

C．由于理想气体不计分子势能；因此其内阻只与温度有关，故C错误。

故选AD。

（2）[2][3]由于压缩过程中气体与外界无热量交换，气体内能增加，因此温度升高，气体的分子平均动能增大，根据热力学第一定律可知W=ΔU=3.4×104J

（3）[4]设气体在标准状况下的体积为V0，上述过程为等压过程，有=

气体物质的量为n=

分子数为N=nNA

联立以上各式并代入数据解得N==5×1024【解析】①.AD②.增大③.等于④.5×102422、略

【分析】【详解】

下落距离时的速度为：所以动量变化为：

对自由落体运动，有：解得：规定向下为正方向，对运动的全程，根据动量定理，有：解得：．【解析】23、略

【分析】【详解】

第一空.γ射线一般伴随着α或β射线产生；在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强；

第二空.发生α衰变时；电荷数少2，质量数少4，则中子数少2；

第三空.β衰变所释放的电子来自原子核，是原子核中的一个中子转变为一个电子和一个质子，电子释放出来。【解析】γ2中子四、作图题(共3题，共30分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的