2025年上外版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版必修3物理下册月考试卷705考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在一段导体两端加上电压，已知在10s内通过此导体横截面的电荷量是8C，则通过这段导体的电流是（）A.40AB.0.8AC.0.4AD.14A2、如图所示，电源内阻为r，定值电阻可变电阻R的最大阻值为2r；当可变电阻的滑动触头从最左端向右端滑动过程中（）

A.电源的输出功率一直变大B.电源的输出功率一直变小C.当可变电阻滑到时电源的输出功率最大D.当可变电阻滑到R=r时电源的输出功率最大3、新型冠状病毒在显微镜下的形状如图所示；其大小在纳米（nm）的数量级，普通防尘口罩已不能有效阻止该病毒的传播。根据我们所学内容，下列选项中的单位均为基本单位的是（）

A.g、cm、sB.kg、nm、NC.m/s、km、sD.Ω、N、J4、某同学用一个微安表头（量程1mA，内阻90Ω）电阻箱R1和电阻箱R2组装一个多用电表，有电流和电压两档，改装电路如图所示，则R1、R2应调到多大阻值（）

A.B.C.D.5、质量为m、电荷量为的带电小球A固定在绝缘天花板上，质量也为m的带电小球B，在空中水平面内绕O点做半径为R的匀速圆周运动，如图所示。已知小球A、B间的距离为2R，重力加速度为g，静电力常量为k。则（）

A.B球所受合力始终指向A球B.B球所带的电荷量C.B球转动的角速度为D.天花板对A球的作用力大小为2mg6、如图，A、B为水平放置的平行金属板，下板B接地，R为滑动变阻器，电源内阻不可忽略。闭合开关与S；电路稳定后，A；B之间一带电液滴P恰好静止。则（）

A.仅使A板水平向左移动一小段距离，液滴将向下运动B.仅使变阻器滑片向下滑动，液滴将向上运动，电阻R功率增大C.断开仅使A板竖直向上移动一小段距离，液滴将向上运动D.断开仅使B板竖直向下移动一小段距离，液滴的电势能将减小7、如图所示的电路中，是平行板电容器的两块极板，两极板与水平方向间夹角为30°，为可调电阻，为定值电阻，开关闭合后，两板间有一带电小球通过绝缘细线悬挂；静止时细线与极板平行，则下列说法正确的是（）

A.小球带负电B.保持闭合，增大小球将向下运动C.断开仅增大间距离，小球将向下运动D.若小球质量为两板间电压为距离为则小球所带电荷量大小为评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示，平行板电容器倾斜放置，两正对极板跟水平面成角，极板间存在电场强度为的匀强电场。有一质量为的带电小球由极板间某处静止释放后沿平行于极板方向运动，最后飞出电场。已知重力加速度为下列说法正确的是（）

A.小球带负电B.小球的带电量为C.小球运动的加速度为D.电场力对小球做负功9、如图所示，足够大的绝缘水平面上有一质量为m、电荷量为的小物块（视为质点），从A点以初速度水平向右运动，物块与水平面间的动摩擦因数为在距离A点L处有一宽度为L的匀强电场区，电场强度方向水平向右，已知重力加速度为g，场强大小为则下列说法正确的是（）

A.适当选取初速度小物块有可能静止在电场区B.适当选择初速度小物块可能回到A点C.要使小物块穿过电场区域，初速度的大小应大于D.若小物块能穿过电场区域，小物块在穿过电场区的过程中，机械能减少10、把一个3pF的平行板电容器接在9V的电池上，则（）A.保持与电池的连接，稳定后，电容器所带的电荷量为2.7×10-11CB.保持与电池的连接，若两极板的距离减小，则极板上的电荷量减少C.电容器与电池断开后，两极板的距离减小，极板间的电势差减小D.电容器与电池断开后，两极板的距离减小，极板间的电势差增大11、如图所示，真空中的为两个等大的均匀带电圆环，其圆心分别为带电量分别为将它们平行放置，连线垂直于圆环平面，为的中点，现有质量为带电量为的微粒（重力不计）从左方沿连线方向射入，到点时速度到点时速度取无穷远处为电势零点，点电荷的电势公式为式中为静电力常量，为点电荷的电量，为到点电荷的距离；则（）

A.微粒从至做加速运动，且B.微粒越过点后先做加速运动，后做减速运动C.微粒将以为中心做往返运动D.微粒在整个运动过程中的最终速度为12、如图所示，电路中定值R的阻值大于电源内阻r的阻值，开关S闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为理想电流表示数变化量的绝对值为下列说法正确的是（）

A.理想电压表V3的示数变大B.电源的效率增大C.D.13、如图所示，电荷量为的点电荷固定在O点，三点共面，其中则下列说法正确的是（）

A.P点的场强小于Q点的场强B.P点的电势高于Q点的电势C.电子在P点的电势能比其在Q点的电势能小D.将一正试探电荷由P点移到Q点，电场力做负功14、如图所示，等边三角形处于匀强电场中，电场强度为E，方向与平行，水平向右。在B、C两点分别固定电荷量为和的点电荷，D点为的中点，已知A点电场强度大小为2E。下列说法正确的是（）

A.D点的电场强度水平向右，大小为2EB.D点的电场强度水平向右，大小为9EC.把一正点电荷自A点沿直线移动到D点，电场力做正功D.把一正点电荷自A点沿直线移动到D点，电场力不做功15、如图所示，粗糙绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与x轴平行，在x轴上的电势与坐标x的关系用图中曲线表示，图中斜线为该曲线过点（0.15，3）的切线。现有一个质量为0.20kg、电荷量为+2.0×10-8C的滑块P（可看做质点），从x=0.10m处由静止释放，其与水平面的动摩擦因数为0.02。取重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是（）

A.x=0.15m处的场强大小为2.0×105N/CB.滑块开始运动的一段时间加速度先逐渐减小后增大C.滑块运动的最大速度为0.414m/sD.滑块最终不可能在0.3m处停下16、在倾角为的光滑固定绝缘足够长的斜面上有两个用绝缘轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m和3m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，开始未加电场，系统处于静止状态，A带正电，B不带电，现加一沿斜面向上的匀强电场，物块A沿斜面向上运动，当B刚离开C时，A的速度为v，之后两个物体运动中，当A的加速度为0时，B的加速度大小为a；方向沿斜面向上，则下列正确的是（）

A.未加电场时，挡板C对物块B的作用力大小为B.从加电场后到B刚离开C的过程中，A发生的位移大小为C.B刚离开C时，电场力对A做功的瞬时功率为D.从加电场后到B刚离开C的过程中，物块A的机械能和电势能之和保持不变评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示四根导线中电流要使O点磁场增强，应切断电流_______.

18、把带电荷量的正点电荷从无限远处移到电场中点，要克服电场力做功若把该电荷从无限远处移到电场中点，需克服电场力做功取无限远处电势为零．则点的电势为__________；若把的负电荷由点移到点电场力做功大小为__________．19、某实验小组计划用一个表头G（满偏电流Ig=100μA，内阻Rg=900Ω），改装成1mA和10mA的双量程电流表和一个大量程的电压表，已知R2=90Ω，R3=2910Ω；如图所示。

（1）选接________（填“1”或“2”）是10mA的电流表，可算得R1应为________Ω；

（2）选接3时，改装电压表的量程是________V。

20、左图读数为___________cm；右图读数为___________mm。

21、A、B是某电场中的一条电场线上两点，一正电荷仅在电场力作用下沿电场线从A点到B点运动过程中的v—t图象如上图所示．比较A、B两点电势φ的高低和场强E的大小：φA________φB，EA________EB．22、如图，A、B是真空中的两块面积很大的平行金属板，已知B板的电势为零，A板电势UA随时间变化的规律如图所示，其中UA的最大值为U0，最小值为-2U0；在A、B的正中央处有一个离子源P，P距离A、B板的距离均为l，离子源P可以源源不断地产生电荷量为q、质量为m的带负电的微粒，已知各个时刻产生带电微粒的机会均等。这种微粒产生后，从静止出发在电场力的作用下运动，设微粒一旦碰到金属板，它就附在板上不再运动，且其电荷同时消失，不影响A、B板的电压。已知上述的T、U0、l、q和m等各量的值正好满足等式：l2=如果在A板电压变化的每个周期T内；平均产生320个上述微粒，则可求出：

(1)在t=0到的这段时间内产生的微粒中，有____个微粒可到达A板。（不计重力；不考虑微粒之间的相互作用）

(2)在到t=T的这段时间内产生的微粒中，有____个微粒可到达A板。（不计重力；不考虑微粒之间的相互作用）

评卷人得分四、作图题(共4题，共24分)23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短25、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

26、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共1题，共5分)27、若电压传感器的红、黑探针分别接触图中d、f两点（f、d连线与A、B连线垂直）时，示数小于零．为使示数为零，应保持红色探针与d点接触，而将黑色探针____（选填：“向左”或“向右”）移动．

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

通过这段导体的电流

故B正确；ACD错误。

故选B。2、C【分析】【分析】

对于电源；当电源的内外电阻越接近，电源的输出功率越大，相等时，电源的输出功率最大．

【详解】

由题意知，电源的内阻为r，当可变电阻的滑动触头从最左端向右端滑动过程中，外电阻从到变化，根据上述结论可知，电源的输出功率先增大后减小，当时电源的输出功率最大；C正确，ABD错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

国际计量大会规定了七个基本物理量；分别为长度；质量、时间、热力学温度、电流、发光强度、物质的量，它们的单位均为基本单位，而由物理量之间的关系式推导出来的单位叫做导出单位。

故选A。4、B【分析】【详解】

当接o、a接线柱时改装为电流表，根据并联电路特点得

代入数据解得

当接o、b接线柱时改装为电压表，根据串联电路特点得

解得

故选B。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．B球在水平面做匀速圆周运动，所以其合力指向圆心O。A错误；

B．对B球，受力分析得

解得

B错误；

C．对B球，根据牛顿第二定律得

解得

C正确；

D．天花板对A球的作用力大小为

D错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

A．因为电容器与滑动变阻器并连，仅使A板水平向左移动，滑动变阻器的阻值不变，其滑动变阻器两端电压不变，即电容器两端的电压不变，所以电容器内部的场强根据公式

其场强也不变；即液滴所受电场力不变，所以液滴的合力依然为零，即液滴静止，故A项错误；

B．滑动变阻器的滑片向下移动，其接入电路的阻值变小，根据电路的串并联规律可知，电路中的总电阻减小，闭合电路欧姆定律可知，其电路中的总电流变大，根据

可知路端电压变小，即滑动变阻器两端电压变小，因为滑动变阻器与电容器并联，所以电容器两端的电压减小。根据公式

所以电容器内部的场强变小，根据

可知；液滴受到的电场力变小，所以液滴的合力向下，即液滴向下运动。根据电源输出功率的知识可知，若滑动变阻器的阻值比电源的内阻小，则随着阻值变小，其功率也变小；若其阻值大于电源的内阻，在其未与内阻相等时，随着电阻减小，其功变大。因为不知道滑动变阻器的阻值与电源内阻的关系，所以无法判断电阻的功率变大还是变小，故B项错误；

C．断开电容器所带的电荷量不会发生变化，仅使A板竖直向上移动一小段距离，其电容器的板间距变大，有

整理有

所以电容器内部的场强不变；即液滴合力仍然为零，液滴将静止，故C项错误；

D．断开电容器所带的电荷量不会发生变化，仅使B板竖直向下移动一小段距离，其电容器的板间距变大，由之前的分析可知，板间的电场强度不变，液滴仍然静止在P点。对于PB有

因为B板接地，所以B板的电势为零，因为B板下移所以PB之间的距离变大，所以P点的电势变大。由题意可知，液滴初始受竖直向下的重力和竖直向上的电场力，结合题图可知，A板带正电，所以液滴带负电。根据公式

所以液滴的电势能变小；故D项正确。

故选D。7、D【分析】【详解】

A．由电路图可知板带正电；则由受力平衡可知，小球受电场力垂直板向上，则小球带正电，则A错误；

B．若保持闭合，由于电容器断路，则调节不改变两板间任何物理量；小球仍静止，则B错误；

C．若断开；则两板电荷量不变，改变两板间距离，板间电场强度大小不变，小球仍静止，则C错误；

D．由平衡条件可得

解得

则D正确。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)8、A:C【分析】【详解】

AB．分析带电小球的受力如图所示；由于上极板带正电，故小球带负电。

小球受到的电场力为

解得

故A正确；B错误；

C．由受力分析可得根据牛顿第二定律得

故C正确；

D．小球的运动方向跟电场力方向垂直；所以电场力对小球不做功，故D错误。

故选AC。9、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由已知条件。

解得。

电场力大于摩擦力；小物块不能静止在电场区域，一定返回，由于有摩擦力，必然损失机械能，物块不可能回到出发点，AB错误；

C．由动能定理。

解得。

要使小物块穿过电场区域，初速度的大小应大于C正确；

D．小物块在穿过电场区的过程中；机械能减少为。

解得。

D正确。

故选CD。10、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．保持与电池的连接，稳定后，电容器所带的电荷量为

故A正确；

B．保持与电池的连接，电容器电压不变，若两极板的距离减小，根据

则电容增大；则电荷量增大，故B错误；

CD．电容器与电池断开后，电容器电荷量不变，根据Q=CU

两极板的距离减小；则电容增大，则电势差减小，故C正确，D错误。

故选AC。11、A:B:D【分析】【详解】

A．由题意可知由至电场向右，微粒所受电场力向右，故从到微粒做加速运动，由对称性可知，粒子由至与由至电场力做的功相同，故动能的变化量相同，故有

代入数据可得故A正确；

B．根据电场分布的特点可知微粒越过点后开始阶段电场力向右；微粒做加速运动；后面电场力向左，微粒做减速运动，故B正确；

CD．由对称性可知，整个图形的中垂线为等势线，取无穷远处为零势点时此线即为零势线，粒子由点运动到无穷远处，电势未发生变化，电场力做功为零，故粒子最终的速率与点的速率相等，即为最终速度为微粒不会返回B点；故C错误，D正确。

故选ABD。12、C:D【分析】【详解】

A．理想电压表内阻无穷大，相当于断路，理想电流表内阻为零，相当于短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压，当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，理想电压表V2的示数变小，R两端的电压增大，理想电压表V1的示数变大，所以滑动变阻器两端电压减小，所以理想电压表V3的示数变小；故A错误；

B．电源的效率

路端电压减小；所以电源效率减小，故B错误；

C．由题意可得

则有

所以电源内阻

故CD正确；

故选CD。13、B:C【分析】【详解】

A.由点电荷场强

可知，离点电荷越近，场强越大，故P点的场强大于Q点的场强；A错误；

B.正点电荷电场中离点电荷越近，电势越高，故P点的电势高于Q点的电势；B正确；

C.由电势能公式

由于电子带负电，且故电子在P点的电势能比其在Q点的电势能小；C正确;

D.将一正试探电荷由P点移到Q点，电场力做功

由于故电场力做正功，D错误；

故选BC14、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由平行四边形定则可知，B、C两点的点电荷在A点产生的电场强度的大小为

B、C两点的点电荷在D点产生的电场强度的大小

合成后

选项A错误；B正确；

CD．在匀强电场中为等势线，在等量异种电荷形成的电场中也为等势线，叠加后为等势线，因此沿移动电荷；电场力不做功，选项C错误，D正确。

故选BD。

【命题意图】

本题考查点电荷电场和电场叠加原理，考查理解能力、推理论证能力，体现物理观念、科学思维。15、B:D【分析】【详解】

AB．电势φ与位移x图线的斜率表示电场强度，则处的场强

此时的电场力

滑动摩擦力大小

在前，电场力大于摩擦力，做加速运动，加速度逐渐减小，后电场力小于摩擦力；做减速运动，加速度逐渐增大，故A错误，B正确；

C．在时，电场力等于摩擦力，速度最大，根据动能定理得

因为0.10m和0.15m处的电势差大约为代入求解，最大速度大约为0.1m/s，故C错误；

D．滑块最终在处停下则满足

处的电势

故从到过程中，电势差

电场力做

摩擦力做功

则

故滑块不能滑到处；故D正确。

故选BD。16、B:C【分析】【详解】

A．开始未加电场，系统处于静止状态，挡板C对物块B的作用力大小为A和B的总重力在沿斜面方向上的分力为

故A错误；

B．从加电场时，弹簧处于压缩状态，对物块A受力分析，根据平衡条件有

解得

物块B刚要离开C时，弹簧处于拉伸状态，对B由平衡条件可得3mgsinθ=kx2

解得

B刚离开C的过程中，A发生的位移大小为

故B正确；

C．设A所受的电场力大小为F，由题知当A的加速度为零时，B的加速度大小为a，方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律对A有

对B有

故有

当B刚离开C时，A的速度为v，则电场力对A做功的瞬时功率为

故C正确；

D．对A；B和弹簧组成的系统；从加电场后到B刚离开C的过程中，物块A的机械能、电势能与弹簧的弹性势能之和保持不变，弹簧的弹性势能先减小后增大，故物块A的机械能和电势能之和先增大后减小，故D错误。

故选BC。三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【详解】

[1]根据右手螺旋定则来确定通电导线周围磁场的分布，导线1在O点产生的磁场的方向向里，导线2在O点产生的磁场的方向向里，导线3在O点产生的磁场的方向向里，导线4在O点产生的磁场的方向向外。由于所以合磁场的方向向里，根据磁场的叠加可知，要使O的磁场增强，应切断【解析】18、略

【分析】【分析】

根据电势差公式分别求出A；B两点与无穷远间的电势差；再求出这两点的电势．根据电场力做功公式求出电场力做功．

【详解】

根据得而由题解得：根据得而由题解得：则把的负电荷由点移到点电场力做功大小为．

【点睛】

本题考查运用物理公式处理基本问题的能力．求电势往往先求电势差，再求电势．【解析】400V；19、略

【分析】【详解】

（1）[1]选接1时电流表的量程为

选接2时电流表的量程为

可看出I1m>I2m；则选接1是10mA的电流表，选接2是1mA的电流表。

[2]根据选接2时电流表的量程，代入数据，可计算出R1=10Ω

（2）[3]选接3时，改装电压表的量程是Um=IgRg＋I2mR3

代入数据有Um=3V【解析】110320、略

【分析】【详解】

[1]由左图可知，游标卡尺为十分度游标卡尺，则读数为

[2]由右图可知，螺旋测微器读数为【解析】1.141.73021、略

【分析】【分析】

【详解】

从v-t图象可以知道正电荷仅在电场力作用下沿电场线从A点到B点做加速度不断减小的减速运动，故电荷在A点受到的电场力大于电荷在B点的电场力，故A点的场强大于B点的场强；

由于电荷做减速运动，故电场力与速度方向相反，即电场力由B指向A，故电场线由B指向A，故B点电势较高；【解析】＜＞22、略

【分析】【详解】

（1）由于在t=0到的这段时间内，A板的电势高，所以从P点发出的带负电的微粒会加速向A板移动，加速度的大小为a=

设粒子距离为l，则根据l=

需要的时间t=

再把l2=

代入到上式中，得t=

因为t<说明粒子发出后一直做匀加速直线运动到达A板；

但是在t=0到t=T/2内发射的粒子，并不一定都打到A上，在接近T/2时刻，发射的粒子加速时间短，再减速后有可能到达不了A板，我们设粒子发射后加速△t时间，再减速通过的距离是l；

由于减速时的加速度大小为a＇=

则可求加速通过的距离x1==

末速度v1=a△t=

减速通过的距离x2=

故l=x1+x2

即l=+

解之得△t=

再把l2=

代入到上式中得△t=

由于每个周期内平均产生320个微粒，则单位时间内产生的微粒为λ=

所以在t=0到t=T/2的这段时间内产生的微粒中，到达A板的微粒数为N1=（-△t）λ=80

（2）在t=T/2到t=T的这段时间内产生的微粒中，A板的电势低，负电荷会加速向B板运动，能到达A板的粒子应该是向左加速一段时间后，再向左减速，当粒子减速到零时，再反方向加速，减速和反方向加速的时间总时间是最后再向右减速，最终到达A板，在这些粒子中，最先到达A板的粒子的速度是零。设最初向左加速的时间为△t＇，则向左加速的位移x1＇=

末速度v1＇=a＇△t＇

然后粒子向左减速，到减到速度为0后再反方向加速，这段时间为通过的总位移为x2＇=-v1＇×+

末速度为v2＇=-v1＇+a×

最后向右减速到零的距离x3＇=

因为a＇=2a，故l=x2＇-x1＇+x3＇

联立以上方程解之得△t＇=

故这段时间的粒子数为N2==30个【解析】8030四、作图题(共4题，共24分)23、略

【分析】【分析】