2025年粤人版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤人版选修3物理上册阶段测试试卷955考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示是氢原子能级图，大量氢原子从n=4的能级向n=2的能级跃迁时辐射出可见光a，从n=3的能级向n=2的能级跃迁时辐射出可见光b，则（）

A.b光的光子能量大于a光的光子能量B.在真空中，a光较b光的速度小C.b光频率小于a光的频率D.氢原子从n=4的能级向n=3的能级跃迁时会辐射出紫外线2、在进行光电效应实验时，用黄光照射某金属表面时发生光电效应现象，并产生了光电流，则（）A.若增大黄光的照射强度，光电子的最大初动能将增大B.若改用蓝光照射该金属，饱和光电流一定增大C.若改用红光照射该金属，一定能产生电效应现象D.若增大黄光的照射强度，单位时间内出射的电子数目将增多3、已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强电阻值越大．为探测有无磁场，利用磁敏电阻作为传感器设计了如右图所示的电路，电源的电动势E和内阻r不变，在没有磁场时调节变阻器R使电灯L正常发光．若探测装置从无磁场区进入强磁场区，则（）

A.电灯L亮度不变B.电灯L亮度变亮C.电流表的示数增大D.电源的内耗功率增大4、如图所示，一理想变压器原线圈接正弦交变电源，副线圈接有三盏相同的灯(不计灯丝电阻的变化)，灯上均标有(6V,18W)字样，此时L1恰正常发光；图中两个电表均为理想电表，其中电流表显示读数为1.0A，下列说法正确的是()

A.原、副线圈匝数之比为3∶1B.变压器的输入功率为18WC.电压表的读数为6VD.若L3突然断路，则L1变暗，L2变亮，输入功率变大5、在透明均匀介质内有一球状空气泡，一束包含两种单色光的细光束从介质射入气泡，A为入射点，之后光分别从C、D点射向介质，如图所示，已知A点的入射角为30°，介质对光的折射率下列判断正确的是（）

A.在该介质中，光传播速度B.光射出空气泡后相对于射入空气泡前的偏向角为30°C.光从该介质射向空气发生全反射时，临界角D.光分别通过同一双缝干涉装置时，屏上的条纹问距6、如图；一竖直放置的汽缸内有两个活塞分别用一根硬杆相连，上活塞上放有一小木块，缸内封有一定质量的气体，整个系统处于平衡。活塞与缸壁间无摩擦且不漏气。下列做法中能使两活塞相对汽缸向下移动的是（）

A.给气缸内气体缓慢降温B.上活塞再加一个小木块C.让整个装置自由下落D.大气压变大7、下面是教材中的四幅插图，下列说法正确的是（）

A.图甲是显微镜下三颗小炭粒的运动位置连线图，连线表示小炭粒的运动轨迹B.图乙是封闭在容器中的一定质量的理想气体，若温度升高，其内能一定增大C.图丙是一定质量的理想气体在不同温度下的两条等温线，则T2<T1D.图丁中一只水黾能停在水面上，主要是靠水对水黾的浮力作用8、氢原子的能级图如图所示，如果大量氢原子处在n=3能级的激发态；则下列说法正确的是。

A.这群氢原子能辐射出2种不同频率的光子B.波长最长的辐射光是氢原子从n=3能级跃迁到能级n=1能级产生的C.辐射光子的最大能量为12.09eVD.处于该能级的氢原子至少需吸收13.6eV能量的光子才能电离评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、电路图中，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，电源内阻不可忽略，当滑动变阻器的滑动片向右移动时，电流表、电压表可视为理想电表，关于电流表和电压表示数的变化情况的分析，正确的是（）

A.电流表和电压表读数均增大B.电流表和电压表读数均减小C.电压表V1的示数变化量小于电压表V2的示数变化量D.电流表读数变小，电压表V2读数变大，V1读数减小10、一定质量的理想气体的图像中的等温变化图线如图所示，A、B是双曲线上的两点。下列说法正确的是（）

A.图中和的面积一定相等B.气体在状态A的内能一定大于在状态B的内能C.气体从状态A到状态B的过程，一定从外界吸收热量D.气体从状态A到状态B的过程，单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少11、气闸舱是载人航天器中供航天员进入太空或由太空返回用的气密性装置；其原理图如图所示。座舱A与气闸舱B之间装有阀门K，座舱A中充满空气，气闸舱B内为真空。航天员从太空返回气闸舱时，打开阀门K，A中的气体进入B中，最终达到平衡。假设此过程中系统与外界没有热交换，舱内气体可视为理想气体，下列说法正确的是（）

A.气体并没有对外做功，气体内能不变B.B中气体可自发地全部退回到A中C.气体温度不变，体积增大，压强减小D.气体体积变大，气体分子单位时间对座舱壁单位面积碰撞的次数将变少12、如图，一定质量理想气体从状态A依次经状态B和C后再回到状态A，对此气体下列说法正确的是____

A.A-B过程中气体对外界做功B.A-B过程中气体放出的热量等于外界对气体做的功C.B-C过程中气体分子对器壁单位面积碰撞的平均冲力减少E.B-C过程中气体放出的热量大于C-A过程中吸收的热量E.B-C过程中气体放出的热量大于C-A过程中吸收的热量13、如图所示的电路，闭合开关S，滑动变阻器滑片向左移动；下列结论正确的是（）

A.电流表读数变小，电压表读数变大B.小电泡变亮C.电容器C上电荷量增大D.电源的总功率变大评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、按照玻尔理论可知，氢原子中的电子离原子核越远，氢原子的能量_____________（选填“越大”或者“越小”），已知氢原子的基态能量为（<0），电子质量为m，基态氢原子中的电子吸收一频率为的光子被电离后，电子速度大小为_________（普朗克常量为h）．15、马鞍山是一座钢铁城市，马钢工人时常为高炉进行检修．而这时高炉内干燥空气的温度竟达160℃，工人却安全在炉内工作几个小时，是因为________．16、用均匀导线做成的正方形线框边长为0.2m，正方形的一半放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，如图所示．当磁场以10T/s的变化率增强时，线框中a、b两点间的电势差是Uab＝_____V

17、如图所示；将边长为L；总电阻为R的正方形闭合线圈，从磁感强度为B的匀强磁场中以速度v匀速拉出（磁场方向，垂直线圈平面）

（1）所用拉力F＝_________．

（2）拉力F做的功WF＝________．

（3）拉力F的功率PF＝________．

（4）线圈放出的热量Q＝_________．

（5）通过导线截面的电量q＝_________．18、【物理选修3-4】（1）某简谐横波沿x轴正方向传播，在t=0时刻恰好传播到x=4m的b点；在t=0.6s时，x=1m的质点a恰好第二次位于平衡位置，质点P（图中未画出）位于x=5m处，下列说法正确的是。

E．与该波发生干涉的另一简谐波的频率是2.5Hz评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)22、(1)用游标为20分度的卡尺测量某圆柱型电阻长度如图甲，由图可知其长度L＝________mm。

(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D＝________mm。

(3)该同学想用伏安法测量其电阻R（约200Ω）；现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R；

电流表A1（量程0~5mA，内阻约50Ω）；电流表A2（量程0~15mA；内阻约30Ω）；

电压表V1（量程0~3V，内阻约10kΩ）；电压表V2（量程0~15V；内阻约25kΩ）；

直流电源E（电动势4V；内阻不计）；

滑动变阻器R1（阻值范围0~15Ω；允许通过的最大电流2.0A）；

滑动变阻器R2（阻值范围0~2kΩ；允许通过的最大电流0.5A）；

开关S；导线若干。

为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，应选用电流表______，电压表______，滑动变阻器_______（选填A1、A2、V1、V2、R1、R2）。电路连接应是电流表______（选填内接或者外接），采用______接法（选填分压或限流）。23、如图为“研究一定质量气体在压强不变的条件下；体积变化与温度变化的关系”的实验装置示意图。在瓶A中封住一定质量的气体，初始时左右两管中水银面等高。

（1）若气体温度升高，为使瓶内气体的压强不变，应将右管_____（填“向上”或“向下”）移动，直至_____。（填字母代号）

A.左管中水银面回到原位置。

B.右管中水银面回到原位置。

C.左右两管中水银面等高。

（2）实验中多次改变气体温度，用表示气体升高的摄氏温度，用表示左管内水银面高度的改变量。根据测量数据作出的图线是（______）

A.B.C.D.24、I.为了测量某一弹簧的劲度系数，降该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上不同质量的砝码.实验册除了砝码的质量m与弹簧长度l的相应数据，七对应点已在图上标出.（g=9.8m/s2)

(1)作出m-l的关系图线________；

(2)弹簧的劲度系数为____N/m.

Ⅱ．(1)某同学实用多用电表粗略测量一定值电阻的阻值，先把选择开关旋到“×1k”挡位，测量时针偏转如图（a）所示。请你简述接下来的测量过程：

①________________________________；

②________________________________；

③________________________________；

④测量结束后；将选择开关旋到“OFF”挡.

(2)接下来采用“伏安法”较准确地测量该电阻的阻值，所用实验器材如图（b）所示.其中电压表内阻约为5kΩ；电流表内阻约为5Ω.图中部分电路已经连接好，请完成实验电路的连接__________.

(3)图（c）是一个多量程多用电表的简化电路图，测量电流、电压和电阻各有两个量程。当转换开关S旋到位置3时，可用来测量_______;当S旋到位置______时，可用来测量电流，其中S旋到位置______时量程较大.25、用高值电阻放电法测电容的实验电路图如图所示。其原理是测出电容器在充电电压为时所带的电荷量从而求出其电容C。该实验的操作步骤如下：

（1）按电路图接好实验电路；

（2）接通开关S，调节电阻箱的阻值，使微安表的指针接近满刻度。记下这时的电压表读数和微安表读数

（3）断开开关并同时开始计时，每隔或读一次微安表的读数将读数记录在预先设计的表格中；

（4）以为横坐标，为纵坐标，建立坐标系。若由实验得到的数据，在右图中描出了12个点（用“×”表示），可以估算出当电容器两端电压为时该电容器所带的电荷量约为______C，从而算出该电容器的电容约为______F。（结果均保留2位有效数字）评卷人得分六、解答题(共1题，共5分)26、如图所示，ABCD为表示竖立放在场强为E=3×104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BCD部分是半径为R的半圆环，轨道的水平部分与半圆环相切A为水平轨道的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=400g、带电q=10-4C的小球，放在水平轨道的A点上面由静止开始被释放后,在轨道的内侧运动.（g=10m/s2）

①它到达B点时的速度是多大?

②它到达C点时对轨道压力是多大?

③小球所能获得的最大动能是多少?参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

AC.根据跃迁规律可知从n=4向n=2跃迁时辐射光子的能量大于从n=3向n=2跃迁时辐射光子的能量，则可见光a的光子能量大于b，又根据光子能量可得b光子的频率小于a；故A错误，C正确；

B.在真空中它们的速度均相等；故B错误；

D.从n=4的能级向n=2的能级跃迁时辐射出可见光，且紫外线的频率大于可见光，因此从n=4的能级向n=3的能级跃迁时会辐射出能量还小于可见光a，因此不可能是紫外线，故D错误．2、D【分析】【详解】

A.根据可知；最大初动能与强度无关，只与频率有关，A错误．

B.饱和电流与光强成正比；不确定光强的关系，无法比较饱和电流，B错误．

C.因为红光的频率低与黄光的频率；黄光的频率大于截止频率，但是红光的频率不一定大于截止频率，所以红光不一定能发生光电效应，C错误．

D.单位时间内出射的电子数目与光强成正比，所以增大光强，单位时间出射电子数目增多，D正确．3、B【分析】【详解】

C.探测装置从无磁场区进入强磁场区时，磁敏电阻的阻值变大，则电路的总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律，可知总电流变小；所以电流表的示数减小．故C错误。

AB.根据闭合电路欧姆定律又因为减小，路端电压增大；所以灯泡两端的电压增大，则电灯L变亮．故A错误，B正确．

D.总电流减小，由公式可知，电源的内耗功率减小．故D错误．4、A【分析】【分析】

根据电压与匝数成正比；电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．

【详解】

A.L1恰正常发光，其电流为I2=18/6A=3A，根据I2:I1=n1：n2，得n1：n2=3:1；故A正确；

B.根据功率灯泡的电阻R=62/18Ω=2Ω，R总=R+R/2=3Ω

输出功率P2==32×3W=27W；

根据输入功率等于输出功率知；变压器的输入功率为27W，故B错误；

C.电流表显示读数为1.0A，所以原线圈两端电压为U1=27/1.0=27V；

根据U1：U2=n1：n2=3:1，副线圈电压U2=9V；所以电压表示数为3V，故C错误；

D.若L3突然断路，电阻增大，副线圈电流减小，则L1变暗，电压变小；L2电压增大；变亮；原线圈电流减小，输入功率变小，故D错误；

故选A5、B【分析】【详解】

由图可知a光的偏折程度较大，即介质对光a的折射率较大，则根据可知，在介质中a光的速度小于b光，故A错误；在A点的折射角等于在C点的入射角，介质对a光的折射率则C点的折射角为30°，圆心角为∠AOC=则出射光线与水平方向的夹角为30°，故B正确；根据可知故C错误。介质对光a的折射率较大，则a光的频率较大，波长较短，根据可知故D错误。故选B6、B【分析】【分析】

【详解】

A．给气缸缓慢降温；气体温度降低，由盖·吕萨克定律知气体体积要减小，从气缸结构上看活塞应向上移动，选项A错误；

B．设缸内气体压强p，外界大气压为p0，大活塞面积S，小活塞面积s，活塞和木块的总重力为G，以活塞和气体整体为研究对象，由物体平衡条件知

上活塞再加一个小木块；整体的重力增大，大气压及活塞面积不变，则容器内气体压强必须减小，由玻意耳定律知气体体积要增大，所以两活塞相对汽缸向下移动，选项B正确．

C．让整个装置自由下落；缸内气体压强增大（原来小于大气压强），由玻意耳定律知气体体积要减小，所以气缸向上移动，选项C错误；

D．大气压变大时，由知缸内气体压强要变大；由玻意耳定律知气体体积要减小，所以气缸要向上移动，选项D错误。

故选B。7、B【分析】【详解】

A．每隔一段时间把观察到的炭粒的位置记录下来；然后用直线把这些位置依次连接成折线，所以布朗运动图像反映每隔一段时间固体微粒的位置，而不是运动轨迹，A错误；

B．理想气体不计分子势能；所以温度升高时，分子平均动能增大，则内能一定增大，B正确；

C．由理想气体状态方程可判断，一定质量的理想气体，不同温度下对应的等温线是不同的，且越靠近原点等温线所表示的温度就越低，即T1<T2；但同一等温线上气体压强与体积的乘积是不变的，C错误；

D．水黾停在水面上的原因是水黾受到了水的表面张力的作用；D错误。

故选B。8、C【分析】【详解】

A、这群氢原子能辐射出种不同频率的光子；A错误；

B、波长最长的辐射光对应着能级差最小的，则是氢原子从n=3能级跃迁到能级n=2能级产生的；B错误；

C、辐射光子的最大能量是从n=3到n=1的跃迁，最大能量为C正确；

D、处于该能级的氢原子至少需吸收1.51eV能量的光子才能电离，D错误．二、多选题(共5题，共10分)9、C:D【分析】【详解】

试题分析：由电路图可知，滑动变阻器的滑动片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电流I减小，而路端电压则U增大，电阻的电压减小，则电压表示数减小；并联部分的电压增大，电压表示数增大；增大，通过的电流增大，因为总电流减小，所以通过电流表的示数变小．故AB错误，D正确；电压表的示数与电压表的示数之和等于U，即因示数增大，示数减小，而U减小，所以电压表的示数增加量小于电压表的示数减小量；故C正确．故选CD．

【点睛】根据滑片的移动方向判断出滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点及欧姆定律分析答题．10、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据A、B是同一等温线上两点，即T相同。所以pV为定值，即和的面积一定相等。故A正确。

B．理想气体的内能即分子动能，气体在状态A的温度等于在状态B的温度；所以在两状态下内能也相等。故B错误。

C．从状态A到状态B内能不变；而气体对外做功，所以一定吸热。故C正确。

D．从状态A到状态B气体体积增大，T不变，p减小；分子单位时间对单位面积的碰撞次数减少。故D正确。

故选ACD。11、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由于气闸舱B内为真空；所以气体在扩散过程中不会对外做功，系统与外界没有热交换，所以气体内能不变，故A正确；

B．根据热力学第二定律可知；一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的，故B错误；

C．理想气体内能不变，温度不变，由pV＝C可知；体积增大，压强减小，故C正确；

D．气体体积变大，分子数密度n减小，温度不变，分子平均动能不变，平均速率v不变；所以气体分子单位时间对座舱壁单位面积碰撞的次数将变少，故D正确。

故选ACD。12、A:D:E【分析】【详解】

A项：过程中为等温变化，压强减小，由公式可知；体积增大，气体对外做功，故A正确；

B项：由热力学第一定律得：可知；气体要吸收热量且等于气体对外做的功，故B错误；

C项：过程为等压变化，由可知气体分子对器壁单位面积碰撞的平均冲力不变；故C错误；

D项：为等容变化；温度升高，内能增大，由热力学第一定律可知，体从外界吸收的热量等于气体内能的增加量，故D正确；

E项：过程为等压变化，由热力学第一定律可知，所以其均为负值，为等容变化，热力学第一定律可知，所以由于两过程温度变化相同，所以气体内能变化相同，所以过程中气体放出的热量大于过程中吸收的热量，故E正确．13、A:C【分析】【详解】

AB．滑动变阻器滑片P向左移动时；接入电路的电阻增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，则总电流减小，电流表的读数变小，内电压减小，外电压增大，所以电压表示数变大，通过灯泡的电流减小，则小灯泡变暗，故A正确，B错误；

C．通过灯泡的电流减小，则灯泡两端的电压减小，而外电压增大，所以电容器两端的电压增大，根据知；电容器上电荷量增大，故C正确；

D．电源的电动势不变，总电流减小，则电源的总功率减小；故D错误。

故选AC。三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

频率为ν的光子的能量

氢原子中的电子离原子核越远；则能级越高，氢原子能量越大．

基态中的电子吸收一频率为γ的光子后，原子的能量增大为：

电子发生电离时其电势能为0，动能为：

因此有：

所以有：

则：．【解析】越大15、略

【分析】【分析】

【详解】

工人能在炉内温度竟达160℃的环境中工作几个小时；是因为在高压炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温．

【点睛】

高压炉内空气温度高，工人容易排汗，温度越高汗液蒸发越快，蒸发吸热，人体温度降低．【解析】在高炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温16、略

【分析】【详解】

题中正方形线框的左半部分磁通量变化而产生感应电动势，从而在线框中有感应电流产生，把左半部分线框看成电源，其电动势为E，内电阻为r/2；画出等效电路如图所示．

则a、b两点间的电势差即为电源的路端电压，设l是边长，且依题意知．由得所以由于a点电势低于b点电势，故Uab=-0.1V．【解析】-0.117、略

【分析】【详解】

（1）线框受到的安培力由平衡条件可知，拉力

（2）拉力的功

（3）拉力功率：

（4）感应电动势产生的焦耳热

（5）感应电动势电流电荷量【解析】18、A:C:D【分析】由图可知，由题意t=0.6s，质点a恰好第二次位于平衡位置，则即T=0.8s，根据公式A正确；由图可知，质点b的振动方向向下，而后面的质点重复前面质点的运动情况，故质点P起振方向也是向下，B错误；当波由b点传播到P需要的时间为t0，则则质点P振动的时间为则质点P通过的路程为s=1.25×4A=0.10m，C正确；质点P第三次到达波峰的时间为故D正确；频率相同，相差恒定的两列波产生稳定的干涉，故能与此波产生稳定干涉的另一列波的频率为故E错误；故选ACD.四、作图题(共3题，共6分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共40分)22、略

【分析】【详解】

(1)[1]游标卡尺的读数为L=50mm+4×0.05mm=50.20mm

(2)[2]螺旋测微器的读数为：d=4.5mm+19.8×0.01mm=4.698mm=0.4698cm

(3)[3][4][5]由于电压表V2量程太大（量程的大于电源的电动势），所以电压表应选择V1，根据欧姆定律可求出通过待测电阻的最大电流为

所以电流表应选择A2，根据实验要求多测几组数据可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的R1变阻器以方便调节；

[6][7]由于待测电阻满足

电流表应用外接法；所以电路应是“分压外接”电路，如图所示。

【解析】50.15;0.4700;见解析；23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]气体温度升高；压强增大，左管中水银面下降，右管中水银面上升，为保证气体压强不变，应将右管向下移动，直至左右两管中水银面等高。

（2）[3]实验中多次改变气体温度，用表示气体升高的摄氏温度，用表示左管内水银面高度的改变量，压强不变时，体积变化与温度变化的关系是成正比的，所以根据测量数据作出的图线是A。【解析】向下CA24、略

【分析】【分析】

(1)用描点作出m-l的关系图线，图线的斜率读出斜率求出劲度系数k劲．

(2)选择开关旋到“×1k”挡位；测量时指针偏转角度太大，换用“×100”档后，重新进行欧姆调零，再进行测量．测量