2025年新世纪版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，纸面内有平行于平面连线向右的匀强磁场，磁感应强度大小为B0，三条长直导线P、Q和M垂直纸面放置，其截面PQM在纸面内形成等边三角形、当P、Q两导线中均通有向里的电流I时，等边三角形MPQ的中心O点的磁感应强度为2B0．若M导线也通以向里的电流I，其它条件不变，则O点的磁感应强度为。

A.2B0B.B0C.B0D.B02、已知平行板电容器水平放置，极板间存在匀强电场，电容器的中线为带有同种电性且质量均为的小球电荷量从点分别以水平初速度射入平行板电容器，发现它们的运动轨迹恰好关于对称，如图所示，忽略两小球间的相互作用，不计空气阻力，重力加速度大小为则该极板间的电场强度的大小等于（）

A.B.C.D.3、下列选项中，不属于物理学中的理想化模型的是（）A.质点B.匀速直线运动C.点电荷D.电场强度4、如图所示，a、b、c是正点电荷电场中的一条电场线上的三点，ab=bc，在a点处自由释放一带负电的试探电荷时，它沿直线向右做加速运动，依次经过b、c点.下列说法正确的是。

A.a点的电场强度比b点的大B.a点的电势比c点的低C.试探电荷在c点时的动能等于在b点时的两倍D.试探电荷在b点时的电势能等于在c点时的两倍5、如图所示，曲线ACB处于匀强电场中，O为AB的中点，OC长为L，且与AB垂直。一质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子仅在电场力作用下沿ACB依次通过A、C、B三点，已知粒子在A、B两点的速率均为2v0，在C点的速度大小为且方向与OC垂直。匀强电场与曲线所在的平面平行；则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为。

A.沿CO方向B.沿CO方向C.沿OC方向D.沿OC方向评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图中A为理想电流表，和为理想电压表，为定值电阻，为可变电阻，电源E内阻不计；则下列说法正确的是。

A.不变时，读数与A读数之比等于B.不变时，示数与A示数之比等于C.改变一定量时，读数的变化量与A读数的变化量之比的绝对值等于D.改变一定量时，读数的变化量与A读数的变化量之比的绝对值等于7、如图所示，在竖直平面内有水平向右，场强为E=104V/m的匀强电场。在匀强电场中有一根长L=2m的绝缘细线，细线一端固定在O点，另一端系一质量为0.08kg的带电小球，它静止时悬线与竖直方向成37°角。图中A，B和C，D分别为圆的竖直和水平直径上与圆的交点。若小球获得初速度恰能绕O点在竖直平面内做完整的圆周运动，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2；下列说法正确的是（）

A.小球的带电荷量q=6×10-5CB.小球动能的最小值为1JC.小球运动到B点时的机械能最小D.小球运动到D点时对绳子的拉力大小为4.8N8、带正电的粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了2.6×10-6J的功。以下说法正确的是（）A.粒子M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能B.粒子M在P点的加速度一定小于它在Q点的加速度C.P点的电势一定高于Q点的电势D.粒子M在P点的速率一定大于它在Q点的速率9、在x轴上电场强度E与x的关系如图所示，O为坐标原点，a、b、c为x轴上的点，a、c之间的距离为d，a、c两点的电场强度大小均为E0；则下列说法中正确的是()

A.φb＞φa＝φc＞φOB.φO＞φa＞φb＞φcC.将质子从a点移到c点，电场力做功大于eE0dD.将质子从a点移到c点，质子的电势能增加10、关于电势差，下列说法正确的是（）A.电势差与电势一样，是相对量，与零电势点的选取有关B.电势差有正、负之分，是一个矢量C.由于静电力做功跟移动电荷的路径无关，所以电势差也跟移动电荷的路径无关，只跟这两点的位置有关D.由于UAB=φA-φB，UBA=φB-φA，故UAB=-UBA11、图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示。点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点。若不计重力；则（）

A.M带负电荷，N带正电荷B.N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C.N从O点运动至a点的过程中电势能减少D.M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零12、如图所示，阴极射线示波管的聚焦电场由电极形成，实线为电场线，虚线为等势线，轴为该电场的中心轴线，P、Q、R为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点；则（）

A.Q点电势小于R点的电势B.电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度C.电子在P点处电势能大于在Q点处电势能D.电子从P至R的运动过程中，动能先减小后增加13、如图所示，现有甲、乙、丙三个电动势E相同而内阻r不同的电源。用这三个电源分别给定值电阻R供电，已知它们的阻值大小关系为则将R先后接在这三个电源上时的情况相比较；下列说法正确的是（）

A.接在甲电源上时，电源内阻消耗的功率最大B.接在乙电源上时，电源的总功率最大C.接在丙电源上时，电源的输出功率最大D.接在甲电源上时，电源的输出功率最大14、如图甲所示，倾角为的传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行。t=0时，将质量m=1kg的炭块(可视为质点)轻放在传送带上，炭块相对地面的v-t图象如图乙所示，整个过程炭块未滑离传送带。设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g=10m/s2。则（）

A.炭块与传送带间的动摩擦因数为0.4B.0~2.0s内摩擦力对炭块做功-24JC.0~2.0s内炭块与传送带摩擦产生的热量为24JD.炭块在传送带上的痕迹长度为4m评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示，一个α粒子（氦核）在电势差为U1=100V的电场中由静止开始加速运动，然后射入电势差为U2=10V的两块平行板的偏转电场中，偏转电场极板长L=20cm，间距d=5cm．若α粒子能飞离平行板区（重力可忽略），则α粒子刚进入偏转电场时的动能为________eV,飞离偏转电场时的偏移量y=_____________m．

16、平行板电容器所带的电荷量为Q=4×10-8C，电容器两板间的电压为U=2V，则该电容器的电容为________；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为______，两板间电场强度变为原来的_______倍，此时平行板电容器的电容为______．17、如图，直角三角形ABC，∠ACB=60°，BC长10cm。空间中存在匀强电场，电场方向平行ABC所在的平面，已知A、B、C三点电势分别为12V；8V、4V。

（1）在图中作出过C点的电场线______；

（2）匀强电场的电场强度大小为__________V/m。

18、电视:

（1）摄影机把图像变成_____。

（2）发射机把电信号加载到频率很高的_____上。

（3）发射天线将_____信号发射到空中。

（4）电视机的接收天线把_____信号接收下来。

（5）电视机把_____信号取出并_____。

（6）显像管将_____信号还原为____。19、一灵敏电流计，允许通过的满刻度电流为Ig=1mA，表头电阻Rg=300Ω，若改装成量程为Im=3A的电流表，应_______（填“并联”或者“串联”）阻值为__________Ω的电阻；若将此灵敏电流计改装成量程为Um=3V的电压表，应_______（填“并联”或者“串联”）阻值为___________Ω的电阻。20、某同学利用螺旋测微器和游标卡尺分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图所示，该工件的直径为______cm，高度为______cm。

21、真空中有一根半径为R的半圆形细导线，流过的电流为I，则圆心处的磁感强度为_______。评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)22、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

23、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)25、在如图甲所示的电路中；四节干电池串联，小灯泡A；B的规格为“3.8V0.3A”，合上开关S后，无论怎样移动滑动片，A、B灯都不亮。

（1）用多用电表的直流电压挡检查故障。

①选择开关置于下列量程的________挡较为合适；

A．2.5VB．10V

C．50VD．250V

②测得c、d间电压约为5.8V，e、f间电压为0，则故障是________。

A．A灯丝断开B．B灯丝断开。

C．d、e间连线断开D．B灯被短路。

（2）接着换用欧姆表的“×1”挡测电阻；欧姆表经过欧姆调零。

①测试前，一定要将电路中的开关S________；

②测c、d间和e、f间电阻时，某次测试结果如图乙所示，读数为________Ω，此时测量的是________间电阻。根据小灯泡的规格计算出的电阻为________Ω，它不等于测量值，原因是：___________。26、为测定某旧干电池的电动势和内阻；实验室提供了如下器材：

A.旧干电池两节（假设两节电池完全一样）；

B.电压表（视为理想电压表；量程0~3V）；

C.电阻箱R（0~999.9Ω）；

D.定值电阻

E.多用电表；

F.开关；导线若干.

（1）同学甲直接使用多用电表的直流电压2.5V挡测量一节电池的电动势，读数如图所示，则该同学测得的电动势E=_______，此测量值比旧干电池电动势的真实值______（选填“偏大”或者“偏小”）.

（2）同学乙将两节干电池串联接入如甲所示的电路，规范操作得到如图乙所示的图像（U为电压表读数）.该同学所描绘的图像中，横坐标是________（填选项前的字母）.

A.B.RC.

（3）按照（2）问中所选的横坐标，已知图像的斜率为k，纵轴的截距为b，则一节干电池的电动势为_______，内阻为_________.（均用k、b、表示）评卷人得分六、解答题(共3题，共24分)27、一质量M=5kg的绝缘长木板放在倾角θ=37°的光滑斜面上，并在外力作用下保持着静止状态。木板左端距斜面底端的距离s=10.25m，斜面底端固定着一弹性薄挡板，与之相碰的物体会以原速率弹回。t=0时刻将一质量m=10kg的带正电小物块置于木板上距离木板左端l=54m的位置，并使其获得沿木板向上的初速度v0=4m/s，如图（a）所示，与此同时，撒去作用在木板上的外力。空间还存在着沿斜面向上的匀强电场，场强大小与时间的关系如图（b）所示，t=5.5s时撒去电场。已知E0=4×104N/C，小物块的带电量q=2×10-3C，木板与物块间的动摩擦因数=0.5，小物块可以看作质点，且整个过程中小物块不会从木板右端滑出，不考虑因电场变化产生的磁场，取g=10m/s2.求：

（1）t=1s时；小物块和木板的速度大小；

（2）木板第一次与挡板碰撞前瞬间的速度大小；

（3）小物块从木板左端滑出之前木板与挡板碰撞的次数；及滑出瞬间小物块与挡扳间的距离。

28、无处不在的引力场；构建出一幅和谐而神秘的宇宙图景。

（1）地球附近的物体处在地球产生的引力场中。地球可视为质量分布均匀的球体。已知地球的质量为M，引力常量为G。请类比电场强度的定义，写出距地心r处的引力场强度g的表达式。（已知r大于地球半径，结果用M、G和r表示）

（2）物体处于引力场中；就像电荷在电场中具有电势能一样，具有引力势能。

中国科学院南极天文中心的巡天望远镜追踪到由孤立的双中子星合并时产生的引力波。已知该双中子星的质量分别为且保持不变。在短时间内，可认为双中子星绕二者连线上的某一点做匀速圆周运动。请分析说明在合并过程中，该双中子星系统的引力势能、运动的周期T如何变化。

（3）我们可以在无法获知银河系总质量的情况下，研究太阳在银河系中所具有的引力势能。通过天文观测距银心（即银河系的中心）为r处的物质绕银心的旋转速度为v，根据可得到银河系在该处的引力场强度g的数值，并作出图像，如图所示。已知太阳的质量太阳距离银心

a．某同学根据表达式认为：引力场强度g的大小与物质绕银心的旋转速度成正比，与到银心的距离r成反比。请定性分析说明该同学的观点是否正确。

b．将物质距银心无穷远处的引力势能规定为零，请利用题中信息估算太阳所具有的引力势能

29、如图，O、A、B为同一斜面内的三个点，OB沿斜面向下，现将一质量为m的小球以初速度v0自O点平行斜面水平向右抛出，小球在运动过程中恰好通过A点。使此小球带电，电荷量为q（q＞0），同时加一匀强电场，场强方向与所在平面平行，现从O点以同样的速率沿某一平行斜面方向抛出此带电小球，该小球也恰好通过了A点，到达A点时的动能是初动能的3倍；若该小球从O点以同样的速率沿另一平行斜面方向抛出，恰好通过B点，且到达B点时的动能为初动能的6倍，重力加速度大小为g，固定光滑斜面的倾角求：

（1）无电场时，小球到达A点时的速度大小；

（2）OA、OB的电势差

（3）电场强度的大小和方向。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

由题可知，当M没有通电流时P、Q两导线在O点产生的磁感应强度大小都为B，将两个磁感应强度合成，由几何关系可知它们的合磁感应强度也为B，方向水平向右，如图所示：

将该合磁感应强度再与匀强磁场B0合成，由题知中心O点的磁感应强度为2B0，所以B=B0；当导线M也通以向里的电流I，则三根导线产生的合磁感应强度如图所示：

由几何关系可知，三根导线产生在O点产生的磁感应强度大小相等，其中P与Q的合磁感应强度与M在O点产生的磁感应强度，大小相等，方向相反，所以在O点只有匀强磁场产生的磁感应强度，则此时O点的磁感应强度为B0，故选D．2、B【分析】【分析】

【详解】

由题意可得，因为A、B质量相等，且极板间存在匀强电场，设极板间的距离为d,又电荷量故可得，A球向上偏转，B球向下偏转，它们的运动轨迹恰好关于对称，可得A、B水平和竖直方向的位移相同，即有

又

可得

竖直方向，对A球有

竖直方向，对B球有

代入数据，解得

ACD错误；B正确。

故选B。3、D【分析】【分析】

【详解】

建立理想化模型时突出问题的主要因素；忽略问题的次要因素，质点；匀速直线运动、点电荷都是理想化模型，电场强度不是理想化模型。

本题选不属于物理学中的理想化模型的，故选D。4、B【分析】【详解】

AB．在正点电荷形成的电场线上a处自由释放一个负试探电荷时，它沿直线向c点处运动，电荷受到的电场力向右，所以电场线的方向向左，即场源电荷在右侧，所以a点的电场强度比b点的小，a点的电势比c点的低；故A错误，B正确；

C．因为场源电荷在右侧，虽然ab=bc，所以Uab＜Ubc，由动能定理知试探电荷在c点时的动能Ekc=q（Uab+Ubc），试探电荷在b点时的动能Ekb=qUab，Ekc≠2Ekb；故C错误；

D．只有电场力做功时；发生动能和电势能的相互转化，但总量不变，动能不满足2倍关系，则电势能也不会满足2倍关系，故D错误；

故选B。5、A【分析】【详解】

ABCD.因粒子在A、B两点的速率均为2v0，则A、B两点是等势点，AOB是一条等势线，所以OC是电场线，又粒子带正电，粒子仅在电场力作用下沿ACB运动，A点的速率大于C点的速率，则电场线方向沿CO方向；从A到C由动能定理

解得

故A正确BCD错误。

故选A。二、多选题(共9题，共18分)6、B:C:D【分析】【详解】

AB．由欧姆定律可知，故不变时，读数与读数之比等于读数与示数之比等于故A错误，B正确；

CD．改变一定量时，设读数为读数为根据闭合电路欧姆定律则有：

由数学知识可知：

读数的变化量与A读数的变化量之比的绝对值等于

根据闭合电路欧姆定律则有：

由数学知识可知：

读数的变化量与A读数的变化量之比的绝对值等于故C；D正确；

故选BCD.7、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．小球静止时悬线与竖直方向成受重力，拉力和电场力，三力平衡，如图。

根据平衡条件，有

解得

故A正确。

B．小球恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，在等效最高点P速度最小；如图。

根据牛顿第二定律

则最小动能

故B正确。

C．根据能量守恒定律，电势能与机械能之和不变，所以机械能最小的位置是电势能最大的位置，即与O点等高的最左的位置C；故C错误。

D．小球从等效最高点P点运动到D点，根据动能定理有

其中

小球在D点时，根据牛顿第二定律有

联立代入数据，求得绳子对小球的拉力为

根据牛顿第三定律可得，小球运动到D点时对绳子的拉力大小为4.8N；故D正确。

故选ABD。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

AD．带正电的粒子M只在电场力作用下从P点运动到Q点；克服电场力做功，其电势能增加，动能减小，故AD正确；

B．场强的大小与电场力做功正负无关，无法比较粒子M在P点的加速度与它在Q点的加速度；故B错误；

C．因为粒子M带正电荷，所以P点的电势低于Q点的电势；故C错误。

故选AD。9、B:C【分析】【详解】

AB．在E­x图象中，图象与x轴所围面积表示电势差，由图可以看出x轴上Oc段与图线所围面积大于ac段与图线所围面积，ac段与图线所围面积大于bc段与图线所围面积；即。

UOc＞Uac＞Ubc＞0所以。

φO＞φa＞φb＞φc故B正确；A错误；

C．ac段与图线所围面积大于E0d；即。

Uac＞E0d所以将质子从a点移到c点，电场力做功大于eE0d；故C正确；

D．将质子从a点移到c点；电场力做正功，质子的电势能减少，D错误。

故选BC。10、C:D【分析】【详解】

A．电场中某一位置的电势是相对的；与零电势点的选取有关，而电场中两点间的电势差等于电势之差，由电场本身决定，具有绝对性，与零电势点的选取无关，A错误；

B．电势差有正；负之分；其正、负表示电势的高低，是一个标量，B错误；

C．根据

可知；由于静电力做功跟移动电荷的路径无关，所以电势差也跟移动电荷的路径无关，只跟这两点的位置有关，C正确；

D．电场中两点间的电势差等于电势之差，由电场本身决定，具有绝对性，与零电势点的选取无关，既有UAB=φA-φB，UBA=φB-φA

因此UAB=-UBA

D正确。

故选CD。11、B:C:D【分析】【详解】

A．虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，即虚线为等差等势线，O点电势高于c点；沿着电场线的方向电势降低，可知匀强电场的方向如下图所示。

结合曲线运动的轨迹可知；M粒子所受电场力方向与电场线方向相同，M粒子带正电，N粒子所受电场力方向与电场线方向相反，N粒子带负电，A错误；

B.a、O、c三点分别在连续的等差等势线上，且两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，M粒子带正电，N粒子带负电，结合曲线可知，N从O点运动至a点和M在从O点运动至c点过程中电场力对N、M粒子做的功相等，粒子以相同速率射出，根据动能定理可知，N在a点的动能与M在c点动能大小相等，即N在a点的速度与M在c点的速度大小相同；B正确；

C．N从O点运动至a点的过程中；电场力做正功，电势能减小，C正确；

D．O点和b点在同一等势线上，M在从O点运动至b点的过程中；电场力对它做的功等于零，D正确。

故选BCD。12、A:C【分析】【详解】

A．沿电场线电势降低，因此Q点的电势小于R点的电势，故A正确；

B．据电场线的疏密程度可知，因此Q点电场线比R点电场线密，故Q点的电场强度大于R点的电场强度，故B错误；

C．从P到R电势逐渐升高，电子带负电，电势能减小，因此电子在P点处的电势能大于在Q点处的电势能，故C正确；

D．根据能量守恒，电子从P至R的运动过程中，电势能减小，动能增大，故D错误；

故选AC。13、A:C【分析】【详解】

A．电源的内阻消耗功率

当时，最大；则接在甲电源上时，电源内阻消耗功率最大，A正确；

B．电源的总功率

越大，越小；则接在丙电源上时，电源的总功率最大，B错误；

CD．电源的输出功率

当时，最大；可知，接在甲电源上时，电源的输出功率最大，C错误，D正确。

故选AD。

【点睛】

本题是闭合电路欧姆定律简单的运用。闭合电路欧姆定律是电路中最重要的规律之一，要熟练掌握，根据闭合电路欧姆定律分析同一电阻接到不同电源上时电流的大小，再由公式分析电源的电功率大小。14、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．由图知，炭块先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后（在时刻）；由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，炭块继续向下做匀加速直线运动，从图象可知传送带的速度为。

在0-1.0s内；炭块摩擦力方向沿斜面向下，匀加速运动的加速度为。

由图象可得。

即有。

在1.0-2.0s；炭块的加速度为。

由图象可得。

即有。

联立可得。

故A错误；

BCD．根据“面积”表示位移；可知0～1.0s炭块相对于地的位移。

传送带的位移为。

炭块对传送带的位移大小为。

方向向上。

摩擦力对炭块做功为。

炭块与传送带摩擦产生的热量为。

根据“面积”表示位移；可知1.0～2.0s炭块相对于地的位移为。

传送带的位移为。

1.0～2.0s内炭块对传送带的位移大小为。

方向向下。

摩擦力对炭块做功为。

炭块与传送带摩擦产生的热量为。

所以0～2.0s内摩擦力对炭块做功。

炭块与传送带摩擦产生的热量为。

因痕迹有重叠；故留下的痕迹为5m，故B，C正确，D错误；

故选BC。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]粒子直线运动过程加速，由动能定理可得

解得

[2]再根据动能定理得

又因为粒子进入偏转电场做类平抛运动，水平方向则有

竖直方向有

粒子在偏转电场中，根据牛顿第二定律，可得

联立上式解得【解析】2000.0216、略

【分析】【详解】

[1]根据C=Q/U得，电容器的电容C=＝2×10−8F．

[2]电荷量减半，电容不变，仍然为2×10-8F．则两板间的电压

[3]根据E＝U/d知；电势差减半，两板间的距离不变，则电场强度变为原来的0.5倍；

[4]此时平行板电容器的电容仍为2×10-8F．【解析】2×10-8F1V0.52×10-8F17、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]A、C中点电势为。

所以B点与A、C中点电势相等，连线为等势线，根据等势线与电场线的关系，过C点作等势线的垂线即为电场线；方向由高电势指向低电势，如图。

(2)[2]根据几何关系可知，C点到等势线的距离为。

根据场强公式得。

【解析】18、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]摄影机把图像变成电信号。

(2)[2]发射机把电信号加载到频率很高的电磁波上。

(3)[3]发射天线将高频信号发射到空中。

(4)[4]电视机的接收天线把高频信号接收下来。

(5)[5][6]电视机把图像信号取出并放大。

(6)[7][8]显像管将图像信号还原为图像。【解析】①.电信号②.电磁波③.高频④.高频⑤.图像⑥.放大⑦.图像⑧.图像19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]若改装成量程为Im=3A的电流表，应并联的电阻阻值为

[3][4]若将此灵敏电流计改装成量程为Um=3V的电压表，应串联的电阻阻值为【解析】①.并联②.0.1③.串联④.20、略

【分析】【详解】

[1]工件的直径为d=6mm+0.01mm×12.0=6.120mm=0.6120cm

[2]工件的高度为h=50mm+0.05mm×18=50.90mm=5.090cm【解析】0.61205.09021、略

【分析】【详解】

载有电流I的无限长，在距离导线为r处的P点的磁感应强度为

则半径为R的圆形细导线，当流过的电流为I时，在其圆心处的磁感应强度为

圆形细导线在圆心处的磁感应强度可以看成是由两根半圆形细导线在圆心处产生的磁感应强度的矢量和，由于两根半圆形细导线在圆心处分别产生的磁感应强度相同，所以一根半圆形细导线在圆心处产生的磁感应强度为上式B的即为【解析】四、作图题(共3题，共9分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析23、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共2题，共8分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)①[1]因电源为四节干电池，故电动势E＝6V；则应选电压表的10V量程挡较合适，故ACD错误，B正确；

故选B；

②[2]因c、d间电压为5.8V，接近电源电动势，而e、f间电压为零；故应为A灯丝断开，B灯丝良好，故A正确，BCD错误，故选A；

(2)①[3]用欧姆表测电路中电阻的阻值时；一定要将电路断开测量，故开关S断开；

②[4]测电阻时用欧姆表的“×1”挡；由乙图读数知电阻阻值为6Ω；

[5]因c、d间断路，c、d间电阻非常大，所以所测电阻应为灯泡B的阻值，即测量的为e、f间的电阻；

[6]由

[7]该阻值与欧姆表测得的阻值相差较大，是因为欧姆表测得的电阻是灯泡未通电工作时的电阻，温度较低，电阻率偏小，阻值偏小。【解析】①.B②.A③.断开④.6⑤.e、f⑥.12.7⑦.欧姆表测量时灯泡未工作，灯泡温度低，电阻偏小26、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]电压表读数为1.45V；这个过程中由于电压表相当于一个仪器，测量为路端电压，小于电源电动势；

（2、3）[3]根据闭合回路欧姆定律可得

变形可得

横坐标为R；

[4][5]根据题意可得

一节干电池电动势为

内阻为

联立解得

【点睛】

测定电源的电动势和内电阻是高中阶段电学实验考查的重点，是近几年各地高考题目的出题热点，本题突出了对于实验原理、仪器选择及U-I图象处理等多方面内容的考查，题目层次源于课本，凸显能力，体现创新意识，侧重于对实验能力的考查【解析】1.45V偏小B六、解答题(共3题，共24分)27、略

【分析】【详解】

（1）0~1s内，设小物块的加速度大小为a1，木板的加速度为a2；则由牛顿第二定律有。

解得。

a1=2m/s2a2=2m/s2t=1s时；小物块的速度大小为。

木板的速度大小为。

（2）0~1s时间内；木板的位移大小为。

t=1s时，小物块与木板达到共同速度，且电场强度大小变为因为。

所以小物块与木板将共同做匀变速运动，设整体的加速度大小为a3；则。

解得。

a3=2m/s2设小物块和木板共速后运动位移s2后速度减为零；则。

解得。

s2=1m即t=2s时；木板左端到挡板的距离为。

此后小木块和木板将一同沿斜面向下做匀加速运动；所以木板第一次与挡板碰撞前的速度大小为。

（3）0~1s时间内；小物块的位移大小为。

与木板的相对位移大小为。

所以t=1s时小物块到木板左端的距离为。

木板从距离挡板的位置开始下滑至与挡板第一次碰撞所经历的时间为。

所以木板与挡板第一次碰撞的时刻为t=2s+3.5s=5.5s，由题图（b）可知此时电场强度随即变为零。

木板与挡板第一次碰撞后将以大小为v=7m/s的速度反弹，设反弹后的加速度大小为a4；则。

解得。

a4=14m/s2设小物块的加速度大小为a5；则。

解得。

a5=2m/s2设经过t2；木板的长度减为零，则。

此过程中小物块的位移大小为。

木板的位移大小为。

则这段时间内；小物块与木板的相对位移大小为。

木板速度减为零时；小物块的速度大小为。

设再经过t3，木板与挡板第二次碰撞，且碰撞时的速度大小为v’，根据受力分析可知木板速度减为零后将仍以大小为a4的加速度沿斜面下滑；则。

t3时间内；小物块的位移大小为。

则小物块与木板的相对位移大小为。

木板与挡板第二次碰撞时；小物块的速度大小为。

木板与挡板第一次碰撞和第二次碰撞之间小物块与木板的总相对位移为。

根据以上分析可推知，之后木板每次与挡板碰撞时的速度大小均为v=7m/s。并且由于小物块一