2025年粤教版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版选修3物理上册月考试卷260考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、下列有关现象的描述或判断正确的是（）A.露珠通常呈现球状，是水的表面张力作用的结果B.气体可以被压缩，但又不能无限地被压缩说明气体分子间存在相互作用的斥力C.悬浮在液体中的微小颗粒的无规则运动就是分子热运动D.在一个孤立的系统内，一切自然过程总是沿着分子热运动无序性减小的方向进行2、已知时间内通过均匀导体某一横截面的自由电子数为电子电荷量为导体横截面积为单位体积内的自由电子数为则电子定向移动的速度为（）A.B.C.D.3、关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是A.法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机B.库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值C.奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象D.库仑定律公式中的常数K是由卡文迪许通过扭秤实验测得的4、某兴趣小组制作了一个简易的“转动装置”；如图甲所示，在干电池的负极吸上两块圆柱形强磁铁，然后将一金属导线折成顶端有一支点；底端开口的导线框，并使导线框的支点与电源正极、底端与磁铁均良好接触但不固定，图乙是该装置的示意图．若线框逆时针转动(俯视)，下列说法正确的是。

A.线框转动是因为发生了电磁感应B.磁铁导电且与电池负极接触的一端是S极C.若将磁铁的两极对调，则线框转动方向不变D.线框转动稳定时的电流比开始转动时的大5、示波器的核心部件是示波管，下图是它的原理图，如果在偏转电极XX′之间和偏转电极YY′之间都没加电压，电子束从电子枪射出后沿直线传播，打在荧光屏中心0，从右向左观察，在那里产生一个亮斑，如果在YY′之间加正弦电压，如图甲所示，而在电极XX′之间加随时间线性变化的电压；如乙图所示，则荧光屏上看到的图形是丙图（）

A.B.C.D.6、一圆筒处于磁感应强度大小为的匀强磁场中，磁场方向与筒的轴平行，筒的横截面如图所示．图中直径的两端分别开有小孔，筒绕其中心轴以角速度顺时针转动．在该截面内，一带电粒子从小孔射入筒内，射入时的运动与成30°角．当筒转过90°时，该粒子恰好从小孔飞出圆筒．不计重力．若粒子在筒内未与筒壁发生碰撞；则带电粒子的比荷为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、氢原子核外电子从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道时，下列说法正确的是A.原子要吸收光子B.原子要放出光子C.电子的动能减小，原子的电势能增大D.电子的动能增大，原子的电势能减小8、关于物体内能，下列说法中正确的是（）A.每一个分子的动能与分子势能的总和叫物体的内能B.物体所有分子的动能与分子势能的总和叫物体的内能C.一个物体，当它的机械能发生变化时，其内能也一定发生变化D.一个物体内能的多少与它的机械能多少无关9、图甲为一台小型发电机构造示意图，内阻r＝5.0Ω，外电路电阻R＝95Ω，电路中其余电阻不计．发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数n＝100．转动过程中穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按正弦规律变化，如图乙所示，（π=3.14，）则。

A.该小型发电机的电动势的最大值为200VB.t＝3.14×10－2s时，磁通量的变化率为2Wb/sC.t＝3.14×10－2s时，串联在外电路中的交流电流表的读数为2AD.t＝3.14×10－2s时，串联在外电路中的交流电流表的读数为1.4A10、如图所示的输电线路中，升压变压器T1和降压变压器T2均为理想变压器，电压表V1、V2分别接在T1和T2副线圈两端．已知T2原、副线圈匝数比为k，输电线的总电阻为r，T1原线圈接在电压有效值恒定的交流电源上，电压表和电流表均为理想电表．由于用户的负载变化，电流表A2的示数增加ΔI；则。

A.电流表A1的示数增大B.电压表V2的示数减小C.电压表V1的示数增大D.输电线上损失的功率增加11、如图所示电路中，电源内电阻为r，R1、R3、R4均为定值电阻，电表均为理想电表．闭合电键S，将滑动变阻器R2的滑片向上滑动，电流表和电压表示数变化量的大小分别为下列结论中正确的是（）

A.电流表示数变大B.电压表示数变大C.D.12、如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合电键，小灯泡能正常发光．现将滑动变阻器滑片向右滑动一段距离，滑动前后理想电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为理想电流表A示数变化量的绝对值为则（）

A.电流表示数变大，V2示数变小B.灯泡亮度逐渐变暗C.与均保持不变，且前者小于后者D.当电路稳定后，断开电键，小灯泡逐渐变暗至熄灭评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、如图是学校体育馆建筑工地的扬尘噪声监测显示牌，即时显示工地周围空气的温度、湿度、悬浮物微粒（PM2.5、PM10）浓度等信息。若某天早晨牌上显示的温度、湿度分别为28.9℃、61.7%，傍晚时分别显示为34.5℃、51.7%，仅由这四个数据，能比较出__________（填“早晨”或“傍晚”）时空气分子无规则运动更剧烈些，PM10在__________（填“早晨”或“傍晚”）时无规则运动更剧烈些，早晨时__________（填“PM2.5”、“PM10”）微粒的无规则运动更剧烈些，__________（填“能”或“不能”）比较出早晨时空气的绝对湿度跟傍晚是否相同。

14、如图所示；将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球，两个导体开始时互相接触且对地绝缘。

（1）为了使两球带上等量异号电荷，应___________。

A．先移走棒；再把两球分开B．先把两球分开，再移走棒。

（2）使棒与甲球瞬时接触，再移走棒，导体甲带___________电；导体乙带________。

（3）先使甲球瞬时接地，再移走棒，导体甲带_________电；导体乙带________电。15、盖－吕萨克定律。

（1）内容：一定质量的某种气体，在压强不变的情况下，其体积V与热力学温度T成______。

（2）表达式：V＝______。

（3）适用条件：气体的______和______不变。

（4）图像：如图所示。

V－T图像中的等压线是一条______。16、一定质量的理想气体，状态经A→B→C→A的变化过程可用如图所示的p-V图线描述，其中C→A为等温过程，气体在状态A时温度为该气体在状态B时的温度为______K，C→A过程中气体______（填“吸热”或“放热”）。

17、不确定度是指______________________________。不确定度一般包含多个分量，按其数值的评定方法可归并为两类：__________________________。18、如图为演示“通电导线之间通过磁场发生相互作用”的实验示意图，接通电源时，发现两导线会相互靠近或远离已知接线柱是按如图所示方式连接的．

(1)请在图中虚线框中标出B导线在A导线周围产生的磁场的方向用“”或“”表示

(2)在图中标出A导线所受安培力的方向_____________．19、已知地球大气层的厚度h远小于地球半径R，空气平均摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为NA，地面大气压强为P0，重力加速度大小为g.由此可以估算出，地球大气层空气分子总数为________，空气分子之间的平均距离为________．20、如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内电阻r=1Ω，M为一小电动机，其内部线圈的导线电阻RM=2Ω．R为一只保护电阻，R=3Ω．电动机正常运转时，电压表（可当作理想电表）的示数为1.5V，则电源的输出功率为_____W，电动机的输出功率为_____W．

21、如图所示，甲木块的质量为m1=2kg，以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前运动，正前方有一静止的、质量为m2=3kg的乙木块，乙上连有一轻质弹簧．则甲木块与弹簧接触后弹簧获得的最大弹性势能为___J，乙木块受到的冲量I=___________

评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共1题，共8分)25、如图所示，竖直放置的两根足够长的光滑金属导轨相距为L，导轨的两端分别与电源（串有一滑动变阻器R）、定值电阻、电容器（原来不带电）和开关K相连．整个空间充满了垂直于导轨平面向外的匀强磁场，其磁感应强度的大小为B．一质量为m，电阻不计的金属棒ab横跨在导轨上．已知电源电动势为E，内阻为r；电容器的电容为C，定值电阻的阻值为R0，不计导轨的电阻．

（1）当K接1时，金属棒ab在磁场中恰好保持静止；则滑动变阻器接入电路的阻值R为多大？

（2）当K接2后，金属棒ab从静止开始下落；下落距离s时达到稳定速度，则此稳定速度的大小为多大？下落s的过程中所需的时间为多少？

（3）ab达到稳定速度后，将开关K突然接到3，试通过推导，说明ab作何种性质的运动？求ab再下落距离s时；电容器储存的电能是多少？（设电容器不漏电，此时电容器没有被击穿）

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【分析】

【详解】

A．露珠通常呈现球状；是水的表面张力作用的结果，A正确；

B．气体可以被压缩；但又不能无限地被压缩说明分子之间有间距，当气体分子间距被压缩到最小，分子本身的大小就不可以压缩了因此不能被无限压缩，B错误；

C．悬浮在液体中的微小颗粒的无规则运动间接反映并证明了分子热运动；C错误；

D．根据热力学第二定律一切自然过程总是沿着无序性增大的方向进行；D错误。

故选A。2、D【分析】【分析】

由电流的定义可求得电流，再由可求得电子的定向移动速度。

【详解】

由

可得

由

可得

D正确。3、A【分析】【分析】

根据物理学史和常识解答；记住著名物理学家的主要贡献即可。

【详解】

A项：法拉第不仅发现了电磁感应现象；而且发明了人类历史上的第一台发电机，故A正确；

B项：库仑提出了库仑定律；美国物理学家密立根利用油滴实验测定出元电荷e的带电量，故B错误；

C项：奥斯特发现了电流的磁效应；法拉第发现了电磁感应现象，故C错误；

D项：卡文迪许通过扭秤实验测得的是引力常量；不是静电常量，故D错误。

故应选：A。

【点睛】

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。4、B【分析】【分析】

【详解】

ABC．对线框的下端平台侧面分析；若扁圆柱形磁铁上端为S极，下端为N极，周围磁感线由上往下斜穿入线框内部，在垂直于纸面向外的径向上，磁感应线有垂直于纸面向里的分量，在此径向上的负电荷由下往上运动，由左手定则知：此负电荷受到垂直于径向沿纸面向右的洛伦兹力，即在径向的左垂线方向；同理，其他任一径向上的电荷均受到左垂线方向的洛伦兹力（中心原点除外），所以，由上往下看（俯视），线框沿逆时针转动，若扁圆柱形磁铁上端为N极，下端为S极，则转动方向相反，所以该装置的原理是电流在磁场中的受力，不是电磁感应．故AC错误，B正确；

D．稳定时，因导线切割磁感应线，则线框中电流比刚开始转动时的小，故D错误．5、A【分析】【详解】

如果在YY′之间加如图甲所示正弦电压，而在电极XX′之间加如乙图所示随时间线性变化的电压，则荧光屏上看到的图形是沿YY′方向起伏的正弦曲线，且在最大时，小于0，该时刻电子向X′处偏移。

故选A。6、A【分析】【详解】

粒子在磁场中做匀速圆周运动。

根据几何关系，有∠MOA=90°，∠OMA=45°，∠CMO'=60°，所以∠O′MA=75°，∠O′AM=75°，∠MO′A=30°，即轨迹圆弧所对的圆心角为30°，粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期粒子在磁场中匀速圆周运动的时间圆筒转动90°所用时间粒子匀速圆周运动的时间和圆筒转动时间相等解得则解得A正确，BCD错误.二、多选题(共6题，共12分)7、A:C【分析】【详解】

氢原子的核外电子从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道过程中；原子要吸收光子，电子的动能减小，原子的电势能增大，原子的能量增大。

A.原子要吸收光子；符合上述分析，故A正确；

B.原子要放出光子；不符合上述分析，故B错误；

C.电子的动能减小；原子的电势能增大，符合上述分析，故C正确；

D.电子的动能增大，原子的电势能减小，不符合上述分析，故D错误。8、B:D【分析】【详解】

物体内所有分子的动能与势能的总和叫物体的内能；物体的内能对单个分子而言无意义。物体的内能与其所含分子的动能与分子势能有关，与物体的动能和势能；机械能无关；物体体积减小时，分子间距离减小，但分子势能可能减小。

故选BD。9、A:B:D【分析】【详解】

从Φ-t图线可以看出，Φmax=1.0×10-2Wb，T=3.14×10-2s，感应电动势的最大值Emax=nωΦmax=100××1×10-2=200V，故A正确；t=3.14×10-2s时，磁通量Φ的变化率最大，最大值为选项B正确；电路中电流最大值则串联在外电路中的交流电流表的读数为A，故C错误，D正确；故选ABD.10、A:B【分析】【详解】

A.T2原、副线圈匝数比为k，所以所以电流表A1的示数增大A正确．

B.因为电流表A1的示数增大所以输电线上损失电压增加变压器T2原线圈电压减小根据变压器原理得电压表V2的示数减小B正确．

C.因为T1原线圈接在电压有效值恒定的交流电源上，所以电压表V1的示数不变；C错误．

D.因为输电线上电流增大根据功率方程可知，输电线损失功率增加量一定不是D错误．11、A:D【分析】【详解】

AB．滑动变阻器的滑片向上滑动，变小，则外电阻变小，根据

可知变大，根据

可知路端电压U变小，而故变小，则I3变小，而由

因变大，I3变小，则变大，故变大，而

因变小，故变小，则变小。又

因变大，变小，则I变大；则电流表示数变大，电压表示数变小，选项A正确，B错误；

CD．根据闭合电路欧姆定律有

可得

由于

因I变大，变小，变大，则则有

选项C错误；D正确。

故选AD。12、A:C:D【分析】【详解】

A．将滑动变阻器滑片向右滑动时接入电路的电阻减小，总电阻减小，根据闭合电路欧姆定理可知电路中电流增大，电流表A的示数增大，根据闭合电路欧姆定律可知电压表V2示数减小；故A正确；

B．电路中电流增大；通过灯泡的电流增大，所以灯泡变亮，故B错误；

C．根据可得保持不变；根据可得保持不变，且有故C正确；

D．当电路稳定后，断开电键，电容器通过灯泡和变阻器放电，所以小灯泡不会立即熄灭，会逐渐变暗至熄灭，故D正确．三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]温度越高；分子无规则运动越剧烈。傍晚的温度高，傍晚时空气分子无规则运动更剧烈些；

[3]温度相同时；分子的平均动能相同，分子质量小的分子的无规则运动更剧烈。所以PM2.5微粒的无规则运动更剧烈些；

[4]饱和汽压强未知，所以不能比较出早晨时空气的绝对湿度跟傍晚是否相同。【解析】傍晚傍晚PM2.5不能14、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]根据静电感应可知；将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球时，在两个导体球上分别感应出等量的异号电荷，此时先把两球分开，再移走棒。就会使两球带上等量异号电荷；

(2)[2][3]使棒与甲球瞬时接触；再移走棒，会使两导体球均带上负电荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬时接地，会使两球瞬间与大地连为一体，此时导体球上感应出的负电荷会导入大地，再移走棒，两球均带正电荷。【解析】B负负正正15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】正比CT或＝质量压强过原点的直线16、略

【分析】【详解】

[1]A→B等压变化过程中，根据盖—吕萨克定律

代入已知条件，可得

[2]在C→A等温变化过程中

又由于体积减小，外界对系统做正功

根据热力学第一定律

可得

故气体放热。【解析】600放热17、略

【分析】【详解】

[1][2]不确定度是指由于测量误差的存在而对被测量值不能肯定的程度。不确定度一般包含多个分量，按其数值的评定方法可归并为两类：不确定度的A类分量和不确定度的B类分量。【解析】由于测量误差的存在而对被测量值不能肯定的程度A类不确定度和B类不确定度18、略

【分析】【详解】

根据右手安培定则可判断B导线在A导线周围产生的磁场的方向垂直纸面向里，根据左手定则可判断A导线所受安培力的方向水平向右；

【解析】19、略

【分析】设大气层中气体的质量为m，由大气压强产生即

分子数

假设每个分子占据一个小立方体，各小立方体紧密排列，则小立方体边长即为空气分子平均间距，设为a，大气层中气体总体积为V，而所以

点睛：对于气体分子间平均距离的估算，常常建立这样的模型；假设每个分子占据一个小立方体，各小立方体紧密排列，所有小立方体体积之和等于气体的体积。【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律可知，电路的电流为

电源的输出功率为

[2]电动机的输出功率为【解析】2.75，1.521、略

【分析】【详解】

[1]当滑块甲、乙的速度相同时，间距最小，弹簧压缩量最大，弹簧的弹性势能最大，设向右为正方向，由动量守恒定律有

弹簧的最大弹性势等于滑块甲、乙系统损失的动能

联立并代入数据解得

[2]乙木块受到的冲量

【点睛】

解决本题首先要明确研究的过程，其次把握信隐含的条件：弹簧伸长最长时两木块的速度相同。考查学生应用动量守恒定律和能量守恒定律解决物理问题的能力。【解析】9.6J4.8NS四、作图题(共3题，共6分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的