2025年鲁教五四新版必修3物理上册阶段测试试卷VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁教五四新版必修3物理上册阶段测试试卷888考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，在点电荷产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹.设电子在两点的加速度大小分別为电势能分别为下列说法正确的是（）

A.电子一定从A向B运动B.若aA<aB,则Q靠近M端且为正电荷C.无论Q为正电荷还是负电荷一定有D.B点电势可能高于A点电势2、下列公式中定义的物理量不是采用比值定义法的是（）A.B.C.D.3、如图所示，点电荷固定在连线的下方，试探电荷沿直线从A运动到B。此过程中受到的库仑力是（）

A.排斥力，先变小后变大B.排斥力，先变大后变小C.吸引力，先变小后变大D.吸引力，先变大后变小4、库仑定律表达式和万有引力定律表达式十分相似，关于库仑力和万有引力，下列说法中不正确的是（）A.两种力都是吸引力B.两种力的方向都在两物体的连线上C.两种力的大小都与距离的平方成反比D.两种力的产生都不需要两物体直接接触5、如图所示，在边长为a的等边三角形的三个顶点A、B、C上，分别固定三个电荷量相等的点电荷，其中A、B处的点电荷均带正电，C处的点电荷带负电，O为三角形中心。已知点电荷Q的电势表达式为式中k为静电力常量，r为电场中某点到点电荷的距离；则下列说法正确的是（）

A.O点的电场强度大小为B.O点的电场强度大小为C.O点的电势为D.O点的电势为6、如图为描述某静电场的电场线，a、b、c是同一条电场线上的三个点，其电场强度大小分别为电势分别为关于的比较，下列说法正确的是（）

A.B.C.D.7、在维护和检修高压供电线路时，为了不影响城市用电，电工经常要在高压线上带电作业。为了保障电工的安全，电工全身要穿上用金属丝线编织的衣服（如图甲）。图乙中电工站在高压直流输电线的A供电线上作业，其头顶上方有B供电线，B供电线的电势高于A供电线的电势。虚线表示电工周围某一截面上的等势面，c、d、e、f是不同等势面上的四个点；以下说法中正确的是（）

A.在c、d、e、f四点中，c点的电场最强B.在c、d、e、f四点中，f点的电势最高C.若将某电子由c移到f，其电势能将增大D.若将电子在d点由静止释放，它会向e点所在等势面运动8、空间存在一平行于x轴方向的电场，x轴上各点电势的变化规律如图所示；图线为关于y轴对称的抛物线。则下列说法正确的是（）

A.在O~x2电场强度依次增大，在O~-x2电场强度依次减小B.x1和-x1两点处的电场强度大小相等、方向相同C.正粒子在x1和-x1处的电势能相等D.负粒子由-x1沿x轴运动到x1的过程中，电势能先增大后减小9、内阻不可忽略、电动势已知的电源按如图所示的电路连接，闭合开关S1，断开开关S2，电压表与电流表偏转一定的角度，闭合开关S2，电压表的示数变为原来的电流表的示数变为原来的3倍。则由以上条件可求得（）

A.电源的内阻B.电流表的内阻C.电压表原来的示数D.电流表原来的示数评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、金属自由电子气理论认为金属中的自由电子好像气体分子一样，总是在不停地做无规则热运动，由于自由电子会与金属离子发生碰撞，其在金属中的运动轨迹是“曲折”的路线。当存在外加电场E时，电子在杂乱无章的热运动上会叠加一个沿电场力方向的定向移动，如图所示。大量电子沿同一方向的定移运动形成了宏观的电流，通常情况下，电流稳定时，电子定向移动的速率约为10-4m/s，电子热运动的速率约为105m/s。可以将金属导电问题简化为下述过程：电子每次与金属离子碰撞后；定向运动速率变为0；接着电子在电场力的作用下重新加速获得定向运动速度，直到再次与金属离子发生碰撞。根据以上信息，下列说法正确的是（）

A.电子与金属离子的碰撞频率只由电子的热运动速率决定，与定向移动速率完全无关B.电子与金属离子的碰撞频率与电子的热运动速率、定向移动速率都有关，但定向移动速率影响可以忽略C.E增大会导致碰撞频率明显升高，金属中电子定向移动形成的电流变大D.E增大对碰撞频率的影响可以忽略，但金属中电子定向移动形成的电流会变大11、如图；两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。将一磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态。下列说法正确的是（）

A.开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动B.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向C.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向D.开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动12、一兴趣小组为研究非纯电阻电路的性质，设计了如图所示电路图。图中M是一电动机，额定电压为12V，额定功率为24W，线圈电阻为为定值电阻，阻值是G为灵敏电流计，AB为一段阻值均匀的电阻棒，现在滑动滑片H；闭合开关，G的示数刚好为零，且电动机能够正常工作，则下列说法正确的是（）

A.滑片位于的左侧第一个四等分点上B.滑片位于的中点上C.若因外力仅使电动机停转，为保证灵敏电流计示数仍然为零，闭合开关前，应将左移D.若因外力仅使电动机停转，为保证灵敏电流计示数仍然为零，闭合开关前，应将右移13、如图，两等量异号的点电荷相距为2a．M与两点电荷共线，N位于两点电荷连线的中垂线上，两点电荷连线中点到M和N的距离都为L，且L≫a．略去项的贡献；则两点电荷的合电场在M和N点的强度（）

A.大小之比为2，方向相反B.大小之比为1，方向相反C.大小均与成正比，方向相反D.大小均与L的平方成反比，方向相互垂直14、“离心轨道演示仪”（如图甲所示）是演示物体在竖直平面内的圆周运动的实验仪器，其轨道主要由主轨长道、轨道圆和辅轨长道三部分组成，主轨长道长度约为轨道圆半径R的6倍。将主轨长道压制成水平状态后，轨道侧视示意图如图乙所示。空间中存在水平向右的匀强电场（未画出），电场强度大小为现在主轨长道上的一点A静止释放一电荷量为q、质量为m的绝缘小球，小球沿主轨长道向右运动，从B点进入轨道圆，若不计一切摩擦，重力加速度为g，则小球再次通过最低点之前（）

A.小球上升到与圆心等高处时，其动能最大B.小球上升到轨道圆最高处时，其机械能最大C.若AB间距离为小球恰好不脱离轨道D.若小球不脱离轨道，小球对轨道的最大压力大小可能为5mg15、如图所示，在竖直平面内，一轻质绝缘弹簧上端固定在P点，下端与带电小圆环连接，带电小圆环套在半径为R的光滑绝缘大圆环上，大圆环的圆心O点固定一定带电小球，带电小圆环与带电小球均可看做点电荷，它们的电性相同切电量大小均为q，P点在O点的正上方，当把带电小圆环放在大圆环A、B位置时，带电小圆环均能保持平衡，且B点与O点在同一水平线上，带电小圆环在B位置平衡时，大圆环与带电小圆环之间刚好无相互作用力，已知∠APO=∠AOP=30°，静电力常量为k，则下列说法正确的是（）

A.带电小圆环在A位置时弹簧一定处于压缩状态B.带电小圆环在A位置平衡时，大圆环与带电小圆环之间无弹力C.带电小圆环的重力为D.弹簧的劲度系数为16、如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹．设电子在A、B两点的加速度大小分别为a1、a2，电势能分别为E1、E2．下列说法正确的是（）

A.若a1＞a2，则Q必定为正电荷且在M点的左端B.电子在A点的速度小于在B点的速度C.电子在A点的电势能E1小于在B点的电势能E2D.B点电势高于A点电势17、图中虚线是某电场中的一簇等势线。两个带电粒子从P点均沿等势线的切线方向射入电场；粒子运动的部分轨迹如图中实线所示。若粒子仅受电场力的作用，下列说法中正确的是（）

A.a点的电势比b点的电势低B.两个带电粒子电性必定相反C.粒子从P运动到a的过程中，电势能减小D.粒子从P运动到b的过程中，电势能减小18、如图甲所示，两个带等量正电荷的点电荷M、N固定在同一高度。M、N连线中点O处竖直固定一内壁光滑绝缘管，管内有一带电小球。将小球从O点上方高度为H0的P处由静止释放，小球从P到O的过程中，其动能Ek随下降高度h的变化曲线如图乙所示。下列说法正确的是（）

A.小球一定带正电B.该过程中，小球的电势能一直增加C.在下降高度为h2小球所受库仑力达到最大D.该过程中，小球的机械能先减小后增大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)19、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）则D点电势φD=____________V

（2）若该正方形的边长为a=20cm，且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为E=_________N/C20、三根完全相同的长直导线互相平行，通以大小和方向都相同的电流。它们的截面处于一个正方形abcd的三个顶点a、b、c处，如图所示。已知每根通电长直导线在其周围产生的磁感应强度与距该导线的距离成反比，通电导线b在d处产生的磁场其磁感应强度大小为B，则三根通电导线产生的磁场在d处的总磁感应强度大小为______。

21、如图所示，游标卡尺的示数为___________cm；螺旋测微器的示数为___________mm。

22、将一电荷量为的试探电荷放在电场中的P点处，所受的电场力为则P点的电场强度为________如果将试探电荷拿走，P点的电场强度为_______23、电势差。

（1）定义：电场中两点之间____的差值，也叫作电压。UAB=____，UBA=____，UAB=-UBA。

（2）电势差是_____，有正负，电势差的正负表示电势的_____。UAB>0，表示A点电势比B点电势____。

（3）静电力做功与电势差的关系。

WAB=_____或24、请正确读出下图中各表达读数：

(1)如图（a），接0~3V量程时读数为___________V；接0~15V量程时读数为___________V。

②如图（b），接0~3A量程时读数为___________A；接0~0.6A量程时读数为___________A。25、探究感应电流方向的实验中；要用到灵敏电流计，条形磁铁，螺线管，已知若电流从正接线柱流入时，指针将偏向正接线柱的一侧，则：

（1）甲图中螺线管的感应电流的磁场方向是______（请填“向上”或“向下”）

（2）乙图中磁铁在螺线管中产生的磁场方向是______（请填“向上”或“向下”）

（3）图丙中螺线管中的磁通量正在______（请填“增大”或“减小”）

（4）图丁中螺线管的绕向为（从上往下看，按电流流经方向）______（请填“顺时针”或“逆时针”）

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)26、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

27、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

28、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、解答题(共3题，共24分)29、一台国产全自动洗衣机说明书中所列的主要技术数据如表。试根据表中提供的数据计算：

（1）这台洗衣机在额定电压下洗衣或脱水时；通过洗衣机的电流是多大？

（2）如洗衣；脱水的累计时间为40min；则洗衣机耗电多少度？

。额定电压。

220V

频率。

50Hz

额定洗衣；脱水功率。

360W

额定洗衣；脱水容量。

3kg

整机质量。

33kg

外形尺寸(长×宽×高)

542mm×550mm×920mm

30、有一带电荷量的点电荷，从电场中A点移到B点时克服静电力做功从B点移到C点时静电力做功

（1）求A与B；B与C、C与A间的电势差；

（2）取B点为零电势点；求A；C两点的电势；

（3）比较电荷在A、C两点的电势能的大小.31、如图甲所示，两平行金属板a、b间距为d，在两板右侧装有荧光屏MN（绝缘），O为其中点。在两板a、b上加上如图乙所示的电压，电压最大值为U0。现有一束带正电的离子束（其比荷即电量与质量的比值为k），从两板左侧沿中线方向以初速度v0，连续不断地射入两板间的电场中，设所有离子均能打到荧光屏MN上，已知金属板长L=2v0t0；求：

(1)从t=0时刻进入电场的离子打到荧光屏MN上的位置。

(2)荧光屏上出现亮线的长度。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

A．由运动轨迹只能得到电子受力指向凹的一侧；不能得到运动走向，故A错误；

B．由电场场源为点电荷，aA<aB可得：点电荷Q靠近N端；又有电子受力指向凹的一侧可得：MN上电场线方向向右，故点电荷Q为负电荷；故B错误；

C．电子受力指向凹的一侧可得：根据电子只受电场力作用；电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增大可得：EpA＜EpB；故C正确；

D．电子受力指向凹的一侧可得：MN上电场线方向向右；根据沿着电场线电势降低可得：B点电势低于A点电势；故D错误；

故选C。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．场强的定义式；采用比值定义法，A错误；

B．电阻定律的表达式；体现电阻的决定因素，不是采用比值定义法，B正确；

C．欧姆定律的变形；即电阻的定义式，采用比值定义法，C错误；

D．电容的定义式；采用比值定义法，D错误。

故选B。3、B【分析】【详解】

根据同种电荷相互排斥，可知，试探电荷受到的一直是排斥力，电荷沿直线从A运动到B的过程中，两电荷间的距离先减小后增加，由于电量保持不变，根据

可知，受到的库仑力先增大后减小；故ACD错误，B正确。

故选B。4、A【分析】【分析】

【详解】

A．异种电荷间的库仑力为吸引力；同种电荷间的库仑力为排斥力；和万有引力均是吸引力。故A错误，与题意相符；

B．两种力的方向都在两物体的连线上。故B正确；与题意不符；

C．从表达式中；可以看出两种力的大小都与距离的平方成反比。故C正确，与题意不符；

D．两种力的产生都不需要两物体直接接触；属于场力。故D正确，与题意不符。

故选A。5、C【分析】【详解】

AB．根据对称性可知A、B、C三处点电荷在O点产生的电场强度大小相等，均为

方向分别如图所示，根据电场强度的叠加法则可得O点的电场强度大小为

故AB错误；

CD．由题给表达式以及电势的叠加可知O点的电势为

故C正确；D错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

由于沿着电场线方向电势逐渐降低，则有φa>φb>φc

故选D。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．依据等势线的疏密程度，可知在c、d、e、f四点中，f点的电场最强；故A错误；

B．因B供电线的电势高于A供电线的电势，则在c、d、e、f四点中，c点的电势最高；故B错误；

C．若将某电子由c移到f；即从高电势处移动到低电势处，因电子带负电，则其电势能将增大，故C正确；

D．沿着电场线方向电势逐渐降低，因c、d、e、f四点电势逐渐降低，故将某电子在d点由静止释放，在电场力作用下，它会向c点所在等势面运动；故D错误。

故选C。8、C【分析】【详解】

A．图象的斜率大小等于电场强度，由于O~和O~图线的斜率均增大，因此O~和O~电场强度均依次增大；A错误；

B．由于x1和x1两点关于y轴对称；则两点的斜率大小相等，则这两点的电场强度大小相等，又斜率的正负表示电场强度的方向，因此这两点电场强度的方向相反，B错误；

C．由图象可知和两点的电势相等，则由公式得正粒子在和两点的电势能相等；C正确；

D．由图象可知，x轴负半轴电场方向向左，x轴正半轴电场方向向右，则负粒子由到O点的过程电场力做正功，电势能减小；负粒子在x轴正半轴所受的电场力向左，则负粒子由O运动到点的过程中；电场力做负功，电势能增大，D错误。

故选C。9、C【分析】【分析】

【详解】

假设电压表和电流表原来的示数分别为电源和电流表的内阻分别为由闭合电路欧姆定律可知

闭合开关后

解得

故选C。二、多选题(共9题，共18分)10、B:D【分析】【详解】

AB．自由电子热运动的速率约为自由电子定向移动的速率约为由于

则说明热运动更容易发生碰撞；即相较于自由电子的定向移动速率，热运动速率对碰撞频率影响更大，定向移动速率的影响可以忽略，选项A错误，B正确；

CD．由题知，电子定向移动是外加电场的原因，当外加电场E增大；电子定向移动的速率变大，形成的电流会变大，又由以上分析可知定向移动速率对电子与金属离子的碰撞频率的影响可以忽略，选项C错误，D正确。

故选BD。11、A:D【分析】【详解】

A．由电路可知；开关闭合瞬间，右侧线圈正面环绕部分的电流向下，由安培定则可知，直导线在铁芯中产生向右的磁场，由楞次定律可知，左侧线圈正面环绕部分产生向上的电流，则直导线中的电流方向由南向北，由安培定则可知，直导线在小磁针所在位置产生垂直纸面向里的磁场，则小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，A正确；

BC．开关闭合并保持一段时间后；穿过左侧线圈的磁通量不变，则左侧线圈中的感应电流为零，直导线不产生磁场，则小磁针静止不动，BC错误；

D．开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间；穿过左侧线圈向右的磁通量减少，则由楞次定律可知，左侧线圈正面环绕部分产生向下的感应电流，则流过直导线的电流方向由北向南，直导线在小磁针所在处产生垂直纸面向外的磁场，则小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，D正确。

故选AD。12、B:C【分析】【详解】

AB．由灵敏电流计示数为零可知灵敏电流计两侧电势差为零，可得与段电阻、与段电阻两端电压分别相等；由正常工作知两端电压为经过与的电流为则根据欧姆定律，两端电压也为最终推得两端电压应相同，故滑片应在中点；故B正确，A错误；

CD．若仅电动机停转，那么可视为一阻值为的纯电阻，根据上述分析，当灵敏电流计示数为零时，电动机与定值电阻两端的电压之比为所以在闭合开关前，应将左移至左侧第一个四等分点处；故C正确，D错误。

故选BC。13、A:C【分析】【详解】

如图所示：

根据点电荷的场强公式运用平行四边形定则，结合结几何关系，M、N点的场强分别为根据相似三角形定则有M点的场强是N点场强的2倍，A正确，B错误；M点的场强与N点场强都与a成正比，与L的三次方成反比，C正确，D错误.

故选AC。14、C:D【分析】【详解】

A．使用等效场的观点，将重力场和电场等效的看作一个场，结合平行四边形法则可得等效重力加速度为

设等效场对物体的力与竖直方向的夹角为θ；如图所示。

则有

解得

由“等效重力”可知，当小球运动到BC间且与圆心连线与竖直方向夹角为时；小球的速度最大，动能最大，故A错误；

B．小球在轨道上运动过程中；能量守恒，小球在与圆心等高且在圆弧右侧的位置电势能最小，所以小球在该点的机械能最大，故B错误；

C．设释放点A到B的距离为L时，小球恰好不脱离圆轨道；图中D点与圆心连线与圆相交的点M点即为“等效重力”中的最高点，小球恰好不脱离圆轨道，电场力与重力的合力刚好提供向心力，则有

解得

从开始释放小球到M点的过程中，由动能定理可得

解得

故C正确；

D．若小球做完整的圆周运动，小球运动到D点时的动能最大，对轨道的压力最大，从A到D的过程中，根据动能定理，有

解得

在D点，根据牛顿第二定律，有

解得

若小球不做完整的圆周运动，当小球运动到与MD连线垂直时如图中的P点，接下来将沿着轨道返回，此时也未脱离轨道，该过程在D点速度有最大值，对轨道的压力也为最大值，从P到D点，根据动能定理，有

解得

在D点，根据牛顿第二定律，有

解得

如果小球不能到达P点，则小球对轨道的最大压力将会小于6mg，所以小球对轨道的最大压力大小可能为5mg；故D正确。

故选CD。15、B:D【分析】【详解】

C．在B位置，带带电小圆环受力分析可知

选项C错误；

A．若弹簧给带电小圆环斜向下的弹力；不论有没有大圆环的弹力，带电小圆环都不可能平衡，故弹簧一定处于拉伸状态，选项A错误；

B．对带电小圆环受力分析，假设两圆环之间的相互作用力F，由平衡知识

解得F=0

即在A位置两圆环之间无相互作用力；选项B正确；

D．由平衡条件可知，AB两位置的弹簧弹力分别为

弹簧形变量为∆x=R

由胡克定律得弹簧的劲度系数为

选项D正确；

故选BD.16、A:C【分析】【详解】

A项：若a1＞a2；表明电荷在A点受的电场力更大，又电子受的电场力向左，即A点离点电荷Q更近，故A正确；

B项：电子从A到B；电场力做负功，电子的动能减小，故B错误；

C项：电子从A到B；电场力做负功，电子的电势能增大，故C正确；

D项：根据负电荷在电势高的地方电势能小可知，A点电势高于B点电势；故D错误．

【点晴】

解决本题关键理解做曲线运动的物体所受合外力指向曲线的内侧．17、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由等势面的分布可知，该电场是点电荷产生的，但不知道点电荷的电性，无法判断a、b两点的电势；故A错误；

B．根据轨迹的弯曲方向可知，a粒子受到中心点电荷的斥力，而b粒子受到中心电荷的引力，说明a粒子与中心点电荷的电性相同，b粒子与中心点电荷的电性相反；故两个带电粒子电性必定相反，故B正确；

C．粒子从P运动到a的过程中；电场力做正功，动能增大，电势能减小，故C正确；

D．粒子从P运动到b的过程中；电场力做正功，动能增大，电势能减小，故D正确。

故选BCD。18、A:B【分析】【详解】

A．从图像乙可以看出，在的这段过程中，小球速度减小，合力竖直向上，故电场力竖直向上。两个等量正电荷在O点上方的电场强度方向竖直向上；故小球带正电。A正确；

B．根据两个等量正电荷的电场线分布可知，M、N连线的中垂线上半部分，电场线方向竖直向上，沿电场线方向电势降低，故小球从P到O的过程中；电势一直增加，B正确；

C．小球下降高度从过程，动能减小，取一小段位移由动能定理有

得

可见在下降高度过程图像的斜率绝对值最大时，小球受到合外力最大，此时库仑力最大。在下降高度为h2小球所受库仑力等于重力；不是最大，C错误；

D．小球机械能和电势能的总和保持不变；因为电势一直增加，小球带正电，则电势能一直增加，机械能一直减小，D错误。

故选AB。三、填空题(共7题，共14分)19、略

【分析】【详解】

(1)[1]匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接DF；是一条等势线．

将DF延长交于AB于P点，则P点的电势为φP=φD=9V

可知P是AB的中点，

PD是该电场的一条等势线，作AM⊥PD，根据等面积原理知

场强【解析】920、略

【分析】【分析】

根据等距下电流所产生的B的大小与电流成正比，得出各电流在d点所产生的B的大小关系，由安培定则确定出方向，再利用矢量合成法则求得B的合矢量的大小和方向。

【详解】

假设正方形的边长为L，通电导线b在d处所产生磁场的磁感应强度大小为B，根据几何关系得

每根通电导线在其周围产生的磁场的磁感应强度大小与距该导线的距离成反比则a与c在d处产生的磁场的强度

方向如图。

则d点的磁感应强度【解析】3B21、略

【分析】【详解】

[1]图甲所示是20分度游标卡尺，示数为

[2]螺旋测微器的示数为【解析】1.3456.79022、略

【分析】【详解】

[1][2]根据电场强度的定义式，得

场强与试探电荷无关，如果将试探电荷拿走，P点的电场强度E仍为【解析】23、略

【解析】①.电势②.φA-φB③.φB-φA④.标量⑤.高低⑥.高⑦.qUAB24、略

【分析】【详解】

(1)[1]接0~3V量程时，每小格表示指针偏转不够一个分格部分用估读法，读数比最小刻度多一位小数，读数为

[2]接0~15V量程时,每小格表示指针偏转不够一个分格部分用估读法（估读五分之几小格），读数和最小刻度小数位数相同，读数为

(2)[3]接0~3A量程时，每小格表示指针偏转不够一个分格部分用估读法，读数比最小刻度多一位小数，读数为

[4]接0~0.6A量程时，每小格表示指针偏转不够一个分格部分用半格（）估读法（不足半小格的舍去，超过半小格的按半小格估读），读数和最小刻度小数位数相同，读数为【解析】2.18V10.8V0.80A0.16A25、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]依题意；若电流从正接线柱流入时，指针将偏向正接线柱的一侧，而甲图中电流从正接线柱流入电流计，根据安培定则，感应电流产生的磁场方向向上；

(2)[2]图中电流从负接线柱流入电流计；根据安培定则，感应电流产生的磁场方向向下，磁铁向上运动，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律则原磁场方向向下；

(3)[3]图中电流从正接线柱流入电流计；根据安培定则，感应电流的磁场方向向上，原磁场方向向上，根据楞次定律可知，磁通量减小；

(4)[4]磁铁N极向上运动，穿过线圈的磁通量减小，