2025年牛津译林版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津译林版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，完全相同的金属小球和带有等量异种电荷，中间连有一轻质绝缘弹簧，放在光滑的水平面上，平衡时弹簧的压缩量为现将不带电的、与完全相同的另一个小球与接触一下，然后拿走待重新平衡后弹簧的压缩量为则（）

A.B.C.D.2、图中电阻R1、R2、R3阻值相等，电池的内阻不计，开关S接通后流过R2的电流是S接通前的（）

A.B.C.D.3、如图，四根完全相同的均匀带正电绝缘长棒对称放置在长方体的四条长边a、b、c、d上。移去a处的绝缘棒，假定另外三根绝缘棒电荷分布不变。关于长方体几何中心O点处电场强度方向和电势的变化；下列说法正确的是（）

A.电场强度方向垂直指向a，电势减小B.电场强度方向垂直指向c，电势减小C.电场强度方向垂直指向a，电势增大D.电场强度方向垂直指向c，电势增大4、A；B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线（其中方向未标出）的分布如图所示．图中O点为两点电荷连线的中点；MN为两点电荷连线的中垂线，电场线的分布关于MN左右对称．下列说法中正确的是（）

A.这两个点电荷一定是等量同种电荷B.这两个点电荷一定是等量异种电荷C.O点的电场强度比P点的电场强度小D.O点的电场强度与P点的电场强度相等5、如图所示；小磁针静止在导线环中。当导线环通过沿逆时针方向的电流时，忽略地磁场影响，小磁针最后静止时N极所指的方向（）

A.水平向右B.水平向左C.垂直纸面向里D.垂直纸面向外6、下列说法正确的是（）A.地球是一个巨大的磁体，其磁体的极和极与地球的南、北极完全重合B.地球表面的磁场的竖直分量在南半球垂直于地面向上在北半球垂直于地面向下C.在地球表面各点磁场强弱相同D.由知，磁感应强度的大小与通电导线中的电流有关评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、如图所示的电路中，电源内阻忽略不计，R1=R2=R3=R．闭合电键S，电压表V的示数为U，电流表A的示数为I．在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，电压表V的示数变化大小为△U，电流表A的示数变化大小为△I；下列说法正确的是（）

A.U先变小后变大B.I先变大后变小C.△U与△I的比值保持不变D.U与I乘积先变小后变大8、二氧化碳对长波辐射有强烈的吸收作用，地球表面发出的长波辐射到大气层以后被二氧化碳截获，最后使大气升温。大气中的二氧化碳像温室的玻璃一样，只准太阳的热辐射进来，不让室内的长波辐射出去，大气中的二氧化碳的这种效应叫温室效应。这是目前科学界对地球气候变暖进行分析的一种观点，根据这种观点，以下说法能成立的是（）A.在地球形成的早期，火山活动频繁，排出大量二氧化碳，当时地球的温度很高B.经过漫长的时间，地壳的岩石和二氧化碳发生了化学反应，导致二氧化碳减少，地球上出现了生命C.由于工业的发展和人类的活动，导致二氧化碳在空气中的含量增大，地球上的气温正在升高D.现在地球正在变暖的原因是工业用电和生活用电的急剧增加，使电能和其他形式的能转化为内能9、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知()

A.三个等势面中，a的电势最高B.带电质点通过P点时的电势能较Q点大C.带电质点通过P点时的动能较Q点大D.带电质点通过P点时的加速度较Q点大10、如图所示，在M、N两点分别固定点电荷+Q1、－Q2，且Q1>Q2，在MN连线上有A、B两点，在MN连线的中垂线上有C、D两点．某电荷q从A点由静止释放，仅在静电力的作用下经O点向B点运动，电荷q在O、B两点的动能分别为EKO、EKB，电势能分别为EpO、EpB，电场中C、D两点的场强大小分别为EC、ED，电势分别为则下列说法正确的是（）

A.EKO一定小于EKBB.EpO一定小于EpBC.EC一定大于EDD.一定小于11、如图所示，三个电荷量均为的点电荷分别固定于等边三角形的三个顶点，点为三角形的中心，线段与三角形所在平面垂直，且将一个带负电的试探电荷从点由静止释放；下列说法正确的是（）

A.点的电场强度为0B.在从点运动到点的过程中，该试探电荷的加速度逐渐减小的加速运动C.在从点运动到点的过程中，该试探电荷的电势能先减小后增大D.该试探电荷在点时的电势能一定为012、如图所示，处于竖直面内的平行板电容器与直流电源连接，下极板接地，将开关闭合，电路稳定后，一带电油滴静止于电容器中的P点；则下列说法正确的是（）

A.若将开关断开，再将上极板竖直向上移动一小段距离，带电油滴不动B.若将开关断开，再将上极板竖直向上移动一小段距离，带电油滴在P点处的电势能将降低C.若保持开关闭合，将上极板竖直向上移动一小段距离，带电油滴将向上移动D.若保持开关闭合，将上极板竖直向上移动一小段距离，带电油滴在P点处的电势能将增大13、如图所示，一带电小球悬挂在平行板电容器内部，闭合电键S，电容器充电后，细线与竖直方向夹角为α，则下列说法正确的是（）

A.保持电键S闭合，使两极板稍靠近一些，α将增大B.保持电键S闭合，将滑动变阻器滑片向右移动，α将不变C.断开电键S，使两极板稍靠近一些，α将减小D.断开电键S，若将细线烧断，小球将做曲线运动评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左广大的匀强电场E中，小球静止时丝线与竖直方向夹角为θ，则小球的带电量为__________；若剪断丝线带电小球将做_________运动．

15、电容：

（1）定义：电容器所带___________与电容器两极板间的___________的比值。

（2）定义式：

（3）单位：电容的国际单位是___________，符号为F，常用的单位还有___________和___________，1F=___________μF=___________pF。

（4）物理意义：电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，在数值上等于使两极板间的电势差为___________时电容器需要带的电荷量。

（5）击穿电压与额定电压。

a.击穿电压：电介质不被___________时加在电容器两极板上的极限电压；若电压超过这一限度，电容器就会损坏。

b.额定电压：电容器外壳上标的工作电压，也是电容器正常工作所能承受的最大电压，额定电压比击穿电压___________。16、如图所示的平面内固定两个带电量为的异种点电荷，它们之间距离为以其连线中点为圆心，以为半径画圆，为圆周上有三点，点在两点电荷连线的中垂线上，两点连线恰好过点，则两点的电场强度_____（填“相同”或“不同”），点电势______（填“大于”“等于”或“小于”）点电势；已知静电力常数为则点电场强度大小为_______。

17、有一已充电的电容器，若使它的电荷量减少则其电压由原来的1.5V变为0.5V，由此可知电容器的电容是___________F；原来带电荷量是___________C。18、如图所示，平行金属板通过一开关与电池相连，板间有一带电液滴处于平衡状态．若开关闭合，将两板拉开一定距离，则粒子将__________；若开关打开，将两板拉开一定距离，则粒子将__________．（填“静止不动；向上运动、向下运动”）

19、某学校开展“摇绳发电”的比赛活动。如图所示；在操场上，将一根长为20m的铜芯导线两端与电流传感器的两个接线柱连接，构成闭合回路；两同学面对面站立摇动这条导线。（忽略地球磁偏角的影响）

（1）若增大摇绳的频率，则电流传感器的最大示数将_______（选填“增大”；“减小”、“不变”）；

（2）为了获得较大电流，两同学应该________站立摇绳。（选填“东西”、“南北”）20、下列说法正确的是_________。评卷人得分四、作图题(共2题，共6分)21、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

22、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

评卷人得分五、实验题(共1题，共10分)23、用如图所示的电路测定一节蓄电池的电动势和内阻．为防止调节滑动变阻器时造成短路，电路中连接了一个保护电阻R0．除蓄电池；开关、导线外；可供使用的实验器材还有：

A.电流表（量程0.6A、内阻约0.5）

B.电压表（量程3V、内阻约6k）

C.电压表（量程15V、内阻约30k）

D.定值电阻（阻值1额定功率5W）

E.定值电阻（阻值10额定功率10W）

F.滑动变阻器（阻值范围0～10额定电流2A）

（1）在实验中，电压表应选___，定值电阻应选___．（填相应仪器前的序号）

（2）根据电路用笔画线代替导线，在答题卡中将实物连线图补画完整___．

（3）下图是小明同学用测得的实验数据绘出的电压表示数随电流变化的U—I图像，则由图像可得蓄电池的电动势E=___V，内阻r=___．

评卷人得分六、解答题(共4题，共8分)24、如图所示，AC水平轨道上AB段光滑，BC段粗糙，且CDF为竖直平面内半径为的光滑半圆轨道，两轨道相切于C点，CF右侧有电场强度的匀强电场，方向水平向右。一根轻质绝缘弹簧水平放置，一端固定作A点，另一端与带负电滑块P接触但不连接，弹簧原长时滑块在B点。现向左压缩弹簧后由静止释放，当滑块P运动到F点瞬间对轨道压力为2N。已知滑块P的质量为电荷量为与轨道BC间的动摩擦因数为忽略滑块P与轨道间电荷转移，重力加速度求：

（1）求滑块到D点时对轨道的压力。

（2）滑块P沿光滑半圆轨道CDF运动时；对圆弧轨道的最小压力为10N，求弹簧释放瞬间弹性势能大小。

25、如图所示，在水平向右的匀强电场中，有一电荷量为q=-4×10-7C的负点电荷从A点运动到B点，电场力做功WAB=3.2×10-6J。已知A、B间距离L=4m，AB与水平面的夹角为60°。

（1）求电场强度E的大小；

（2）如果A点的电势为-4V，求电荷量为q′=4×10-6C的正电荷在B点具有的电势能。

26、M、N是两块水平放置的平行金属极板，如图甲所示，板的长度为L=30cm，板的宽度足够长，两板间距为d=20cm，板右端到荧光屏的距离为D=60cm，O’O为垂直于屏的中心轴线。以屏中心O为原点建立xOy直角坐标系，其中x轴沿水平方向，y轴沿竖直方向。一电荷量为q=1.6×10-5C，质量为m=3.2×10-11kg的带正电粒子从O'点以速度v0=5×104m/s射入极板，速度方向平行于板面且与O’O夹角ɑ=53°，如图乙所示，最终带电粒子打到荧光屏上而发光。若两极板间的电场为匀强电场，所加偏转电压UMN=1000V；不计带电粒子的重力，取cos53°=0.6，sin53°=0.8。求∶

（1）带电粒子从射人到打到屏上运动的时间t；

（2）带电粒子打到屏上的位置坐标。

27、如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间距离d＝40cm，电源电动势E＝10V，内电阻r＝1Ω，定值电阻R＝8Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从B板小孔以初速度v0＝3m/s竖直向上射入板间．已知小球带电荷量q＝1×10－2C，质量为m＝2×10－2kg，不考虑空气阻力．(g取10m/s2)

（1）要使小球在A；B板间向上匀速运动；则滑动变阻器接入电路的阻值为多大？

（2）若小球带正电，只改变滑动变阻器划片位置，其它量不变，那么，A、B板间电压为多大时，小球恰能到达A板？此时电源输出功率是多大？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】

【详解】

平衡后，小球间的库仑力大小等于弹簧弹力大小。设弹簧的劲度系数为第一次平衡时有

小球与接触后，球带电荷量变为原来的一半，再次平衡时有

若则弹簧压缩量刚好为原来的一半，但实际上弹簧的长度应变长，所以弹簧压缩量小于原来的一半，故

故选C。2、B【分析】【详解】

设三个电阻均为R；开关S接通前，流过R2的电流为

开关S接通后，流过R2的电流为

则I2：I1=2：3

故选B。3、A【分析】【详解】

根据对称性可知，移去a处的绝缘棒后，电场强度方向垂直指向a，再根据电势的叠加原理，单个点电荷在距其r处的电势为（取无穷远处电势为零）

现在撤去a处的绝缘棒后，q减小，则O点的电势减小。

故选A。4、B【分析】【详解】

A、B、根据电场线的特点：电场线从正电荷出发到负电荷终止，可知A、B是一定两个等量异种电荷．故A错误，B正确；C、D、在两等量异号电荷连线的中垂线上，O点处电场线最密，电场强度最大，所以O点的电场强度比P点的电场强度大；故C，D错误，故选B．

【点睛】

常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．5、D【分析】【详解】

根据安培定则可知导线环中的电流产生的磁场方向垂直纸面向外，所以小磁针最后静止时N极所指的方向垂直纸面向外，故选D。6、B【分析】【分析】

【详解】

A．地球是一个巨大的磁体，其磁体的极和极与地球的南；北极不完全重合；存在磁偏角，A错误；

B．地球表面的磁场的竖直分量在南半球垂直于地面向上在北半球垂直于地面向下；B正确；

C．在地球表面各点磁场强弱不同；两极处较强，赤道处较弱，C错误；

D．由可计算某点的磁感应强度；但磁感应强度的大小与通电导线中的电流无关，D错误。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)7、A:D【分析】【详解】

将R3等效为电源的内阻，由图可知电压表测量的是等效电源的路端电压，滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，电阻先曾大后减小，根据欧姆定律电流先减小后增大，R3两端的电压先减小后增大，电压表的读数先变大后变小，故C错误；由图可知，在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器R1的电阻先增大后减小，由于电压不变，根据闭合电路欧姆定律可知电流表示数先减小后增大，故B错误；由于电压表示数没有变化，所以U变化量与I变化量比值等于等效电源的内阻即R3，故A正确；U与I的乘积等于等效电源的输出功率，因当电源的等效内阻等于外电阻时输出功率最大，因为在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中；外电阻从R变大，再减小到R，则输出功率先减小后增大，即U与I乘积先变小后变大，故D正确；故选AD．

点睛：考查闭合电路欧姆定律与部分电路欧姆定律的应用，掌握闭合电路的动态分析，知道电阻的串并联阻值，以及当电源的等效内阻等于外电阻时输出功率最大；注意本题已说明电源内阻忽略不计，学生容易忽略该条件，从而导致错误．8、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．地球形成的早期；地壳不如现在牢固，地球不如现在稳定，火山活动频繁，符合地质的发展规律。由于火山的喷发，排出大量的二氧化碳，进而导致当时的地球气温升高，A正确；

B．由于多种原因；其中包括岩石中的矿物成分与水；氧气、二氧化碳发生化学反应，使地球上的岩石进一步分化，最后形成土壤，二氧化碳减少，形成了适合生命生存的条件，B正确；

C．由于工业的发展和人类的活动；大量地使用常规能源，导致二氧化碳在空气中的含量增大，地球上的气温正在升高，C正确；

D．生活用电和工业用电是电能向其他形式的能的转化；会产生热，但不是温室效应的主要原因，D错误。

故选ABC。9、B:D【分析】【详解】

A．电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c点电势最高；故A错误；

BC．根据带正电的质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，即P点时电势能较大；而动能较小，故B正确，C错误；

D．等差等势线密的地方电场线也密，电场强度大，所受电场力大，因此P点加速度也大，故D正确．10、A:C【分析】【详解】

AB．电荷q从A点由静止释放，仅在静电力的作用下经O点向B点运动；说明静电力方向向右，静电力对电荷做正功，所以电荷动能增加，电势能减小，故A项正确，B项错误；

C．据和正点荷产生电场方向由正电荷向外，负电荷产生的电场指向负电荷可得CD两点场强如图。

两电荷在C处产生的场强大，夹角小，据平行四边形定则可得EC一定大于ED；故C项正确；

D．由C的分析可知MN连线的中垂线上半部分各点的场强方向向右上方，据等势线与电场线垂直，顺着电场线电势降低，可得一定大于故D项错误。

故选AC。11、A:C【分析】【详解】

A．由题意可知，三个点电荷在O点的场强大小相等，互成角；所以三个场强的合场强为0，所以A正确；

B．在MO直线上，有个场强最大的点，在从点运动到点的过程中，电场强度可能逐渐减小，也可能先增大后减小；则该试探电荷的加速度为

即；该试探电荷的加速度可能逐渐减小，也可能先增大后减小，所以B错误；

C．由于场源电荷是正电荷，所以在从点运动到点的过程中；电势先增大后减小，该电荷为负电荷，所以该试探电荷的电势能先减小后增大，所以C正确；

D．由A选项分析可知，O点的场强为0；但是电势不一定为0，电势能不一定为0，所以D错误。

故选AC。12、A:D【分析】【详解】

AB．平行板电容器电容的定义式为

决定式为

两极板间电场强度的大小为

若将开关断开，再将上极板竖直向上移动一小段距离，则Q不变，所以E不变，带电油滴所受电场力依然与重力平衡，仍将静止，且在P点处的电势能不变；故A正确，B错误；

C．若保持开关闭合，将上极板竖直向上移动一小段距离，则U不变，d增大，所以E减小；带电油滴所受电场力将小于重力，从而向下移动，故C错误；

D．设P点到下极板的距离为h，下极板的电势为则P点的电势为

由于E减小，h和不变，所以减小。易知带电油滴带负电，根据

可知带电油滴在P点处的电势能将增大；故D正确。

故选AD。13、A:B【分析】【详解】

A、保持电键S闭合时，电容器板间电压不变，两板靠近时，板间距离d减小，由分析得知，板间场强增大，小球所受电场力增大，则增大；A正确；

B、保持开关S闭合，使滑动变阻器滑片向右移动时，不会改变电容器两端的电压，由分析得知，板间场强不变，小球所受电场力不变大，则不变；B正确；

CD、电键S断开，电容器两端的电荷量不变，由和得，两板间的场强不变，小球所受电场力不变，即所受合力不变，C错误；小球从静止开始运动，故做匀加速直线运动，D错误；

故选AB．三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由于带电小球向左偏；所受电场力方向向左，电场线方向也向左，则小球带正电．分析小球的受力情况，作出受力图如下图所示。

根据平衡条件得

得

[2]如果将细线烧断，小球受到重力和电场力，合力恒定，球沿合力方向即绳子方向向下做匀加速直线运动。【解析】沿绳方向向下做初速度为零的匀加速直线15、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]电容器所带电荷量Q与电容器两极板间电势差U的比值；

（3）[3][4][5][6][7]电容的国际单位是法拉，符号为F，常用的单位还有微法和皮法，

（4）[8]电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量；在数值上等于使两极板间的电势差为1V时电容器需要带的电荷量；

（5）[9]击穿电压电指介质不被击穿时加在电容器两极板上的极限电压；若电压超过这一限度，电容器就会损坏；

[10]额定电压指电容器外壳上标的工作电压，也是电容器正常工作所能承受的最大电压，额定电压比击穿电压低。【解析】①.电荷量Q②.电势差U③.法拉④.微法⑤.皮法⑥.⑦.⑧.1V⑨.击穿⑩.低16、略

【分析】【详解】

[1]两个等量的异种电荷之间电场线如图所示。

由对称性可知，M、N两点的电场强度相同。

[2]设无穷远处电势为零，则P、O所在直线上的所有点电势均为零；由沿着电场线方向电势逐渐降低，可知点电势大于零，点电势小于零，所以点电势大于点电势。

[3]由勾股定理可得P点到两个电荷之间的距离为

P点的电场强度为两个带电量为的异种点电荷在P点产生的电场强度的矢量和；如图所示。

+Q、在P点产生的场强

则点电场强度大小【解析】相同大于17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据电容器电容公式有

[2]原来电容器所带电荷量为【解析】①.②.18、略

【分析】【详解】

[1][2]根据E=当闭合开关时，电压不变，增大距离d，场强变小，电场力变小，粒子将向下运动；当打开开关时，电荷量Q不变，由及解得

场强与板间距无关，静止不动．【解析】向下运动；静止不动19、略

【分析】【详解】

（1）[1]若增大摇绳的频率；则穿过闭合线圈的磁通量变化率增大，电流传感器的最大示数将增大。

（2）[2]地磁场方向沿南北方向，为使摇绳时线圈中有较大的磁通量变化率，从而产生较大电流，两同学应该沿东西方向站立摇绳。【解析】增大东西20、A:B:D【分析】不管系统的固有频率如何，它做受迫振动的频率总等于周期性驱动力的频率，与系统的固有频率无关，选项A正确；游泳时耳朵在水中听到的音乐与在岸上听到的是一样的，说明机械波从一种介质进入另一种介质，频率并不改变，选项B正确；当光从光密介质射入另一种光疏介质时，如果入射角足够大，就会发生全反射现象，选项C错误；麦克斯韦电磁场理论的主要论点是变化的磁场激发电场，变化的电场激发磁场，选项D正确；相对论认为：一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度小，选项E错误；故选ABD.四、作图题(共2题，共6分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通