2025年浙教新版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版高三物理上册月考试卷340考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、（2016•广西二模）如图所示，滑板运动员不断地用脚向后蹬高台的地面，在高台上滑行，获得足够大的初速度后，从高台上水平飞出．若不计空气阻力，飞出后把运动员和滑板整体看成一个质点，则下列说法正确的是（）A.初速度越大，运动员在空中飞行的时间越长B.初速度越大，运动员在空中飞行的时间越短C.下落过程中重力对运动员做功的功率不变D.下落过程中相同时间内的速度增加量相同2、一根轻质弹簧一端固定，用大小为F1的力压弹簧的另一端，平衡时长度为l1；改用大小为F2的力拉弹簧，平衡时长度为l2．弹簧的拉伸或压缩均在弹性限度内，该弹簧的劲度系数为（）A.B.C.D.3、如图所示；在点O置一个正点电荷，在过点O的竖直平面内的点A处自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m，带电荷量为q．小球落下的轨迹如图中的实线所示，它与以点O为圆心；R为半径的圆（图中虚线表示）相交于两点B、C，点O、C在同一水平线上，∠BOC=30°，点A距OC的高度为h，若小球通过B点的速度为v，则（）

A.小球通过点C的速度大小为

B.小球通过点C的速度大小为

C.小球由点A到点C，电场力做功是mgh-mv2/2

D.小球由点A到点C，电场力做功是-mg（h-R/2）+mv2/2

4、【题文】关于电磁感应，下列说法中正确的是：（）A.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B.穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大C.穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零D.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大5、某玻璃对蓝光的折射率大于对红光的折射率，比较这两种光有（）A.在该玻璃中传播时，蓝光的速度较大B.以相同的入射角从空气斜射入该玻璃中，蓝光折射角较大C.从该玻璃中射向空气发生全反射时，红光临界角较大D.用同一装置进行双缝干涉实验，蓝光在光屏上形成的相邻亮条纹的间距较大6、如图，将洁净的锌板用导线连接在验电器上，用紫外线灯照射锌板时，观察到验电器指针发生偏转。此时（）A.有光电子从锌板表面逸出，验电器带正电B.有光电子从锌板表面逸出，验电器带负电C.有正离子从锌板表面逸出，验电器带正电D.有正离子从锌板表面逸出，验电器带负电7、在粗糙水平面上，一切物体在水平拉力F作用下，做直线运动，其v-t图线如图所示，则（）A.在0～t1秒内，加速度大小不断增大B.在t1时刻，拉力F为零C.在t1～t2秒内，拉力F大小可能不断减小D.在t1～t2秒内，加速度大小一直减小8、（2015秋•辽源期末）三条导线互相平行且距离相等，通入相同大小的电流，其电流方向如图所示，若O点到三导线的距离相等，则O点处磁感应强度的方向为（）A.向右B.向左C.向上D.向下9、如图所示，大小可以忽略不计的带有同种电荷的小球A和B相互排斥，静止时绝缘细线与竖直方向的夹角分别为α和β，且α＜β，两小球在同一水平线上，由此可知（）A.B球受到的库仑力较大，电荷量较大B.B球的质量较大C.B球受到的拉力较大D.两球接触后，再处于静止状态时，悬线的偏角α′、β′仍满足α′＜β′评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图所示的皮带传动装置中，a、b两轮同轴，a，b，c半径关系为ra：rb=2：1，rb：rc=2：1．若传动中皮带不打滑，则a、b、c三点（）A.线速度大小之比为2：1：1B.角速度大小之比为2：2：1C.周期之比为1：1：2D.向心加速度大小之比为2：1：211、关于物体的运动，下列情况可能存在的是（）A.物体具有加速度，而其速度为零B.物体具有恒定的速率，但仍有变化的速度C.物体的速度变化越来越快，加速度越来越小D.加速度越来越大，速度越来越小12、如图所示，实线为某孤立点电荷产生的电场的几条电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力的作用，下列说法中正确的是（）A.该电场是由负点电荷所激发的电场B.电场中a点的电势比b点的电势高C.带电粒子在a点的加速度比在b点的加速度大D.带电粒子在a点的动能比在b点的动能大13、某质点做匀减速直线运动，依次经过ABC

三点，最后停在D

点.

已知AB=6mBC=4m

从A

点运动到B

点，从B

点运动到C

点两个过程三点变化量都为鈭�2m/s

下列说法正确的是(

)

A.质点到达B

点的速度大小为2.55m/s

B.质点的加速度大小为2m/s2

C.质点从A

点运动到C

点的时间为4s

D.AD

两点的距离为12.25m

14、下面四图中的通电导线静止在斜面上，其中摩擦力可能为零的是（）A.B.C.D.15、一小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势随时间的变化关系如图所示．矩形线圈与阻值为10Ω的电阻构成闭合电路，若不计线圈电阻，下列说法中正确的是（）A.t1时刻通过线圈的磁通量最大B.t2时刻感应电流方向发生变化C.t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D.交变电流的有效值为A16、图中的甲乙两图是电子技术中的常用电路，ab是电路的输入端，其中输入的交流高频成分用“”表示；交流低频成分用“～”表示，关于两图中负载电阻R上得到的电流特征是（）

A.图甲中R得到的是交流成分B.图甲中R得到的是直流成分C.图乙中R得到的是低频成分D.图乙中R得到的是高频成分评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、如图，在一个密闭的玻璃瓶的塞子上插入一根两端开口且足够长的细玻璃管，瓶内有一定量的水和空气．由于内外压强差，细玻璃管内水面a将与瓶内水面有一定的高度差．已知地面附近高度每升高12m，大气压降低1mmHg；水银的密度为13.6×103kg/m3．

将玻璃瓶放置在地面上，记录管内水面a的位置，再将玻璃瓶放到离地8m的三楼平台上，则玻璃管内水面a将______（选填“上升”、“不动”或“下降”）______mm；（设温度保持不变；不计水面升降引起的瓶内空气体积的变化）；用此装置可用来测量高度的变化：先将装置放在温度为27℃、大气压为750mmHg的A处，测得水柱的高度h=204mm．然后将装置缓慢地移到另一高度的B处，待稳定后发现水柱升高了40.8mm，已知B处比A处的温度高1℃，则AB间高度差为______m．该测量仪器选择瓶内装水而不装水银的主要原因是______．18、质量m=3kg

的物体，在水平力F=6N

的作用下，沿光滑水平面上从静止开始运动，则力F

在3s

内对物体做的功为______，力F

在这3s

内对物体做功的平均功率为______.3s

末力F

对物体做功的瞬时功率为______．19、在纸面上有一个等边△ABC，在B、C顶点处都通有相同电流的两根长直导线，导线垂直于纸面放置，电流方向如图所示，每根通电导线在三角形的A点产生的磁感应强度大小为B，则A点的磁感应强度大小为____．方向为____．若B点处的电流方向反向，则A点处的磁感应强度大小为____，方向为____．（图中B、C两点电流是垂直纸面向外的）20、一物体以10m/s的初速度在粗糙水平面上作直线运动，已知物体与水平面间的摩擦因数为0.5，则物体在4s内的位移____m．21、质量是50kg的人，以10m/s的水平速度跳上一辆迎面驶来的质量为200kg、速度为5m/s的车上，则此后车的速度是____m/s，方向____．评卷人得分四、作图题(共2题，共20分)22、【题文】(1)如图所示；入射光线AO从空气斜射入水,画出折射光线的大致位置。

(2)作出图9中物体AB在平面镜中的像。

(3)完成图10中透镜的光路图。

（4）如图所示，把笔放在手指尖上，调节支撑点，使其在手指尖上静止，请在图中画出笔所受重力的示意图。23、（2008秋•杨浦区校级期末）如图所示，把长为L=0.4m的均匀直棒的O端用铰链连接在天花板上，在另一端A施加水平拉力F，使棒偏离竖直方向θ=30°而保持静止，直棒的重力G=10N．直棒的重力对O铰链的力矩为____时针（填逆、顺），其力矩大小为____N•m．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度分析时间的变化．根据竖直方向上分速度的变化判断重力做功瞬时功率的变化．由△v=at=gt分析速度增加量．【解析】【解答】解：AB、根据h=知；运动员在空中飞行的时间由高度决定，与初速度无关，故AB错误．

C、由于下落过程中，竖直方向的速度越来越大，重力的瞬时功率P=mgvy；则知重力做功的功率越来越大，故C错误．

D；竖直方向做自由落体运动；△v=at=gt，故相同时间内的速度增加量相同．故D正确．

故选：D2、A【分析】【分析】根据弹簧受F1、F2两个力的作用时的弹簧的长度，分别由胡克定律列出方程联立求解即可．【解析】【解答】解：由胡克定律得F=kx，式中x为形变量，设弹簧原长为l0；则有：

F1=k（l0-l1）

F2=k（l2-l0）

联立方程组可以解得：

k=

故选：A．3、B|D【分析】

A、B、小球从A点到C点的过程中，电场力总体上做的是负功，重力做正功，由动能定理可以知道电荷在C点的大小是因此C点的速度小于故A错误；故B正确；

C；D、小球由A点到C点机械能的损失就是除了重力以外的其他力做的功；即电场力做的功．

由动能定理得。

mgh+W电=则：

W电==mv2+mg-mgh

即电势能增加了mg（h-）-mv2，机械能减少了mg（h-）-mv2

故C错误；D正确；

故选BD

【解析】【答案】小球下落过程中；受到重力和电场力，由于B；C两点处于同一等势面上，故从B到C过程电场力做功为零；根据电场力做功判断电势能的变化情况；根据总功判断动能变化情况．

4、D【分析】【解析】

试题分析：感应电动势的大小与穿过线圈的磁通量的变化率成正比；即穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大，D正确。

考点：本题考查电磁感应定律。【解析】【答案】D5、C【分析】【分析】A、由可知；蓝光在玻璃中的折射率大，蓝光的速度较小；错误。

B、以相同的入射角从空气中斜射入玻璃中，蓝光的折射率大，由可知；折射角应较小；错误；

C、从玻璃射入空气发生全反射时的临界角由公式可知；红光的折射率小，临界角大；正确。

D、用同一装置进行双缝干涉实验，由公式可知蓝光的波长短；相邻条纹间距小；错误。

故选C。

【点评】折射率大的光频率高、波长短、临界角小、光子能量高、干涉条纹间距小。6、A【分析】解：用紫外线照射锌板；观察到验电器指针发生偏转，说明发生了光电效应，由光电子从锌板逸出，锌板失去电子带正电，验电器与锌板相连，则验电器的金属球和金属指针带正电，故A正确，BCD错误；

故选：A。

该实验是通过紫外线照射锌板；发生光电效应，锌板失去电子带正电，光电效应说明光具有粒子性。

解决本题的关键知道光电效应的实质以及光电效应的条件，知道锌板失去电子带正电是解答的关键，基础题。【解析】A7、C【分析】【分析】速度时间图线的切线斜率表示瞬时加速度大小，根据加速度的变化，结合牛顿第二定律得出外力F的变化．【解析】【解答】解：A、在0-t1时间内；物体做变加速运动，图线的斜率减小，则加速度减小，故A错误．

B、在t1时刻；图线的切线斜率为零，加速度为零，则外力F等于阻力，不为零．故B错误．

C、在t1-t2时间内；物体做减速运动，切线的斜率逐渐增大，则加速度增大，根据牛顿第二定律得f-F=ma，若外力F的方向与速度方向相同，则外力F不断减小．故C正确，D错误．

故选：C8、B【分析】【分析】三角形中心O点到三根导线的距离相等．根据安培定则判断三根导线在O点产生的磁感应强度的方向，根据平行四边形定则进行合成，求出三根导线同时存在时的磁感应强度方向．【解析】【解答】解：根据安培定则判断得知：三根导线在O点产生的磁感应强度的方向；如图所示：

则根据平行四边形定则进行合成可知；下面两根导线产生的合场强，方向水平向左；

所以三根导线同时存在时的磁感应强度方向水平向左；故B正确，ACD错误．

故选：B．9、D【分析】【分析】根据根据牛顿第三定律得：A球对B球的库仑力等于B球对A球的库仑力．

对小球受力分析，根据平衡条件和相似三角形表示出两个球的重力和拉力，进行比较．【解析】【解答】解：A；根据牛顿第三定律得：A球对B球的库仑力等于B球对A球的库仑力；无论两球电荷量是否相等所受库伦力都相等，故无法比较哪个电荷量较大，故A错误；

对小球受力分析；根据平衡条件有：

B；对小球A、B受力分析；根据平衡条件有：

mAg=

mBg=

因α＜β，所以mA＞mB；故B错误．

C；根据平衡条件有：

F拉A=

F拉B=

因α＜β；所以B球受的拉力较小，故C错误．

D；两球接触后；再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α′、β′；

对小球A；B受力分析；根据平衡条件有：

tanα′=

tanβ′=

因为mA＞mB；所以α′＜β′．故D正确．

故选：D．二、多选题(共7题，共14分)10、AD【分析】【分析】两轮是皮带传动，皮带传动的特点是皮带和轮子接触点的线速度的大小相同，同轴传动角速度相同，然后利用v=ωr和向心加速度公式求解．【解析】【解答】解：由于b轮和c轮是皮带传动；皮带传动的特点是两轮与皮带接触点的线速度的大小与皮带的线速度大小相同；

故vc=vb，所以vb：vc=1：1

由角速度和线速度的关系式v=ωR，因rb：rc=2：1．可得ωb：ωc=1：2；

由于a轮和b轮共轴，故两轮角速度相同，即ωa=ωb，故ωa：ωb=1：1；

因ra：rb=2：1，则有va：vb=2：1；

以上可知：

A、va：vb：vc=2：1：1；故A正确；

B、ωA：ωB：ωC=1：1：2；故B错误；

C、根据T=；因此周期之比为2：2：1；故C错误；

D、根据a=ω2r和三点的角速度比可得：aA：aB：aC=2：1：2；故D正确；

故选：AD．11、ABD【分析】【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．【解析】【解答】解：A；物体加速度不为零；速度可能为零，比如自由落体运动的初始时刻，速度为零，加速度不为零，故A正确．

B；物体具有恒定的速率；但是速度的方向可能在变化，比如匀速圆周运动．故B正确．

C；加速度是反映速度变化快慢的物理量；速度变化越来越快，加速度越来越大，故C错误．

D；当加速度方向与速度方向相反；加速度越来越大，速度越来越小，故D正确．

故选：ABD．12、CD【分析】【分析】解这类题是思路：根据运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，从而判断电势高低，根据电场力做功判断电势能的变化．【解析】【解答】解：A；由粒子的运动轨迹可知；带电粒子受电场力向左，由于粒子带电性质不知，故不能判断是何种点电荷产生的电场，故A错误．

B；由于不能判断电场线的方向；故不能判断电势的高低，故B错误．

C、电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的场强比b点的大，故在a点的加速度比在b点的加速度大；C正确；

D、由于a点运动到b点过程中，电场力做负功，电势能增大，动能减小，所以a点的电势能比b点的电势能小，a点的动能比在b点的动能大；故D正确．

故选CD．13、BD【分析】解：由题意知；vA鈭�vB=2m/svB鈭�vC=2m/s

设加速度的大小为a

根据速度位移公式得：

vA2鈭�vB2=2axAB

vB2鈭�vC2=2axBC

代入数据联立解得：a=2m/s2vA=7m/svB=5m/svC=3m/s

故A错误，B正确．

质点从A

到C

的时间为：t=vA鈭�vCa=7鈭�32s=2s

故C错误．

AD

间的距离为：xAD=vA22a=494m=12.25m

故D正确．

故选：BD

．

根据ABC

三个位置的速度差相等；结合速度位移公式，联立方程组求出ABC

的速度以及加速度的大小.

再根据速度时间公式求出质点从A

到C

的时间，根据速度位移公式求出AD

两点间的距离．

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷.

本题在求解各点速度时，运用方程组求解，计算量较大，需细心．【解析】BD

14、AB【分析】【分析】首先根据左手定则判断出安培力的方向，然后通过对杆的受力分析，根据共点力平衡判断杆子是否受摩擦力【解析】【解答】解：A；杆子受重力；水平向右的安培力和斜面的支持力，若三个力平衡，不受摩擦力．故A正确；

B；杆子受重力、竖直向上的安培力；若重力与安培力相等，则二力平衡，则不受摩擦力．故B正确．

C；杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力；要想处于平衡，一定受摩擦力．故C错误；

D；杆子受重力、水平向左的安培力；支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力．故D错误；

故选：AB15、AD【分析】【分析】磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大，根据有效值等于最大值除以求出电压的有效值，根据欧姆定律求出电流．【解析】【解答】解：A、t1时刻电动势为零；磁通量最大，故A正确；

B、t2时刻感应电流方向也没有改变；故B错误；

C、t3时刻电动势为零；通过线圈的磁通量变化率为零，故C错误；

D、电压的有效值为U==10V，所以交变电流的有效值为I==A；故D正确．

故选：AD．16、AC【分析】【分析】根据电容器的特性：通交隔直，通高阻低来分析选择．【解析】【解答】解：A；B、电容器通交流隔直流；则图甲中R得到的是交流成分．故A正确，故B错误．

C；D、电容器通高频阻低频；高频被电容器短路了，故图乙中R得到的是低频成分．故C正确，D错误．

故选：AC三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】解：在地面附近高度每升高12m；大气压降低1mmHg；

所以玻璃瓶放到离地8m的三楼平台上时，大气压降低了mmHg，毛细管中水面上升mm×13.6=9mm；

大气压为750mmHg，在A处时，瓶内气体压强为：=765mmHg；

根据理想气体状态方程，有代入数据得到：解得P2=767.55mmHg；

故B处大气压为=749.55mmHg；

故A；B间的高度差为：△h=（750-749.55）×12=5.4m；

水银密度是水的13.6倍；故同样的压强差，用水时高度差是用水银时高度差的13.6倍，故用水高度差大，现象明显；

故答案为：上升；9.1；5.4；水的密度比水银小；同样的压强变化时高度变化明显．

根据毛细管中高度差产生的压强加上大气压等于瓶中气体的压强列式计算；

先根据毛细管中高度差产生的压强加上大气压等于瓶中气体的压强列式计算出瓶内气压；然后根据理想气体状态方程列式求解出到达B处后的瓶内压强，最后得到B处的大气压强，并计算高度差．

水银密度是水的13.6倍；故同样的压强差，用水时高度差是用水银时高度差的13.6倍，故用水高度差大，现象明显；

本题关键对高处瓶内水平面的液柱受力分析得到大气压强和瓶内气压的关系式，然后结合理想气体状态方程列式求解．【解析】上升；9.1；5.4；水的密度比水银小，同样的压强变化时高度变化明显18、54J；18W；36W【分析】解：(1)

物体做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得a=Fm=63m/s2=2m/s2

3s

物体运动的位移是x=12at2=9m

力F

在3s

内对物体所做的功为W=Fx=6隆脕9J=54J

．

(2)

力F

在3s

内对物体所做的功的平均功率为。

P炉=Wt=543W=18W

(3)3s

末物体的速度为v=at=6m/s

所以3s

末力F

对物体所做的功的瞬时功率为；

P=Fv=6隆脕6W=36W

故答案为：54J18W36W

(1)

由物体的运动的规律；可以求得物体运动的位移的大小，再根据功的公式可以直接求得功的大小；

(2)

求的是平均功率；用前面求出的总功除以总的时间就可以；

(3)

瞬时功率要用力与瞬时速度的乘积来计算；根据运动规律可以求得瞬时速度的大小，再由瞬时功率的公式可以求得瞬时功率的大小。

求物体的平均功率和瞬时功率的时候一定要注意对公式的选择，瞬时功率只能用P=Fv

来求解．【解析】54J18W36W

19、B平行于BC向右B垂直BC向上【分析】【分析】根据右手螺旋定则得出两根通电导线在C点的磁感应强度的方向，根据平行四边形定则得出合场强的大小．【解析】【解答】解：根据安培定则可知；导线A在C处产生的磁场方向垂直于AC方向向右，导线B在C处产生的磁场方向垂直于BC方向向右；