2025年统编版选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版选修3物理下册月考试卷223考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图是一个三输入端三个门电路组成的复合门电路，当C端输入“0”时，A、B端输入为何值时输出端Y输出为“1”（）

A.00B.01C.10D.112、下列四幅图的有关说法中；不正确的是（）

A.分子间距离为时，分子势能最小B.估测油酸分子直径d时，可把油酸分子简化为球形处理C.食盐晶体中的钠、氯离子按一定规律分布，具有空间上的周期性D.猛推活塞，密闭的气体温度升高，压强变大，气体对外界做正功3、如图甲所示，在竖直放置的圆柱形容器内用横截面积S=100cm2的质量不计且光滑的活塞密封一定质量的气体，活塞上静止一质量为m的重物。图乙是密闭气体从状态A变化到状态B的V-T图像，密闭气体在A点的压强pA=1.03×105Pa，从状态A变化到状态B的过程中吸收热量Q=500J。已知外界大气压强p0=1.01×105Pa，下列说法正确的是（）

A.重物质量m=1kgB.气体在状态B时的体积为8.0×10-2mC.从状态A变化到状态B的过程，气体对外界做功202JD.从状态A变化到状态B的过程，气体的内能增加294J4、在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝导体线圈，线圈电阻恒定，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，当磁场的磁感应强度B随时间t如图乙所示规律变化时，则正确表示线圈中感应电流i随时间t变化规律的图像是（）

A.B.C.D.5、关于电容器和电感器，下列说法中正确的是（）A.电容器和电感器对交流电都有阻碍作用，因此不能让交流电通过B.电容器和电感器对直流电都有阻碍作用，但可以让直流电通过C.电容器和电感器对直流电都没有阻碍作用D.电容器对直流电有阻碍作用，电感器对交流电有阻碍作用6、一列简谐横波沿x轴正方向传播；某时刻的波形图如图所示．此时质点K与M处于最大位移处，质点L与N处于平衡位置．下列说法正确的是。

A.此时质点L的运动方向沿y轴负方向B.此时质点N的运动方向沿y轴正方向C.此时质点K的加速度为零D.此时质点M的速度为零7、如图所示，体操运动员在落地时总要屈腿，这是为了（）

A.减小落地时的动量B.减小落地过程的动量变化C.减少作用时间增大作用力D.增加作用时间减小作用力评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、下列说法正确的是()A.悬浮在水中的花粉颗粒不停地做无规则运动，这反映了水分子运动的无规则性B.随着分子间距离的增大，分子间相互作用力可能先减小后增大C.随着分子间距离的增大，分子势能一定先减小后增大E.在真空和高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料中渗入其他元素E.在真空和高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料中渗入其他元素9、下列说法正确的是（）A.当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小B.饱和汽的压强一定大于非饱和汽的压强C.温度总是从分子平均动能大的物体向分子平均动能小的物体转移E.干湿泡温度计的干泡与湿泡的示数差越小，则相对湿度越大，人感觉潮湿E.干湿泡温度计的干泡与湿泡的示数差越小，则相对湿度越大，人感觉潮湿10、下列说法正确的是（）A.一定质量的理想气体放出热量，则分子平均动能一定减少B.热力学第二定律是反映宏观自然过程的方向性的定律C.根据热力学第二定律可知，热机的效率不可能达到100%D.一定质量的理想气体膨胀时对外界做了功，它的内能可能减少11、下列说话正确的是（）A.扩散现象是由外界作用引起的，如风的对流B.单晶体具有各向异性，多晶体具有各向同性，液晶具有各向异性C.在一定温度下，空气中水蒸气的压强越大，相对湿度越大E.从微观的角度看，热力学第二定律是一个统计规律E.从微观的角度看，热力学第二定律是一个统计规律12、现将电池组、滑线变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关按如图所示方式连接。在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑线变阻器的滑动端P向左滑动时；电流计指针向右偏转。由此可以推断。

A.滑线变阻器的滑动端P向右滑动时，电流计指针向左偏转B.线圈A向上移动时，电流计指针向右偏转C.断开开关时，电流计指针向左偏转D.拔出线圈A中的铁芯时，电流计指针向左偏转13、由法拉第电磁感应定律可知，若穿过某截面的磁通量为Φ=Φmsinωt，则产生的感应电动势为e=ωΦmcosωt．如图所示，竖直面内有一个闭合导线框ACD(由细软弹性电阻丝制成)端点A、D固定．在以水平线段AD为直径的半圆形区域内，有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的有界匀强磁场．设导线框的电阻恒定，圆的半径为R，用两种方式使导线框上产生感应电流．方式1：将导线上的C点以恒定角速度ω1(相对圆心O)从A点沿圆弧移动至D点；方式2：以AD为轴，保持∠ADC=45°，将导线框从竖直位置以恒定的角速度ω2转90°．则下列说法正确的是（）

A.方式1中，导线框中感应电流的方向先顺时针，后逆时针B.方式1中，导线框中的感应电动势为e1=BR2ω1cosω1tC.两种方式中，通过导线截面的电荷量相等D.若ω2=2ω1，则两种方式电阻丝上产生的热量相等评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、（1）用游标卡尺测量某钢管的外径，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图1所示，其读数为_____cm。

（2）如图2所示，螺旋测微器测出的某物件的宽度是_____mm。

15、一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到A，体积V与温度T的关系如图所示。图中和为已知量。

(1)从状态A到B；气体经历的是_______（选填“等温”，“等容”，或“等压”）过程。

(2)从B到C的过程中；气体的内能_______（选填“增大”“减小”或“不变”）。

(3)从C到D的过程中，气体对外界_______（选填“做正功”“做负功”或“不做功”），同时________（选填“吸热”或“放热”）。16、如图是一定质量的理想气体的压强与热力学温度的图，是理想气体的三个状态，其中平行于坐标轴平行于坐标轴则从到过程中气体的分子平均动能_________（填“变大”、“变小”或“不变”），从到的过程________（填“可能”或“不可能”）为绝热过程，从到的过程中气体的密度______（填“变大”；“变小”或“不变”）

17、如图所示为某磁场的磁感线分布情况，图中M点的磁感应强度_________(填“大于”；“等于”或“小于”)P点的磁感应强度．

18、带电粒子A的质量为m，电量为q。带电粒子B的质量为4m，电量为2q。两个粒子分别以相同速度垂直磁感线射入同一匀强磁场中（不计带电粒子的重力）。则两粒子做圆周运动的半径之比Ra∶Rb＝_________，周期之比Ta∶Tb＝_________。19、（1）关于光电效应，下列说法正确的是____________

A．极限频率越大的金属材料逸出功越大。

B．只要光照射的时间足够长；任何金属都能产生光电效应。

C．从金属表面出来的光电子的最大初动能越大；这种金属的逸出功越小。

D．入射光的光强一定时；频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多。

（2）两个质量分别为M1和M2的劈A和B，高度相同，放在A和B的倾斜面都是光滑曲面，曲面下端与水平相切，如图所示．一块位于劈A的倾斜面上，距水平面的高度为h．物块从静止开始滑下，然后又滑上劈B．物块在B上能够达到的是大高度______；

评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)23、现用伏安法测某电源的电动势和内阻，数据处理时画出了如图的U-I图像，由图像可知，电源的电动势为____________，内阻为_________________（均保留到小数点后两位）。

24、在“测定玻璃的折射率”的实验中，如图所示，某同学，先将白纸平铺在木板上并用图钉固定，玻璃砖平放在白纸上，然后在白纸上确定玻璃砖的界面所在直线aa′和bb′(图中并未直接画的出具体位置)．0为直线A0与aa′的交点，在直线A0上竖直地插上两枚大头针.

(1)该同学接下来要完成的必要步骤有_____________.

A．插上大头针使仅挡住的像。

B．插上大头针使挡住的像和的像。

C．插上大头针使仅挡住

D．插上大头针使挡住和的像。

(2)过作直线交bb′于O′，过O′作垂直于bb′的直线NN′，连接OO′.测量图中角α和β的大小．则玻璃砖的折射率n=____________.

(3)如图所示，该同学在实验中将玻璃砖界面aa′和bb′的间距画得过宽．若其他操作正确，则折射率的测量值________准确值（选填“大于”；“小于”或“等于”）.

(4)以往，已知材料的折射率都为正值（n>0）．现已有针对某些电磁波设计制作的人工材料，其折射率可以为负值（n<0），称为负折射率材料．位于空气中的这类材料，入射角i与折射角r依然满足但是折射线与入射线位于法线的同一侧（此时折射角取负值）．若该材料对于电磁波的折射率n=-1，正确反映电磁波穿过该材料的传播路径的示意图是_____

A.B.

C.D.25、如图所示；用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O.

接下来的实验步骤如下：

步骤1：不放小球2；让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上．重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；

步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B；让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞．重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；

步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M；P、N离O点的距离；即线段OM、OP、ON的长度．

①上述实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有______.

A．A；B两点间的高度差。

B．B点离地面的高度h2

C．小球1和小球2的质量m1、m2

D．小球1和小球2的半径r

②当所测物理量满足表达式______(用所测物理量的字母表示)时；即说明两球碰撞遵守动量守恒定律．

③完成上述实验后，某实验小组对上述装置进行了改造，如图2所示．使小球1仍从斜槽上A点由静止滚下，重复实验步骤1和2的操作，得到两球落在圆心在斜槽末端圆弧的平均落点M′、P′、N′.用测量斜面顶点与M′、P′、N′三点的连线与竖直方向的夹角分别为α1、α2、α3.则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式_______(用所测物理量的字母表示)．26、测定电流表内电阻的实验中备有下列器材：

A．待测电流表G（量程0～10mA）

B．标准电流表A（量程0～15mA；内阻忽略）

C．电阻箱R′（0-999Ω）

D．滑动变阻器R1（总电阻约200Ω，额定电流2.0A）

E．滑动变阻器R2（总电阻约1000Ω，额定电流2.0A）

F．电源E1（电动势约为8V；内阻忽略）

G．电源E2（电动势约为25V；内阻忽略）

H．电键及导线若干。

采用如图甲所示的电路测定电流表G的内阻rg．

（1）以上备用的器材中，滑动变阻器R应选用______、电源应该选择______（填仪器前面字母）

（2）依照电路原理图将实物连接成实验线路______；开始时两电键均断开．

（3）请完成下列主要实验步骤：

①将R阻值调至最大，闭合电键S1，调节滑动变阻器R的阻值，使电流表G达到满刻度并记录电流表A的数值。

②闭合S2，同时调节滑动变阻器、变阻箱的阻值使电流表A数值保持不变，电流表G的读数达到半偏．

③读出R′的读数（如图乙电阻箱所示）则电流表内阻rg=______Ω，这种方法测出的电流表的内阻rg比它的真实值______（选填偏“大”、“偏小”或“相等”）评卷人得分六、解答题(共2题，共18分)27、如图所示；匀强电场方向沿x轴的负方向，场强大小为E．在A（d，0）点有一个静止的中性微粒，由于内部作用，某一时刻突然分裂成两个质量均为m；速度等大反向的带电微粒，其中电荷量为q的微粒1沿y轴负方向运动，经过一段时间到达B（0，-d）点．不计重力和分裂后两微粒间的作用．试求：

（1）当微粒1到达B点时；微粒1的速度；

（2）当微粒1到达B点时，两微粒间的距离．28、如图所示，有一圆柱形导热良好的气缸静止在水平地面上，内有一质量kg，截面积厚度不计的活塞，封闭有高度为温度为的理想气体。已知气缸质量为其深度为活塞不漏气且与缸壁无摩擦。外界大气压强为重力加速度

（1）求开始时气缸内封闭气体的压强；

（2）如果使气缸内气体温度缓慢升高到求缸内气体的高度；

（3）在温度为的初始状态下；用一竖直向上的拉力缓慢提拉活塞，请判断能否将气缸提离地面，并说明理由？

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】

【详解】

当C为0时，进过非门信号为1，要使Y=1，则A、B进过与门输出也为1，即A、B都应为1。

故选D。2、D【分析】【分析】

【详解】

A．如图所示，分子间距离为时；分子势能最小，A正确，不符合题意；

B．估测油酸分子直径d时；可把油酸分子简化为球形处理，B正确，不符合题意；

C．食盐晶体中的钠；氯离子按一定规律分布；具有空间上的周期性，C正确，不符合题意；

D．猛推活塞；密闭的气体温度升高，压强变大，外界对气体做正功，D错误，符合题意。

故选D。3、D【分析】【详解】

A．在A状态，根据题意mg+p0S=pAS

解得m=2kg

故A错误；

B．根据图像可知所以气体做等压变化=解得VB=8.0×10-3m3故B错误；

C．从状态A变化到状态B的过程，气体对外界做功W=pA△V=206J

故C错误；

D．根据热力学第一定律△U=Q-W=294J

故D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

在时间0~1s内，原磁场向上且增强，感应电流的磁场向下，由右手定则可判断出线圈的感应电流方向沿如图所示的正方向，由于原磁场的变化是均匀的，产生的感应电动势不变，线圈中的感应电流也不变；在时间1s~2s内，原磁场不变，感应电流为0；当时间2s~3s内的情况与时间0~1s内的情况相反，感应电流为负方向且不变。故D项符合题意，ABC三项不符合题意。5、D【分析】【详解】

A．电感线圈阻碍交流电的变化；但不能阻止，所以回路中有电流，A错误。

BC．电容器对直流来说相当于断路；直流无法通过电容器，对直流有阻碍作用，BC错误。

D．综上可知：电容器对直流电有阻碍作用，电感器对交流电有阻碍作用，D正确。6、D【分析】【详解】

根据“上坡上，下坡下”原理质点L向y轴正方向运动，质点N向y轴负方向运动，AB错误；根据可知MN两点的位移最大，回复力最大，所以加速度最大，速度为零，C错误D正确．7、D【分析】【详解】

A.运动员从一定高度落下后落地的速度是一定的；无论是否屈腿，落地时的动量均一样；故A项不合题意.

B.由动量的变化量可知无论是否屈腿，落地过程的动量变化均一样；故B项不合题意.

CD.取向上为正方向，由动量定理得：

在动量变化相同是屈腿过程，延长了脚与地面的所用时间使得地面对脚的作用力变小，故C项不合题意，D项符合题意.二、多选题(共6题，共12分)8、A:B:E【分析】【详解】

A．布朗运动是悬浮在水中的花粉颗粒的运动；是由于受到水分子的撞击不平衡而发生的，故反映了水分子的永不停息的无规则运动，故A正确；

BC．分子力与分子间距离的关系比较复杂；要看分子力表现为引力，还是斥力，随着分子间距离的增大，分子间的相互作用力可能先减小后增大，也可能一直减小，故B正确，C错误．

D．温度是分子平均动能的标志；故D错误；

E．在真空；高温条件下；可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素．故E正确。

故选ABE．

【点睛】

显微镜下观察到墨水中的小碳粒作的无规则运动是布朗运动，反映了液体分子运动的无规则性；分子间的作用力与分子距离的关系比较复杂，距离增大，分子力不一定先减小后增大；温度是分子平均动能的标志；在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素．9、A:D:E【分析】【详解】

A．当分子间的引力和斥力平衡时；分子力为0，如果分子间距离改变，则都需要克服分子力做功，所以分子势能都增大，则A正确；

B．相同温度；相同液体；饱和汽的压强大于末饱和汽的压强，但不同温度、液体不一定，故B错误；

C．热量总是从高温物体向低温物体转移；而且温度是分子平均动能的标志，温度越高分子平均动能越大，所以C错误；

D．一定量的水蒸发为同温度的水蒸气；体积增大，对外做功，根据热力学第一定律可知，吸收的热量大于其增加的内能，所以D正确；

E．干湿泡湿度计的湿泡温度计与干泡温度计的示数差距越大；说明湿泡的蒸发非常快，空气的相对湿度越小，即水蒸气的实际压强；绝对湿度离饱和程度越远，干湿泡温度计的干泡与湿泡的示数差越小，则相对湿度越大，人感觉潮湿，所以E正确；

故选ADE。10、B:C:D【分析】【详解】

A．根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q可知，一定质量的理想气体放出热量，Q为负值，但若外界同时对气体做功，W为正；则其内能不一定减少，分子平均动能不一定减少，A错误；

B．热力学第二定律就是反映宏观自然过程的方向性的定律；B正确；

C．由热力学第二定律的开尔文表述可知热机的效率不可能达到100%；C正确；

D．一定质量的理想气体膨胀时对外界做功，W为负值，当吸热Q＜|－W|时内能减小，当吸热Q＞|－W|时内能增大，当吸热Q＝|－W|时内能不变；故它的内能可能减少，D正确。

故选BCD。11、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．扩散现象是由分子的热运动引起的；A错误；

B．单晶体具有各向异性；多晶体具有各向同性，液晶具有各向异性。B正确；

C．在一定温度下；饱和汽压一定，空气中水蒸气的压强越大，相对湿度越大。C正确；

D．浸润与不浸润都可引起毛细现象；D错误；

E．从微观的角度看；热力学第二定律是一个统计规律。E正确。

故选BCE。12、A:B【分析】【分析】

由题意可知线圈B中产生使电流表指针向右偏转的条件；则分析各选项可得出正确答案．

【详解】

由题意可知当P向左滑动时；线圈A中的电流减小，导致穿过线圈B的磁通量减小，电流计指针向右偏转；滑线变阻器的滑动端P向右滑动时，导致穿过线圈B的磁通量增大，则电流计指针向左偏转，故A正确；线圈A向上移动，导致穿过线圈B的磁通量减小，能引起电流计指针向右偏转，故B正确；断开开关时，导致穿过线圈B的磁通量减小，那么电流计指针向右偏转，故C错误；当铁芯拔出时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，则电流计指针向右偏转，故D错误；故选AB。

【点睛】

本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．13、B:D【分析】【详解】

方式一中，线框的磁通量先增大后减小，根据楞次定律判断知导线框中感应电流的方向先逆时针，后顺时针，故A错误．方式一中，t时间内CO转过角度为θ=ω1t，根据几何知识知线框的面积：S=•2R•Rsinθ=R2sinθ；磁通量为Φ=BS=BR2sinθ=BR2sinω1t=Φmsinω1t，式中Φm=BR2；由题意得：导线框中的感应电动势为e1=ω1Φmcosω1t=BR2ω1cosω1t，故B正确．根据q=n知：方式一中，△Φ=0，通过导线截面的电荷量q=0，而方式二中，△Φ≠0，通过导线截面的电荷量q≠0，故C错误．第二种方式穿回路的磁通量Φ2=BR2cosω2t，所产生的电动势为e2=ω2BR2sinω2t，若2ω1=ω2，则两种方式所产生的正弦交流电动势的有效值之比为时间之比满足由焦耳定律知Q1=Q2，即两种方式电阻丝上产生的热量相等，故D正确．故选BD．三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【分析】

解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读。

【详解】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为5.4cm，游标尺上第4个刻度与主尺刻度对齐，则游标尺读数为

所以最终读数为

（2）[2]螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为

所以最终读数为

【点睛】

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读，注意两种仪器读数的不同。【解析】5.445.69515、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]从状态A到B；由于体积没变，因此发生的是等容过程。

(2)[2]从B到C的过程；由于气体温度不变，因此气体的内能不变。

(3)[3][4]从C到D的过程中，由于体积减小，因此气体对外界做负功；而温度降低，内能减小，根据热力学第一定律，一定放出热量。【解析】等容不变做负功放热16、略

【分析】【详解】

[1]气体的分子平均动能和温度有关，温度越高气体的分子平均动能越大。从到过程中；温度降低，所以气体的分子平均动能变小。

[2]从到的过程压强不变；温度升高，则内能增加，同时体积增大，气体膨胀对外做功，因此气体要吸热，不可能为绝热过程。

[3]从到的过程中温度不变，压强降低，可知体积增大，则气体的密度变小。【解析】变小不可能变小17、略

【分析】【详解】

如图；M点处磁感线比P点处磁感线密，则M点的磁感应强度大于P点的磁感应强度．

【点睛】

磁感线可以形象表示磁场的强弱和方向，磁感线的疏密表示磁场的强弱，磁感线越密，磁感应强度越大．磁感线的切线方向表示磁场的方向．【解析】大于18、略

【分析】试题分析：在磁场中运动过程中，受到的洛伦兹力充当向心力，故有解得：故根据周期公式可得

考点：考查了带电粒子在匀强磁场中的运动【解析】1:2；1:219、略

【分析】【详解】

（1）极限频率越大的金属材料逸出功越大，选项A正确；能否发生光电效应，与光照时间无关，选项B错误；根据光电效应方程Ekm=hγ-W0知；最大初动能与入射光的频率成一次函数关系，不会影响金属的逸出功．故C错误．光的强度影响的是单位时间发出光电子数目，与入射光的频率无关．故D错误．

（2）设物块到达劈A的低端时，物块和A的的速度大小分别为v和V；由机械能守恒和动量守恒得。

①

②

设物块在劈B上达到的最大高度为此时物块和B的共同速度大小为由机械能守恒和动量守恒得。

③

④

联立①②③④式得⑤【解析】①.（1）A②.（2）四、作图题(共3题，共12分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共40分)23、略

【分析】【详解】

由图示电源U-I图像可知，图像与纵轴交点坐标值是1.50，则电源电动势E=1.50V，电源内阻为【解析】1.50V0.80Ω24、略

【分析】【详解】

（1）确定P3大头针的位置的方法是插上大头针P3，使P3挡住P1、P2的像．确定P4大头针的位置的方法是插上大头针P4，使P4挡住P3和P1、P2的像．故AC错误，BD正确．

（2）如图，光线在bb′面的折射角为β，折射角为α，则根据折射定律得：玻璃砖的折射率

（3）作图时，玻璃砖应与所画的边界相齐．该同学的做法中，将玻璃砖界面aa′和bb′的间距画得过宽，导致在aa′的折射角要大于真实的折射角；导致折射率的测量值偏小．

（4）本题给定信息“光的折射光线和入射光线位于法线的同侧”，无论是从光从空气射入介质，还是从介质射入空气，都要符合此规律，故AD错误．折射率为-1，由光的折射定律可知，同侧的折射角等于入射角，故B正确．C错误．【解析】（1）BD（2）（3）小于(4)B25、略

【分析】【详解】

①根据动量守恒得：