2025年牛津译林版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津译林版必修3物理下册月考试卷98考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、磁感应强度的单位是特斯拉，1特斯拉相当于（）A.1kg/（A·s2）B.1kg·m/（A·s2）C.1kg·m2/s2D.1kg·m2/（A·s2）2、如图所示；虚线表示某电场的一组等差等势面，一个带正电的粒子以一定的初速度进入电场后，只在静电力作用下沿实线轨迹运动，则下列说法正确的是（）

A.M点的电势高于N点的电势B.粒子在M点的速度小于在N点的速度C.粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D.粒子在M点的加速度大于在N点的加速度3、如图所示，在直角三角形的顶点A，C处分别固定Q1、Q2两个点电荷。已知∠ACB=30°，Q1、Q2两个点电荷在B点形成的电场方向平行于AC向左，OD是三角形ABC的中位线；下列说法正确的是（）

A.Q1为正电荷、Q2为负电荷B.Q1的电荷量与Q2的电荷量之比为1：8C.B点场强大于D点场强D.O点电势低于D点电势4、如图所示，电荷量为q（q>0）的点电荷固定在一正方体的顶点P，A、B为正方体的两顶点；下列说法正确的是（）

A.A点和B点的电场强度相同B.沿AB边，从A点到B点，电势先减小后增大C.一个负电荷在A点的电势能等于在B点的电势能D.将一负电荷从A点移动到B点，电场力所做的总功为负5、电流的强弱程度用电流表示，如果用I表示电流、q表示在时间t内通过导体横截面的电荷量，则有在显像管的电子枪中，从炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为U的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积S、电流为I的电子束。已知电子的电量为e，质量为m，则在刚射出加速电场时，一小段长为的电子束内的电子数是（）A.B.C.D.6、如图所示的电路，电源电动势为E、内阻为r；闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）

A.电源的总功率变大B.电容器C上电荷量增大C.小电炮L变暗D.电流表读数变小，电压表读数变大7、在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了巨大的贡献，下列说法正确的是（）A.牛顿的万有引力定律和哥白尼的日心说奠定了现代天文学的理论基础B.亚里士多德提出力是改变物体运动状态的原因C.开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律D.安培首先发现了电流的磁效应，并提出了判断电流周围磁场方向的方法——安培定则评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、关于电流，下列说法正确的是（）A.电流有大小和方向，所以电流是矢量B.正电荷定向移动的方向为电流方向C.打开电灯开关灯立即发光，是因为电流微观表达式中等于光速D.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，说明电流越大9、b、c三个α粒子由同一点同时垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场；由此可以肯定（）

A.在b飞离电场的同时，刚好打在负极板上B.进入电场时，c的速度最大，的速度最小C.b和c同时飞离电场D.动能的增量相比，c的最小，a和b的一样大10、如图所示，在磁感应强度B随时间t变化的以下四种磁场中；下列判断正确的是（）

A.甲图能产生电场，不能产生电磁波B.乙图能产生电场，不能产生电磁波C.丙图能产生电场，不能产生电磁波D.丁图能产生电场，也能产生电磁波11、用充电器为一电容器恒流充电（充电器输出的电流不变）的过程中，下列说法正确的是（）A.电容器的电压不变B.电容器的电压变大C.充电器的输出功率不变D.充电器的输出功率变大12、某电场的电场线分布如图所示；下列说法正确的是（）

A.a点的电势低于b点的电势B.c点的电场强度大于d点的电场强度C.若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D.若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增大13、如图A、B板平行放置，A板中间有一小孔，B板接地，A板的电势变化如图所示，最大值为????0，板间距离为d，设带正电的粒子从A板的中央小孔无处速度的进入电场．粒子重力不计；则下列说法正确的是。

A.若粒子从t=0时刻进入，无论d多大，一定能达到B板上B.若粒子从t=T/8时刻进入，无论d多大，一定能打到B板上C.若粒子从t=T/4时刻进入，如论d多大，一定能打到B板上D.若粒子从t=3T/8时刻进入，无论d多大，一定能打到B板上14、如图甲所示，R为电阻箱（0~99.9Ω），置于阻值最大位置，Rx为未知电阻。（1）断开S2，闭合S1，逐次减小电阻箱的阻值，得到一组R、I值，并依据R、I值作出了如图乙所示的R－图线；（2）断开S2，闭合S1，当R调至某一位置时，电流表的示数I1=1.0A；保持电阻箱的阻值不变，断开S1，闭合S2，此时电流表的示数为I2=0.8A；据以上数据可知（）

A.电源电动势为2.0VB.电源内阻为0.25ΩC.Rx的阻值为1.5ΩD.S1断开、S2闭合时，随着R的减小，电源输出功率增大15、如图所示，在x轴上关于O点对称的F、G两点有等量正点电荷Q，正方形ABCD在xoy平面内，其中心在O点，且AB边与FG连线平行．则下列判断正确的是（））

A.O点电场强度为零B.A,C两点电场强度相等C.B,D两点电势相等D.若将点电荷-q从A点移向C，电场力做的总功为负评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、如图所示电路中，小灯泡规格为“6V3W”，R3=4Ω，电源内阻r=1Ω，电压表、电流表均为理想电表.闭合开关，调节滑动变阻器阻值，使电压表示数为0，此时灯泡恰好正常发光，电流表的示数为1A.则电源电动势E=_______V，电源输出功率P=_______W，R2=____Ω.

17、试说明下列能源利用的方式中能量转化过程：

（1）水力发电______。

（2）柴油机车牵引列车前进______。

（3）电动水泵抽水______。

（4）核电站发电机发电______。

（5）风力发电机发电______。

（6）火箭发射人造卫星______。18、『判一判』

（1）电场中两点的电势越高，电势差越大。______

（2）UAB>0说明从A到B电势降低。______

（3）电势差有正负值，是矢量。______

（4）电势差与电势一样，是相对量，都与零电势点的选取有关。______

（5）UAB越大，WAB越大，WAB与UAB成正比。______

（6）若电场中两点间的电势差UAB=1V，则将单位正电荷从A点移到B点，静电力做功为1J。______

（7）电荷在等势面上移动时不受静电力作用，所以不做功。______

（8）匀强电场中的等势面是相互平行且垂直于电场线的一簇平面。______

（9）等势面上，不仅各点电势相同，电场强度也一定相同。______19、写出如图所示的游标卡尺和螺旋测微器的读数。游标卡尺的读数___________cm；螺旋测微器的读数___________mm。

20、摩擦起电：当两种物质组成的物体互相摩擦时，一些受束缚较弱的电子会____________到另一个物体上。于是，原来电中性的物体由于得到电子而带____________电，失去电子的物体则带___________电。21、如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近的P点，放置一个正点电荷+Q，达到静电平衡后，a端的电势________（填“大于”、“等于”或“小于”）b端的电势，杆中有一点c，c点与点电荷相距为l，则感应电荷在杆内c处的场强的大小为___________，方向__________，（静电力常量为k）

22、把一个电荷量为q＝5×10－9C的正电荷从距电场无穷远处移到电场中M点，电荷克服电场力做功WM＝6.0×10－3J，如果把该点电荷从距电场无穷远处移到电场中N点，电荷克服电场力做功WN＝3.6×10－3J．取无穷远处为零电势点，M、N点的电势差是______把该点电荷从M点移到N点电场力做功________评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

24、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

25、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)26、小明同学想探究多用电表欧姆调零电阻阻值的最大调节范围；他进行了以下实验操作：

（1）小明首先调节旋钮_______（选填“A”、“B”或“C”）使指针指到图乙中a位置；

（2）将电阻箱的阻值调到最大，并按图甲连接好电路，此时电阻箱接线柱P的电势比Q_______（填“高”或“低”）；

（3）将旋钮C拨到R×1挡，并将旋钮B顺时针旋转到底（此时欧姆调零电阻的阻值最小），然后调节电阻箱的阻值，直至表盘指针指到电流满偏刻度值处，读出此时电阻箱的阻值为R1；继续调节电阻箱的阻值，直至表盘指针指到图乙中的b处，读出此时电阻箱的阻值为R2；则此时该多用电表R×1挡的总内阻为_______（用R1和R2表示）；

（4）最后将旋钮B逆时针旋转到底（此时欧姆调零电阻的阻值最大），并将电阻箱的阻值调到0，此时电表指针指到图乙中的c处，则此时流过表头的电流与满偏电流的比值为_______；

（5）该多用电表欧姆调零电阻阻值最大值和最小值的差为_______（用R1和R2表示）。27、完成以下小题：

(1)下图中千分尺的读数为_______mm；20分度的游标卡尺读数为_______cm。

(2)在实验室中，往往需要测量电流表或电压表的内阻。测量电路图如下。为电源，其电动势为为总阻值较大的滑动变阻器。为电阻箱。为被测电流表。用此电路，经以下步骤可近似测得电流表的内阻RA：①闭合断开调节使电流表读数等于其量程②保持不变，闭合调节使电流表读数等于③读出的值，则RA=_____。若电源的内阻忽略不计；则该实验的系统误差总是使电表内阻的测量值比其真实值_______(填“偏大”或“偏小”)。

（3）请根据图甲用笔画线代替导线将图乙所示器材连接成完整的实验电路_______。

28、在“测定金属的电阻率”的实验中，小强同学先用多用电表粗测了一段粗细均匀的电阻丝的阻值（约为5）；随后将其固定在带有刻度尺的木板上，准备进一步精确测量其电阻.

(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为___________mm.

(2)现有电源（电动势E为3.0V；内阻不计）；开关和导线若干，以及下列器材：

A.电流表（量程0～3A，内阻约0.025）

B.电流表（量程0～0.6A，内阻约0.125）

C.电压表（量程0～3V，内阻约3k）

D.滑动变阻器（0～20额定电流2A）

E.滑动变阻器（0～100额定电流1A）

①为减小误差，且便于操作，在实验中电流表应选___________，滑动变阻器应选___________（选填器材前的字母）.

②如图甲所示，是测量该电阻丝实验器材的实物图，图中已连接了部分导线，还有两根导线没有连接，请补充完整___________.

③在甲图中，在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应当调到最_________（选填“左”或“右”端），闭合开关后，在实验中电压表读数的最小值___________（选填“大于零”或“等于零”）.

④按照上述步骤②正确连接电路的前提下，若不计实验中的偶然误差，则下列说法正确的是___________.

A.电阻测量值偏大；产生系统误差的主要原因是电流表分压。

B.电阻测量值偏小；产生系统误差的主要原因是电压表分流。

C.若已知电压表的内阻；可计算出待测电阻的真实值。

D.若已知电流表的内阻；可计算出待测电阻的真实值。

⑤小鹏同学仍用上述电源也设计了一个实验，电路如图乙所示，R为保护电阻，已测出电阻丝的横截面积为S，用一个带有接线柱的小金属夹沿电阻丝滑动，可改变接入电路中电阻丝的长度L，实验中记录了几组不同长度L对应的电流I.他准备利用图象法处理数据来计算该电阻丝的电阻率.

请分析说明小鹏同学应该做出怎样的线性函数图象，并定性画出该图象，请进一步指出在本实验中电流表的内阻对该电阻丝电阻率的测量结果有无影响__________.29、随智能手机耗电的增加，人们出行会随身携带充电宝，充电宝就像可移动的电源，利用实验仪器可测量充电宝的电动势和内阻，这里说充电宝的电动势，并不是从能量转化的本质特征上来判断的，而是从充电宝的电路特征来判断的。剥开充电宝连接线的外绝缘层，里面有四根导线，红导线为充电宝的正极，黑导线为负极，其余两根导线控制不用。实验电路图如图所示，使用的实验器材有：充电宝、电阻箱（最大阻值为电阻（阻值为），电阻（阻值为），电流计（量程为内阻为）；开关及导线若干。

实验步骤如下：

①根据电路图连接电路；

②将电阻箱阻值调到最大；闭合开关S；

③多次调节电阻箱的阻值，记录下电流表的示数和电阻箱的阻值并以为横坐标，以为纵坐标，通过线性拟合做出图像：

④算出斜率纵轴上的截距

回答下列问题：

（1）根据电路图连接实物图__________；

（2）用和表示充电宝的电动势和内阻，则与的关系式为：___________。

（3）根据斜率和纵轴截距的数值算得充电宝的电动势___________V，内阻___________（结果保留两位小数）评卷人得分六、解答题(共4题，共32分)30、某离子实验装置的基本原理如图所示。Ⅰ区宽度为d，左边界与x轴垂直交于坐标原点O，其内充满平行于平面且垂直于x轴的匀强电场E1；Ⅱ区宽度为L，左边界与x轴垂直交于点，右边界与x轴垂直交于点，其内充满沿y轴负方向的匀强电场E2.测试板垂直x轴置于Ⅱ区右边界，其中心C与点重合。从离子源不断飘出电荷量为q、质量为m的正离子，加速后沿x轴正方向过O点，依次经Ⅰ区、Ⅱ区，恰好到达测试板中心C。已知离子刚进入Ⅱ区时速度方向与x轴正方向的夹角为大小为v。忽略离子间的相互作用；不计重力。

（1）求加速区加速电压U的大小；

（2）求Ⅰ区内电场强度E1；

（3）求Ⅱ区内电场强度的大小E2；

31、如图所示，A、B、C、D为一匀强电场中的四个点。将的正电荷从A点移到B点，静电力做功将该电荷从B点移到C点，电势能增加了设A点电势为0；求：

（1）A、B两点间的电势差UAB，B、C两点间的电势差UBC；

（2）C点的电势φC。

32、环形电流周围有磁场，根据电磁学理论可知，半径为R、电流强度为I的环形电流中心处的磁感应强度大小其中K为已知常量。电流的本质是电荷的定向运动；电流可以产生磁场意味着运动的电荷也可以产生磁场。

（1）氢原子核外电子以速率v绕核做圆周运动，轨道半径为r，电荷量为e，求该“分子电流”在圆心处的磁感应强度大小B1。

（2）如图，在一个竖直放置一半径为r、电阻为R、匝数为n的圆形线圈的圆心O处，有一个可以绕竖直轴在水平面内转动的小磁针。线圈未通电流时，小磁针稳定后指向地磁场水平分量方向，调整线圈方位并通入电流，小磁针偏转了θ角。已知仪器所在处地磁场的磁感应强度水平分量大小为Be；求：线圈两端的电压。

（3）有人用电流观点解释地磁成因：在地球内部的古登堡面附近集结着绕地轴转动的管状电子群，转动的角速度为ω，该电子群形成的电流产生了地磁场。如图所示，为简化问题，假设古登堡面的半径为R，电子均匀分布在距地心R、直径为d的管道内，管道内单位长度电荷量q，且d<<R，求此管状电子群在地心处产生的磁感应强度大小B2。

33、如图所示的电路中，直流电源的电动势内电阻=4.5Ω，为电阻箱。两带小孔的平行金属板A、B竖直放置；另两个平行金属板C、D水平放置，板长=45cm板间的距离当电阻箱的阻值调为时。闭合开关K，待电路稳定后，将一带电量为质量为的负粒子从A板小孔从静止释放进入极板间；不考虑空气阻力；带电粒子的重力和极板外部的电场。

（1）求带电粒子到达小孔B时的速度多大？

（2）求带电粒子从极板C、D离开时速度？

（3）此时；电源的输出功率是多大？

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【详解】

由公式磁场力的单位是N，而电流的单位是A，长度的单位为m，则由单位的换算可得磁感应强度的单位为N/(A·m)，即为1T.根据牛顿第二定律F=ma，即1N=1kg·m/s2，则1特斯拉相当于1kg/（A·s2)；.

A.1kg/（A·s2）；与结论相符，选项A正确；

B.1kg·m/（A·s2）；与结论不相符，选项B错误；

C.1kg·m2/s2；与结论不相符，选项C错误；

D.1kg·m2/（A·s2），与结论不相符，选项D错误；2、C【分析】【分析】

【详解】

A．由粒子的运动轨迹可得电场力的方向为向上，由于粒子带正电，所以电场强度方向为向上，沿着电场线的方向电势逐渐降低，所以M点的电势低于N点的电势；故A错误；

BC．由A可知，粒子在M点的电势能小于在N点的电势能，由于粒子仅在静电力作用下运动，所以电势能和动能之和一定，则粒子在M点的动能大于在N点的动能，即粒子在M点的速度大于在N点的速度；故C正确，B错误；

D．等差等势面越密集的地方，电场强度越大，由图可知，粒子在M点的电场强度小于在N点的电场强度，则粒子在M点的电场力小于在N点的力，由牛顿第二定律得粒子在M点的加速度小于在N点的加速度；故D错误。

故选C。3、B【分析】【详解】

A．因为B点场强方向与AC平行向左，根据电场的叠加，由两点电荷在B点产生的场强关系可以推断，为负电荷，为正电荷。故A错误；

B．由点电荷场强公式

根据场强叠加原理，有

由几何关系，可得

联立，解得

故B正确；

C．在D点产生的场强大小与B点相等，在D点产生的场强大于在B点产生的场强，且在D点两电荷单独产生的场强方向之间夹角小于在B点的夹角，故在D点的合场强大于B点合场强。故C错误；

D．由电场的叠加，可判断两点电荷产生的电场在D、O之间各点的场强方向均偏左上，因沿电场方向电势降低，可知D点电势低于O点电势。故D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

A．设正方体边长为a，由图可知三角形PAB为等腰三角形，根据公式

可知，A点和B点的电场强度大小相等但方向不同；故A错误；

B．沿AB边，距离P点正的场源电荷距离先减小后增大；则电势先增大后减小，故B错误；

C．A点和B点的距离场源电荷距离相同，电势相同，则同一负电荷在A、B的电势能相同；故C正确；

D．同一负电荷在A、B的电势能相同，根据电场力做功与电势能的关系

可知；电场力所做的总功为零，故D错误。

故选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

电子在电场中被加速，则

解得

故选B。6、A【分析】【分析】

【详解】

当滑动变阻器滑片P向右移动时；变阻器接入电路的电阻减小，总电流变大；

A．电源的总功率。

P总=EIE不变，I增大，P总增大．故A正确；

B．电容器电压。

UC=E-I（RL+r）减小；电容器电量。

Q=CUC减小．故B错误；

C．灯泡功率。

P=I2RLRL不变，I增大，P增大；则灯泡变亮．故C错误；

D．根据欧姆定律可知；电流增大，电流表读数变大，电压表的读数。

U=E-Ir小．故D错误；

故选A。7、A【分析】【详解】

AC．在哥白尼的日心说基础上；诞生了开普勒行星运动定律，以此为基础，开普勒在第谷进行天文观测得出大量观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，牛顿在前人研究的基础上得出了万有引力定律，奠定了现代天文学的理论基础，故A正确，C错误；

B．最早提出力是改变物体运动状态原因的是伽利略；故B错误；

D．奥斯特首先发现了电流的磁效应；故D错误。

故选A。二、多选题(共8题，共16分)8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．电流有大小和方向；但是电流是代数运算，所以电流是标量，故A错误；

B．物理上规定正电荷定向移动的方向为电流方向；故B正确；

C．电流微观表达式中是电荷定向移动速度；不是光速，故C错误；

D．由电流定义式可知；单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，说明电流越大，故D正确。

故选BD。9、A:B:D【分析】【详解】

ABC.粒子在竖直方向有

三个粒子所带电荷相同，可见打在下极板的时间相同；水平方向有可知c的速度最大，a的速度最小；故AB正确C错误；

D.因只有电场力做功，则动能的增量等于电场力做功，由因a和b在电场中的竖直位移大于a，故a和b电场力做功相等且大于a；故D正确。

故选ABD。10、B:D【分析】【详解】

根据麦克斯韦的电磁场理论；变化的磁场产生电场，故乙；丙、丁都可以产生电场；均匀变化的磁场产生恒定的电场，周期性变化的磁场产生周期性变化的电场，从而产生电磁波，故丙、丁可以产生电磁波。

故选BD。11、B:D【分析】【详解】

AB．电容器充电时极板带电量逐渐增加，则根据Q=CU可知；电容器的电压变大，选项A错误，B正确；

CD．根据P=IU，因I不变，U变大；则电容器输入功率变大，即充电器的输出功率变大，选项C错误，D正确。

故选BD。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据沿电场线电势降低可知：a点的电势低于b点的电势；故A正确；

B．从电场线的分布情况可知，c处的电场线比d处的疏，所以c点的电场强度小于d点的电场强度；故B错误；

C．正电荷所受电场力和场强方向相同，因此正电荷由a点移到b点时电场力做负功；故C正确；

D．将一负试探电荷由c点移到d点；电场力做正功，电势能减少，故D错误。

故选AC。13、A:B【分析】【详解】

A．粒子在t=0时刻进入时，在一个周期内，前半个周期受到的电场力向右，向右做加速运动，后半个周期受到的电场力向左，继续向左做减速运动，T时刻速度为零，接着周而复始，所以粒子一直向B板运动，一定会打在B板上．故A正确；

B．若粒子是在时刻进入时，在一个周期内：在粒子受到的电场力向右，向B板做加速运动，在内，受到的电场力向左，继续向B板做减速运动，时刻速度为零，接着向A板加速运动，时间内继续向A板减速运动，时刻速度为零，完成一个周期的运动，接着周而复始，所以粒子时而向B板运动，时而向A板运动，根据运动学规律可知，在一个周期内粒子向B板运动的位移大于向A板运动的位移，所以粒子最后一定会打在B板上．故B正确；

C．若粒子是在时刻进入的，在阶段是向B板加速；在向B板减速，末速度为零；在反向A板加速，反向A板减速，末速度为零，完成一个周期的运动，接着周而复始，所以粒子时而向B板运动，时而向A板运动；以某一点为中心做往复运动，不一定能打到B板上，故C错误；

D．若粒子是在时刻进入的，在向B板加速；向右减速到零；向A板加速；向A板减速，速度减小为零，完成一个周期的运动，接着周而复始，所以粒子时而向B板运动，时而向A板运动，根据运动学规律可知，在一个周期内粒子向B板运动的位移小于向A板运动的位移，所以粒子最后一定不会打在B板上，而是从A板返回；故D错误；14、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．断开S2，闭合S1，由闭合电路欧姆定律有E=I（R＋r）

则

可知R－图线斜率等于电源电动势E=2.0V，在纵轴的截距绝对值等于电源内阻r=0.5Ω；A正确，B错误。

C．断开S2，闭合S1，当R调至某一位置时，电流表的示数I1=1.0A，由E=I（R＋r）

可知R=1.5Ω；保持电阻箱的阻值不变，断开S1，闭合S2，由闭合电路欧姆定律有E=I（R＋Rx＋r）

此时电流表的示数为I2=0.8A，Rx=0.5Ω；C错误。

D．S1断开，S2闭合时，随着R的减小；电源输出功率增大，D正确。

故选AD。15、A:C【分析】【详解】

A、根据电场线分布和叠加原理可知O点电场强度为零，故A正确；

B、根据电场线分布的对称性可知，A、C两点电场强度大小相等，方向相反，故B错误；

C、根据电场线分布的对称性和顺着电场线方向电势降低，D点的电势等于B点的电势，故C正确；

D、根据电场线分布的对称性和顺着电场线方向电势降低，A点的电势等于C点的电势，根据可知A点的电势能等于C点的电势能，所以将点电荷-q从A点移向C，电场力做的总功为0，故D错误；

故选AC．

【点睛】

空间各点的电场强度是两个点电荷产生的电场强度的合成，根据叠加原理分析电场方向，确定电势关系和电场强度关系；确定出从A到C电势的变化，根据电场力做功．三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【详解】

这是一个桥式电路，等效电路图如图所示，当电压表示数为0时，电桥处于平衡状态，流过小灯泡的电流为R3两端的电压为2V，电源内阻的分压为1V，故电源电动势E=9V，电源输出功率P=8V×1A=8W，两个支路的电流均为0.5A，R2两端的电压为6V，故R2=12Ω.

【解析】981217、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]机械能转化为电能。

(2)[2]化学能转化为机械能。

(3)[3]电能转化为机械能。

(4)[4]核能转化为电能。

(5)[5]风能转化为电能。

(6)[6]化学能转化为机械能【解析】①.机械能转化为电能②.化学能转化为机械能③.电能转化为机械能④.核能转化为电能⑤.风能转化为电能⑥.化学能转化为机械能18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]电场中两点的电势越高；电势差不一定越大。（错误）

（2）[2]UAB>0说明从A到B电势降低。（正确）

（3）[3]电势差有正负值；但是标量。（错误）

（4）[4]电势是相对量；与零电势点的选取有关，电势差与零电势点的选取无关。（错误）

（5）[5]根据WAB=UABq可知，UAB越大，WAB不一定越大，在q一定时WAB与UAB成正比。（错误）

（6）[6]根据WAB=UABq可知，若电场中两点间的电势差UAB=1V；则将单位正电荷从A点移到B点，静电力做功为1J。（正确）

（7）[7]电荷在等势面上移动时受电场力与移动方向垂直；所以不做功。（错误）

（8）[8]匀强电场中的等势面是相互平行且垂直于电场线的一簇平面。（正确）

（9）[9]等势面上，各点电势相同，电场强度不一定相同。（错误）【解析】①.错误②.正确③.错误④.错误⑤.错误⑥.正确⑦.错误⑧.正确⑨.错误19、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺读数为

[2]螺旋测微器读数为【解析】1.0552.61520、略

【解析】①.转移②.负③.正21、略

【分析】【详解】

[1]．在原来不带电的金属细杆ab附近的P点，放置一个正点电荷+Q，达到静电平衡后，金属细杆ab是等势体，即a端的电势等于b端的电势；

[2]．达到静电平衡时，导体内部场强处处为零，即c处外加电场的场强和感应电荷的场强等大反向，即感应电荷在杆内c处的场强的大小为方向向右．【解析】等于向右22、略

【分析】【详解】

[1]把一个正点电荷从距电场无穷远处移到电场中的M点，电荷克服静电力做功W=6.0×10-3J，相反的过程中，把正点电荷从电场中的M点移动到距电场无穷远处，静电力做功W′=6.0×10-3J，所以：

把该点电荷从电场中的N点移到距电场无穷远处，静电力做功W=3.6×10-3J，所以：

M、N两点的电势差：

[2]把该点电荷从M点移到N点静电力做功：WMN=qUMN=5×10-9×4.8×105=2.4×10-3J【解析】4.8×105V2.4×10－3J四、作图题(共3题，共24分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析24、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共4题，共24分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1]要让多用电表指针未指在表盘最左侧零刻度位置；应进行机械调零，故选A。

（2）[2]由于选择的是多用电表的电阻档，则黑表笔接的是多用电表内部电源的正极，则Q端电势高，即接线柱P的电势比Q低。

（3）[3]根据欧姆表的测电阻原理有E=I(R0+Rx)

其中R0为欧姆表在该档位时的内部总电阻，Rx为待测电阻。由上式可知接入不同的Rx变有不同的I值，则根据I和Rx的对应关系可在表头上把不同的电流对应的电阻值标出来，即制作出欧姆表表盘，根据以上分析当表盘指针指到电流满偏刻度值处，读出此时电阻箱的阻值为R1，有E=Ig(R0+R1)

当表盘指针指到图乙中的b处，读出此时电阻箱的阻值为R2，有

整理有R0=R2-2R1

（4）[4]将旋钮B逆时针旋转到底（此时欧姆调零电阻的阻值最大），并将电阻箱的阻值调到0，此时电表指针指到图乙中的c处时，由图知此时流过表头的电流为则此时流过表头的电流与满偏电流的比值为

（5）[5]当电表指针指到图乙中的c处有

综上该多用电表欧姆调零电阻阻值最大值和最小值的差为【解析】A低R2-2R127、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]螺旋测微器的固定刻度为0.5mm；可动刻度为11.6×0.01mm=0.116mm，所以最终读数为0.5mm+0.116mm=0.616mm

[2]20分度的游标卡尺；精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为126-20=106mm，游标尺上第15个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为15×0.05mm=0.75mm，所以最终读数为：106mm+0.75mm=106.75mm=10.675cm

(2)[3]根据并联电路规律可知，电流表A和电阻箱R2并联，电流之比等于电阻的反比，电流表A的示数为则流过电阻箱R2的电流为两者电阻之比为1：2，因此则电流表A的内阻。

[4]保持R1不变，闭合开关K2时认为电路干路电流不变，仍等于电流表的满偏电流I0；实际时闭合开关K2时，电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知，干路电流增大，大于I0，当电流表读数等于时，流过电阻箱的电流大于可是认为是由。

可知；电流表内阻测量值小于真实值。

(3)[5]【解析】0.61610.675小于28、略

【分析】【详解】

（1）[1]螺旋测微器测得测量金属丝的直径为

（2）[2]电阻丝的阻值约为5电源电动势E为3.0V，电路中最大电流为读数准确，电流表应选择B电流表（量程0～0.6A，内阻约0.125）。

[3]为调节方便滑动变阻器的阻值与待测电阻相差不易过大，故滑动变阻器应选择D滑动变阻器（0～20额定电流2A）。

[4]电压表与电阻丝并联；测量电阻丝两端的电压；电流表串联在电路中，测量通过电阻丝的电流。连接电路如图：

[5]为保护电路；在开关闭合前，滑动变阻器连接到电路中的阻值应调到最大，故滑片应当调到最左端。

[6]闭合开关后，在实验中通过