2025年人教版选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、2019年6月17日；四川省长宁县发生地震，成都提前61秒收到预警，成都高新减灾研究所通过社区喇叭；手机短信、电视等途径向社区居民发布预警信息，如图所示是电视中正在播放的体育频道插播了从61秒到45秒倒计时时刻的画面。已知：地震发生时主要发出纵波和横波，纵波振动方向与波传播方向一致，而横波振动方向与波传播方向垂直，纵波传播速度约为8km/s，横波传播速度约为4km/s，一般来说纵波的振幅比横波小。根据以上信息，下列说法正确的是（）

A.一般来说，纵波造成的危害比横波大B.在震源中心地区的人们先感受到上下震动过一小会儿再感受到水平晃动C.根据以上信息可以推断长宁县距离成都市不足200kmD.该新闻说明人类已经掌握了在地震发生前提前“预测地震”技术了2、甲、乙两列横波在同一介质中分别从波源M、N两点沿x轴相向传播，波速为2m/s，振幅相同，时刻的图像如图所示；则（）

A.甲乙两波的起振方向相同B.甲乙两波的频率之比为3︰2C.时，平衡位置在处的质点将向下运动D.时，两波源间（不含波源）只有2个质点位移为03、一辆小车静止在光滑的水平面上，小车立柱上固定一条长为L；系有小球的水平细绳；小球由静止释放，如图所示，不计一切摩擦，下列说法正确的是（）

A.小球的机械能守恒，动量不守恒B.小球的机械能不守恒，动量也不守恒C.球、车系统的机械能守恒，动量守恒D.球、车系统的机械能、动量都不守恒4、如图所示；水平地面上放着一个表面均光滑的凹槽，槽两端固定有两轻质弹簧，一弹性小球在两弹簧间往复运动，把槽；小球和弹簧视为一个系统，则在运动过程中()

A.系统的动量守恒，机械能不守恒B.系统的动量守恒，机械能守恒C.系统的动量不守恒，机械能守恒D.系统的动量不守恒，机械能不守恒5、将静置在地面上，质量为M（含燃料）的火箭模型点火升空，设火箭每次喷出质量为m，对地速度为v0的炽热气体。忽略喷气过程重力和空气阻力的影响，则当第三次喷出气体后，火箭模型获得的速度大小是（）A.B.C.D.6、如图所示，S1、S2为水波槽中的两个波源，它们分别激起两列水波，图中实线表示波峰，虚线表示波谷.已知两列波的波长分别为λ1、λ2，且λ1＞λ2；该时刻在P点为两列波波峰与波峰相遇，则以下叙述中正确的是()

A.P点有时在波峰有时在波谷，振动始终加强B.P点始终在波峰，不可能在波谷C.因为λ1＞λ2，所以P点的振动不遵守波的叠加原理D.P点的振动遵守波的叠加原理，但并不始终互相加强7、如图所示，一列简谐横波向右传播，P、Q两质点平衡位置相距0.15m．当P运动到上方最大位移处时，Q刚好运动到下方最大位移处，则这列波的波长可能是：

A.0.60mB.0.30mC.0.20mD.0.15m8、抽制细丝时可用激光监控其粗细；如图所示，激光束越过细丝时产生的条纹和它通过遮光板上的一条同样宽度的窄缝规律相同，则()

①这是利用光的干涉现象②这是利用光的衍射现象

③如果屏上条纹变宽；表明抽制的丝变粗了④如果屏上条纹变宽，表明抽制的丝变细。

了A.①③B.②④C.①④D.②③评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图甲，让一根足够长均匀软绳的绳端M点在垂直于软绳的方向从t=0开始做持续的简谐运动，软绳上会形成横波波形。已知软绳端点M的振动图像如图乙。在t=1.1s时刻，M、N平衡位置之间只有一个波峰，且N点处在平衡位置且向下运动，M、N两点平衡位置之间距离d=0.6m。下列说法中正确的是（）

A.波上各质点的起振方向向下B.该波的波长为0.6mC.该波的波速为2m/sE.t=0到t=0.55s时间内，N点经过的路程为1.0mE.t=0到t=0.55s时间内，N点经过的路程为1.0m10、如图为某质点做简谐振动的图像；下列说法正确的是__________

A.该振动形成的波一定为横波B.若该图像表示一单摆的振动，则摆长约为1mC.质点在t=0.25s时加速度的大小与t=1s时加速度的大小之比为1∶E.若该振动形成波速为v=2m/s的横波，则平衡位置相距10m的两质点振动步调相反E.若该振动形成波速为v=2m/s的横波，则平衡位置相距10m的两质点振动步调相反11、“天津之眼”是一座跨河建设；桥轮合一的摩天轮；是天津市的地标之一．摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动．下列叙述正确的是()

A.从最低点到最高点，乘客的机械能守恒B.从最低点到最高点，乘客先超重再失重C.从最低点到最高点，乘客受合力冲量为零D.从最低点到最高点，乘客受合力做功为零12、第二届进博会于2019年11月在上海举办，会上展出了一种乒乓球陪练机器人，该机器人能够根据发球人的身体动作和来球信息，及时调整球拍将球击回．若机器人将乒乓球以原速率斜向上击回，球在空中运动一段时间后落到对方的台面上，忽略空气阻力和乒乓球的旋转．下列说法正确的是（）A.击球过程合外力对乒乓球做功为零B.击球过程合外力对乒乓球的冲量为零C.在上升过程中，乒乓球处于失重状态D.在下落过程中，乒乓球处于超重状态13、如图a所示为建筑工地上打桩机将桩料打入泥土的图片，图b为其工作时的示意图。打桩前先将桩料扶正立于地基上，桩料进入泥土的深度忽略不计。已知夯锤的质量为M=150kg，桩料的质量为m=50kg。某次打桩时，将夯锤提升到距离桩顶h0=0.2m处由桩料静止释放，夯锤自由下落。夯锤砸在桩顶上后，立刻随桩料起向下运动。假设桩料进入泥土的过程中所受泥土的阻力大小恒为4500N。取g=10m/s2，下列说法正确的是（）

A.夯锤与桩料碰撞前瞬间的速度大小为2m/sB.夯锤与桩料碰撞后瞬间的速度大小为1.5m/sC.本次打桩，桩料进入泥土的最大深度为0.16mD.本次打桩，桩料进入泥土的最大深度为0.09m14、如图所示为A、B两球沿一直线运动并发生正碰，两球碰撞前后的位移时间图象，a、b分别为A、B两球碰前的位移图象，c为碰撞后两球共同运动的位移图象，若A球质量是m=2kg；则由图象判断下列结论正确的是（）

A.A.B碰撞前的总动量为3kg•m/sB.碰撞时A对B所施冲量为-4N•sC.碰撞前后A的动量变化为4kg•m/sD.碰撞中B两球组成的系统损失的动能为10J15、一平板车静止在光滑的水平地面上，甲、乙两人分别站在车上左右两端．当两人同时相向而行时，发现小车向左移动．若()A.两人速率相等，则必定是m乙>m甲B.两人质量相等，则必定是v乙>v甲C.两人速率相等，则必定是m甲>m乙D.两人质量相等，则必定是v甲>v乙评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、如图所示，一个截面为等边三角形的棱柱形玻璃砖置于水平面上，一条光线在此截面内从边以入射角射入，在玻璃砖内折射后从边以折射角射出，当时，出射光线偏折角度为30°，则光线从边射出时的出射角大小为______，该玻璃砖的折射率大小为______。

17、如图所示，在某一均匀介质中，A、B是振动情况完全相同的两个波源，其简谐运动表达式均为介质中P点与A、B两波源间的距离分别为4m和5m，两波源形成的简谐波分别沿AP、BP方向传播；波速都是10m/s。

（1）求简谐横波的波长______。

（2）P点的振动______（填“加强”或“减弱”）。

18、如图，轻质弹簧一端固定，另一端连接套在水平光滑杆上的小球A，A以O点为平衡位置振动。小球B在竖直平面内以O′为圆心做匀速圆周运动（O与O′在同一竖直线上），角速度为ω，半径为R。用竖直向下的平行光照射小球B，可以观察到小球B在水平杆上的“影子”和小球A在任何瞬间都重合。由此可知：小球A的振动周期为________，小球A的最大加速度大小为________。

19、薄膜干涉是液膜前后两个面______的光共同形成的。20、汽笛发出雄壮的吼声，轮船像一匹钢铁骏马，斩波劈浪，向远方冲去。轮船鸣笛发出的声波同时在水和空气中传播，某时刻的波形如图所示。已知声波在空气中传播的速度小于在水中传播的速度，则声波在空气中传播的波长__________（填“大于”、“小于”或“等于”）声波在水中传播的波长；声波在空气中传播的波形是__________（填“a”或“b”）。

21、（1）单摆定义：如果细线的长度_____改变，细线的质量与小球相比可以____，球的直径与线的长度相比也可以_____；这样的装置叫作单摆。

（2）如图回复力：F=______（填“G1”或者“G2”）=_________。

摆线的拉力和摆球重力沿摆线方向分力的合力充当______，F向=____________。（绳的拉力为FT）

（3）视为简谐运动的条件：θ<____。此时，F回＝mgsinθ＝－x＝－kx，负号表示回复力F回与位移x的方向______。

（4）单摆简谐运动时的周期公式：T＝2π

①l为等效摆长，表示从悬点到摆球_____的距离。

②g为当地的重力加速度。

（5）单摆的等时性：单摆的振动周期取决于_______和____________，与振幅和振子（小球）质量_________。22、如图所示为某时刻一列沿x轴负方向传播的简谐横波，P、Q为介质中的两个质点，从该时刻起P质点再经过1s第一次回到平衡位置，从该时刻起Q质点再经过6s第一次回到原位置，则该机械波的波速为__________，从该时刻起12s时P质点的纵坐标为__________，振动方向__________。

评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)23、如图所示为一弹簧振子在A、C间振动；图中黑点为振子球心的位置。

(1)画出振子位于C点时离开平衡位置O的位移；

(2)标出振子位于A点时加速度的方向。

24、向水面上扔一个石块，形成如图所示的波形，已知相邻实线间的距离等于一个波长，不考虑水波的反射，试大致画出水波通过图甲的孔和以及遇到图乙中障碍物和之后的传播情况。

25、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

26、图中的横波正在沿轴的正方向传播，波速为分别画出经过和时刻的两个波形图。

评卷人得分五、实验题(共1题，共2分)27、如图所示；用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个半径相同的小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。

（1）为完成此实验，以下提供的测量工具中，本实验必须使用的是____________。（填序号）

A.秒表B.天平C.打点计时器D.刻度尺。

（2）关于本实验，下列说法中正确的是____________。（填序号）

A．同一组实验中；入射小球必须从同一位置由静止释放。

B．入射小球的质量必须小于被碰小球的质量。

C．轨道末端必须水平。

D．轨道倾斜部分必须光滑。

（3）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影，实验时先让入射小球多次从斜轨上位置S由静止释放，通过白纸和复写纸找到其平均落地点的位置P，测出平抛射程OP，然后，把被碰小球静置于轨道的水平部分末端，仍将入射小球从斜轨上位置S由静止释放，与被碰小球相碰，并多次重复该操作，两小球平均落地点位置分别为M、N，实验中还需要测量的有____________。（填序号）

A．入射小球开始的释放高度h

B．小球抛出点距地面的高度H

C．入射小球和被碰小球的质量m1、m2

D．两球相碰后做平抛运动的水平射程OM、ON

（4）在某次实验中，记录的落点平均位置M、N几乎与OP在同一条直线上，在实验误差允许范围内，若满足关系式____________，则可以认为两球碰撞前后在OP方向上的总动量守恒。评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)28、如图所示，一个半圆形玻璃砖的截面图，AB与OC垂直，半圆的半径为R。一束平行单色光垂直于AOB所在的截面射入玻璃砖，其中距O点距离为的一条光线自玻璃砖右侧折射出来，与OC所在直线交于D点，已知求：

（1）此玻璃砖的折射率是多少？

（2）若在玻璃砖平面AOB某区域贴上一层不透光的黑纸，平行光照射玻璃砖后，右侧没有折射光射出，黑纸在AB方向的宽度至少是多少？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

A．地震波分为纵波和横波；纵波传播快，破坏性弱；横波传播慢，破坏性强。故A错误；

B．地震波从深处传到地表；纵波传播速度快，在震源中心地区的人们先感受到上下晃动，故B正确；

C．根据

故C错误；

D．监测到地震时地震已经发生；说明不可预测，故D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

A．由图可知，甲波向右传播，波传播到x=6m处，起振方向向下；乙波向左传播，波传播到x=10m处；起振方向向上，甲乙两波的起振方向相反，故A错误；

B．据图可知甲波波长为6m，甲波周期为

频率

乙波波长为4m，周期为

频率为

则

故B错误；

C．再经过3s，甲波平衡位置与波谷之间某一振动到达x=11m处，乙波波谷到达x=11m处；该质点应该向下振动，故C正确；

D．此时除了波源还有x=9m处、x=6-7m处、x=6m处、x=5-6m处、x=2-3m处质点位移为零；故D错误。

故选C。3、B【分析】【详解】

AB．小球由静止释放过程中；小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，故系统只在在水平方向动量守恒，所以当小球有向右的速度时小车将同时有向左的速度，所以小球在下落过程中并不是真正的圆周运动，小车将通过细绳对小球做功，小球机械能不守恒，动量守恒的研究对象是一个系统，单独小球谈不上动量守恒，所以A错误，B正确；

CD．小球与小车系统在整个过程中只有重力做功；系统机械能守恒；由于系统水平方向不受外力，系统在水平方向动量守恒但总动量并不守恒，故CD错误。

故选B。4、B【分析】试题分析：系统所受的合外力为零时；系统动量守恒．只有重力或只有弹力做功，系统的机械能守恒，根据动量守恒与机械能守恒的条件分析答题．

对于小球与弹簧组成的系统，小球在运动过程中只有弹力做功，所以系统的机械能守恒，弹簧的弹性势能是变化的，根据系统的机械能守恒知，系统的动能是变化的，由于墙壁对弹簧有作用力，系统所受的合外力不为零，则系统的动量不守恒，C正确．5、D【分析】【详解】

根据动量守恒定律可知

解得

故选D。6、D【分析】两列波的波速相同，波长不同，频率不同，两列波不能形成稳定的干涉图样，AB错；但依然遵循叠加原理，C错；7、B【分析】【详解】

可以画出PQ之间的最简单的波形；如图所示：

同时由于PQ可以含有多个完整的波形，则：

整理可以得到：

当时，

当时，故选项B正确，ACD错误．

点睛：解决机械波的题目关键在于理解波的周期性，即时间的周期性或空间的周期性，得到波长的通项，再求解处波长的特殊值．8、B【分析】【详解】

光绕过障碍物偏离直线传播的现象叫衍射；只有当障碍物的尺寸与光的波长相差不多，甚至比光的波长还要小的时候，衍射现象才会明显．障碍物或孔的尺寸越小，衍射现象越明显上述现象符合光的衍射产生的条件，故②正确；由衍射产生的条件可知：丝越细衍射现象越明显，故④也正确．(丝的衍射条纹与单缝的衍射条纹类似)

思路分析：光绕过障碍物偏离直线传播的现象叫衍射；只有当障碍物的尺寸与光的波长相差不多，甚至比光的波长还要小的时候，衍射现象才会明显．障碍物或孔的尺寸越小，衍射现象越明显．

试题点评：考查学生对明显衍射条件的掌握二、多选题(共7题，共14分)9、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．由软绳端点M的振动图像可知起振方向向下；由于运动的传递性，则波上各质点的起振方向都是向下的，A正确；

B．由乙图在t＝1.1s时刻，M在平衡位置且向上运动与0.1s时的运动状相同，而M、N平衡位置之间只有一个波峰，则有

解得

B错误；

C．由乙图可得振动周期为T=0.2s，根据波速公式可得

C正确；

D．根据波形移动规律可知，波传到N点的时间为

则t=0.55s时，N点振动了0.25s，由乙图可知N点开始振动0.25s时刚好处于波谷；D错误；

E．由于t=0到t=0.55s时间内，N点开始振动0.25s，刚好振动了则N点经过的路程为

E正确。

故选ACE。10、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．根据振动图像无法确定该波是横波还是纵波；A错误；

B．该质点的振动周期为T=2s，根据单摆周期公式

可得摆长大约为B正确；

C．质点的振动方程为

在t=0.25s时，其位移为

t=1s时，其位移为

根据回复力公式结合牛顿第二定律得加速度之比为位移之比；C正确；

D．若图像表示一弹簧振子的受迫振动；其固有周期无法确定，D错误；

E．若该振动形成波速为v=2m/s的横波，其波长为

则平衡位置相距10m的两质点相距2.5个波长；其振动步调相反，E正确。

故选BCE。11、B:D【分析】【分析】

【详解】

机械能等于重力势能和动能之和；摩天轮运动过程中，做匀速圆周运动，乘客的速度大小不变，则动能不变，但高度变化，所以机械能在变化，A错误；圆周运动过程中，从最低点到与圆心等高的位置，向心加速度有竖直向上的分量，则乘客超重；从中间到最高点，向心加速度有竖直向下的分量，则乘客失重，则B正确；从最低点到最高点，乘客动量的方向不断变化，则受合力冲量不为零，则C错误；从最低点到最高点，乘客的动能不变，则受合力做功为零，选项D正确；故选BD.

【点睛】

此题关键是理解机械能守恒的条件、失重和超重的条件、动量定理以及动能定理；注意乘客运动的特点，速度大小不变，方向不断改变，动量变化但是动能不变.12、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．击球过程乒乓球以原速率返回；动能不变，根据动能定理，合外力对乒乓球做功为零．故A选项正确．

B．击球过程乒乓球以原速率返回；速度方向改变，速度变化量不为零，根据冲量定理，合外力对乒乓球的冲量不为零．故B选项错误．

C．在上升过程中，乒乓球受到重力的作用，加速度为竖直向下的g；所以处于失重状态．故C选项正确．

D．在下降过程中，乒乓球受到重力的作用，加速度为竖直向下的g，所以处于失重状态．故D选项错误．13、A:B:D【分析】【详解】

A．夯锤与桩料碰撞前，夯锤做自由落体运动，则有

代入数据解得2m/s；故A正确；

B．取向下为正方向，打击过程内力远大于外力，故系统动量守恒，夯锤与桩料碰撞后两者共速，则有Mv0=（M+m）v

代入数据解得v=1.5m/s；故B正确；

CD．设桩料进入泥土的最大深度为h，对夯锤与桩料，由动能定理得

代入数据解得h=0.09m；故C错误，D正确。

故选ABD。14、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

C．由s—t图象可知，碰撞前、后分别有vA==-3m/s，vB==2m/s，v共==-1m/s

则碰撞前A的动量为mAvA=-6kgm/s

则碰撞后A的动量为mAv共=-2kgm/s

碰撞前后A的动量变化为mAv共-mAvA=4kgm/s

C正确；

B．以A为研究对象有Ft=mAv共-mAvA=4Ns

由于A、B间的力为相互作用力，则碰撞时A对B所施冲量为-4Ns；B正确；

A.B碰撞过程中动量守恒有mAvA+mBvB=(mA+mB)v共

计算得mB=kg

A、B碰撞前的总动量为mAvA+mBvB=-6+kgm/s=-kgm/s

A错误；

D．碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能Ek=mAvA2+mBvB2-mAv共2=10J

D正确。

故选BCD。15、C:D【分析】【详解】

甲、乙两人及小车组成的系统不受外力，系统的动量守恒，取向左为正方向，根据动量守恒定律得：即：可见甲的动量大于乙的动量；

A、C、若两人速率相等，必定有：m甲＞m乙；故A错误，C正确；

B、D、若两人质量相等，必定有：v甲＞v乙；故B错误，D正确；

故选CD.三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]如图所示，令边的折射角为边的入射角为

则偏转角

因为所以由几何关系得

可得

即光线从边射出时的出射角大小为45°，由折射定律可知【解析】45°17、略

【分析】【详解】

[1]由简谐运动表达式可知角速度

根据

解得

根据

解得

[2]P点与A、B两波源间的距离之差

故P点的振动加强【解析】加强18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小球B在水平杆上的“影子”和小球A在任何瞬间都重合，则小球B在水平方向上的影子的速度时刻与小球A的速度相等，小球A振动周期与小球B做匀速圆周运动周期相等即

[2]小球B做匀速圆周运动线速度为v=ωr

加速度为

在水平方向上B的加速度水平分量与A的加速度相同，当小球A到达最左端和最右端时的加速度最大，此时B的加速度水平分量恰好等于其向心加速度，即小球A的最大加速度与小球B做匀速圆周运动的向心加速度相等为ω2R。【解析】ω2R19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】反射20、略

【分析】【详解】

[1][2]波的频率取决于波源的振动频率，与介质无关，故声波在空气中与在水中传播的频率相同，由于声波在空气中传播的速度小于在水中传播的速度，根据可知，同一声波在空气中传播的波长较小，其波形是波形a。【解析】小于a21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]由一不可伸长的柔软轻绳；拴住一小球，悬挂在某点，就构成了单摆。因此细线的长度不可改变，细线的质量与小球相比可以忽略不计，球的直径与线的长度相比也可以忽略，就制成了单摆。

（2）[4][5]回复力是指向平衡位置的力，大小为G1；根据力的分解。

[6][7]摆线的拉力和摆球重力沿摆线方向分力的合力充当向心力；大小为。

（3）[8]当摆角小于5°时；单摆的振动可以认为是简谐运动。

[9]回复力F回的方向与位移x的方向始终相反。

（4）[10]单摆的等效摆长；应该是从悬点到摆球重心的距离。

（5）[11][12][13]根据单摆的振动周期公式。

可知：单摆的振动周期取决于摆长l和重力加速度g，与振幅和振子（小球）质量无关。【解析】不可忽略忽略G1Gsinθ向心力FT－Gcosθ5°相反重心摆长l重力加速度g无关22、略

【分析】【详解】

[1][2][3]波沿x轴负方向传播，该时刻P质点振动方向沿y轴负方向，Q质点振动方向沿y轴正方向，P质点从出发点到平衡位置的时间与Q质点从出发点到平衡位置的时间相同，则有

得

由

得

12s为则P质点的纵坐标为

振动方向沿y轴正方向。【解析】0.25m/s沿y轴正方向四、作图题(共4题，共8分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)位移总是偏离平衡位置，振子位于C点时离开平衡位置O的位移s如图所示。

(2)加速度总是指向平衡位置，振子位于A点时加速度aA的方向如图所示【解析