2025年上外版必修1物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版必修1物理上册月考试卷563考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、“江山代有人才出，各领风骚数百年”。我们在高中物理学习中树立的创新精神，科学方法和科学知识，将会使我们受益终身。在推导匀变速直线运动位移公式的时候，主要用了以下哪种方法（）A.放大法B.控制变量法C.整体法与隔离法D.微元法2、神舟十一号载人飞船由长征二号F火箭发射，与天宫二号空间实验室完成对接，并开启我国航天史上最长的太空驻留任务。宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中要经受超重或失重的考验。研究飞船在竖直方向的飞行，下列说法正确的是（）A.加速上升时，宇航员处于失重状态B.减速上升时，宇航员处于超重状态C.加速下落时，宇航员处于超重状态D.减速下落时，宇航员处于超重状态3、如图为一自行车做初速度为零的匀加速直线运动与t的关系图线，图线为一条过原点的倾斜直线，时间t内相对初始位置的位移为x，则自行车加速度的大小和t=5s时的速度大小分别为（）；（）

4、如图所示；带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行。现给小滑块施加一个竖直向上的拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则有（）

A.小球对斜劈的压力保持不变B.小球对斜劈的压力逐渐增大C.轻绳对小球的拉力先减小后增大D.轻绳对小球的拉力逐渐增大5、伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这套方法，他发现了落体运动的规律，他的理想实验研究为牛顿第一定律的提出做出了不可磨灭的贡献，下列相关说法正确的是（）A.物体从静止开始下落的运动就是自由落体运动B.在月球表面，羽毛和铁片做自由落体运动的加速度不同C.物体运动状态发生改变一定会受到外力的作用D.做匀速运动的物体一定不受外力的作用评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、在一次救灾活动中，一辆救灾汽车静止开始做匀变速直线运动，刚运动了由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经停在巨石前，则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是（）A.加速、减速中的平均速度大小之比等于B.加速、减速中的平均速度大小之比等于C.加速、减速中的位移之比等于D.加速、减速中的位移之比等于7、光滑水平面上有一物体，它的初速度v0=1m/s；现用一水平力拉物体，物体加速度随时间变化的关系如图所示，则此物体（）

A.在0∼2秒内做匀加速直线运动B.在2秒末的速度为3m/sC.在2∼4秒内的位移为10mD.在5秒时速度最大8、在同一地点；甲；乙两个物体沿同一方向作直线运动的速度一时间图像如图所示，则()

A.乙物体先向前运动2s，随后作向后运动B.两物体相遇的时刻分别为2s末和6s末C.两个物体相距最远的时刻是4s末D.4s后甲在乙前面9、在探究弹力与弹簧伸长量的关系实验中，得到某弹簧的伸长量x与弹力F之间的关系图象；下列说法中正确的是（）

A.弹簧的劲度系数为30.0N/mB.弹簧发生弹性形变时，弹力大小与弹簧伸长(或缩短)的长度成正比C.由图象可知弹簧原长为5.0cmD.当弹簧伸长2.5cm时，弹簧弹力为0.75N10、如图所示，斜面上固定有一与斜面垂直的挡板，另有一截面为圆的光滑柱状物体甲放置于斜面上，半径与甲相等的光滑球乙被夹在甲与挡板之间，没有与斜面接触而处于静止状态．现在从球心O1处对甲施加一平行于斜面向下的力F，使甲沿斜面方向缓慢向下移动，设乙对挡板的压力大小为F1，甲对斜面的压力大小为F2，甲对乙的弹力为F3，斜面体与地面间的弹力为F4；在此过程中()

A.F1逐渐减小B.F2保持不变C.F3先减小后增大D.F4逐渐增大11、下列叙述中正确的是（）A.在力学的国际单位制中，力的单位、质量的单位、位移的单位选定为基本单位B.牛、千克·米每二次方秒都属于力的单位C.若长度单位用厘米，时间单位用秒，重力加速度g的值等于98cm/s2D.在力学计算中，如无特殊说明，所有涉及的物理量的单位都应取国际单位12、如图甲所示，质量为m2的长木板静止在光滑的水平面上，其上静置一质量为m1的小滑块。现给木板施加一随时间均匀增大的水平力F，满足F＝kt（k为常数，t代表时间），长木板的加速度a随时间t变化的关系如图乙所示。已知小滑块所受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是（）

A.在0~2s时间内，小滑块与长木板间的摩擦力不变B.在2~3s时间内，小滑块与长木板间的摩擦力在数值上等于m2的大小C.m1与m2之比为1：2D.当小滑块从长木板上脱离时，其速度比长木板小0.5m/s13、如图所示，物块A叠放在物块B上，B置于光滑水平地面上，A、B间的动摩擦因数μ=0.4，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现对B施加一个向右的水平力F，A、B的加速度大小分别为aA、aB，则下列判断可能正确的是（取重力加速度g=10m/s2）（）

A.aA=2m/s2，aB=3m/s2B.aA=3m/s2，aB=3m/s2C.aA=4m/s2，aB=5m/s2D.aA=5m/s2，aB=5m/s214、甲、乙两辆小汽车（都可视为质点）分别处于同一条平直公路的两条平行车道上，开始时(t=0)乙车在前甲车在后，两车间距为x0.t=0甲车先启动，t=3s时乙车再启动，两车启动后都是先做匀加速运动，后做匀速运动，v-t图象如图所示．根据图象，下列说法正确的是()

A.两车加速过程，甲的加速度比乙大B.若x0=80m，则两车间间距最小为30mC.若两车在t＝5s时相遇，则在t=9s时再次相遇D.若两车在t＝4s时相遇，则在t=10s时再次相遇评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、15m/s=________km/h。16、用DIS实验系统研究物体运动的s-t图，得到如图所示的图像.从图中可知小车运动的方向是________（选填“靠近”或“远离”）位移传感器的接收部分2.0～3.0s间的一段水平线表示________。17、打点计时器是高中物理实验中常用的实验器材；请你完成下列有关问题：

（1）打点计时器是___________（填“打点”“计时”或“测速”）的仪器。

（2）电磁打点计时器当所接电源频率是50Hz时，它每隔___________s打一次点。18、如图甲所示，竖直放置的箱子里，用轻弹簧支撑着一个重10N的物块。物块与箱顶间、物块和箱底间分别装有力传感器P、Q，静止时力传感器P显示压力大小是5N，则此时力传感器Q显示压力大小是_________N，若将箱子倒转，使箱顶向下（如图乙所示），静止时力传感器P、Q显示的压力大小依次是_________N和_________N，若将箱子侧翻（如图丙所示），由于摩擦作用，物块和箱顶P间始终没有发生相对滑动，静止时力传感器P、Q显示的压力大小依次是_________N和_________N。

19、如图甲所示，用一拉力传感器(能感应力大小的装置)水平向右拉一水平面上的木块，A端的拉力均匀增加，0～t1时间木块静止；木块运动后改变拉力大小，使木块在t2时刻后处于匀速直线运动状态．计算机对数据拟合处理后，得到如图乙所示的拉力随时间变化的图线．则：当用F＝5.3N的水平拉力拉静止的木块时，木块所受摩擦力大小为________N；若用F＝5.8N的水平拉力拉木块；木块所受摩擦力大小为________N.

20、横梁一端A插在墙壁内，另一端装有一光滑小滑轮B，一轻绳的一端C固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一质量的重物D，如图所示，则滑轮受到绳子的作用力为多少？（g取）

21、如图，固定于竖直面内的粗糙斜杆，在水平方向夹角为质量为m的小球套在杆上，在大小不变的拉力作用下，小球沿杆由底端匀速运动到顶端，为使拉力做功最小，拉力F与杆的夹角a=____，拉力大小F=_____．评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)22、作图题：均匀长棒一端放在固定的光滑斜面上，另一端用细线系在天花板上，如图，若细线竖直，试画出棒的受力分析示意图23、画出图中物体A所受重力的示意图。

24、已知图中的球均处于静止状态，中的球是光滑的；请画出它们所受弹力的方向．

A.B.C.D.评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)25、(1)图为“探究两个互成角度力的合成规律”的实验装置示意图，橡皮条的一端固定在木板上A位置，另一端系有轻质小圆环；轻质细绳OB和OC一端系在小圆环上，另一端分别系在弹簧测力计的挂钩上．现用弹簧测力计通过细绳拉动小圆环，使橡皮条沿平行木板平面伸长至O位置．对于上述实验过程，下列说法中正确的是_______

A．只需要记录弹簧测力计的示数

B．OB和OC绳拉力的方向应与木板平面平行

C．只需要记录OB和OC绳的长度和弹簧测力计拉力方向

D．需要记录两个弹簧测力计的示数和拉力方向

(2)该实验中某同学在坐标纸上画出了如图所示的两个已知力F1和F2，图中小正方形的边长表示2N，两力的合力用F表示，F1、F2与F的夹角分别为θ1和θ2，下列说法正确的是______

A．F1＝4NB．B．F

＝12NθC．1＝45°D．θD．θA.B.C.E.E.1<26、在某次“探究加速度与力；质量的关系”实验中；

①当悬挂一个20g钩码时打出了纸带1，根据纸带1判断小车所做的运动是___________；

A.匀加速直线运动B.匀减速直线运动C.匀速直线运动。

②当悬挂3个20g钩码时打出了纸带2，纸带上的点都是打点计时器直接打出的点（电源频率为50Hz），请通过毫米刻度尺的测量求出纸带2上A点的速度vA=___________m/s（保留二位有效数字）；

③如果求出纸带2对应的加速度为a=0.50m/s2，则通过①②两步骤可求出小车连同车上砝码的总质量M=___________g（重力加速度g=9.8m/s2）；27、（1）常用螺旋测微器的精度是图中的螺旋测微器读数为请你在刻度线旁边的方框内标出相应的数以符合给出的读数A_________B_________C_________。

（2）如图所示游标卡尺的读数为_________cm。

28、某同学利用图甲所示的实验装置；探究物块在水平桌面上的运动规律。物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）。从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示。

(1)实验过程中，下列做法正确的是______；

A．先接通电；再使纸带运动B．先使纸带运动，再接通电。

C．将接好纸带的小车停在靠近滑轮处D．将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处。

(2)从实验装置看，该同学所用的是电压为220V的______（填“交流”或“直流”）电；

(3)打点计时器的打点周期为______s；

(4)计数点5对应的速度大小为______m/s；（保留两位有效数字）

(5)物块减速运动过程中加速度的大小为a=______m/s2。（保留两位有效数字）评卷人得分六、解答题(共4题，共32分)29、子弹垂直射入叠放在一起的相同木板，穿过第20块木板后的速度变为0.可以把子弹视为质点，已知子弹在木板中运动的总时间为t；认为子弹在各块木板中运动的加速度相同．求：

（1）子弹穿过第1块木板所用的时间是多少？

（2）子弹穿过前15块木板所用的时间是多少？30、如图所示，质量为m的小球被夹在竖直墙壁和A点之间，已知球心O与A点的连线与竖直方向成θ角，且θ=53°，所有接触点和面均不计摩擦。已知墙壁和A点对小球施加的两个弹力的合力大小；方向竖直向上（sin53°=0.8，cos53°=0.6）

(1)请画出小球的受力分析图（作用点画在中心上）；

(2)求A点对小球的弹力的大小。

31、如图所示，足够高足够长的桌面上有一块木板A,木板长度为1.5m,质量为5kg：可视为质点的物块B质量也为5kg，AB间的动摩擦因数A与桌面间的动摩擦因数为开始时木板静止，当B以水平初速度v0=3m/s滑上A的左端的同时在连接A右端且绕过定滑轮的轻绳上无初速度的挂上一个重物C,认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计轻绳与滑轮间的摩擦和空气阻力（g=10m/s2）,求：

(1)B刚滑上A时，B所受到的摩擦力；

(2)此后的运动过程中若要使B不从A上滑出，则C的质量应满足什么条件？

(3)若mc=5kg,且A板的厚度为其长度的十分之一，则当B落在桌面上时B与A板左端之间的距离为多少？32、如图所示，一物体以v0＝2m/s的初速度从粗糙斜面顶端下滑到底端用时t＝1s．已知斜面长度L＝1.5m，斜面的倾角θ＝30°，重力加速度取g＝10m/s2．求：

(1)物体滑到斜面底端时的速度大小；

(2)物体沿斜面下滑的加速度大小和方向；

(3)物体与斜面间的动摩擦因数．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【分析】

【详解】

在推导匀变速直线运动的位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，D正确，ABC错误。

故选D。2、D【分析】【详解】

AD．宇航员加速上升或减速下落时；具有向上的加速度，宇航员处于超重状态，故A错误，D正确；

BC．宇航员减速上升或加速下落时；具有向下的加速度，宇航员处于失重状态，故BC错误。

故选D。3、A【分析】【分析】

【详解】

根据匀变速直线运动位移与时间的关系；已知初速度为零，则有。

转换得。

在图像中，图像的斜率等于则加速度。

根据得时速度为。

故A正确；B；C、D错误；

故选A。【解析】见解析4、D【分析】【分析】

【详解】

对小球受力分析；受重力；支持力和细线的拉力，如图所示。

根据平衡条件可知，细线的拉力增加，支持力减小；根据牛顿第三定律，球对斜面的压力也减小。

故选D。5、C【分析】【详解】

A．物体只在重力作用下；从静止开始下落的运动是自由落体运动，故A错误；

B．在月球表面；羽毛和铁片做自由落体运动的加速度都是月球表面的重力加速度，故B错误；

C．力是改变物体运动状态的原因；物体运动状态发生改变一定会受到外力的作用，故C正确；

D．做匀速运动的物体可以受到力的作用；只要受力平衡即可，故D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)6、B:C【分析】【分析】

【详解】

设汽车加速过程的最大速度为v；则。

AB．加速、减速中的平均速度大小均为

则平均速度之比=1:1

选项A错误；B正确；

CD．根据

可知加速、减速中的位移之比=

选项C正确；D错误。

故选BC。7、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知0～2s加速度增大；故物体做变加速运动，A错误；

B．加速度图线与时间轴包围的面积表示速度的变化量，则2s内速度变化量为

由于初速度为1m/s；故2s末的速度为3m/s，B正确；

C．2s～4s加速度不变，物体做匀加速直线运动，故位移为

C正确；

D．4s～5s加速度均匀减小；但速度仍在增加，故可知5s末速度最大，D正确。

故选BCD。8、B:C【分析】【详解】

A．乙物体在整个运动过程中速度都为正值，速度的方向不变，即运动的方向不变。故A错误。

B．图线与时间轴围成的面积表示位移，从图象可知，在2s和6s，图线与时间轴围成的面积相等，则位移相等，两物体相遇。故B正确。

C．在0-2s内，两物体的距离先增大后减小，在t=1s时，速度相等，相距最远，最远距离

在2-6s内，两物体之间的距离先增大后减小，在t=4s时，速度相等，相距最远，最远距离

知4s末相距最远。故C正确。

D．在4s时，乙的图线与时间轴围成的面积大于甲图线与时间轴围成的面积，知乙在甲的前面。故D错误。

故选BC。9、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．从图中可知，当f=1.2N时，弹簧的伸长量为4cm，根据胡克定律可得

故A正确；

B．弹簧的伸长量x与弹力f之间的关系图象是通过原点的直线；所以弹簧发生弹性形变时，弹力大小与弹簧伸长（或缩短）的长度成正比，故B正确；

C．从图像中不能得出弹簧的原长；故C错误；

D．根据胡克定律可得当弹簧伸长2.5cm时，弹簧弹力为

故D正确；

故选ABD。10、A:B【分析】【详解】

CD.先对物体乙受力分析，受重力、挡板的支持力F1′和甲物体的支持力F3′；如图。

根据平衡条件，结合几何关系可以看出挡板的支持力F1′不断减小，甲对乙的弹力F3′不断减小，根据牛顿第三定律，乙对挡板的压力F1不断减小，甲对乙的弹力F3不断减小；故C；D错误；

AB.再对甲与乙整体受力分析，受重力、斜面的支持力、挡板的支持力和已知力F；如图。

根据平衡条件；有。

x方向：

F＋(M＋m)gsinθ－F1＝0y方向：

F2－(M＋m)gcosθ＝0解得：

F2＝(M＋m)gcosθ保持不变．

结合牛顿第三定律，物体甲对斜面的压力F2不变．故A、B正确．11、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．力的单位是导出单位；A错误；

B．根据牛顿第二定律。

可知1牛=1千克·米/秒2，故牛、kg·m/s2是力的单位；B正确；

C．1m=100cm，故g=9.8m/s2=980cm/s2；C错误；

D．在力学计算中；如无特殊说明，所有涉及的物理量的单位都应取国际单位，故D正确。

故选BD。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据图像，经分析可知，在0~2s时间内小滑块和长木板相对静止，它们之间为静摩擦力，对小滑块有f静＝m1a，a在增加；所以静摩擦力也在线性增大，故A错误；

B．长木板的加速度a在3s时突变，所以小滑块在3s时脱离长木板，对长木板在3s时刻前后分别列牛顿第二定律可得：3k﹣f＝m2a前＝m2•（2m/s2），3k＝m2a后＝m2•（3m/s2）

两式联立可得：f＝m2•（

故B正确；

C．在0~2s时间内，F＝（m1+m2）a1＝kt，所以

在2~3s时间内，F﹣f＝m2a2，所以

根据图像斜率可知

解得：m1＝m2；故C错误；

D．在2s时刻小滑块与长木板速度相同，在2~3s时间内，滑块块运动的a﹣t图像如图中红色线段所示，小滑块的速度的变化量为△v1＝1m/s，长木板的速度的变化量为△v2＝1.5m/s；所以在3s时，长木板比小滑块的速度大0.5m/s，故D正确。

故选BD。

13、B:C【分析】【详解】

物块A的最大加速度为

B可以具有任意加速度；但两物体的加速度必须满足:

(1)当时，两个物体已经发生相对滑动，aB一定不小于aA；

(2)当aA＜4m/s2时，两个物体相对静止，aB=aA。

故选BC。14、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．图像中的斜率表示加速时的加速度的大小；从图像上可以看出乙的加速度大于甲的加速度，故A错误；

B．速度相等时两者之间的位移有最小值，从图像上可以看出甲运动过的位移为

而乙运动过的位移为

则甲乙之间的距离为

故B正确；

C．若两车在t＝5s时相遇，从图像上可以看出5-9s内甲乙运动过的位移相等，所以甲乙在t=9s时会再次相遇；故C正确；

D．若两车在t＝4s时相遇，从图像上可以看出4-10s内甲乙运动过的位移不相等，则在t=10s时不会再次相遇；故D错误。

故选BC。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【详解】

[1]【解析】5416、略

【分析】【详解】

[1]根据图像可知，s逐渐增大；所以小车离接收器越来越远。

[2]2.0～3.0s之间，s不变，所以小车处于静止状态【解析】远离静止17、略

【分析】【详解】

（1）[1]打点计时器是计时的仪器；

（2）[2]电磁打点计时器当所接电源频率是50Hz时，它的周期为

则，它每隔0.02s打一次点。【解析】计时0.0218、略

【分析】【详解】

[1]对甲图物体受力分析可知弹簧弹力大小为

所以力传感器Q显示压力大小为15N。

[2][3]若将箱子倒转，使箱顶向下（如图乙所示），由于弹簧长度不变，故弹簧弹力不变，即传感器Q显示压力大小为15N，此时传感器P显示压力大小为

[4][5]若将箱子侧翻（如图丙所示），由于弹簧长度不变，故弹簧弹力不变，弹簧对两端物体的弹力均为15N，即传感器P、Q显示压力大小均为15N。【解析】152515151519、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]．当用F=5.3N的水平拉力拉静止的木块时，木块所受静摩擦力大小等于拉力大小，即为5.3N；若用F=5.8N的水平拉力拉木块，木块所受滑动摩擦力大小为5.1N．【解析】5.35.120、略

【分析】【详解】

绳子BC和BD的拉力大小相等，为F=mg

根据平衡条件有滑轮受到绳子的作用力为

方向为左下与竖直方向成60°。【解析】100N21、略

【分析】【详解】

．因为没有摩擦力；拉力做功最小．

本题考查力的分解，功等．难度：中等．【解析】①.60°②.mg四、作图题(共3题，共15分)22、略

【分析】【分析】

依据平衡状态；结合受力分析的内容，即可求解；考查受力分析的内容，掌握由运动状态来确定受力情况，注意细线是否竖直是解题关键；

【详解】

解：因细线竖直；且棒处于平衡状态，则棒受到重力与线的拉力，斜面对其没有支持力，否则不可能细线竖直方向的；

如图所示：

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

如图所示：

【解析】24、略

【分析】【详解】

A中弹力的方向垂直于接触面指向球心；如图；

B图中水平地面对球有竖直向上的弹力；而上面的斜面对球无弹力（假设有弹力的话球不能平衡），如图：

C图中水平地面对球有竖直向上的弹力；而左侧的斜面对球无弹力（假设有弹力的话球不能平衡），如图：

D图中两边绳子对球的拉力方向沿绳子方向；如图；

【解析】如图所示。

A.B.C.D.五、实验题(共4题，共28分)25、B:B:C:D【分析】【分析】

(1)本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则；效果的相同是通过拉橡皮筋产生大小和方向相同的形变量来实现的。

数据处理时：我们需要画出力的大小和方向；所以力要尽量大些可减小测量误差对实验的影响，拉橡皮筋时要拉的尽量长一点，了解误差产生的原因即可正确解答；

(2)根据平行四边形定则作出合力；从而确定合力的大小和分力与合力的夹角．

【详解】

(1)A；实验中需记录弹簧测力计拉力的大小和方向还有结点的位置；故A错误，C错误；

B项：为保证拉力的方向为在纸面上画出的方向；OB和OC绳拉力的方向应与木板平面平行，故B正确；

D项：为了在纸面上出力的图示；所以需要记录两个弹簧测力计的示数和拉力方向，故D正确．

故选BD．

(2)根据平行四边形定则；作出两个力的合力，如图．

由图可知，合力F=12N

根据几何关系知F1与F的夹角分别为θ1=45°．从图上可知，θ1＞θ2．故B；C正确；A、D错误．

【点睛】

验证力的平行四边形定则是力学中的重点实验，应明确实验的原理、数据处理方法及本实验采用的物理方法．26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]纸带1的点间距相等；所以做的是匀速直线运动。

故选C。

（2）[2]电源频率为50Hz，则相邻两个点之间的时间间隔为0.02s，通过毫米刻度尺的测量出相邻A点左右点间距为34.8mm；的速度。

（3）[3]当悬挂一个20g钩码时；小车做匀速直线运动，则小车受到的摩擦力。

当悬挂3个20g钩码时；根据牛顿第二定律，以小车连同车上砝码为对象，则。

解得。

以正体为研究对象。

解得。

【解析】C0.85m/s~0.95m/s784g或724g27、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3]根据螺旋测微器读数结合题图可知，主尺固定刻度填5，半刻度已经露出，这样主尺读取可动刻度应读取由于精度为故可动数据读取则下面的方框填写10，上面的方框填写15。

（2）[4]由图可知，游标为分度，且第19个小格与主尺对齐，则读数为【解析】515105.09528、略

【分析】【详解】

(1)[1]AB．为了有效地使用纸带；应先接通