2025年西师新版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版高二物理上册月考试卷722考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，平行板间的匀强电场范围内存在着匀强磁场，带电粒子以速度v0垂直电场从P点射入平行板间，恰好做匀速直线运动，从Q飞出，忽略重力，下列说法正确的是()A.磁场方向垂直纸面向里B.磁场方向与带电粒子的符号有关C.带电粒子从Q沿QP进入，也能做匀速直线运动D.粒子带负电时，以速度v1从P沿PQ射入，从Q＇飞出，则v1<v02、如图所示，虚线间空间存在由匀强电场E和匀强磁场B组成的正交或平行的电场和磁场，有一个带正电小球（电量为+q，质量为m）从正交或平行的电磁混合场上方的某一高度自由落下，那么，在电磁混合场中带电小球可能沿直线通过的有（）3、如图所示，物体在受到一水平拉力F=10N

作用下，沿水平面向右运动.

已知，物体与水平面的动摩擦因数娄脤=0.2

物体质量m=5kg

摩擦力为(

)

A.10N

水平向左B.10N

水平向右C.20N

水平向左D.20N

水平向右4、质谱仪主要由加速电场和偏转磁场组成，其原理图如图甲。设想有一个静止的带电粒子P（不计重力），经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，最后打到底片上的D点，设OD=x，则图乙中能正确反映x2与U之间函数关系的是5、以下说法不符合物理史实验的是（）A.欧姆通过大量的实验研究，得出了导体两端的电压成正比、跟通过导体的电流成反比的结论B.安培通过大量的实验研究，发现了电流产生的磁场方向跟电流方向之间的关系C.洛伦兹通过研究磁场对其中的运动电荷的磁力，总结出该磁力跟磁场、电荷的带电量和速度之间的关系D.法拉第通过大量的实验研究发现：闭合回路中产生的感应电动势的大小跟穿过闭合回路的磁通量变化率有关6、如图所示，直线A

是电源的路端电压和电流的关系图线，直线BC

分别是电阻R1R2

的两端电压与电流的关系图线，若这两个电阻分别接到这个电源上，则(

)

A.R1

接在电源上时，电源的效率高B.R2

接在电源上时，电源的效率高C.R1

接在电源上时，电源的输出功率大D.电源的输出功率一样大7、如图，两根平行的光滑导轨竖直放置，处于垂直轨道平面的匀强磁场中，金属杆ab

接在两导轨之间，在开关S

断开时让ab

自由下落，ab

下落过程中始终保持与导轨接触良好，设导轨足够长，电阻不计.ab

下落一段时间后开关闭合，从开关闭合开始计时，ab

下滑速度v

随时间变化的图象不可能是(

)

A.B.C.D.8、AB是电场中的一条电场线，若将一负电荷从A点处自由释放，负电荷沿电场线从A到B运动过程中的速度图线如图所示，则A、B两点的电势高低和场强的大小关系是（）A.φA＞φB，EA＞EBB.φA＞φB，EA＜EBC.φA＜φB，EA＞EBD.φA＜φB，EA＜EB评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)11、如图所示，A、B为咬合转动的两个齿轮，它们的半径分别为RA和RB，且RA=2RB，则A、B两轮边缘上两点的角速度之比为_____________；线速度之比为______________。12、两个点电荷甲和乙同处于真空中．

①甲的电量是乙的4倍，则甲对乙的作用力是乙对甲的作用力的____倍．

②若把每个电荷的电量都增加为原来的2倍，那么它们之间的相互作用力变为原来的____倍；

③保持其中一电荷的电量不变，另一个电荷的电量变为原来的4倍，为保持相互作用力不变，则它们之间的距离应变为原来的____倍．13、在实验室里为了验证动量守恒定律，一般采用如图甲、乙两种装置：

垄脵

若入射小球质量为m1

半径为r1

被碰小球质量为m2

半径为r2

则______

A.m1>m2r1>r2B.m1>m2r1<r2C.m1>m2r1=r2D.m1<m2r1=r2

垄脷

若采用乙装置进行实验；以下所提供的测量工具中必需的是______(

填字母)

A.直尺B.

游标卡尺c.

天平D.

弹簧秤E.

秒表。

垄脹

设入射小球的质量为m1

被碰小球的质量为m2

则在用乙装置实验时(P

为碰前入射小球落点的平均位置)

所得“验证动量守恒定律”的结论为(

用装置图中的字母表示)

14、图展示了等量同种点电荷电场的电场线，由图可以看出，在两电荷的连线上，从左至右场强的大小变化情况是______，在两电荷连线的中垂线上，从上(

足够远)

往下(

足够远)

场强的大小变化情况是______，方向的变化情况是______．15、元电荷的电荷量为______．评卷人得分四、证明题(共2题，共8分)16、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。17、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、综合题(共1题，共7分)18、【物理隆陋隆陋

选修3鈭�3

】(1)

下列说法不正确的是(

)

A.竖直玻璃管里的水银面不是平面，而是“上凸”的，这是表面张力所致B.相对湿度是空气里水蒸气的压强与大气压强的比值C.物理性质表现为各向同性的固体一定是非晶体D.压缩气体需要用力，这是气体分子间有斥力的表现E.

气缸里一定质量的理想气体发生等压膨胀时，单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少(2)

如图，体积为V

内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞；气缸内密封有温度为2.4T0

压强为1.2P0

的理想气体.P0

和T0

分别为大气的压强和温度.

已知：气体内能U

与温度T

的关系为U=aTa

为正的常量；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的，且气体先经过等容变化，后经过等压变化.

求：垄脵

气缸内气体与大气达到平衡时的体积V1

垄脷

在活塞下降过程中，气缸内气体放出的热量Q

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A|D【分析】试题分析：带电粒子以速度v0垂直电场从P点射入平行板间，恰好沿纸面做匀速直线运动，则带电粒子所受的电场力与洛伦兹力大小相等方向相反，根据左手定则判断不论粒子带何种电荷，磁场方向均垂直纸面向里，所以A正确，B错误；带电粒子从Q沿QP进入，电场力方向不变，而洛伦兹力反向，故不能做匀速直线运动，C错误；粒子带负电时，洛伦兹力方向向下，以速度v1沿PQ射入，从Q′飞出，则qv1B＜qE=qv0B，所以v1＜v0，D正确.考点：带电粒子在复合场中的运动（速度选择器）【解析】【答案】AD2、C|D【分析】试题分析：小球进入复合场时初速度方向竖直向下，要想沿直线通过，必须满足合力与速度共线或者合力为0，正电荷受到电场力与电场线同向.分析选项A，电场力水平向左，洛伦兹力水平向右，即便二者大小相等，小球竖直方向受到重力作用速度也会继续增大而导致电场力和洛伦兹力不平衡，最终无法沿直线通过选项A错。选项B中电场力竖直向上，重力竖直向下，但水平面内的洛伦兹力垂直纸面向外，无法平衡，所以不可能沿直线运动选项B错。选项C中洛伦兹力水平向右，电场力斜向左上方，若电场力的水平分力与洛伦兹力平衡，电场力的竖直分力与重力平衡则合力为0做匀速直线运动选项C对。选项D中，速度与磁场平行，不收洛伦兹力作用，重力向下，电场力向上，合力与速度共线，所以一定沿直线通过选项D对。考点：小球在重力场，电场和磁场的复合场中的运动【解析】【答案】CD3、A【分析】解：物体相对地面运动；故物体受到的滑动摩擦力，则摩擦力的大小为：

f=娄脤FN=娄脤mg=0.2隆脕5隆脕10N=10N

滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反；故摩擦力方向向左，故A正确，BCD错误；

故选：A

．

由题意可知物体受到滑动摩擦力；由f=娄脤FN

可求向物体受到的摩擦力的大小及方向．

本题考查摩擦力的大小及方向，在求摩擦力的题目时，要先明确是静摩擦力还是滑动摩擦力，再根据其不同性质进行求解【解析】A

4、A【分析】试题分析：根据动能定理：再由得：联立解得：所以A正确；B、C、D错误。考点：本题考查带电粒子在复合场中的运动【解析】【答案】A5、D【分析】解：A；欧姆做了大量的实验精确的确定了电流与电压、电阻的关系--欧姆定律；发现导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比．故A正确；

B；安培通过大量的实验研究；发现了电流产生的磁场方向跟电流方向之间的关系；故B正确；

C；洛伦兹通过研究磁场对其中的运动电荷的磁力；总结出该磁力跟磁场、电荷的带电量和速度之间的关系；从而提出了洛伦兹力．故C正确；

D；法拉第发现了电磁感应现象；但纽曼通过实验得出结论：闭合回路中产生的感应电动势的大小跟穿过闭合回路的磁通量变化率有关；故D错误；

本题选错误的；故选：D．

根据物理学史和常识解答；记住著名物理学家的主要贡献即可．特别注意法拉第的贡献在于发现了电磁感应现象．

本题考查电磁学中各物理学家的主要贡献，要注意准确掌握，不能张冠李戴而导致出错．【解析】【答案】D6、A【分析】解：AB

电源的效率娄脟=P鲁枚P脳脺=UIEI=UE

效率与路端电压成正比，R1

接在电源上时路端电压大，效率高，故A正确，B错误。

CD

由图线的交点读出，R1

接在电源上时U=34U0I=14I0

电源的输出功率P1=UI=316U0I0

R2

接在电源上时U=12U0I=12I0

电源的输出功率P2=UI=14U0I0

故C；D

均错误。

故选：A

电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比.

根据效率的定义；找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率.

电源与电阻的U鈭�I

图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压；电流，算出电源的输出功率，进而比较大小．

本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大.

其次，会读图.

电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态．【解析】A

7、D【分析】解：

A、闭合开关时，ab

杆产生感应电流；受到向上的安培力.

若重力与安培力相等，金属杆将做匀速直线运动，此图是可能的.

故A错误．

B、D

若安培力小于重力，合力向下，加速度的方向向下，做加速运动.

加速运动的过程中，ab

杆产生的感应电动势和感应电流增大；安培力增大，则合力减小，加速度减小，做加速度逐渐减小的加速运动，当重力与安培力相等时，做匀速直线运动.

故B图象是可能的，D

图不可能，故B错误，D正确．

C；若安培力大于重力；则加速度的方向向上，做减速运动，减速运动的过程中，安培力减小，做加速度逐渐减小的减速运动，当重力与安培力相等时，做匀速直线运动.

此图是可能的，故C错误．

故选：D

．

s

闭合后；金属杆在下滑过程中，受到重力和向上的安培力作用，分析安培力与重力大小关系，根据安培力大小与速度大小成正比，分析金属杆的加速度变化，确定金属杆的运动情况．

本题是电磁感应的动态变化分析，分析方法可以和机车启动的动态变化过程进行类比解答，关键要抓住安培力与速度的关系进行分析．【解析】D

8、C【分析】解：从速度时间图线得到电子做加速运动；加速度逐渐变小，故电场力向右，且不断变小，故A点的电场强度较大；

故EA＞EB；

负电荷受到的电场力与场强方向相反，故场强向左，沿场强方向，电势变小，故A点电势较小，即φA＜φB；

故选：C。

从速度时间图线得到电子做加速运动；加速度逐渐变小，根据牛顿第二定律得到电场力的变化情况；

电势的高低看电场线的指向；沿着电场线电势一定降低。

本题关键通过速度时间图象得到物体的速度变化情况和加速度变化情况，然后判断场强方向和电势大小。【解析】C二、双选题(共2题，共4分)9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共5题，共10分)11、略

【分析】本模型是共线问题，线速度相等，由角速度公式w=v/r，角速度之比等于半径的反比【解析】【答案】1：2；1：112、142【分析】【解答】（1）甲对乙的作用力和乙对甲的作用是一对作用力和反作用力，一定等大的．（2）由库仑定律F=，若把每个电荷的电量都增加为原来的2倍，那么它们之间的相互作用力变为=4F，是原来的4倍．（3）保持其中一电荷的电量不变，另一个电荷的电量变为原来的4倍，为保持相互作用力不变，由库仑定律：F‘=，解得：r′=2r；则它们之间的距离应变为原来的2倍．

故答案为：（1）1；（2）4；（3）2

【分析】由库仑定律F=可以分析对应量改变后库仑力的变化．13、（1）C（2）AC（3）m1OP=m1OM+m2ON【分析】【分析】

(1)

为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变；故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量；为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；

(2)

求出需要验证的表达式；根据表达式确定需要测量的量；

(3)

根据动量守恒定律与图示实验情景确定需要验证的表达式。

本题是运用等效思维方法，平抛时间相等，用水平位移代替初速度，这样将不便验证的方程变成容易验证。【解答】

(1)

为保证两球发生对心正碰；两球的半径应相等，为防止碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，故选C；

(2)

小球离开轨道后做平抛运动，由h=gt22

得小球做平抛运动的时间t=2hg

由于小球做平抛运动时抛出点的高度h

相同；

则它们在空中的运动时间t

相等；验证碰撞中的动量守恒，需要验证：m1v1=m1v1隆盲+m2v2

则：m1v1t=m1v1隆盲t+m2v2tm1x1=m1x1隆盲+m2x2

由图乙所示可知，需要验证：m1OP=m1OM+m2ON

因此实验需要测量的量有：垄脵

入射小球的质量；垄脷

被碰小球的质量，垄脹

入射小球碰前平抛的水平位移，垄脺

入射小球碰后平抛的水平位移，垄脻

被碰小球碰后平抛的水平位移.

实验需要刻度尺与天平．

(3)

由(2)

可知；验证碰撞中的动量守恒，需要验证：m1OP=m1OM+m2ON

．

故填：(1)C(2)AC(3)m1OP=m1OM+m2ON

。

【解析】(1)C

(2)AC

(3)m1OP=m1OM+m2ON

14、略

【分析】解：在等量同种正点电荷之间的连线上；从一个点电荷到另一个点电荷，场强先减小后增大；

由图可知；在两电荷连线的中垂线上，从上(

足够远)

往下(

足够远)

场强的大小变化情况是先变大后变小再变大又变小；

在在两电荷连线的上方电场强度的方向向上；而在在两电荷连线的下方，电场强度的方向向下，所以在两电荷连线的中垂线上，从上往下，场强的方向的变化情况是先竖直向上，后竖直向下．

故答案为：先变小后变大；先变大后变小再变大又变小、竖直向上变为竖直向下；

根据等量同种正点电荷的电场线的分布情况；结合电场线的特点即可判断出在两电荷的连线上，从左至右场强的大小变化情况和在两电荷连线的中垂线上，从上往下场强的大小变化情况．

在两个等量同号点电荷连线上中点的电场强度为零，在连线的中垂线上，关于连线中点对称有两点电场强度等大，且方向相反．【解析】先变小后变大；先变大后变小再变大又变小；竖直向上变为竖直向下15、略

【分析】解：元电荷是指最小的电荷量，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍．元电荷所带的电荷量是1.6×10-19C．

故答案为：1.60×10-19C．

各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，所带电荷量大小为：e=1.60×10-19C；任何带电体所带电荷都是e的整数倍．

本题就是对元电荷概念的考查，知道任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍．【解析】1.60×10-19C四、证明题(共2题，共8分)16、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动17、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动五、综合题(共1题，共7分)18、（1）BCD

（2）

解：①在气体由P=1.2P0下降到P0的过程中，气体体积V不变；

由查理定律得：①

在气体温度由T1变为T0的过程中，体积由V减小到V1，气体压强不变，由盖•吕萨克定律得：②

由①②式得：③

即：气缸内气体与大气达到平衡时的体积V1为

②在活塞下降过程中，活塞对气体做的功为：W=P0(V-V1)④

在这一过程中，气体内能的减少为：△U=a(T1-T0)⑤

由热力学第一定律得；气缸内气体放出的热量为：Q=W+△U⑥

由②③④⑤⑥式得：

即：在活塞下降过程中，气缸内气体放出的热量Q为【分析】(1)

【分析】竖直玻璃管里的水银面不是平面，而是“上凸”的是水银相对于玻璃的浸润产生的，与表面张力有关；空气的相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值；多晶体与非晶体都有各向同性；压缩气体需要用力，这是气体内外之间的压强差；将压强的微观意义结合理想气体的状态方程解释单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数的变化。本题考查了热学的有关基础知识，对于这部分知识，计算题少，主要是理解和记忆，因此平时要加强练习