2024年华东师大版高一物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华东师大版高一物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、某人爬山，从山脚爬上山顶，然后又从原路返回到山脚，上山的平均速率为v1，下山的平均速率为v2；则往返的平均速度的大小和平均速率是（）

A.

B.

C.0，

D.0，

2、如图所示；四个相同的小球在距地面相同的高度以相同的速率分别竖直下抛；竖直上抛、平抛和斜抛，不计空气阻力，则下列关于这四个小球从抛出到落地过程的说法中正确的是（）

A.每个小球在空中的运动时间相同。

B.每个小球落地时的速度相同。

C.重力对每个小球做的功相同。

D.重力对每个小球落地时做功的瞬时功率相同。

3、以下运动中机械能守恒的是A.物体沿斜面匀速下滑B.物体从高处以g/3的加速度竖直下落C.不计阻力，细绳一端拴一小球，使小球在竖直平面内作圆周运动D.物体沿光滑的曲面滑下4、【题文】质量为2×103kg、发动机的额定功率为80kW的汽车在平直公路上行驶．若该汽车所受阻力大小恒为4×103N，则下列判断中正确的有()A.汽车的最大速度是20m/sB.汽车以加速度2m/s2匀加速启动，启动后第2s末时发动机的实际功率是32kWC.汽车做上述匀加速运动所能维持的时间为10sD.若汽车保持额定功率启动，则当其速度为5m/s时，加速度为6m/s25、下列关于质点的说法中，正确的是(

)

A.质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以，引入这个概念没有多大意义B.只有体积很小的物体才能看作质点C.如果物体的形状和大小对所研究的问题属于无关或次要因素时，即可把物体看作质点D.质点是一个既无大小又无质量相当于数学上的点6、【题文】对于做匀速圆周运动的物体，不变的物理量是A.线速度B.向心加速度C.合外力D.动能7、如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，虚线间的距离为L

金属圆环的直径也为L.

自圆环从左边界进入磁场开始计时，以垂直于磁场边界的恒定速度娄脭

穿过磁场区域.

规定逆时针方向为感应电流i

的正方向，则圆环中感应电流i

随其移动距离娄脰

变化的i隆芦娄脰

图象最接近图中的(

)

A.B.C.D.评卷人得分二、双选题(共8题，共16分)8、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}9、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量10、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}11、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}12、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量13、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、质量为0.1kg的物体自离地面80米高处做自由落体运动，物体在下落头3秒内重力所做的功是____焦，第3秒内重力所做功的平均功率是____瓦，第3秒末重力做功的即时功率是____瓦，物体离地面米高处动能和势能相等（g=10m/s2）。15、(1)如图所示；甲图中螺旋测微器的读数为____________mm，乙图中游标卡尺的读数为____________cm．

(2)学校实验小组在“验证牛顿第二定律”的实验中，图(甲)为实验装置简图．(所用交变电流的频率为50Hz)．

(一)同学们在进行实验时；为了减小实验时的系统误差，使分析数据时可以认为砂桶的重力等于小车所受的合外力，你认为应采取的措施有：

①____________；②____________．

(二)如图乙所示是某小组在做实验中，由打点计时器得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，其中S1=7.05cm、S2=7.68cm、S3=8.33cm、S4=8.95cm、S5=9.61cm、S6=10.26cm，则A点处瞬时速度的大小是____________m/s，小车运动的加速度计算表达式为____________，加速度的大小是____________m/s2(计算结果保留两位有效数字)．

(三)另一小组在该实验中得到了如下一组实验数据：

。F/N0.1960.2940.3920.4900.588a/m•s-20.250.580.901.201.53①请在图丙所示的坐标中画出a-F的图线。

②从图中可以发现实验操作中存在的问题可能是____________填字母序号)

A．实验没有平衡摩擦力。

B．实验中平衡摩擦力时木板倾角过小。

C．实验中平衡摩擦力时木板倾角过大。

D．实验中小车质量发生变化．16、如图所示为某物体沿直线运动v-t图像，显然属于非匀变速运动，物体速度在增大，试判断其加速度是逐渐__________。(填“增大”、“减小”)17、如图所示是某人在“用打点计时器测速度”实验中得到的纸带，纸带的右端后通过打点计时器．从点痕的分布情况可以断定纸带的运动情况是_______。若所用电源频率为50Hz，从打下A点到打下E点，共11点，历时_______s，位移为_______m，这段时间内纸带运动的平均速度是_______m/s．BD段的平均速度是_______m/s．18、【题文】某型号汽车在水平公路上行驶时受到的阻力大小恒为2000N。当汽车以10m/s的速度匀速行驶时，发动机的实际功率P=____W。当汽车从10m/s的速度继续加速时发动机的功率将____汽车以10m/s的速度匀速行驶时发动机的功率（填“大于”、“等于”、“小于”）。19、【题文】如图所示，有A、B两个行星绕同一恒星作圆周运动，旋转方向相同，A行星的周期为T1，B行星的周期为T2，在某一时刻两行星第一次相遇（即两行距离最近），则经过时间t1=____两行星第一次相距最远，经过时间t2=____两行星将第二次相遇。20、以半径r做匀速圆周运动的物体；

角速度w与周期T的关系是：______；

线速度V与周期T的关系是：______；

线速度V与角速度W的关系是：______；

周期T与频率f的关系是：______．21、1966

年曾在地球的上空完成了以牛顿第二定律为基础的测定质量的实验，实验时，用双子星号宇宙飞船m1

去接触正在轨道上运行的火箭组m2(

后者的发动机已熄火)

接触以后，开动双子星号飞船的推进器，使飞船和火箭组共同加速(

如图)

设推进器开动时间为5s

推进器在这段时间的平均推力F

等于900N

测出飞船和火箭组的速度变化是0.5m/s

已知m1=3000kg

则火箭组m2

的质量为______kg

．评卷人得分四、解答题(共4题，共24分)22、A、B两个小球由柔软的细线相连，线长l=6m；将A、B球先后以相同的初速度v=4.5m/s；从同一点水平抛出（先A后B），相隔时间△t=0.8s．

（1）A球抛出后经多少时间；细线刚好被拉直？

（2）细线刚被拉直时，A、B球的水平位移（相对于抛出点）各多大？（g取10m/s2）

23、如图所示；长为l的轻细绳，上端固定在天花板上，下端系一质量为m的小球，将小球拉开到绳子绷直且呈水平的A点，无初速度释放小球，空气阻力不计，求：

（1）小球落至最低点B时的速度大小；

（2）小球落至最低点时受到绳子拉力的大小．

24、一列动车从静止开始，以5m/s2加速度做匀加速直线运动，20s后以其末速度做匀速直线运动，又经过一段时间后，又以2m/s2的加速度做匀减速直线运动；最后停止运动，全部运动中列车的位移为50Km，求：

（1）列车20s末的速度；

（2）列车在匀减速运动过程中的位移；

（3）列车匀速直线运动行驶的时间．

25、由实验测得弹簧的弹力F与弹簧的长度l关系如图所示；试求：

（1）弹簧的长度为多少？

（2）劲度系数为多少？

评卷人得分五、综合题(共4题，共32分)26、【题文】如图所示，一个三棱柱平放在水平桌面上，形成两个倾角分别为和的斜面。一绳子跨过定滑轮连着质量均为m的两个物体A和B。不计各处摩擦。问三棱柱以多大加速度沿水平向右运动时，才能使A和B相对斜面静止？27、(1)

如图，靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，大轮半径是小轮半径的2

倍，AB

分别为大、小轮边缘上的点，C

为大轮上一条半径的中点.

则线速度之比vA隆脙vB=

__________，角速度之比娄脴A隆脙娄脴B=

__________，向心加速度之比aA隆脙aB

__________．

(2)

在做研究平抛运动的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹如下图．

(1)

为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出一些操作要求，将你认为正确选项前面的字母填在横线上：__________________．(a)

通过调节使斜槽的末端的切线保持水平(b)

每次释放小球的位置必须不同(c)

每次必须由静止释放小球(d)

记录小球位置用的木条(

或凹槽)

每次必须严格地等距离下降(e)

小球运动时不应与木板上的白纸(

或方格纸)

相接触(f)

将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线(2)

若用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长为L

小球在平抛运动途中的几个位置如图中的abcd

所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=

__________(

用Lg

表示)

．(3)

质量为m

的木块放在光滑水平面上，在水平力F

的作用下从静止开始运动，则运动时间t

时F

的功率为__________．28、

29、氢气球重为10N

所受空气浮力为16N

由于受恒定的水平风力F

作用，使系氢气球的绳子(

不计重力)

和地面成60鈭�

角，如图所示，求：

(1)

绳子的拉力T

(2)

气球受到的水平风力F

．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】

从山脚爬上山顶；然后又从原路返回到山脚时，通过位移为零，因此平均速度为零；设从山脚爬上山顶路程为s，则有：

上山时间：下山时间：

因此往返平均速率为：故ABC错误，D正确．

故选D．

【解析】【答案】注意平均速度和平均速率的区别；平均速度大小是位移与所用时间的比值，而平均速率为通过路程与所用时间比值，明确了这两个概念的区别便能正确解答本题．

2、C【分析】

A；四个小球抛出后；加速度都是g，竖直方向都做匀变速直线运动，设高度为h，则有。

对于第1个球：h=vt+．

第二个球：先上升后下落，返回出发点时，速率等于v；则知竖直上抛小球的运动时间大于竖直下抛小球运动时间．

第三个球做平抛运动，h=．

第四个球竖直方向：做竖直上抛运动；运动时间比平抛运动的时间长．

故可知竖直下抛的小球运动时间最短；竖直上抛的小球运动时间最长．故A错误．

B；平抛和斜抛的两个小球；落地时速度方向与竖直上抛和竖直下抛的小球速度方向不同，则每个小球落地时的速度不全相同．故B错误．

C、重力做功WG=mgh；高度h相等，重力相等，则重力对每个小球做的功相同．故C正确．

D、重力小球落地时做功的瞬时功率公式为P=mgvy，vy是竖直方向的分速度；四个球落地时竖直方向的分速度不全相同，竖直下抛；竖直上抛最大，重力落地时重力的功率最大．故D错误．

故选C

【解析】【答案】由题四个小球抛出后；只受重力作用，加速度都是g，从抛出到落地，竖直方向的位移大小相等，根据运动学公式可比较时间；

落地时各个速度方向的不全相同；可知速度不全相同．

重力做功WG=mgh；起点与终点的竖直高度相等，重力相等，重力做功即相等．

重力小球落地时做功的瞬时功率公式为P=mgvy，vy是竖直方向的分速度．

3、C|D【分析】【解析】试题分析：沿斜面匀速下滑，过程中除了重力做功，摩擦力也做功，A错误，物体在竖直方向上下落时，当加速度为g时，只有重力做功，所以B错误，绳子的拉力和运动方向垂直，对小球不做功，所以只有重力做功，机械能守恒，C正确，物体沿光滑曲面下滑，没有摩擦力的作用，同时物体受到支持力对物体也不做功，所以只有物体的重力做功，机械能守恒，所以D正确．故选CD考点：考查了机械能守恒条件【解析】【答案】CD4、A|B|D【分析】【解析】分析：A、当牵引力等于阻力时，速度最大．根据P=Fvm=fvm求出最大速度．

B；根据F=f+ma求F；根据v=at求v．根据P=Fv求实际功率；

C；根据牛顿第二定律；F-f=ma，求出匀加速阶段的牵引力，当功率达到最大时，匀加速直线运动结束，P=Fv，求出v,根据速度时间公式v=at求解时间。

D、汽车以恒定功率启动，则当其速度为5m/s时，根据F=求牵引力；根据牛顿第二定律求加速度。

解：A、当牵引力等于阻力时，速度vm=m/s=20m/s．故A正确．

B；当速度为5m/s时；牵引力F=f+ma=4000+2000×2N=8000N，v=at=4m/s,P=Fv=80004=32000W

故B正确．

C、根据牛顿第二定律得，F-f=ma，则F=f+ma=4000+2000×2N=8000N．当功率达到最大时，匀加速直线运动结束，P=Fv,v=="1"0m/s,t=故C错误．

D、则当其速度为5m/s时，牵引力F=N=16000N；

由牛顿第二定律a==6m/s2故D正确．

故选ABD．

点评：解决本题的关键知道当牵引力等于阻力时，速度最大．若以恒定加速度运动，先做匀加速运动，功率逐渐增大，当功率达到额定功率，做加速度减小的加速运动，当加速度减小到0，达到最大速度．【解析】【答案】ABD5、C【分析】解：A

质点是一个理想化模型；实际上并不存在，引入这个概念方便我们研究问题，故A错误。

B；体积很大的物体也可以看成质点；这要看分析的是什么问题，比如在研究地球绕太阳的运动的时候，地球就可以看成质点，故B错误；

C；当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时；我们就可以把它看成质点，故C正确．

D；质点是一个无大小有质量的点；与数学上的点不同，故D错误；

故选：C

．

解决本题要正确理解质点的概念：质点是只计质量；不计大小、形状的一个几何点；是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点与物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．

考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．【解析】C

6、D【分析】【解析】略【解析】【答案】D7、A【分析】解：根据楞次定律；在进磁场的过程中，感应电流的方向为逆时针方向；在出磁场的过程中，感应电流的方向为顺时针方向.

在进磁场的过程中，切割的有效长度先增加后减小，出磁场的过程中，切割的有效长度先增加后减小.

所以感应电流的大小在进磁场的过程中先增大后减小，出磁场的过程中也是先增大后减小.

故A正确，BC

D错误．

故选A．

根据楞次定律可判断出圆环进磁场过程中和出磁场过程中的感应电流方向；根据切割的有效长度在变化，知感应电动势以及感应电流的大小也在变化．

解决本题的关键掌握楞次定律判定感应电流的方向，以及掌握切割产生的感应电动势E=BLv.

知道L

为有效长度．【解析】A

二、双选题(共8题，共16分)8、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}9、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}10、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}11、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}12、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}13、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】根据自由落体运动重力做功mgh=45J，平均功率P=W/t=15W，第三秒重力的瞬时功率为P=mgv=mggt=30W，当物体的动能和势能相等时，设离地面的高度为h，由动能定理得高度h=40m【解析】【答案】45J、25W、30W、40m15、略

【分析】解：(1)螺旋测微器的固定刻度读数为10.5mm；可动刻度读数为0.01×0.1mm=0.001mm，所以最终读数为10.501mm．

游标卡尺的固定刻度读数为101mm；游标读数为0.05×11mm=0.55mm，所以最终读数为101.55mm=10.155cm

(2)(一)小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力；想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；

其次：设小车质量M；钩码质量m，整体的加速度为a，绳上的拉力为F，则：对小车有：F=Ma；对钩码有：mg-F=ma，即：mg=(M+m)a；

如果用钩码的重力表示小车受到的合外力；则要求：Ma=(M+m)a，必须要满足钩码的质量远小于小车的总质量，这样两者才能近似相等．

(二)利用匀变速直线运动的推论得：

vA==0.86m/s．

由于相邻的计数点间的位移之差不等；故采用逐差法求解加速度．

小车运动的加速度计算表达式为a=

代入数据得a=0.64m/s2．

(三))①根据所提供数据；采用描点法可正确画出图象如下所示：

②由图象可知；当开始小车存在拉力时，加速度确为零，根据牛顿第二定律可知，此时小车应该受到摩擦力作用，因此实验中存在是问题是没有平衡摩擦力或者平衡的不够，故CD错误，AB正确．

故选AB．

故答案为：(1)10.501；10.155

(2)(一)①将长木板一端垫起；让小车重力。

沿斜面的分力平衡摩擦阻力；

②小车质量远大于沙桶的总质量．

(二)0.86，0.64

(三)如图，AB．【解析】10.501;10.155;将长木板一端垫起；让小车重力。

沿斜面的分力平衡摩擦阻力;小车质量远大于沙桶的总质量;0.86;0.64;AB16、略

【分析】试题分析：图像的斜率表示加速度，从图中可知图像的斜率逐渐减小，所以加速度逐渐减小。考点：考查了速度时间图像【解析】【答案】减小17、略

【分析】试题分析：相邻计数点间的时间间隔相同，所以先做加速后匀速，从A点到E点的时间为位移为平均速度为BD段的平均速度为：考点：“用打点计时器测速度”实验【解析】【答案】先加速后匀速、0.2s、0.394m/s、0.6m/s18、略

【分析】【解析】本题考查对功率的理解，汽车匀速行驶，牵引力等于阻力，发动机的功率如继续加速，牵引力增大，则发动机功率会增大，所以汽车从10m/s的速度继续加速发动机的功率将大于汽车以10m/s的速度匀速行驶时发动机的功率。【解析】【答案】20000W变大19、略

【分析】【解析】分析：人造卫星在不同的轨道上运动；先求出角速度，再一次追上B多转动一圈，多转动半圈时相距最远．

解答：解：多转动半圈时，第一次相距最远，有t1-t1=π

解得t1=

多转动一圈时，第二次追上，有t2-t2=2π

解得t2=

点评：本题是有关转动的追击问题，每次多转动一圈后追上一次，多转动（n+）圈相距最远．【解析】【答案】20、略

【分析】解：根据可知，角速度ω与周期T的关系是：

根据可知，线速度V与周期T的关系是：

线速度V与角速度W的关系是：v=ωr；

周期T与频率f的关系是：．

故答案为：v=ωr；．

直接根据线速度；角速度、周期的定义以及角度的定义出发；分析各个量之间的关系．

正确理解并掌握线速度的定义和角速度的定义式，正确推导各量之间的关系是解决本题的关键．【解析】v=ωr；21、略

【分析】解：对整体；由牛顿第二定律，有：F=(m1+m2)a

由运动学公式有a=v鈭�v0t=0.55=0.1m/s2

由以上两式得：m2=Fa鈭�m1=9000.1鈭�3000=6000kg

故答案为：6000

对整体火箭组受力分析列出牛顿第二定律方程；再结合加速度的定义即可求出m2

遇到连接体问题一般应采取“先整体后隔离”的顺序并根据牛顿第二定律列式求解，基础【解析】6000

四、解答题(共4题，共24分)22、略

【分析】

（1）两球水平方向位移之差恒为△x=v×△t=4.5×0.8m=3.6m；

AB竖直方向的位移差随时间变化；当竖直方向位移差与水平方向位移差的合位移差等于6m时绳被拉直．

由水平方向位移差3.6m；绳子长6m，可以求得竖直方向位移差为h时绳绷紧．

h==m=4.8m；

有h=gt2-g（t-0.8s）2=4.8m；得t=1s．

（2）细线刚被拉直时；A球的水平位移为4.5×1m=4.5m；

B球的水平位移为4.5×（1-0.8）m=0.9m．

答：（1）（1）A球抛出后经1s；细线刚好被拉直（2）A球的水平位移为4.5m，B球的水平位移为0.9m

【解析】【答案】（1）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，两球相隔0.8s水平抛出，在水平方向上的位移差保持不变，在竖直方向上的位移差逐渐增大，根据（△x）2+（△y）2=L2求出时间．

（2）根据水平方向上的匀速直线运动求A球的水平位移．

23、略

【分析】

（1）球从A点至最低点B过程机械能守恒；设落至最低点时速度为v，则：

得：

小球落至最低点时的速度大小为

（2）至最低点时：

小球受合力F合=

得：F=3mg

由牛顿第三定律可得绳子受到的拉力为3mg．

【解析】【答案】（1）小球在下落中只有重力做功；故机械能守恒；由机械能守恒可求得最低点的速度；

（2）小球做圆周运动；拉力与重力的合力充当向心力，由向心力公式可求得绳子的拉力．

24、略

【分析】

（1）物体的初速度为零，根据公式v=v+at有：

故列车20s末的速度为：v=100m/s．

（2）减速阶段的位移为：

故汽车在匀减速运动过程中的位移：s=2500m．

（3）列车加速阶段的位移为：

所以汽车匀速阶段的位移为：x=s-x1-x2=46500m

所以匀速阶段时间为：

故列车匀速直线运动行驶的时间：t=465s．

【解析】【答案】（1）根据匀变速直线运动是速度时间公式v=v+at可以求解；

（2）根据速度-位移公式求出减速运动为位移；

（3）根据第（2）问求出的匀速阶段的位移大小；根据位移公式x=vt即可求出运动时间；

25、略

【分析】

（1）由图可知；当弹力为零时，弹簧原长为4cm

（2）F=kx

F=k（l-l）

k==0.5N/cm=50N/m

故弹簧的劲度系数为50N/m．

【解析】【答案】（1）当弹力为零时；弹簧处于原长．

（2）根据胡克定律F=kx；从图上根据弹簧的形变量和弹力大小，求出劲度系数，即图线的斜率．

五、综合题(共4题，共32分)26、略

【分析】【解析】当斜面加速度过小；则B将沿斜面下滑，A沿斜面上滑，同样当加速度过大，B将沿斜面上滑，A沿斜面下滑，因此只有当斜面加速度等于某一值时，才能保证A和B相对斜面静止，此时三者具有相同的加速度，设为a。

将加速度a分别沿平行斜面和垂直斜面的方向分解；对A；B分别有。

（1）

（2）

联立（1）（2）解得：【解析】【答案】27、（1）1∶11∶21∶2

（2）(1)ace(2)

（3）【分析】(1)

【分析】

根据ABC

两者间是共线还是共轴关系；结合线速度、角速度、加速度的公式求出比值。对于共轴关系角速度相同，对于共线线速度相同，熟记线速度、角速度、加速度公式是求解本题的关键；

本题考查线速度；角速度；向心加速度的计算，难度较易；

【解答】

A、B

两点为共线关系，线速度相同，由角速度w=vr

可知角速度之比等于半径之比，因此娄脴A隆脙娄脴B=1:2

向心加速度a=v2r

可知aA隆脙aB=1:2

(2)

【分析】

(1)

保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平；因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线；正确应用平抛运动规律：水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动；

(2)

解答