2025年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷343考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，两点的连线垂直带电圆环并经过圆环的中心，两点到圆环的距离均为d，在两点连线上且到圆环的距离为2d，若图中b点处的电场强度为零，则图中a点处的电场强度大小是（）

A.B.C.D.2、如图所示，机械臂主要结构包括上臂、支柱和电机，上臂、支柱由同种材料制作。已知上臂长2m，重10kg，支柱高2.5m，重20kg，机械臂将15kg的A物体从如图所示位置缓慢提高2m，g=10m/s2；则电机消耗电能约为（）

A.300JB.400JC.500JD.600J3、某同学在探究感应电流产生的条件时，制作了如图所示的四种装置。图甲中矩形金属线圈abcd与匀强磁场垂直，且一半在匀强磁场内，一半在匀强磁场外；图乙中矩形金属线圈efgh处于竖直面内，直导线MN与fg边平行且与线圈平面共面，并通以向下的电流I；图丙中螺线管通以大小为I的电流，其内部有一金属圆环，圆环平面与螺线管轴线垂直；图丁为一根长导线对折后绕成的螺线管，并通以大小为I的电流；其内部有一金属圆环，圆环平面与螺线管轴线垂直。下列描述中，在线圈中能产生感应电流的是（）

A.图甲中金属线圈以bc为轴转动60°B.图乙中金属线圈以直导线MN为轴转动C.图丙中电流I增大D.图丁中电流I增大4、电场中某区域的电场线分布如图所示。是电场中的两点，分别用表示两点电场强度的大小，用表示同一点电荷分别处于两点时受到电场力的大小。下列判断中正确的是（）

A.B.C.D.5、如图所示，示波管由电子枪竖直方向偏转电极YY′、水平方向偏转电极XX′和荧光屏组成。电极XX′的长度为l、间距为d、极板间电压为U，YY′极板间电压为零，电子枪加速电压为10U。电子刚离开金属丝的速度为零，从电子枪射出后沿OO′方向进入偏转电极。已知电子电荷量为e，质量为m，则电子（）

A.在XX′极板间的加速度大小为B.打在荧光屏时，动能大小为11eUC.在XX′极板间受到电场力的冲量大小为D.打在荧光屏时，其速度方向与OO′连线夹角α的正切6、真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F。若保持这两个点电荷之间的距离不变，将它们的电荷量都变成原来的一半，则改变电荷量后这两个点电荷之间静电力的大小为（）A.B.C.D.7、“嫦娥四号”展开的太阳能电池板在有光照时，可以将光能转化为电能。太阳能电池板作为电源，其路端电压与干路电流的关系如图中的曲线所示，太阳能电池板的负载其图线为图中倾斜直线；则下列说法正确的是（）

A.负载的阻值为2kΩB.太阳能电池板的电动势为3.00VC.外电路的阻值为1kΩ时电源效率约为64%D.太阳能电池板的内阻恒定不变评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器。当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U。将R2的滑动触点向b端移动过程中；下列判断正确的是。

A.电源的效率减小B.电源的输出功率一定减小C.I1减小，I2增大，U减小D.I1变化量ΔI1小于I2变化量ΔI29、关于电动势下列说法中正确的是（ ）A.在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电能增加B.对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势就越大C.电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极向正极送单位电荷量做功越多D.电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极向正极移送电荷量越多10、如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间的距离为d，极板面积为S，电容器带电量为Q。电容器之间有一带正电的油滴处于静止状态。在油滴质量不变的情况下，某时刻油滴的电荷量q开始减小；为使该油滴仍保持静止状态，可采取的措施为（）

A.给平行板电容器继续充电，增加电荷量QB.让平行板电容器放电，减少电荷量QC.使两极板相互靠近些，减小极板间的距离dD.将上极板水平右移一些，减小极板正对面积S11、如图所示；电力工作人员在几百万伏的高压线上进行带电作业，电工全身穿戴带电作业用的屏蔽服，屏蔽服是用导电金属材料与纺织纤维混纺交织成布后再做成的服装，下列说法正确的是（）

A.采用金属材料编织衣服的目的是使衣服不易拉破B.采用金属材料编织衣服的目的是利用静电屏蔽C.电工穿上屏蔽服后，体内电场强度为零D.电工穿上屏蔽服后，体内电势为零12、用一个额定电压为220V的电热水器煮沸一壶水需要ts，如果不考虑电热水器的电热损失和电热丝电阻受温度的影响，那么（）A.当线路电压为110V时，煮沸一壶水需要2tsB.当线路电压为110V时，煮沸一壶水需要4tsC.当线路电压为55V时，煮沸一壶水需要4tsD.当线路电压为55V时，煮沸一壶水需要16ts13、下列对电现象及规律的认识中，正确的是（）A.自然界中只存在正、负两种电荷B.同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引C.摩擦起电说明了电荷可以被创造D.点电荷间的静电力随它们之间距离的增大而增大14、如图所示，竖直平面内相距的A、B两点（AB水平）均固定有电荷量为Q的正点电荷，半径为a的光滑绝缘细圆管（圆管的大小不计）固定在A、B两点间，其圆心O位于AB的中点，细管与AB以及AB中垂线的交点分别为C、E、D、F。一电荷量为q的带负电小球（视为质点）在圆管内沿顺时针方向运动，以大小为（g为重力加速度大小）的速度通过D点时，小球恰好对细管无压力。静电力常量为k；不计空气阻力。下列说法正确的是（）。

A.小球通过C、E两点时的合力相同B.小球通过F点时的速率为C.小球的质量为D.小球在C点的电势能等于其在E点的电势能15、金属导电是一个典型的导电模型，值得深入研究。一金属直导线电阻率为若其两端加电压，自由电子将在静电力作用下定向加速，但电子加速运动很短时间就会与晶格碰撞而发生散射，紧接着又定向加速，这个周而复始的过程可简化为电子以速度沿导线方向匀速运动。我们将导线中电流与导线横截面积的比值定义为电流密度，其大小用表示，可以“精细”描述导线中各点电流的强弱。设该导线内电场强度为单位体积内有个自由电子，电子电荷量为电子在导线中定向运动时受到的平均阻力为则下列表达式正确的是（）A.B.C.D.16、如图所示，弹簧测力计下端挂一条形磁铁棒，其中条形磁铁棒极的一部分位于未通电的螺线管内；则下列说法正确的是（）

A.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将减小B.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将增大C.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将增大D.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将减小评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、法拉第心系“磁生电”∶

（1）1831年，英国物理学家_____发现了电磁感应现象。产生的电流叫作________。

（2）法拉第的概括。

法拉第把引起感应电流的原因概括为五类∶

①变化的_____；

②变化的_____；

③____的恒定电流；

④____的磁铁；

⑤在磁场中运动的___。

（3）电磁感应与感应电流：法拉第把他发现的_____的现象叫作电磁感应，产生的电流叫作______。

（4）发现电磁感应现象的意义。

①使人们对电与磁内在联系的认识更加完善，宣告了_____作为一门统一____的诞生。

②使人们找到了_____的条件，开辟了人类的电气化时代。18、如图所示，A、B两个带异种电荷的小球分别被两根绝缘细线系在木盒内的一竖直线上，静止时木盒对地面的压力为细线对B的拉力为若将系B的细线断开，刚断开时木盒对地面的压力等于____________；在B向上运动过程中，木盒对地面的压力逐渐___________（填“变大”或“变小”）。

19、如图，电荷A、B、C放在光滑绝缘的水平透明管道内，其中带正电的A电荷固定，B的位置可人为控制，C可在水平方向自由移动。若将B向右移动，电荷C也跟着向右移动。则电荷C带___________电，电荷B带___________电。

20、一个不带电的金属球壳的内、外半径分别为R1和R2，今在中心处放置一电荷为q的点电荷，则球壳的电势U=_______________。21、已知电场中A点的电势为将一电荷量为的检验电荷置于该点时，它的电势能为__________J，将该电荷移动到电场中的B点，电场力做了的正功，则B点的电势为_________V。22、某同学利用螺旋测微器和游标卡尺分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图所示，该工件的直径为______cm，高度为______cm。

23、通电螺线管的磁场。

安培定则：如图所示，用右手握住螺线管，让弯曲的四指与________一致，伸直的拇指所指的方向就是________磁场的方向或者说拇指所指的方向是它的________的方向。

评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

25、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短26、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

27、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)28、某电阻Rx的阻值约为100Ω；现要用如图所示的电路测量其阻值，可选器材如下：

A.电源E（电动势约3V）；

B.滑动变阻器R1（最大阻值10kΩ）；

C.滑动变阻器R2（最大阻值10Ω）；

D.电压表V（量程0~3V；内阻为1kΩ）；

E.电流表A1（量程0-10mA；内阻约为1Ω）；

F.电流表A2（量程0~30mA；内阻约为3Ω）；

G.开关；导线若干；

（1）电流表应选择___________（填“E”或“F”）；

（2）某同学做实验的过程中，发现滑动变阻器的滑片即便在很大范围内滑动，电压表和电流表的示数都几乎为零，不方便获得多组电压电流数据，于是向你求助。你帮他检查后发现器材完好，电路连接无误，各接线柱接触良好。请帮该同学判断最有可能存在的问题并告诉他解决问题的办法：___________

（3）为了消除因电表内阻造成的系统误差，测量时S2应接___________（填“a”或“b”）。某次测量中读得电压表的示数为1.60V，电流表的示数为17.2mA，消除系统误差之后，算得Rx的阻值为___________Ω（保留3位有效数字）。29、要测绘一个标有“3V；0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作。已选用的器材有：

电池组（电动势为4.5V；内阻约1Ω）：

电流表（量程为0～250mA．内阻约5Ω）；

电压表（量程为0～3V。内阻约3kΩ）：

电键一个；导线若干。

①实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_____（填字母代号）。

A．滑动变阻器（最大阻值20Ω；额定电流1A）

B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω；额定电流0.3A）

②实验的电路图应选用图1中_____（填字母代号）。

③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图2所示。如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为5.0Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是_____W。30、某同学用电压表和电流表测一节电池的电动势和内阻；并按照图甲所示的电路图进行实验，所用电压表可视为理想电压表。

（1）图乙为根据实验数据绘制的图像，从图像中可知该电池电动势__________V，内阻__________Ω。（均保留小数点后一位）

（2）该同学找资料查证量程为的电流表内阻比较小，接近电池内阻，则该电池内阻的测量值__________（填“”“”或“”）真实值。

（3）该同学放弃电压表，并且将滑动变阻器更换为电阻箱R，采用如图丙所示电路进行实验，经多次测量并记录电阻箱阻值R及对应的电流强度I，重新绘制出如图丁所示的图像（忽略电流表的内阻），已知图线斜率为k，图线与纵坐标轴的截距为b，则电池电动势__________，内阻__________。（用k、b中的物理量表示）31、小明利用如图所示的实验装置测量一干电池的电动势和内阻。

（1）图中电流表的示数为__________A

（2）调节滑动变阻器；电压表和电流表的示数记录如下。

请根据表中的数据，在答题卡的方格纸上作出U-I图线____________________．

由图线求得：电动势E=_________V，内阻r=_________________Ω．

（3）实验时，小明进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持电路闭合，其实从实验误差考虑，这样的操作不妥，因为__________________________________．评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)32、XCT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称，XCT扫描机可用于对多种病情的探测。图甲是某种XCT机主要部分的剖面图，其中产生X射线部分的示意图如图乙所示。图乙中M、N之间有一电子束的加速电场，虚线框内为偏转元件中的匀强偏转场S：经调节后电子从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到水平圆形靶台上的中心点P；产生X射线（如图中带箭头的虚线所示）。

已知MN两端的电压为U0，偏转场区域水平宽度为L0，竖直高度足够长，MN中电子束距离靶台竖直高度为H；忽略电子的重力影响，不考虑电子间的相互作用及电子进入加速电场时的初速度，不计空气阻力。

(1)若偏转场S为在竖直平面内竖直向上的匀强电场，要实现电子束射出偏转场S时速度方向与水平方向夹角为30°，求匀强电场的电场强度E1的大小；

(2)若偏转场S为在竖直平面内竖直向上的匀强电场，当偏转电场强度为E时电子恰好能击中靶台P点。

①求P点距离偏转场右边界的水平距离L的大小；

②在仪器实际工作时，电压U0会随时间成正弦规律小幅波动，波动幅度为U，周期为T，如图丙所示。这将导致电子打在靶台上形成一条线，已知一个周期T时间内从小孔射出的电子数为N1，每个打在靶台上的电子平均激发k个X射线光子，求单位长度的线上平均产生的X射线光子数N2。（电子通过加速电场的时间远小于加速电压U0的变化周期；不考虑加速电场变化时产生的磁场）

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

由于b点处的合场强为零，所以圆环在b处产生的场强与点电荷+q在b处产生的场强大小相等均为方向相反，可知圆环应带负电，由圆环产生场强的特点可知，圆环在a点产生的场强大小等于方向向左，点电荷+q在a处产生的场强大小方向向左，所以图中a点处的电场强度大小是方向向左，故C正确，ABD错误；

故选C．

【点睛】熟记点电荷的场强公式，理解合场强为零的含义，掌握带点圆环产生场强的特点．2、B【分析】【分析】

【详解】

机械臂将A物体从如图所示位置缓慢提高2m，需要克服物体的重力和机械臂的重力重力做功，机械臂的重心上升高度约为1m，则消耗的电能为

故选B。3、C【分析】【详解】

根据电磁感应可知；闭合回路中磁通量发生变化时，电路中产生感应电流。

A．图甲中金属线圈以bc为轴转动60°；线圈平面的磁通量未发生变化，不产生感应电流，A错误；

B．图乙中金属线圈以直导线MN为轴转动；线圈平面内的磁感应强度不变，磁通量不变，不产生感应电流，B错误；

C．图丙中电流I增大；线圈内磁感应强度变大，磁通量发生变化，产生感应电流，C正确；

D．图丁中导线的缠绕方式，使得线圈平面内的磁感应强度为零，磁通量为零，增大电流I磁通量不变；D错误。

故选C。4、A【分析】【详解】

电场线越密集，电场强度越大，所以

根据F=qE

故选A。5、D【分析】【详解】

A．由牛顿第二定律可得，在XX′极板间的加速度大小

A错误；

B．电子电极XX′间运动时，有vx=axt

电子离开电极XX′时的动能为

电子离开电极XX′后做匀速直线运动，所以打在荧光屏时，动能大小为B错误；

C．在XX′极板间受到电场力的冲量大小

C错误；

D．打在荧光屏时，其速度方向与OO′连线夹角α的正切

D正确。

故选D。6、D【分析】【详解】

电量改变之前，根据库仑定律有

当电荷量都变为原来的一半时，则有

故D正确；ABC错误。

故选D。7、C【分析】【详解】

A．由图可知，负载的阻值为

故A错误；

B．由题图图线纵截距；可知该电池的电动势约为2.80V，故B错误；

C．由图可知，两图线的交点为（1.80mA，1.80V）即表示负载的实际工作状态，此时电源的效率

故C正确；

D．由图线可知太阳能电池板内阻是变化的；故D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)8、A:C:D【分析】【详解】

A．将的滑动触点向端移动时，减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，即电压表示数减小。电源的效率：

则减小，A正确；

B．由于电源的内外电阻关系未知，所以不能确定电源的输出功率如何变化，B错误；

C．总电流增大，电压增大，、并联电压减小，通过的电流减小，而总电流增大，则流过的电流增大，C正确；

D．由于总电流增大，通过的电流减小，则，D正确。

故选ACD。9、A:C【分析】【分析】

在电源内部把正电荷从负极移到正极非静电力做功，电能增加，电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领的大小；根据电动势的定义式E=分析其意义；电动势等于电源没有接入电路时两极的电压．

【详解】

A；在电源内部非静电力把正电荷从负极移到正极而做功；其他形式的能转化为电能，电能增加，故A正确．

B；电动势等于电源没有接入电路时两极的电压；故B错误．

C、D、根据电动势的定义式E=得：W=qE；可知电动势越大，说明非静电力在电源内部把单位正电荷从负极向正极移送做功越多．故C正确，D错误．

故选AC．

【点睛】

本题的解题关键是理解掌握电动势的物理意义、掌握电动势的定义式E=知道电动势与电源两极间电压的区别．10、A:D【分析】【详解】

A．给平行板电容器继续充电，电量增大，电容不变，根据

知电势差增大，根据

知电场强度增大；故A正确；

B．让电容器放电，电量减小，电容不变，根据

知电势差减小，根据

知电场强度减小。电荷的电量减小；电场强度也减小，则电场力减小，电荷不能平衡，故B错误；

C．因为

所以电场强度

与电容器两极板间的距离无关；所以电容器两极板靠近时，电场强度不变，电荷的电量减小，则电场力减小，电荷不能平衡，故C错误；

D．将上极板水平右移，正对面积减小，电容减小，电势差

增大，电场强度

增大；当油滴电荷量减小时，可使油滴平衡，故D正确；

故选AD。11、B:C【分析】【分析】

【详解】

屏蔽服的作用是使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等势屏蔽面；从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害，等势面说明电势相等而不是等于0，而电场中的导体内的电场强度为0。

故选BC。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由公式。

可得煮沸一壶水所需的热量为。

当电压变为原来的时，所需热量没变，因此时间要变为原来的4倍，即4ts；故A错误，B正确；

CD．当电压变为原来的时，时间要变为原来的16倍，即16ts；故C错误，D正确。

故选BD。13、A:B【分析】【详解】

A．自然界中只存在正；负两种电荷；故A正确；

B．同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引，故B正确；

C．根据电荷守恒定律可知；电荷不可能被创造，摩擦起电只是将电荷进行转移，故C错误；

D．根据库仑定律

可知点电荷间的静电力随它们之间距离的增大而减小；故D错误。

故选AB。14、B:C:D【分析】【详解】

AD．C、E两点高度相同，重力势能相同，并且C、E两点关于O点对称，故小球电势能相同，由能量守恒可知，小球在C、E两点速度相同，故需要的向心力大小相同，故小球通过C、E两点时的合力大小相同；但方向不同，A错误，D正确；

B．D和F两点关于O点对称，故小球电势能相同，小球从D到F过程中只有重力做功，故

解达

故B正确；

C．由几何关系可知

由平行四边形定则，可知小球在D点时得电场力（q为带负电小球）

方向向下，在D点，合力提供向心力

故

故C正确；

故选BCD。15、B:C【分析】【详解】

AB．电流的微观表达式

电流密度为

A错误；B正确；

C．由

而

所以

C正确；

D．由题意知，电子在导线中的运动简化为匀速运动，则

D错误。

故选BC。16、B:D【分析】【分析】

【详解】

当接电源正极，接负极时，根据线圈的绕向可知，磁铁棒的极受到的磁场力方向向下，磁铁棒极受力方向向上．由于磁铁棒的极所在处磁感线较稀，故极受力大于极受力，磁铁棒所受磁场力的合力方向向下，弹簧测力计示数增大。同理，当接电源正极，接负极时；弹簧测力计示数减小，所以BD正确；AC错误；

故选BD。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【详解】

略【解析】法拉第感应电流电流磁场运动运动导体磁生电感应电流电磁学学科磁生电18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]细线断开前，对整体(A、B和木盒)进行受力分析，整体受重力Mg和地面的支持力F′N。根据共点力平衡的条件和牛顿第三定律得出。

细线断开前；对小球B进行受力分析，根据共点力平衡的条件得出。

若将系B的细线断开，对小球B进行受力分析，小球B受重力mg，向上的电场力F电刚断开时，对A和木盒做为整体进行受力分析，整体受重力M′g、地面的支持力FN′′、小球B对A的静电力F电。运用平衡条件得出。

由牛顿第三定律得木盒对地的压力等于

[2]在B向上运动的过程中，小球B对A的电场力F电′增大；由。

得地面对木盒的支持力也在增大，根据牛顿第三定律知道木盒对地的压力逐渐变大.【解析】变大19、略

【分析】【详解】

[1][2]由题意，若将B向右移动，电荷C也跟着向右移动，说明A、C间和B、C间均为斥力，所以B、C均带正电。【解析】正正20、略

【分析】【详解】

根据高斯定理，对球面有

则有

其中r>R2

可解得【解析】21、略

【分析】【详解】

[1]由

[2]从A到B点

解得【解析】4×10−5J22、略

【分析】【详解】

[1]工件的直径为d=6mm+0.01mm×12.0=6.120mm=0.6120cm

[2]工件的高度为h=50mm+0.05mm×18=50.90mm=5.090cm【解析】0.61205.09023、略

【解析】①.螺线管电流的方向②.螺线管轴线上③.北极四、作图题(共4题，共28分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】25、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD26、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共4题，共16分)28、略

【分析】【详解】

（1）[1]Rx两端的最大电压在3V左右；通过其最大电流约为。

故电流表应选择F。

（2）[2]无论如何滑动滑片，电压表和电流表的示数都几乎为零，在电路无故障的情况下，说明Rx所在支路分得的电压过小，所以存在的问题是滑动变阻器选择了最大阻值较大的R1。解决该问题的方法是将滑动变阻器换为最大阻值较小的R2。

（3）[3]由于已经给出电压表内阻的准确值，故可以通过电流表的读数