2025年粤人版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤人版高三物理上册月考试卷475考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、物体受共点力F1、F2、F3的作用而做匀速直线运动，则下列数值中这三个力可能是（）A.15N、5N、6NB.3N、6N、4NC.1N、2N、10ND.1N、6N、8N2、如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场相互垂直．在电磁场区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球．O点为圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c点为最低点，Ob沿水平方向．已知小球所受电场力与重力大小相等．现将小球从环的顶端a点由静止释放．下列判断正确的是（）A.当小球运动的弧长为圆周长的时，洛仑兹力最大B.当小球运动的弧长为圆周长的时，洛仑兹力最大C.小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小D.小球从a点到b点，重力势能减小，电势能增大3、两同学分别用长木板；小车和打点计时器研究匀变速直线运动；打出纸带后，选取纸带中清晰的一部分，分别算出计时起点及0.1s末、0.2s末、0.3s末、0.4s末小车的瞬时速度，得出甲、乙两组数据，填入下表．根据表中数据可得出。

。t/s00.10.20.30.4v甲/（cm•s-1）18.017.517.016.516.0v乙/（cm•s-1）9.811.012.213.414.6（）A.甲车的速度变化较慢B.乙车的加速度较小C.甲车的位移在不断减小D.乙车的位移在不断减小4、如图所示，手推车轮子的转向轴线OO′总是设计成不通过轮子的转轴a，其理由是（）A.为了便于转向B.为了节省材料C.为了减小摩擦D.为了美观5、如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是（）A.B与水平面间的摩擦力减小B.B静止时，图中α、β、θ三角始终不相等C.悬于墙上的绳所受拉力大小不变D.拉B的绳子的拉力不变6、如图所示，将小球a从地面以初速度v0竖直上抛的同时，将另一相同质量的小球b从距地面h处以初速度v0水平抛出，两球恰好同时到达同一水平高度h/2处（不计空气阻力）。下列说法中正确的是（）A.两小球落地时的速率相同B.两小球落地时，重力的瞬时功率相同C.从开始运动到两球到达同一水平高度，球a动能的减少量等于球b动能的增加量D.到达同一水平的高度后的任意时刻，重力对球a做功功率和对球b做功功率相等7、如图所示；不计空气阻力，在同一地点以不同角度抛出小球，小球所受的合外力方向与它的初速度方向在同一直线上的是（）

A.①②B.③④C.①③D.②④评卷人得分二、双选题(共7题，共14分)8、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C9、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键10、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种11、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}12、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡13、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、如图所示，一轻质弹簧一端固定，原来弹簧静止在光滑水平面上的无形变固体，在大小为F的水平恒力作用下由静止开始沿光滑水平面向右运动．在O点与弹簧接触后继续向前到B点时将外力f撤去，此时物体的速度为v，已知：AO=4s，OB=s，则撤去外力后物体的最大速度为____．15、质量为1kg的甲物体以5m/s的速度去撞击静止在水平桌面上质量为2kg的乙物体，碰撞后甲以1m/s的速度反向弹回，此时乙的速度大小为____m/s，碰撞过程中系统损失的机械能为____J．16、物体的质量m与其蕴含的能量E之间的关系是：____.由此可见，物体质量____，其蕴含的能量____．能量与质量成____，所以质能方程又可写成____．17、卡文迪许利用如图所示的扭秤实验装置测量了引力常量G．

(1)(多选题)为了测量石英丝极微小的扭转角；该实验装置中采取使“微小量放大”的主要措施是____________

(A)减小石英丝的直径。

(B)增大T型架横梁的长度。

(C)利用平面镜对光线的反射。

(D)增大刻度尺与平面镜的距离。

(2)已知T型架水平横梁长度为l，质量分别为m和m’的球，位于同一水平面内，当横梁处于力矩平衡状态时，测得m、m’连线长度为r，且与水平横梁垂直，同时测得石英丝的扭转角度为θ，由此得到扭转力矩kθ(k为扭转系数且已知)，则引力常量的表达式G=____________．18、（2014春•凯里市校级期中）如上图光滑桌面上一个小球由于细线牵引，绕桌面上的图钉做圆周运动，小球受到的力有____个，合力的方向____．评卷人得分四、判断题(共4题，共24分)19、青藏高原测水沸时的温度：应选用水银温度计和酒精温度计．____．（判断对错）20、一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升到200℃时，其体积增加为原来的2倍．____．（判断对错）21、一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关____（判断对错）22、月亮在云中穿梭，参考系是云．____（判断对错）评卷人得分五、画图题(共2题，共10分)23、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）24、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】物体受共点力F1、F2、F3作用而作匀速直线运动，说明这3个力的合力为零，只需要找出合力可能为零的一组．【解析】【解答】解：因物体做匀速直线运动；所以所受的合力为零．

因为是三个力；我们可让前两个先合成，再和第三个合成：

A：前两个力的合力范围是：[10；20]，第三个力是6牛，所以合力不可能为零．故A错误．

B：前两个力的合力范围是：[3；9]，第三个力是4牛，所以合力可能为零．故B正确．

C：前两个力的合力范围是：[1；3]，第三个力是10牛，所以合力不可能为零．故C错误．

D：前两个力的合力范围是：[5；7]，第三个力是8牛，所以合力不可能为零．故D错误．

故选：B．2、C【分析】【分析】电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”．关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大．再根据竖直平面内的圆周运动的相关知识解题即可．【解析】【解答】解：A、B、电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”．关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大．根据公式f=qvB，在bc弧的中点位置洛伦兹力最大；故A错误；B错误；

C、小球从b点运动到c点，电场力做负功，电势能增大，但由于bc弧的中点速度最大；所以动能先增后减；故C正确；

D、小球从a点到b点；重力做正功，电场力也做正功，故重力势能减小，电势能也减小，故D错误；

故选：C．3、A【分析】【分析】根据速度的变量以及变化的时间判断速度变化的快慢，即加速度的大小．通过速度的方向判断位移的变化．【解析】【解答】解：A；甲车每0.1s内速度的变化量为-0.5cm/s；乙车每0.1s速度变化量为1.2cm/s，可知相等时间内乙车的速度变化量大，则乙车速度变化快，加速度较大．故A正确，B错误．

C；因为甲车的速度一直为正值；知位移一直不断增大．故C错误．

D；乙车的速度一直为正值；知位移一直增大．故D错误．

故选：A．4、A【分析】【分析】车轮在转向的时候，需要有一个使它发生转动的力矩，而力矩的大小与力和力臂的乘积成正比，力臂越大，需要的力就越小．【解析】【解答】解：由于力矩的大小与力和力臂的乘积成正比；力臂越大，需要的力就越小．手推车轮子的转向轴线OO′若是设计成通过轮子的转轴a，此时的力臂非常小，需要的力就要大．因此，手推车轮子的转向轴线OO′总是设计成不通过轮子的转轴a，其理由是为了便于转向．故选项A正确，选项BCD均错误．

故选：A5、D【分析】【分析】分析：对A分析可知绳上的拉力不变，再对B分析，作出受力分析图，根据共点力的平衡条件可得出摩擦力的变化；分析滑轮受力由力的合成与分解可得出夹角的大小关系．【解析】【解答】解：A；对B分析；B向右移动时，绳与地面的夹角减小，绳水平分量增大，而水平方向B受力平衡，摩擦力增大，故A错误；

B；对滑轮分析；由于A一直竖直，故绳子与墙平行，故α=θ；因拉A的绳子与拉B的绳子力相等，而拉滑轮的力与两绳子的力的合力大小相等，故拉滑轮的力应这两绳子拉力的角平分线上，故α、β、θ三角始终相等，故B错误；

C；由于两绳间夹角增大；而两拉力不变，故悬于绳上的绳子的拉力将减小，故C错误；

D；对A分析；由于A处于静止，故绳子的拉力等于A的重力；绳子对B的拉力也保持不变，等于A的重力；故D正确；

故选D．6、C【分析】【解析】试题分析：两球落地时，有机械能守恒可得，a球速度为b球速度大于所以A错。假设到达同一水平高度的竖直速度分别为则所以重力的瞬时功率所以B错。到达同一水平高度时，球a动能的减少量等于克服重力做的功球b动能的增加量等于重力做的功所以C正确。到达同一高度后的任意时刻，球b的竖直速度一直大于球a的竖直速度，所以重力对球a做功功率始终小于对球b做功功率。D错误故选C考点：考查了竖直上抛和平抛运动规律的应用【解析】【答案】C7、A【分析】【分析】根据物体的运动性质，分析初速度和合力的方向关系，从而进行判断．【解析】【解答】解：竖直下抛；初速度方向竖直向下，合力竖直向下，可知合外力的方向与初速度方向在同一条直线上．

竖直上抛；初速度方向竖直向上，合力竖直向下，可知合外力方向与初速度方向在同一条直线上．

平抛运动；初速度方向水平，合力竖直向下，可知合外力方向与初速度方向不在同一条直线上．

斜抛运动；初速度方向斜向上，合力竖直向下，可知合外力方向与初速度方向不在同一条直线上．故A正确，B；C、D错误．

故选：A．二、双选题(共7题，共14分)8、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D9、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}10、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}11、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}12、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}13、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共5题，共10分)14、【分析】【分析】在整个运动过程中，只有F与弹簧的弹力对物体做功，弹簧恢复原长时物体的速度最大，应用动能定理可以求出物体的最大速度．【解析】【解答】解：从A到B过程中；由动能定理得：

F（4s+s）-ks2=mv2-0；

解得：ks2=5Fs-mv2；

弹簧恢复原长时物体的速度最大；从B点到弹簧恢复原长过程；

由动能定理得：ks2=mvm2-mv2；

解得：vm=；

故答案为：．15、略

【分析】

以甲的初速度方向为正方向；甲乙组成的系统动量守恒；

由动量守恒定律得：m甲v甲=m甲v甲′+m乙v乙；

即：1×5=1×（-1）+2×v乙，解得：v乙=3m/s；

由能量守恒定律得：碰撞过程中损失的机械能。

△E=m甲v甲2-m甲v甲′2-m乙v乙2=3J；

故答案为：3；3．

【解析】【答案】碰撞过程中动量守恒；由动量守恒定律可以求出乙的速度；由能量守恒定律可以求出损失的机械能．

16、E＝mc2越大越多正比ΔE＝Δmc2【分析】【解答】物体的质量m与其蕴含的能量E之间的关系是：E＝mc2.由此可见，物体质量越大其蕴含的能量越多。能量与质量成正比，所以质能方程又可写成ΔE＝Δmc2。

【分析】爱因斯坦的质能方程。17、略

【分析】解：(1)为了测量石英丝极微小的扭转角；该实验装置中采取使“微小量放大”．利用平面镜对光线的反射，来体现微小形变的．当增大刻度尺与平面镜的距离时，转动的角度更明显．因此选项CD正确；

当减小石英丝的直径时；会导致石英丝更容易转动，对测量石英丝极微小的扭转角却没有作用，故A不正确；

当增大T型架横梁的长度时；会导致石英丝更容易转动，对测量石英丝极微小的扭转角仍没有作用，故B不正确；

故选CD．

(2)质量分别为m和m’的球；位于同一水平面内，当横梁处于静止时，力矩达平衡状态．则有：

由得：G=

故答案为：【解析】CD;18、3指向