2025年沪科版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高二物理上册月考试卷517考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图甲所示，在一块平板玻璃上放置一平凸薄透镜，在两者之间形成厚度不均匀的空气膜，让一束单一波长的光垂直入射到该装置上，结果在上方观察到如图乙所示内疏外密的同心圆环状条纹，称为牛顿环，以下说法正确的是（）A.干涉现象是由于凸透镜上表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的B.干涉现象是由于凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的C.若凸透镜的曲率半径增大，则会造成相应条纹间距减小D.若照射单色光的波长增大，则会造成相应条纹间距减小2、如图所示的交流电路中，如果电源电动势的最大值不变，当交流电的频率增大时，可以观察到三盏电灯亮度的变化情况是()

A.L1L2L3

亮度都不变B.L1

变暗，L2

不变、L3

变亮C.L1

变暗、L2

变亮、L3

不变D.L1

变亮、L2

变暗、L3

不变3、关于液体的表面张力；下列说法正确的（）

A.由于液体的表面张力使表面层内液体分子间的平均距离小于r

B.由于液体的表面张力使表面层内液体分子间的平均距离大于r

C.产生表面张力的原因是表面层内液体分子间只有引力没有斥力。

D.表面张力使液体的表面有收缩的趋势。

4、某交流发电机给灯泡供电，产生正弦式交变电流的图象如图所示，下列说法中正确的是()A.交变电流的频率为0.02HzB.交变电流的瞬时表达式为＝5cos100πt(A)C.在t＝0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D.若发电机线圈电阻为0.4Ω，则其产生的热功率为5W5、下列说法中正确的是（）A.在玻璃幕墙表面镀一定厚度的金属氧化物，利用衍射现象使外面的人在白天看不到幕墙里面的情况B.紫外线的频率与固体物质分子的固有频率接近，容易引起分子共振，产生内能C.来回抖动带电的梳子，在空间就会形成变化的电磁场，产生电磁波D.地面上两北斗卫星导航终端同时发出定位申请信号，在高速运行的卫星上看两信号也一定是同时发出的6、在地面附近有一高速飞行的宇宙飞行器，地面上的人和宇宙飞行器中的宇航员观察到的现象，正确的是（）A.地面上的人观察到宇宙飞行器变短了B.地面上的人观察到宇宙飞行器变长了C.宇航员观察到宇宙飞行器内的时钟变慢了D.宇航员观察到宇宙飞行器内的时钟变快了评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是51

原线圈接入电压有效值为220V

的正弦交流电，各元件正常工作，一只理想二极管和一个滑动变阻器R

串联接在副线圈上，如图所示.

电压表和电流表均为理想交流电表，则下列说法正确的是()

A.原、副线圈中的电流之比为51

B.电压表的读数约为31.11V

C.若滑动变阻器接入电路的阻值为20娄赂

则1

分钟内产生的热量为2904J

D.若将滑动变阻器的滑片向上滑动，则两电表读数均减小8、通常通过互感器测高压输电线路中电流和电压。如图所示，接入高压输电线路输入端的两个互感器，原、副线圈匝数比分别为1漏U500

和500漏U1

图中甲、乙表示电压表或电流表，已知电压表的读数为24V

电流表的读数为2A

则()A.甲是电流表，乙是电压表B.甲是电压表，乙是电流表C.高压输电线路输电线的总电阻是12娄赂

D.高压输电线路输入的总功率为12000kW

9、如图所示的电路中，匝数为n、横截面积为s、电阻为r的线圈处于一个均匀增强的匀强磁场中，磁场的磁感应强度随时间的变化率为k，磁场方向水平向右且与线圈平面垂直，电容器的电容为C，两个电阻的阻值分别为r和2r。由此可知，下列说法正确的是（）A.电容器所带的电荷量为nakcB.电容器所带的电荷量为nakcC.电容器上极板带正电D.电容器下极板带正电10、两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球（可看成点电荷），其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，当它们静止于空间某两点时，静电力大小为F．现将两球接触后再放回原处，则它们间静电力的大小可能为（）A.FB.FC.FD.F11、如图所示，水平地面上有三个相同的物块，物块A、B叠放在一起，C通过水平轻杆与A相连，水平拉力F作用在物块A上，此时三个物块一起向右做匀减速运动，则下列判断正确的是（）A.水平地面可能是光滑的B.杆对物块C施加的作用力可能向左C.物块B受到的摩据力一定水平向左D.物块A一定受到7个力的作用评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)12、有一正弦交流电，它的电压随时间变化的情况如图所示，则电压的有效值为____V；交流电的周期为____s．

13、如图所示为一交变电流随时间变化的图象，则此交变电流的有效值为____14、在利用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，某同学拿玻璃砖当尺子，用一支粗铅笔在白纸上画出玻璃砖的两边界aa′和bb′，造成两边界间距离比玻璃砖宽度大了少许，如图所示，由此测得的折射率将______．（填“偏大”“偏小”或“准确”）．15、如图，理想变压器原、副线圈的匝数之比n1：n2=4：1，原线圈两端连接光滑导轨，副线圈与电阻R相连接组成闭合回路．当直导线AB在垂直于导轨平面的匀强磁场中沿导轨匀速向右作切割磁感线运动时，安培表A1的读数为12mA，那么安培表A2的读数为____A．

16、现有一个电流表,它的满偏电流为Ig=1mA,内阻Rg=200Ω,若要将它改装成量程为5A的电流表,应____联一个______Ω的电阻,改装后的电流表测量电流时,指针指在表盘上原来0.2mA处,则被测电流的大小是_______.17、小球从3m高处自由下落，被水平地板弹回后在1m高处接住，则小球通过的路程等于______m，位移的大小等于______m，方向______．18、课堂上物理老师用手摇发电机、交流电表和示波器显示交变电流产生和图象．图甲是手摇交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，为交流电流表．线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动．

（1）电流表示数______A；

（2）线圈的转速______r/s．评卷人得分四、判断题(共4题，共12分)19、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）20、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

22、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、解答题(共4题，共36分)23、在开展研究性学习的过程中；某同学设计了一个利用线圈测量转轮转动角速度的装置．如图所示，在轮子的边缘贴上小磁体，将小线圈靠近轮边放置，接上数据采集器和电脑（即DIS实验器材）．如果小线圈的面积为S，匝数为N，小磁体附近的磁感应强度最大值为B，回路的总电阻为R，实验发现，轮子转过θ角，小线圈的磁感应强度由最大值变为零．则该过程中磁通量的变化量△Φ=______；如果电脑显示该过程中感应电流的平均值为I，则转轮转动的角速度ω=______．

24、气球内气体的体积1L，密度ρ=1.29kg/m3，平均摩尔质量M=29g/mol，阿伏加德罗常数．试估算气球内气体分子的总个数N=______；该气体分子之间的距离d=______m．（结果均保留一位有效数字）

25、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如甲图所示；制成光电报警装置．当报警器有光照射时，蜂鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声．①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小．②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，如图乙所示．当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态．当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下回复到分离状态．电路已经连接一部分，请将电路完整连接好．

26、[附加题]如图所示；一半径为R的绝缘圆形轨道竖直放置，圆轨道最低点与一条水平轨道相连，轨道都是光滑的．轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，场强为E．从水平轨道上的A点由静止释放一质量为m；带正电为q的小球，为使小球刚好能到达圆环最高点；求释放点A距圆轨道最低点B的距离s．

评卷人得分六、作图题(共2题，共8分)27、（8分）画出下图中带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向。28、根据磁感应强度B

电流I

和安培力F

的相互关系；请根据要求作图．

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】解：A；当光垂直照射到凸透镜上时；光的传播方向不变，而当光从玻璃射入空气时一部分光发生反射，另一部分光透射进入空气，当该部分光从空气进入下面的平面玻璃时又有一部分光发生反射，这样两列反射光是相干光，它们在凸透镜的下表面相遇，当光程差为波长的整数倍时是亮条纹，当光程差为半个波长的奇数倍时是暗条纹，故出现亮暗相间的圆环状干涉条纹．故A错误，B正确．

C；若换一个曲率半径更大的凸透镜；仍然相同的水平距离但空气层的厚度变小，所以观察到的圆环状条纹间距变大．故C错误．

D；若照射单色光的波长增大；则观察到的圆环状条纹间距变大．故D错误．

故选：B．

从空气层的上下表面反射的两列光为相干光；当光程差为波长的整数倍时是亮条纹，当光程差为半个波长的奇数倍时是暗条纹．使牛顿环的曲率半径越大，相同的水平距离使空气层的厚度变小，所以观察到的圆环状条纹间距变大．

理解了牛顿环的产生机理就可顺利解决此类题目，故对物理现象要知其然更要知其所以然，注意牛顿环的特征与影响因素是解题的关键．【解析】【答案】B2、C【分析】解：感抗为XL=2娄脨fL

容抗为xC=12娄脨fc

．

当频率f

增大时；感抗XL

变大，容抗XC

变小．

感抗XL

变大；对交流电的阻碍作用变大，所以L1

变暗．

容抗XC

变小；对交流电的阻碍作用变小，所以L2

变亮．

而电阻器的对交流电的阻碍作用不随频率改变；所以L3

亮度不变．

所以L1

变暗；L2

变亮、L3

不变.

故ABD错误；C正确．

故选C．

根据感抗公式XL=2娄脨fL

和容抗公式xC=12娄脨fc

定性讨论．

还可以根据电容器和电感线圈的特性分析选择.

电容器内部是真空或电介质，隔断直流.

能充电、放电，能通交流，具有隔直通交、通高阻低的特性.

电感线圈可以通直流，通过交流电时产生自感电动势，阻碍电流的变化，具有通直阻交，通低阻高的特性．【解析】C

3、D【分析】

与气体接触的液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，液体表面层的分子间同时存在相互作用的引力与斥力，但由于分子间的距离大于分子的平衡距离r；分子引力大于分子斥力，分子力表现为引力，即存在表面张力，表面张力使液体表面有收缩的趋势；故ABC错误，D正确．

故选D．

【解析】【答案】作用于液体表面；使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势．

4、B|D【分析】【解析】试题分析：A、由图读出周期可得频率错误B、由图可得角速度瞬时值表达式，正确C、由图可知时，电流最大，线圈在与中性面垂直的位置，磁通量为零；错误D、发电机线圈产生的热功率正确故选BD考点：描述交变电流的物理量【解析】【答案】BD5、C【分析】【解答】A；在玻璃幕墙表面镀一定厚度的金属氧化物；利用镜面反射使外面的人看不到幕墙里面的情况；故A错误．B、红外线的频率与固体物质分子的固有频率接近，容易引起分子共振，产生内能．故B错误．

C；来回抖动带电的梳子；产生变化的电场，变化的电场产生变化的磁场，变化的电场和变化的磁场交替产生，形成电磁波．故C正确．

D；地面上两北斗卫星导航终端同时发出定位申请信号；在高速运行的卫星上看两信号不是同时的．故D错误．

故选C．

【分析】在玻璃幕墙表面镀一定厚度的金属氧化物，利用镜面反射使外面的人看不到幕墙里面的情况；当驱动力的频率紧急物体的固有频率时，会发生共振．变化的电磁场交替产生，形成电磁波．6、A【分析】解：AB；根据爱因斯坦相对论可知；地面上的人观察到飞船变短了，则A正确，B错误。

CD；运动是相对的；飞船上的人员观察到飞船的长度不变而时间进程也不变。故CD错误。

故选：A。

由相对论效应分析飞船的时间和长度变化；当人和飞船之间有相对运动时；人观察到的飞船长度会变短，时间会变慢。

该题考查相对论的时间与长度的变化，解答本题要掌握相对论的基本原理，能分析时间和长度的变化。基础题目。【解析】A二、多选题(共5题，共10分)7、BC【分析】【分析】根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论。本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管和电容器的作用要了解，明确二极管的单向导电性的应用。【解答】A.原线圈接入电压为220V

的正弦交流电；原；副线圈的匝数比是5l

则副线圈电压为44V

原、副线圈中的电流与匝数成反比，所以电流之比为15

A错误；

B.原、副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为44V

由于副线圈接着二极管，它具有单向导电性，根据电流的热效应知442R?T2=U2R?T

解得U=31.11V

故B正确；C.由B

求得电压表两端电压有效值为U脫脨脨搂=222V

则1min

内产生的热量为Q=U2Rt=2904J

故C正确；

D.将滑动变阻器滑片向上滑动；接入电路中的阻值变小，电流表的读数变大，但对原；副线圈两端的电压无影响，即电压表的读数不变，所以D错误。

故选BC。【解析】BC

8、AD【分析】【分析】明确变压器的基本性持，根据变压比和变流比计算出输送电压和电流，最后根据电功率P=UI

计算电功率。本题实质是电压互感器与电流互感器的简单运用，电压互感器与电流互感器是利用变压器原理将电压、电流减小到可测范围进行测量的仪器。【解答】AB

由图可知：甲所接变压器串联在电路中，应为电流互感器，而乙所接变压器并联在电路中，故应是电压传感器；所以甲是电流表，乙是电压表；故A正确B错误；C；输电线只占部分电压；故不能直接根据欧姆定律求解输电线上的电阻，故C错误；

D；甲互感器原线圈的匝数比副线圈匝数1500

乙互感器原线圈的匝数比副线圈匝数5001

电压表的示数为24V

得原线圈的电压为12000V

电流表的示数为2A

原线圈的电流为1000A.

所以电线输送功率是：P=UI=12000隆脕1000=1.2隆脕107W=12000KW

故D正确。

故选AD。

【解析】AD

9、BC【分析】解：AB、闭合线圈与阻值为r的电阻形成闭合回路；线圈相当与电源，电容器两极板间的电压等于路端电压；

线圈产生的感应电动势为：E=nS=nSk，路端电压：U=则电容器所带电荷量为：Q=CU=故A错误，B正确；

CD；磁场向右均匀增强；由楞次定律可知，电容器上极板带正电，下极板带负电，故C正确D错误。

故选：BC。

磁场均匀增强；线圈中产生恒定的感应电动势，相当于电源。根据法拉第定律可求得感应电动势的大小，由电路的结构求出路端电压；

根据楞次定律确定极板的电性。

本题是电磁感应与带电粒子在电场平衡问题的综合，关键要能根据法拉第定律求出感应电动势，由楞次定律判断感应电动势的方向，注意电容器在电路稳定时视为开路。【解析】BC10、BD【分析】解：若两电荷同性，设一个球的带电量为Q，则另一个球的带电量为5Q，此时有：F=

接触后再分开，带电量各为：Q1′=Q2′=

则两球的库仑力大小为：F′=k．

若两电荷异性，接触后再分开，两球电量的绝对值为：Q1′=Q2′=

此时两球的库仑力为：F″=k=F

故BD正确；AC错误．

故选：BD

接触带电的原则是先中和后平分；两个球的电性可能相同，可能不同，根据库仑定律得出接触后再放回原处的库仑力大小。

解决本题的关键掌握接触带电的原则，先中和后平分，以及掌握库仑定律的公式【解析】【答案】BD11、CD【分析】解：A；如果水平地面是光滑的；受到水平拉力F作用不会向右做匀减速运动，故A错误；

B；物块C水平方向受向左的摩擦力和杆的作用力；合力向左，杆对物块C施加的作用力可能向左、也可能向右，故B错误；

C；由于整体的加速度向左；所以物块B的加速度也向左，而B水平方向只有摩擦力，所以B受到的摩据力一定水平向左，故C正确；

D；物块A受到水平方向的外力F、杆的作用力、地面的摩擦力；竖直方向受到重力、地面的支持力、B对A的压力和摩擦力，一定受到7个力的作用，故D正确。

故选：CD。

整体向右做匀减速运动；加速度向左，合力向左，所以地面不可能光滑；用整体法；隔离法分析即可。

本题考查了受力分析、牛顿第二定律的应用，注意整体法、隔离法的应用，受力分析时要把每一个接触面的力都分析全面，防止漏力。【解析】CD三、填空题(共7题，共14分)12、略

【分析】

由正弦交流电的u-t图象读出电压的最大值Um=10V，则有效值为U==5

周期为T=0.4s．

故答案为：50.4

【解析】【答案】由正弦交流电的u-t图象读出电压的最大值和周期，由最大值与有效值的关系Um=U求出有效值．

13、略

【分析】可求出I=6A【解析】【答案】6A14、略

【分析】解：作出实际的光路图如图实线所示；作出作图时的光路图，如图虚线所示；

可知；折射角的测量值将偏大，入射角没有误差；

所以根据折射定律n=可知测得的折射率将偏小．

故答案为：偏小．

用插针法测定玻璃砖折射率的实验原理是折射定律n=作出光路图，确定折射光线的偏折情况，分析入射角与折射角的误差，来确定折射率的误差．

本题考查测量折射率实验的误差分析情况，对于实验误差，要紧扣实验原理，用作图法，确定出入射角与折射角的误差，即可分析折射率的误差．【解析】偏小15、略

【分析】

由于直导线AB匀速运动，则AB切割磁场产生的电流时恒定的，线圈产生的磁通量也是恒定的，所以不会引起副线圈的磁通量的变化，所以副线圈不会有感应电流产生，即安培表A2的读数为0．

故答案为：0．

【解析】【答案】变压器是根据磁通量的变化来工作的；当原线圈的磁通量恒定时，副线圈是没有感应电流的，根据变压器的工作的原理分析原线圈中的电流的变化情况即可的出结论．

16、略

【分析】【解析】试题分析：改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理：其中I为改装后的量程。改装成电流表要并联电阻分流，并联电阻阻值为R：改装后的刻度为原来的倍，则原0.2mA的刻度值应变为：考点：电表的改装．【解析】【答案】并联；0.4Ω；1A17、略

【分析】解：小球从3米高处开始落下；通过的路程是3m．被水平地板弹回后于1米高处被接住，又通过的路程是1m，则总路程是4m．起点与终止的线段长度是2m，则位移大小是2m．方向是从起点指向终点，即竖直向下．

故答案是：4；2；竖直向下．

路程是物体运动路线的长度．位移表示物体位置的移动；用从起点到终点的有向线段表示．

对于有往复的直线运动，物体的位移大小也是小于路程．只有当物体做单向直线运动时，位移大小才等于路程．【解析】4；2；竖直向下18、略

【分析】解：（1）由题图乙可知交流电电流的最大值是A，周期T=0.02s，由于电流表的示数为有效值，故示数I==10A；

（2）由图可知，交流电的周期为0.02s，故转n===50r/s；

故答案为：（1）10；（2）50

由题图乙可知交流电电流的最大值；周期；电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流大小．

本题考查交变电流的产生及有效值的定义，要注意明确电流表示数、机器铭牌上所标的电流值、电压值等均为有效值．【解析】10；50四、判断题(共4题，共12分)19、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．20、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．21、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．22、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．五、解答题(共4题，共36分)23、略

【分析】

设转轮的角速度；转速分别为ω和n；轮子转过θ角所需时间为△t，通过线圈的磁通量的变化量为△Φ=BS；

线圈中产生的感应电动势的平均值为E．

根据法拉第电磁感应定律有E=N=N

由闭合电路欧姆定律有I=

又为△t=

ω=．

故答案为：BS；．

【解析】【答案】根据法拉第电磁感应定律；求出感应电动势的平均值；由闭合电路欧姆