2025年人教新起点高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新起点高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c。a、b间的距离等于b、c间的距离。用和分别表示三点的电势和场强，可以判定（）A.B.C.D.2、一质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是()A.质点振动频率是4HzB.在10s内质点经过的路程是20cmC.第4s末质点的速度是零D.在t＝1s和t＝3s两时刻，质点位移大小相等、方向相同3、如图所示，光滑无电阻的金属框架MON

竖直放置，水平方向的匀强磁场垂直MON

平面，质量为m

的金属棒ab

从隆脧abO=60鈭�

的位置由静止释放，两端沿框架在重力作用下滑动。在棒由图示位置滑动到处于水平位置的过程中，ab

中感应电流的方向是A.由a

到b

B.由b

到a

C.先由a

到b

再由b

到a

D.先由b

到a

再由a

到b

4、已知均匀带电的球壳在壳内任意一点产生的电场强度均为零，在壳外某点产生的电场强度等同于把壳上电量全部集中在球心处的点电荷所产生的电场强度.在真空中现有一半径为R、电荷量为+Q的均匀带电球，球心位置O固定，P为球外一点，M为球内一点，如图所示，以无穷远为电势零点，关于P、M两点的电场强度和电势，下列说法中正确的是

A.若Q不变，P点的位置也不变，而令R变小，则P点的场强不变B.若Q不变，P点的位置也不变，而令R变大（P点仍在球外），则P点的电势升高C.若Q不变，M点的位置也不变，而令R变小（M点仍在球内），则M点的电势不变D.若Q不变，M点的位置也不变，而令R变大，则M点的场强减小5、如图是某正弦式交变电压的波形图；由图可确定该电压的（）

A.周期是2s

B.频率是100Hz

C.有效值是220V

D.表达式为u=220sin100πt（V）

6、2011年3月11日，日本发生9.0级大地震并引发海啸，造成了重大人员伤亡和财产损失。海啸通常由震源在海底下50km以内、里氏6.5级以上的海底地震引起。不管海洋深度如何，海啸波都可以传播过去，海啸在海洋的传播速度大约每小时500到600km，而相邻两个浪头的距离也可能达到500到650km。根据以上信息和学过的物理知识，试判断下列说法正确的是（）A.海啸波是电磁波B.海啸波波长最大可达650kmC.海啸是将震源中心的海水推到了日本本土而引起的D.海啸波的最小周期约为50min7、下列实验或器件应用涡流现象的是（）A.

电磁感应实验B.

日光灯电路C.

直流电动机D.

电磁灶8、某电场中等势面分布如图所示，图中虚线表示等势面，过a、c两点的等势面电势分别为50V和20V，则a、c连线的中点b处的电势应（）A.大于35VB.小于35VC.肯定等于35VD.可能等于35评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)9、（1）利用单摆测重力加速度的实验中，偏角小于5，但测出的重力加速度的数值偏大，可能原因是____

A．振幅较小B．测摆长时；只量出摆线的长度，没有从悬挂点量到摆球中心。

C．数振动次数时；少计了一次D．数振动次数时，多计了一次。

（2）利用单摆测重力加速度的实验中，为了减小测量周期的误差，应在____位置（填“最低点”或“最高点”）开始计时和结束计时．10、真空中有两个点电荷，它们之间的静电力为F，如果保持它们所带的电荷量不变，将它们之间的距离增大为原来的2倍，则它们之间作用力的大小等于____F.11、在真空中两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量均为2×C，相距20cm，则它们之间的相互作用力为__________N，在两者连线的中点处，电场强度大小为__________N/C.（k=9.0×109Nm2/C2）12、某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约为1Ω；电压表（0～3V，3kΩ）、电流表（0～0.6A，1.0Ω）、滑动变阻器有R1（10Ω，2A）和R2（100Ω；0.1A）各一只．

（1）实验中滑动变阻器应选用____（填“R1”或“R2”）．

（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．

（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U-I图线，由图可较准确地求出该电源电动势E=____V；内阻，r=____Ω．

13、如图所示，有一个长方形容器，高为12.0cm、宽为16.0cm，在容器的底部平放着一把刻度尺。当容器中没有液体时，眼睛在OA延长线上的E点观察，视线沿着EA斜向下看，恰能看到尺的左端零刻度。现保持眼睛的位置不变，向容器内倒某种液体至液面与容器口相平，这时眼睛仍沿EA方向观察，恰能看到尺上7cm的刻度。则这种液体的折射率为__________，光在这种液体中传播的速度与在真空中传播的速度之比为___________。评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)14、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）15、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、推断题(共2题，共20分)22、已知：①一定条件下，R－Cl+2Na+Cl－R’®R－R’+2NaCl②醛和醇可以发生氧化反应，被氧化的难易次序是：RCHO最易，R—CH2OH次之，最难。现有某氯代烃A，其相对分子质量为78.5；B与氯气反应生成的一氯代物有两种。有关的转化关系如下图所示（部分产物及条件均已略去）：请回答下列问题：（1）分子式：A____；反应类型：E®F____；（2）结构简式：B____，K为____；（3）反应方程式：A→E________________________________________________；H→I________________________________________________；（4）J分子中含氧官能团的名称____（5）D的同分异构体属于羧酸的有四种，其中有2个-CH3基团的有两种。请写出这两种中的任一种结构简式：____。23、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一种可降解的聚脂类高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的应用前景rm{.PPG}的一种合成路线如下：

已知；

rm{垄脵}烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢。

rm{垄脷}化合物rm{B}为单氯代烃；化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}

rm{垄脹E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，rm{F}是福尔马琳的溶质。

rm{垄脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列问题：rm{垄脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的结构简式为________rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化学方程式为________rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反应类型为________，rm{G}的化学名称为________rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化学方程式为________；rm{PPG}的同分异构体能同时满足下列条件的共有________种rm{(5)D}不含立体异构rm{(}

rm{)}能与饱和rm{垄脵}溶液反应产生液体。

rm{NaHCO_{3}}既能发生银镜反应，又能发生水解反应。其中核磁共振请谱显示为rm{垄脷}组峰，且峰面积比为rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}写结构简式rm{(}rm{)}评卷人得分五、解答题(共2题，共16分)24、飞机着陆后以6m/s2大小的加速度做匀减速直线运动；其着陆速度为60m/s，求：

（1）它着陆后12s内滑行的位移x；

（2）整个减速过程的平均速度；

（3）静止前4s内飞机滑行的位移x1．

25、如图所示，一束光线以60°的入射角射到一水平放置的平面镜上，反射后在上方与平面镜平行的光屏上留下一光点P，现在将一块上下两面平行的透明体平放在平面镜上，则进入透明体的光线经平面镜反射后再从透明体的上表面射出，打在光屏上的P′点（图中未标出），与原来P点相比向左平移了3.46cm，已知透明体对光的折射率为．求光在透明体里运动的时间．

评卷人得分六、识图作答题(共2题，共12分)26、草鱼(2n＝48)是中国淡水养殖的四大家鱼之一，草鱼因其能迅速清除水体各种草类而被称为“拓荒者”。多倍体鱼类与相同的二倍体鱼类相比，其个体大、生长速度快、抗病及耐寒性强，可以通过人工方法诱导多倍体鱼类形成。多倍体鱼类的产生机制如图所示，a、b、c为成熟个体。请回答下列问题：(1)上述育种方法称为________，原理是______________________________________。(2)通过上述方法，得到的成熟个体a为______________倍体；通过“方法三”获得的草鱼个体体细胞中含____________条染色体。(3)秋水仙素诱导染色体加倍的原理是_________________________________________。(4)草鱼虽可控制杂草生长，但其天然繁殖能力强，易对水生植物造成严重损坏，因此可以通过方法__________(填写图中方法的序号)培育不育的草鱼解决该问题。27、科学家为了研究细胞膜上蛋白A的功能，选用细胞膜中缺乏此蛋白的非洲爪蟾卵母细胞进行实验，实验处理及结果见下表。（等渗溶液为适宜浓度的溶液，能维持细胞的正常形态功能。低渗溶液为低浓度溶液，细胞在低渗溶液中会吸水。各组实验都按照步骤一、步骤二的顺序进行。）。实验组号步骤一：在等渗溶液中进行的处理步骤二：在低渗溶液中测定卵母细胞的水通透速率（cm/s×10﹣4）Ⅰ向卵母细胞注入微量水（对照）27.9Ⅱ向卵母细胞注入某种RNA以指导合成蛋白A210.0Ⅲ将部分Ⅱ组细胞放入含HgCl2的等渗溶液中80.7Ⅳ将部分Ⅲ组细胞放入含试剂M的等渗溶液中188.0（1）将Ⅰ组卵母细胞放入低渗溶液后，水分子经____作用穿过细胞膜进入卵母细胞。（2）将指导合成蛋白A的某种RNA注入Ⅱ组卵母细胞一定时间，该RNA指导合成的蛋白A进入____上，使卵母细胞在低渗溶液中体积迅速增大，推测蛋白A可能促进____的运输。

（3）与Ⅱ组细胞相比，Ⅲ组细胞对水的通透性明显降低，说明HgC12对蛋白A的功能有____作用。（4）比较Ⅲ、Ⅳ组的结果，表明试剂M能够使蛋白A的功能____。推测HgC12没有改变蛋白A分子的氨基酸序列，而是破坏了蛋白A分子的____。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【解析】试题分析：一个电场线不知道疏密，所以电场强度不确定，既不知道是不是匀强电场，所以BCD均错，但是电场线的方向代表电势降低的方向，所以答案为A考点：电场线的性质【解析】【答案】A2、B【分析】由振动图像可知周期为4s，频率为0.25Hz，Ａ错；第4s末质点的速度最大，Ｃ错；在t＝1s和t＝3s两时刻，质点位移大小相等，方向相反，Ｄ错；【解析】【答案】B3、D【分析】【分析】产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，对照条件，分析磁通量是否变化，判断有无感应电流产生.

若有，根据楞次定律判断其方向。本题的解题关键是选择研究的回路，根据产生感应电流的条件进行判断，注意判定穿过回路的磁通量如何变化是解题的关键。【解答】以ab

棒与直角滑轨组成的回路为研究对象，当ab

由图示位置释放，直到滑到与直角滑轨夹角为45鈭�

位置的过程中，穿过这回路的磁通量在不断增大，根据楞次定律可知，感应电流方向逆时针，即b隆煤a

当越过此位置后，穿过的回路的磁通量在减小，由楞次定律可知，产生的感应电流为顺时针，即为由a隆煤b

故ABC错误，D正确。

故选D。【解析】D

4、A【分析】【详解】

若Q不变，P点的位置也不变，属于处于球壳外的某一点，由E=k知，P到Q的距离r不变；无论球半径R怎么变小，P点的电场强度仍不变，故A正确；若Q不变，P点的位置也不变，而令R变大，由于P点的电场强度不变，所以电荷从该点移到电势为零处，电场力做功不变，因而P点的电势不变．故B错误；若Q不变，M点的位置也不变，使令R变小（M点仍在壳内），根据题意可知，M点的电场强度仍为零，因此球壳内的电势处处相等，由于球壳的变小，导致电荷从球壳移到电势为零处电场力做功增加，而球壳的电势比零高，所以球壳处的电势升高，M点的电势升高，故C错误；若Q不变，M点的位置也不变，使令R变大，根据题意可知，M点的电场强度仍为零，不变．故D错误；故选A．

【点睛】

本题首先要认真读题，抓住题中的有效信息进行解答．知道带电球壳内部是等势体且电场强度处处为零，壳外则是看成点电荷模型来处理；而电势则由电荷从该点移到电势为零处电场力做功与电量的比值来确定.5、C【分析】

A；由图象知周期为0.02s；故A错误；

B、f=故B错误；

C、由图象知最大值为311V，所以有效值为U=V；故C正确；

D、角速度ω==100π；所以表达式为e=311sin100πt（V），故D错误；

故选C

【解析】【答案】根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量；然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．

6、B|D【分析】海啸是机械波，A错误，相邻两个浪头的距离也可能达到500到650km，即海啸波波长最大可达650km，B正确，美国夏威夷发生的海啸是因为日本发生地震使海水做机械振动，并不是将该处的海水传到了美国夏威夷而引起的,C错误，最小波长为50km，最大速度为600km/h，所以海啸波的最小周期约为50min，D正确，【解析】【答案】BD7、D【分析】解：A；电磁感应实验是应用了法拉第电磁感应现象；A错误；

B；当开关接通220伏的电压立即使启辉器的惰性气体电离；产生辉光放电．辉光放电的热量使双金属片受热膨胀，两极接触．电流通过镇流器、启辉器触极和两端灯丝构成通路．灯丝很快被电流加热，发射出大量电子．双金属片自动复位，两极断开．在两极断开的瞬间，电路电流突然切断，镇流器产生很大的自感电动势，与电源电压叠加后作用于管两端．应用了自感现象，B错误；

C；电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力转动；C错误；

D；电磁灶是利用电磁感应原理制成的；产生热量的原因是利用交变电流产生交变磁场；使放在灶台上的锅体内产生的涡流而将电磁能转化为热量，D正确；

故选：D

线圈中的电流做周期性的变化；在附近的导体中产生感应电流，该感应电流看起来像水中的漩涡，所以叫做涡流．涡流会在导体中产生大量的热量．

掌握涡流的原理及应用与防止：真空冶炼炉，硅钢片铁心，金属探测器，电磁灶等【解析】【答案】D8、B【分析】解：因为电场线与等势面垂直，根据等势面的形状可知，电场线从左向右由密变疏，即从a到c，电场强度逐渐减弱，而且电场线方向从a→c．ab段电场线比bc段电场线密，ab段场强较大，根据公式U=Ed可知，a、b间电势差。

Uac大于b、c间电势差Ubc，即φa-φb＞φb-φc，得到：φb＜

故ACD错误；B正确；

故选：B。

电场线和等势线垂直；等势线密的地方电场线密，电场线密的地方等势面也密。由此可知是非匀强电场，可用电势差与场强的关系式U=Ed来定性分析电势差的大小。

本题的关键是运用匀强电场中场强与电势差的公式定性分析电势差的大小，同时还可以根据电场线的疏密程度，大致确定35V的电势线，从而进行比较，即可求解。【解析】B二、填空题(共5题，共10分)9、略

【分析】

（1）A；振幅的大小不影响单摆的周期；所以不影响测出的重力加速度．故A错误．

B、测量的摆长偏小，根据g=测出的重力加速度数值偏小．故B错误．

C、数振动次数时，少计了一次，则测出的周期偏大，根据g=测出的重力加速度数值偏小．故C错误．

D、数振动次数时，多计了一次，则测出的周期偏小，根据g=测出的重力加速度数值偏大．故D正确．

故选D．

（2）因为单摆在摆动的过程经过最低点速度最大；最高点速度最小，在最低点计时误差比较小．

故本题答案为：（1）D；（2）最低点．

【解析】【答案】根据单摆的周期公式T=得出g=根据g的表达式，分析数值偏大的原因．

10、略

【分析】【解析】试题分析：由库仑定律可知将它们之间的距离增大为原来的2倍，则它们之间作用力减小为原来的即考点：库仑定律【解析】【答案】11、略

【分析】试题分析：（1）根据库仑定律（2）中点处的电场强度为两个点电荷电场强度叠加，为考点：库仑定律，电场强度【解析】【答案】9×10－53.6×10412、略

【分析】

（1）电路中最大电流I=1.5A，R2的额定电流远小于1.5A，同时R2阻值远大于电源内阻r，不便于调节，所以变阻器选用R1

（2）对照电路图；按电流方向连接电路，如图所示．

（3）由闭合电路欧姆定律U=E-Ir得知；当I=0时，U=E，U-I图象斜率的绝对值等于电源的内阻，则将图线延长，交于纵轴，纵截距即为电动势E=1.48V

r==Ω=1.88Ω．

故答案为：

（1）R1；（2）连线如图；（3）1.48；1.88

【解析】【答案】（1）估算出电路中最大电流：当变阻器的电阻为零时；由闭合电路欧姆定律可求电路中最大电流，根据额定电流与最大电流的关系，分析并选择变阻器．

（2）对照电路图；按顺序连接电路．

（3）由闭合电路欧姆定律分析U-I图象的纵轴截距和斜率的意义；可求出电动势和内阻．

13、略

【分析】试题分析：液体的折射率为n==1.33；光在这种液体中传播的速度与在真空中传播的速度之比为v:c=1：n=3:4。考点：折射率，光速的计算。【解析】【答案】1.33；3:4。三、判断题(共8题，共16分)14、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．15、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、推断题(共2题，共20分)22、略

【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，难度较大，是对有机物知识的综合考查，综合性较强，能较好的考查学生的阅读、分析与思维能力，（5）为本题的易错点。氯代烃A，其相对分子质量为78.5，则A的分子式为C3H7Cl，A与钠发生题中信息中的反应生成B，B与氯气反应生成的一氯代物有两种，则A为CH3CHClCH3，B为A在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成E为CH2=CHCH3，E发生加聚反应得F为E与溴发生加成反应得G为CH2BrCHBrCH3，G水解得H为CH2OHCHOHCH3，H选择氧化得I为CH3CHOHCHO，I选择氧化得J为CH3CHOHCOOH，J在浓硫酸加热条件下得六元环酯K为A碱性水解得C为CH3CHOHCH3，C与乙酸发生酯化反应得D为CH3COOCH（CH3）2，据此答题。【解答】氯代烃A，其相对分子质量为78.5，则A的分子式为C3H7Cl，A与钠发生题中信息中的反应生成B，B与氯气反应生成的一氯代物有两种，则A为CH3CHClCH3，B为，A在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成E为CH2=CHCH3，E发生加聚反应得F为，E与溴发生加成反应得G为CH2BrCHBrCH3，G水解得H为CH2OHCHOHCH3，H选择氧化得I为CH3CHOHCHO，I选择氧化得J为CH3CHOHCOOH，J在浓硫酸加热条件下得六元环酯K为，A碱性水解得C为CH3CHOHCH3，C与乙酸发生酯化反应得D为CH3COOCH（CH3）2，（1）根据上面的分析可知，A的分子式为C3H7Cl，E→F的反应类型加聚反应；（2）根据上面的分析可知，B为，K为；（3）A→E的反应方程式为+NaOHCH3CH=CH2+NaCl+H2O，H→I的反应方程式为2CH2OHCHOHCH3+O22CH3CHOHCHO+2H2O；（4）J为CH3CHOHCOOH，其分子中含氧官能团为羟基、羧基；（5）D为CH3COOCH（CH3）2，D的同分异构体属于羧酸的有四种，其中有2个﹣CH3基团的有两种，则其结构简式分别为。【解析】（1）C3H7Cl加聚反应（2）（3）+NaOHCH3CH=CH2+NaCl+H2O2CH2OHCHOHCH3+O22CH3CHOHCHO+2H2O（4）羟基、羧基（5）23、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反应甲醛

rm{(4)}

rm{(5)5}【分析】【分析】烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}则rm{A}为rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为rm{A}与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃rm{B}则rm{B}为rm{B}发生消去反应生成rm{C}为化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}rm{C}发生氧化反应生成rm{D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福尔马林的溶质，则rm{F}为rm{HCHO}rm{E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，可知rm{E}为rm{CH_{3}CHO}由信息rm{垄脺}可知rm{E}与rm{F}发生加成反应生成rm{G}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}与氢气发生加成反应生成rm{H}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}与rm{H}发生缩聚反应生成rm{PPG(}rm{)}以此来解答。

本题考查有机物的推断，关键是确定rm{A}的结构，再根据反应条件推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，侧重分析与推断能力的综合考查，题目难度中等。【解答】烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}则rm{A}为rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为rm{A}与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃rm{B}则rm{B}为rm{B}发生消去反应生成rm{C}为化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}rm{C}发生氧化反应生成rm{D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福尔马林的溶质，则rm{F}为rm{HCHO}rm{E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，可知rm{E}为rm{CH_{3}CHO}由信息rm{垄脺}可知rm{E}与rm{F}发生加成反应生成rm{G}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}与氢气发生加成反应生成rm{H}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}与rm{H}发生缩聚反应生成rm{PPG(}rm{).}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的结构简式为故答案为：

rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化学方程式为：

故答案为：

rm{(3)}由rm{E}和rm{F}生成rm{G}的反应类型为加成反应，rm{E}的化学名称为乙醛；故答案为：加成反应；乙醛；

rm{(4)}由rm{D}和rm{H}生成rm{PPG}的化学方程式为：

故答案为：

rm{(5)D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}它的同分异构体中能同时满足：rm{垄脵}能与饱和rm{NaHCO_{3}}溶液反应产生气体，说明含rm{-COOH}rm{垄脷}既能发生银镜反应，又能发生水解反应，含有醛基、羧基，rm{D}中共rm{5}个rm{C}则rm{C-C-C}上的rm{2}个rm{H}被rm{-COOH}rm{-OOCH}取代，共为rm{3+2=5}种，含其中核磁共振氢谱显示为rm{3}组峰，且峰面积比为rm{6}rm{1}rm{1}的是故答案为：rm{5}

【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{(3)}加成反应甲醛rm{(4)}rm{(5)5}五、解答题(共2题，共16分)24、略

【分析】

（1）以初速度方向为正方向；则有。

a=-6m/s2

飞机在地面滑行最长时间t==

故飞机12s内滑行的位移为10s内滑行的位移；得。

x===300m

（2）由平均速度v′==30m/s

（3）由（1）的分析可知飞机滑行10s停止运动；则静止前4s；

此时的速度v1=v+at=60m/s+（-6×6）m/s=24m/s

故由v2-v12=2ax1可得x1==48m

答：（1）它着陆后12s内滑行的位移为300m．

（2）整个减速过程的平均速度为30m/s．

（3）静止前4s内飞机滑行的位移为48m．

【解析】【答案】以初速度方向为正方向；飞机匀减速直线运动加速度为负值．已知加速度；初速度，分析着陆到停止运动的时间，然后求着陆后12s内滑行的位移x．由平均速度公式求平均速度，位移公式求