【名师金典】2022新课标高考生物总复习限时检测15孟德尔的豌豆杂交实验(二)-

课时限时检测(十五)孟德尔的豌豆杂交试验(二)(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(每小题5分，共50分)1．假如小偃麦早熟(A)对晚熟(a)是显性，抗干热(B)对不抗干热(b)是显性，两对基因自由组合，在争辩这两对相对性状的杂交试验中，以某亲本与双隐性纯合子杂交，假如F1代只有一种表现型，此亲本基因型可能有几种()A．1 B．2C．3 D．4【解析】依据题意以某亲本与双隐性纯合子杂交，假如F1代只有一种表现型，此亲本基因型可以是AABB或AAbb或aaBB或aabb。故选D。【答案】D2．某生物个体减数分裂产生的雌雄配子种类和比例均为Ab∶aB∶AB∶ab＝3∶3∶2∶2，若该生物进行自交，其后代消灭纯合体的概率是()A．1/4 B．1/16C．26/100 D．1/100【解析】该生物产生的配子Ab、aB、AB、ab分别占3/10、3/10、2/10、2/10，故该生物自交后代消灭纯合子的概率为(3/10)2＋(3/10)2＋(2/10)2＋(2/10)2＝26%。【答案】C3．现有①～④四个果蝇品系(都是纯种)，其中品系①的性状为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及把握该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：品系①②③④隐性性状均为显性残翅黑身紫红眼相应染色体Ⅱ、ⅢⅡⅡⅢ若需验证自由组合定律，可选择下列哪种交配类型()A．②×④ B．①×②C．②×③ D．①×④【解析】验证自由组合定律时所选择的两个类型应具有两对相对性状，且把握两对相对性状的基因必需是位于两对同源染色体上。据此推断应为②和④。【答案】A4．人类的皮肤含有黑色素，黑色素的多少由两对独立遗传的基因(A/a、B/b)所把握，显性基因A和B可以使黑色素量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为AaBB的女性结婚，下列关于其子女皮肤色深浅的描述中错误的是()A．可产生四种表现型B．肤色最浅的孩子基因型是aaBbC．与亲代AaBB表现型相同的有1/4D．与亲代AaBb肤色深浅相同的有3/8【解析】基因型为AaBb的男性与基因型为AaBB的女性结婚所生孩子的基因型为：AABB,2AaBB，aaBB，AABb,2AaBb，aaBb。由此题目信息看出后代的表现型有四种，肤色最浅的孩子基因型是aaBb，与亲代AaBb肤色深浅相同的有3/8，与亲代AaBB表现型相同的也是3/8。【答案】C5．某种蛙眼色的表现型与基因型的对应关系如下表(两对基因独立遗传)：表现型蓝眼绿眼紫眼基因型A_B_A_bb、aabbaaB_现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，F1有蓝眼和绿眼两种表现型，理论上F1蓝眼蛙∶绿眼蛙为()A．3∶1 B．3∶2C．9∶7 D．13∶3【解析】此题考查对基因自由组合定律的应用和在新情景中分析问题的力量。蓝眼蛙(A_B_)与紫眼蛙(aaB_)杂交，F1有蓝眼(A_B_)和绿眼(A_bb、aabb)两种表现型，据此推断亲本蓝眼蛙的基因型为AABb，紫眼蛙的基因型为aaBb。AABb×aaBb后代的表现型为3AaB_(蓝眼蛙)∶Aabb(绿眼蛙)。【答案】A6．某种蛇体色的遗传如下图所示，当两种色素都没有时表现为白色，选纯合的黑蛇和纯合的橘红蛇作为亲本进行杂交，下列说法错误的是()A．亲本黑蛇和橘红蛇的基因型分别为BBoo、bbOO；F1表现型全部为花纹蛇B．图示表明把握酶1和酶2的基因遵循自由组合定律C．让F1相互交配，所得的F2花纹蛇中纯合子所占的比例为1/16D．让F1花纹蛇与杂合橘红蛇交配，其后代消灭白蛇概率为1/8【解析】F1相互交配，所得的F2花纹蛇中纯合子所占的比例应为1/9。F1花纹蛇为BbOo，杂合橘红蛇为bbOo，其后代消灭白蛇bboo的概率为eq\f(1,2)×eq\f(1,4)＝eq\f(1,8)。【答案】C7．某种鼠中，黄鼠基因A对灰鼠基因a显性，短尾基因B对长尾基因b显性。且基因A或b在纯合时使胚胎致死，这两对基因位于非同源染色体上。现有两只双杂合的黄色短尾鼠交配，理论上所生的子代中纯合子所占的比例为()A．1/4 B．3/4C．1/9 D．4/9【解析】本题考查生物必修二遗传的基本规律中的自由组合定律，黄鼠基因A对灰鼠基因a显性，短尾基因B对长尾基因b显性，现有两只双杂合的黄色短尾鼠交配，其基因型可以确定为AaBb，依据题意只有AaBb，AaBB，aaBb，aaBB这四种基因型的鼠才能活下来，比例为：4∶2∶2∶1，纯合子aaBB占的比例为1/9。【答案】C8．玉米籽粒有白色、红色和紫色，相关物质的合成途径如下图。基因M、N和P及它们的等位基因依次分布在第9、10、5号染色体上。现有一红色籽粒玉米植株自交，后代籽粒的性状分别比为紫色∶红色∶白色＝0∶3∶1，则该植株的基因型可能为()A．MMNNPP B．MmNnPPC．MmNNpp D．MmNnpp【解析】本题考查基因的自由组合定律和基因间的相互作用。三对等位基因位于三对染色体上，遵循基因的自由组合定律，依据图解过程中基因互作关系M_N_P_为紫色籽粒，M_N_pp为红色籽粒，mm____和__nn__为白色籽粒。红色籽粒玉米植株(M_N_pp)自交后代籽粒的性状分别比为紫色∶红色∶白色＝0∶3∶1，推断该植株的基因型为MmNNpp。【答案】C9．数量性状通常显示出一系列连续的表现型。现有把握植物高度的两对等位基因A、a和B、b，位于不同的同源染色体上。以累加效应打算植株的高度，且每个显性基因的遗传效应是相同的。纯合子AABB高50厘米，aabb高30厘米，这两个纯合子之间杂交得到F1，再自交得到F2，在F2中表现40厘米高度的个体基因型不行能为()A．aaBB B．AAbbC．AABb D．AaBb【解析】由于纯合子AABB高50厘米，aabb高30厘米，所以每个显性基因的效应是5厘米。F1的基因型是AaBb，且高度为40厘米，F2中含有两个显性基因的就是40厘米。【答案】C10．某种二倍体植物的花色是由4对等位基因共同把握，4对等位基因分别位于4对同源染色体上，它们分别是Aa、Bb、Dd、Ee。花色的深浅与个体所带显性基因数目有关，而与基因种类无关，如基因型AABBddee与aabbDDEE的表现型全都。若基因型为AaBbDdEe的个体自交，则子代表现型总数及基因型为aaBbDDEe个体的比例依次是()A．8和1/16 B．9和1/64C．16和1/16 D．12和1/64【解析】AaBbDdEe自交后代会消灭分别有8、7、6、5、4、3、2、1个显性基因和全为隐性基因共9种表现型，aaBbDDEe个体所占比例为eq\f(1,4)·eq\f(1,2)·eq\f(1,4)·eq\f(1,2)＝eq\f(1,64)。【答案】B二、非选择题(共50分)11．(14分)某种果蝇长翅(A)对残翅(a)为显性，直翅(B)对弯翅(b)为显性，红眼(D)对白眼(d)为显性。现有这种果蝇的一个个体，基因组成如图所示，请回答下列问题：(1)长翅与残翅、直翅与弯翅两对相对性状的遗传是否遵循基因自由组合定律？________，理由是____________________________________________。(2)该果蝇的初级精母细胞产生精细胞时，在染色体不发生交叉互换状况下，基因A与a分别的时期是____________，形成的精细胞的基因型为____________________________________________________________________。(3)若该果蝇与基因型为aabbXdXd的雌果蝇交配，后代中表现型的比例为____________________________________________________________________。(4)假如该果蝇与一弯翅雌果蝇交配，产生的后代中消灭了一个直翅个体，其可能的缘由是____________________________________________________。(5)若在该果蝇的群体中，选择两个亲本进行杂交，使后代中雌性全部为红眼，雄性一半为红眼，一半为白眼，这两个亲本的基因型____________________。【解析】考查对基因自由组合定律的理解和应用、细胞的减数分裂、伴性遗传和基因突变等学问。(1)把握果蝇的长翅与残翅、直翅与弯翅两对相对性状的两对基因位于一对同源染色体上，因此长翅与残翅、直翅与弯翅两对相对性状的遗传不遵循基因自由组合定律。(2)在染色体不发生交叉互换的状况下，基因A与a分别发生在减数第一次分裂后期，该果蝇产生的精细胞的基因型为AbXD、abY、AbY、abXD。(3)该果蝇的基因型为AabbXDY，与基因型为aabbXdXd的果蝇交配，后代的基因型为AabbXDXd∶aabbXDXd∶AabbXdY∶aabbXdY，表现型的比例为1∶1∶1∶1。(4)该果蝇为bb的雄性果蝇与一弯翅雌果蝇bb交配，产生的后代中消灭了一个直翅个体(B_)，可能的缘由是发生了基因突变。(5)若杂交后代中雌性全部为红眼，雄性一半为红眼，一半为白眼，则亲本的基因型为XDXd和XDY。【答案】(1)不遵循把握这两对相对性状的基因位于一对同源染色体上(2)减数第一次分裂后期AbXD、abY、AbY、abXD(3)1∶1∶1∶1(4)基因突变(5)XDXd和XDY12．(18分)鸡的羽毛有白色和有色等性状，显性基因I是抑制基因，显性基因C是有色羽基因，隐性基因c是白羽基因，且这两对基因分别位于两对同源染色体上。当I和C同时存在时，I就抑制了有色羽基因C的作用，使其不能表现为有色羽；当I不存在时，C才发挥作用，显示有色羽。(1)现将一种白羽莱杭鸡(IICC)若干只与另一种白羽温德鸡(iicc)若干只作为亲本进行杂交，F1的表现型为________，基因型为________。(2)让F1雌雄个体相互交配(自交)，F2中表现型为白色羽的比例为________，其中能够稳定遗传的比例为______。(3)F2中有色羽个体的基因型为__________，若要推断一只有色羽公鸡是否为纯合子，可以让其与多只_______母鸡交配，若__________________________，说明这只公鸡为纯合子。请用遗传图解解释上述现象。【解析】(1)依据题目信息当I和C同时存在时，I就抑制了有色羽基因C的作用，使其不能表现为有色羽；当I不存在时，C才发挥作用，显示有色羽，白羽莱杭鸡(IICC)与白羽温德鸡(iicc)杂交，F1的基因型为IiCc，表现型为白色羽毛。(2)F1雌雄个体相互交配，F2的基因型为IICC∶2IICc∶IIcc∶2IiCC∶4IiCc∶2Iicc∶iiCC∶2iiCc∶iicc。9种基因型中只有iiCC和iiCc为有色羽，其他基因型的个体都为白色羽，因此F2中白色羽占13/16，白色羽中能稳定遗传的纯合子占3/13。(3)推断一只有色羽公鸡是纯合子还是杂合子，应接受测交的方法。【答案】(1)白色羽IiCc(2)13/163/13(3)iiCC或iiCc白羽温德后代全部为有色羽(后代不消灭白色羽)遗传图解如图所示：13．(18分)(2022·四川高考)小鼠的皮毛颜色由常染色体的两对基因把握，其中A/a把握灰色物质合成，B/b把握黑色物质合成。两对基因把握有色物质合成关系如下图：白色前体物质eq\o(→,\s\up7(基因Ⅰ),\s\do5())有色物质1eq\o(→,\s\up7(基因Ⅱ))有色物质2(1)选取三只不同颜色的纯合小鼠(甲—灰鼠，乙—白鼠，丙—黑鼠)进行杂交，结果如下：亲本组合F1F2试验一甲×乙全为灰鼠9灰鼠∶3黑鼠∶4白鼠试验二乙×丙全为黑鼠3黑鼠∶1白鼠①两对基因(A/a和B/b)位于________对染色体上，小鼠乙的基因型为________。②试验一的F2代中白鼠共有________种基因型，灰鼠中杂合体占的比例为________。③图中有色物质1代表________色物质，试验二的F2代中黑鼠的基因型为________。(2)在纯合灰鼠群体的后代偶然发觉一只黄色雄鼠(丁)，让丁与纯合黑鼠杂交，结果如下：亲本组合F1F2试验三丁×纯合黑鼠1黄鼠∶1灰鼠F1黄鼠随机交配：3黄鼠∶1黑鼠F1灰鼠随机交配：3灰鼠∶1黑鼠①据此推想：小鼠丁的黄色性状是由______突变产生的，该突变属于________性突变。②为验证上述推想，可用试验三F1代的黄鼠与灰鼠杂交。若后代的表现型及比例为______，则上述推想正确。③用三种不同颜色的荧光，分别标记小鼠丁精原细胞的基因A、B及突变产生的新基因，观看其分裂过程，发觉某个次级精母细胞有3种不同颜色的4个荧光点，其缘由是________。【解析】(1)①由试验一可知，两对基因型把握的F2为9∶3∶3∶1的修饰(9∶3∶4)，符合自由组合定律，故A/a和B/b是位于非同源染色体上的两对基因。而且AB为灰色，Abb，aabb为白色，aaBB－为黑色(A/a把握灰色合成，B/b把握黑色合成)。有色物质1为黑色，基因Ⅰ为B，有色物质2为灰色，基因Ⅱ为A。以F1AaBb为灰色可证明推论，亲本中应当甲为A