2025年青岛版六三制新高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年青岛版六三制新高二物理上册阶段测试试卷428考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、两个带有同种电荷的小球A；B；放在光滑绝缘的水平面上，其中小球A固定，小球B只在库仑力作用下由静止开始沿水平面运动，在运动过程中小球B的加速度a和速度的变化v是（）

A.a一直在增大。

B.a一直在减小。

C.v一直在增大。

D.v一直在减小。

2、某用电器两端所允许加的最大直流电压是250V，它在交流电路中使用时，交流电压可以是()(A)250V(B)177V(C)352V(D)220V3、下列说法中正确的有（）A.只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生B.穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生C.线框不闭合时，若穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中没有感应电流和感应电动势D.线框不闭合时，若穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中没有感应电流，但有感应电动势4、关于加速度，下列说法正确的是A.加速度表示物体运动的快慢B.加速度表示物体运动速度变化的大小C.加速度表示物体运动速度变化的快慢D.加速度的方向一定与物体运动方向相同5、一带电量为鈭�3隆脕10鈭�9C

的电荷从电场中的a

点移至b

点，电势能增加6隆脕10鈭�8J

则(

)

A.电场中的a

点电势比b

点低B.电场中ab

两点的电势差U=20V

C.场强方向是由a

点指向b

点D.电荷由a

到b

电场力做功6隆脕10鈭�8J

6、磁场对电流的作用力叫安培力，下列关于电流方向、安培力方向以及磁场方向的图片，关系正确的是（）A.B.C.D.7、入射光照射到某金属表面上发生光电效应，若入射光的强度减弱，而频率保持不变，则(

)

A.从光照至金属表面上到发射出光电子之间的时间间隔将明显增加B.逸出的光电子的最大初动能将减小C.单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少D.有可能不发生光电效应8、如图所示，ab

是一弯管，其中心线是半径为R

的一段圆弧，将它置于一给定的匀强磁场中，磁场方向垂直于圆弧所在平面且指向纸外.

有一束粒子对准a

端射入弯管，粒子有不同的质量、不同的速度.

但都是一价正离子，则(

)

A.只有速度大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管B.只有质量大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管C.只有动能大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管D.只有质量与速度的乘积一定的粒子可以沿中心线通过弯管评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、关于磁通量，正确的说法有（）A.磁通量不仅有大小而且有方向，是矢量B.在匀强磁场中，a线圈面积比b线圈面积大，但穿过a线圈的磁通量不一定比穿过b线圈的大C.磁通量大，磁感应强度不一定大D.把某线圈放在磁场中的M、N两点，若放在M处的磁通量比在N处的大，则M处的磁感应强度一定比N处大10、“神舟”七号实现了航天员首次出舱。如图所示飞船先沿椭圆轨道1

飞行，然后在远地点P

处变轨后沿圆轨道2

运行，在轨道2

上周期约为90

分钟。则下列判断正确的是()A.飞船沿椭圆轨道1

经过P

点时的速度与沿圆轨道经过P

点时的速度相等B.飞船沿椭圆轨道1

经过P

点时的速度小于沿圆轨道经过P

点时的速度C.飞船在圆轨道2

的角速度大于同步卫星运行的角速度D.飞船从椭圆轨道1

的Q

点运动到P

点过程中万有引力做正功11、如图所示是观察水面波衍射的实验装置；AC

和BD

是两块挡板，AB

是一个孔，O

是波源.

图中已画出波源所在区域波的传播情况，每两条相邻波纹(

图中曲线)

之间距离表示一个波长.

则对于波经过孔之后的传播情况，下列描述正确的是()

A.此时能明显观察到波的衍射现象B.挡板前后波纹间距离相等C.如果将孔AB

扩大，有可能观察不到明显的衍射现象D.如果孔的大小不变，使波源频率增大，能更明显地观察到衍射现象12、如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力作用下运动时，MN在磁场力作用下向右运动．则PQ所做的运动可能是（）A.向右匀加速运动B.向左匀加速运动C.向右匀减速运动D.向左匀减速运动13、如图甲所示为电热毯的工作电路图，电阻为R=484Ω的电热丝接在U=311sin100πt（V）的电源上，电热毯被加热到一定温度后，通过装置P使输入电压变为波形如图乙所示的直流电，从而进入保温状态，若电热丝电阻保持不变，则（）A.交流电压表的读数为110VB.交流电压表的读数为156VC.电热毯在保温状态下消耗的电功率为50WD.电热毯在保温状态下消耗的电功率为40W14、如图，正点电荷放在O

点，图中画出它产生的电场的六条对称分布的电场线.

以水平电场线上的O隆盲

点为圆心画一个圆，与电场线分别相交于abcde

下列说法正确的是(

)

A.be

两点的电场强度相同B.a

点电势高于e

点电势C.bc

两点间电势差等于ed

两点间电势差D.电子沿圆周由d

运动到c

电场力做功为零15、A、B

两带电小球，质量分别为mAmB

用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时AB

两球高度相同.

若B

对A

及A

对B

的库仑力分别为FAFB

则下列判断正确的(

)

A.FA<FB

B.细线AC

对A

的拉力TA=mAg

C.细线OC

的拉力TC=(mA+mB)g

D.同时烧断ACBC

细线后，AB

在竖直方向的加速度相同16、如图甲所示，理想变压器原副线圈的匝数比为5：l，和R1、R2分别是电压表、定值电阻，且R1=5R2．已知ab两端电压u按图乙所示正弦规律变化。下列说法正确的是（）A.电压u瞬时值的表达式u=220sin10πt（V）B.电压表示数为44VC.Rl、R2两端的电压之比为1：1D.R1、R2消耗的功率之比为1：5评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、请在图（a）中标出静止小磁针的N极；在图（b）中根据通电螺线管上的N极和S极；标出导线中的电流方向．

18、如图所示的理想变压器原线圈匝数n1=220匝，副线圈匝数n2=10匝，灯泡电阻为R=10Ω，现给变压器原线圈中通入e=220sin100πt（V）的交流电，则灯泡两端的电压U=______V，电流表的读数I=______A．（结果可以用分数表示）19、(1)

正弦交流电是由闭合线圈在匀强磁场中匀速转动产生的。线圈中感应电动势随时间变化的规律如图所示，则此感应电动势的有效值为________V

周期是________s

在1s

内线圈中电流方向变化了________次；假设线圈的匝数为10

匝，t=14T

磁通量为________．

(2)

如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQMNMN

的左边有一闭合电路，当PQ

在外力的作用下运动时，MN

向右运动，则PQ

所做的运动可能是________运动或________运动．20、库仑定律内容：真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，与它们的电荷量的乘积成____，与它们的距离的二次方成____，作用力的方向在它们的连线上．21、理想变压器原、副线圈的匝数比为1：15，当原线圈接在6V的蓄电池两端后，副线圈的输出电压为______V．22、如图所示，空间有一垂直纸面向外的磁感应强度为0.5T的足够大匀强磁场，一质量为0.2kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上，在木板左端无初速度放置一质量为0.1kg、电荷量q＝＋0.2C的滑块，滑块与绝缘木板之间的动摩擦因数为0.5，滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。现对木板施加方向水平向左，大小为0.6N的恒力，g取10m/s2，则滑块的最大速度为________m/s；滑块做匀加速直线运动的时间是____________s。23、匀强电场中有A、B、C三点，构成边长为10cm的等边三角形，如图所示，一粒子从A沿直线移到B的过程中电场力始终不做功，带电量为q=2×10—6C的负电点电荷，由B移到C的过程中克服电场力做功为4×10—4J。由此可知，A、C两点的电势差UAC=V，电场强度大小为____V/m（保留两位有效数字）。24、对羟基苯甲酸乙酯rm{(}rm{)}又称为尼泊金乙酯，可用作食品防腐剂和化妆品防霉剂。现以有机物rm{X(}分子rm{C_{9}H_{10}O_{2})}为原料合成尼泊金乙酯的路线如图rm{(}无机产物略rm{)}

rm{1.}已知：rm{垄脵}苯环上的卤原子rm{(}如rm{)}在稀rm{NaOH}溶液中难以发生水解反应，rm{垄脷}烯醇不稳定，很容易自动发生转化反应：rm{RCH篓TCHOH篓D隆煤RCH_{2}CHO}回答下列问题：rm{(1)}对羟基苯甲酸乙酯分子中能和rm{NaOH}反应的官能团有________rm{(}填名称rm{)}rm{(2)}在rm{垄脵隆芦垄脺}的反应中，属于取代反应的有__________________个。rm{(3)X}的结构简式为________；rm{D}的核磁共振氢谱有________组峰。rm{(4)}写出下列反应的化学方程式：反应rm{垄脷}______________________________；反应rm{垄脺}_____________________________________。rm{(5)}对羟基苯甲酸甲酯rm{(}分子式为rm{C_{8}H_{8}O_{3})}也具有消毒防腐性质，它的同分异构体很多，其中符合下列条件的同分异构体有________种。Ⅰrm{.}遇rm{FeCl_{3}}溶液呈紫色；Ⅱrm{.}苯环上的一氯代物有rm{3}种；Ⅲ能发生银镜反应和水解反应。评卷人得分四、判断题(共3题，共18分)25、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）26、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

27、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)28、（1）某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻。①分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图15A.和图15B.所示，长度为_____cm，直径为____mm。②按图15C.连接电路后，实验操作如下：A.将滑动变阻器R1的阻值置于最_____处（填“大”或“小”）；将S2拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；B.将电阻箱R2的阻值调至最______（填“大”或“小”）；将S2拨向接点2；保持R1不变，调节R2，使电流表示数仍为I0，此时R2阻值为1280Ω；③由此可知，圆柱体的电阻为_____Ω。29、实验桌上摆放着甲“220V25W”、乙“220V300W”、丙“220V500W”三只灯泡,小芳同学从中任选一只,正确使用多用电表测量它的阻值,如图所示,其测量值为________Ω，她选用的是____灯泡(填“甲、乙或丙”),测量时流过灯泡的电流是从____流向____(填“a或b”)。30、利用插针法可以测量半圆柱形玻璃砖的折射率．实验方法如下：在白纸上作一直线MN，并作出它的一条垂线AB，将半圆柱形玻璃砖(底面的圆心为O)放在白纸上，它的直径与直线MN重合，在垂线AB上插两个大头针P1和P2，如图所示,然后在半圆柱形玻璃砖的右侧插上适量的大头针，可以确定光线P1P2通过玻璃砖后的光路，从而求出玻璃的折射率．(1)某学生用上述方法测量玻璃的折射率，在他画出的垂线AB上竖直插上了P1、P2两枚大头针，但在半圆柱形玻璃砖右侧的区域内，无论从何处观察，都无法透过玻璃砖同时看到P1、P2的像，原因是，他应采取的措施是．(2)为了确定光线P1P2通过玻璃砖后的光路，在玻璃砖的右侧，最少应插入枚大头针．(3)请在半圆柱形玻璃砖的右侧估计所插大头针的可能位置(用“x”表示)，并作出光路图31、右图为研究电磁感应现象实验的示意图。电流从灵敏电流计G的“＋”接线柱流入时，表针向右偏转；从“－”接线柱流入时，表针向左偏转。在甲图中表针向____偏转；在乙图中表针向偏转。评卷人得分六、计算题(共2题，共12分)32、如图，两平行金属导轨间的距离L=0.40m

金属导轨所在的平面与水平面夹角娄脠=37鈭�

在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T

方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场.

金属导轨的一端接有电动势E=4.5V

内阻r=0.50娄赂

的直流电源，另一端接有电阻R=5.0娄赂.

现把一个质量为m=0.040kg

的导体棒ab

放在金属导轨上，导体棒静止.

导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，与金属导轨接触的两点间的导体棒的电阻RR0=5.0娄赂=5.0娄赂金属导轨电阻不计，gg取10m/s10m/s2..已知sin37鈭�=0.60sin37^{circ}=0.60cos37鈭�=0.80cos37^{circ}=0.80求：

(1)

通过导体棒的电流；(2)

导体棒受到的安培力大小；

(3)

导体棒受到的摩擦力．33、一列简谐横波图象如图所示，t1

时刻的波形如图中实线所示，t2

时刻的波形如图中虚线所示，已知鈻�t=t2鈭�t1=0.5s

问。

(1)

这列波的可能波速的表达式？

(2)

若波向左传播，且3T<鈻�t<4T

波速多大？

(3)

若波速v=68m/s

则波向哪个方向传播？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B|C【分析】

A；对小球B进行受力分析；

小球B的合力就是小球A对它的库仑斥力；

由于小球A；B之间的距离越来越远；根据库仑定律知道，小球A对小球B的库仑斥力越来越小；

根据牛顿第二定律得小球B的加速度越来越小．故A错误；B正确．

C；由于小球B只在库仑力作用下由静止开始沿水平面运动；所以小球B的加速度方向和速度方向相同，所以小球B的速度一直增大．故C正确，D错误．

故选BC．

【解析】【答案】对小球B进行受力分析；根据牛顿第二定律求出加速度的变化；

根据速度方向和加速度方向的关系确定速度大小变化．

2、B【分析】交变电压的峰值最大为250V，有效值为177V，B对；【解析】【答案】B3、D【分析】解：

A；虽然闭合电路内有磁通量；但如果磁通量没有变化，闭合电路中没有感应电流产生．故A错误．

B；穿过螺线管的磁通量发生变化时；螺线管内不一定有感应电流产生，螺线管还要闭合才产生感应电流．故B错误．

C；D线框不闭合时；若穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中没有感应电流，但有感应电动势产生．故C错误，D正确．

故选D

感应电流产生的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化；产生感应电动势的条件是穿过线圈的磁通量发生变化．

产生感应电流的条件有两个：一是电路要闭合；二是穿过电路的磁通量要发生变化，两者缺一不可．【解析】【答案】D4、C【分析】【分析】加速度是用来描述物体速度变化快慢的物理量，是矢量。本题考查了加速的矢量性及物理意义，复习时把握准确基本概念。【解答】A.加速度表示物体运动速度变化的快慢，故A错误；B.加速度是描述速度变化快慢的物理量.

故B错误；C.加速度是描述速度变化快慢的物理量.

故C正确；D.加速度a

的方向与速度变化量鈻�v

的方向相同；加速度a

的方向与速度v

的方向可能相同，可能相反，故D错误；

故选C。【解析】C

5、B【分析】解：A

将负电荷从电场中的a

点移至b

点，电势能增加，说明电场力做负功，电场力的方向与运动的方向相反；又因为负电荷受到的电场力的方向与电场的方向相反，所以该电荷运动的方向与电势降落的方向相同，即a

点的电势高于b

点.

故A错误；

B、ab

之间的电势差：UAB=WABq=鈭�6隆脕10鈭�8鈭�3隆脕10鈭�9V=20V.

故B正确；

C、由A

的分析可得，该电荷运动的方向与电势降落的方向相同，即a

点的电势高于b

点；但电势降落的方向并不都是场强的方向，场强的方向是电势降落最快的方向.

故C错误；

D、将负电荷从电场中的a

点移至b

点；电势能增加，说明电场力做负功.

故D错误．

故选：B

根据公式U=Wq

求出ab

间的电势差，即可得到M

点电势.

由此公式求出ab

间的电势差.

根据电场力做功多少；分析电势能的变化，电场力做功．

场强的方向是电势降落最快的方向。

本题关键掌握电势差公式UAB=WABq

知道电势与电势差的关系、电场力做功与电势能变化的关系，属于基础题．【解析】B

6、D【分析】解：A；电流向里；磁场水平向右，则由左手定则可知，安培力向下，故A错误；

B；电流向里；磁场向右，则由左左手定则可知，安培力向下，故B错误；

C；电流方向和磁场方向相同；则电流不受安培力，故C错误；

D；电流向里；磁场向上，则由左手定则可知，导线受力方向向右，故D正确。

故选：D。

根据左手定则判断电流方向；磁场方向和安培力方向的关系；伸开左手，四指与大拇指在同一平面内，磁感线穿过掌心，四指方向与电流方向相同，大拇指所指方向为安培力的方向．

=解决本题的关键会根据左手定则判断磁场方向、电流方向和安培力方向三者的关系，并注意左手定则与右手定则的区别，并能正确应用．【解析】D7、C【分析】解：A

光的强弱影响的是单位时间内发出光电子的数目；不影响发射出光电子的时间间隔.

故A错误．

B；根据光电效应方程知；EKM=h娄脙鈭�W0

知，入射光的频率不变，则最大初动能不变.

故B错误．

C；单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少；光电流减弱，C正确．

D；入射光的频率不变；则仍然能发生光电效应.

故D错误．

故选C．

发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率；光的强弱只影响单位时间内发出光电子的数目．

解决本题的关键知道发生光电效应的条件，以及知道光的强弱会影响单位时间内发出光电子的数目．【解析】C

8、D【分析】解：洛伦兹力提供向心力；根据牛顿第二定律，有。

evB=mv2R

解得。

R=mvBe

故要保证粒子半径相同；故只有质量与速度的积积一定的粒子才能沿中心线通过弯管；

故只有D正确；

故选：D

．

粒子沿着中心线运动时；只受磁场力，磁场力提供向心力，根据牛顿第二定律列式分析即可．

本题关键根据根据牛顿第二定律列式求解出半径的表达式进行分析，较为基础．【解析】D

二、多选题(共8题，共16分)9、BC【分析】解：A；磁通量是标量；故A错误；

B、当回路与磁场平行时，磁通量Φ为零，则a线圈面积比b线圈面积大；穿过闭合回路的磁通量不一定越大．故B正确．

C；根据磁通量Φ=BSsinα；磁通量的大小与磁感应强度、线圈的面积以及磁场方向与线圈平面的夹角有关，所以磁通量大，磁感应强度不一定大．故C正确，D错误；

故选：BC

磁通量是标量；

对于匀强磁场中穿过回路的磁通量：当回路与磁场平行时；磁通量Φ为零；当线圈与磁场平行时，磁通量Φ最大，Φ=BS．当回路与磁场方向的夹角为α时，磁通量Φ=BSsinα．根据这三种情况分析．

对于匀强磁场中磁通量可以根据两种特殊情况运用投影的方法求解．对于非匀强磁场，可以根据穿过回路磁感线的多少，定性分析磁通量的大小．【解析】【答案】BC10、BC【分析】【分析】飞船在椭圆轨道上运动时在近地点做离心运动，在远地点做近心运动，根据相应运动条件判断速度大小问题，飞船在轨道上运动的加速由万有引力产生，决定加速度的大小是万有引力的大小。正确理解飞船变轨前后的运动，知道近心运动的条件为速度小于正常速度，匀速圆周运动的条件是合力充当向心力。【解答】解：A.飞船沿椭圆轨道1

时有GMmr2p>mv21prp

飞船沿圆轨道2

时有GMmr2p>mv22prp

根据运动条件知v1p<v2p

故A错误；B.轨道1

上P

到Q

过程为向心运动，故飞船沿椭圆轨道11经过PP点时的速度小于沿圆轨道经过PP点时的速度，故B正确；C.飞船在轨道2

上周期大约为90

分钟，而同步卫星的周期为24h

故知圆轨道上周期小于同步卫星周期，角速度大于同步卫星的角速度，故C正确；D.根据开普勒第二定律知Q

点速度大于P

点速度，故飞船从椭圆轨道1

的Q

点运动到P

点过程中万有引力做负功，故D错误。故选BC。【解析】BC

11、ABC【分析】根据能有明显衍射现象的条件：障碍物或孔的尺寸比波长小或差不多。从图中可看出孔AB

的尺寸小于一个波长；所以此时能明显地观察到波的衍射现象，A正确。

因为穿过挡板小孔后的波速不变；频率相同，所以波长也相同，B正确。

若将孔AB

扩大；将可能不满足明显衍射现象的条件，就有可能观察不到明显的衍射现象，C正确。

若将波源频率增大，由于波速不变，所以波长变小，将可能不满足明显衍射现象的条件，也有可能观察不到明显的衍射现象，D错误。【解析】ABC

12、BC【分析】解：

MN在磁场力作用下向右运动；说明MN受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手螺旋定则与楞次定律可知，PQ可能是向左加速运动或向右减速运动．故BC正确，AD错误．

故选：BC．

MN在磁场力作用下向右运动；说明MN受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；根据右手螺旋定则，与楞次定律可知PQ的运动情况．

本题关键是分析好引起感应电流的磁通量的变化，进而才能分析产生电流的磁通量是由什么样的运动产生的．【解析】【答案】BC13、BC【分析】解：AB、由图象可知该交变电流的周期T=2×10-2s

可分两段0-和-T；

根据有效值的定义可得×+0=×T

解得：U==156V；故A错误，B正确；

CD、电热毯在保温状态下消耗的电功率为P===50W；故C正确；D错误；

故选：BC．

电压表读数为有效值；根据正弦式交变电流峰值和有效值之间的关系以及电流的热效应便可求得有效值．

本题考查有关交变电流有效值的计算问题，知道电压表和电流表测量的都是有效值，难度不大，属于基础题．【解析】【答案】BC14、CD【分析】解：A

由图看出，be

两点电场强度的大小相等，但方向不同，而电场强度是矢量，所以be

两点的电场强度不同；故A错误。

B；根据顺着电场线电势逐渐降低可知；离点电荷O

越远，电势越低，故a

点电势低于e

点电势。故B错误。

C、根据对称性可知，dc

的电势相等，同理be

的电势相等。所以bc

两点间电势差与ed

两点间电势差相等；故C正确。

D；d

点的电势与c

点的电势相等；电子沿圆周由d

到c

电场力做不做功，故D正确。

故选：CD

电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时两点的电场强度才相同；电势根据顺着电场线方向电势降低进行判断；根据对称性分析bc

两点间电势差与be

间电势差的关系.

根据电势高低；判断电场力对电子做功的正负．

常见电场的电场线分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意点电荷形成电场的对称性.

加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．【解析】CD

15、CD【分析】解：A

对小球A

受力分析；受重力、静电力、拉力，如图：

根据平衡条件；则有，两球间的库仑力是作用力与反作用力，一定相等，与两个球是否带电量相等无关，故A错误；

B、由上则有：mAg=TAcos30鈭�

因此：TA=233mAg

故B错误；

C；由整体法可知；细线的拉力等于两球的重力，即为TC=(mA+mB)g

故C正确；

D；同时烧断ACBC

细线后；AB

在竖直方向重力不变，所以加速度相同，故D正确；

故选：CD

．

设两个球间的静电力为F

分别对两个球受力分析，求解重力表达式后比较质量大小；根据整体法来确定细线的拉力，并由牛顿第二定律则可判定细线烧断后各自的运动情况．

本题关键分别对两个小球受力分析，然后根据平衡条件列方程；再结合库仑定律列方程分析求解．【解析】CD

16、CD【分析】解：A、从图乙得到电压的最大值为220V，周期为0.02s，故电压u的表达式u=Umsint=220sin100πt（V）；故A错误；

B、根据变压器的变压比公式，有：=

对左侧回路，有：U=U1+I1R1

对右侧回路，有：U2=I2R2

联立得到U=U1+U2=6U2，故U2=V，即电压表示数为V；故B错误；

C、根据变压器的变流比公式，有：==

所以R1、R2两端的电压之比为（I1R1）：（I2R2）=1：1；故C正确；

D、R1、R2消耗的功率之比为P1：P2=（I12R1）：（I22R2）=1：5；故D正确；

故选：CD。

从图乙得到电压的最大值和周期，由此写出电压u瞬时值的表达式；根据变压器的变流比和电功率计算公式求解R1、R2消耗的功率之比；根据欧姆定律求解R1、R2两端的电压之比；根据变压器的变压比公式结合欧姆定律求解电压表示数。

本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等。【解析】CD三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】

由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极；再由右手螺旋定则可知通电螺线管的电流方向．

本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向．【解析】解：由右手螺旋定则可知螺线管中电流由右侧流入；左侧流出，则螺旋管左端为N极，右端为S极；因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；

故答案如下图18、略

【分析】解：原线圈电压的有效值为：

根据电压与匝数成正比；有：

代入数据解得：

输入功率等于输出功率，根据有：

代入数据：

解得：

故答案为：10，

根据电压与匝数成正比；电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，分析即可得出结论．

掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．【解析】10；19、（1）；0.25S；8次；0

（2）向右减速；向左加速【分析】(1)

【分析】根据最大值与有效值的以及周期和频率关系可正确求解。要熟练掌握交流电最大值与有效值以及周期频率之间关系。【解答】由图可知，有效值为：U=Em2=102V；周期：T=0.25s

频率为：f=1T=4Hz；t=14T

感应电动势最大；1s1s内线圈中电流方向变化了88次；0.25S

；8

次；0

(2)

【分析】MN

处于通电导线产生的磁场中，当有感应电流时，则MN

在磁场力作用下向右运动，说明MN

受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M

指向N

由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由楞次定律可知PQ

的运动情况。本题关键是分析好引起感应电流的磁通量的变化，进而才能分析产生电流的磁通量是由什么样的运动产生的。【解答】根据右手螺旋定则可知，MN

处于ab

产生的垂直向里的磁场中；MN

在磁场力作用下向右运动，说明MN

受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M

指向N

由楞次定律可知；线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手定则可知PQ

可能是向左加速运动或向右减速运动。

故答案为：向右减速；向左加速磁通量为零；故答案为：102V10sqrt{2}V【解析】(1)102V

；0.25S

；8

次；0

(2)

向右减速；向左加速20、正比反比【分析】【分析】在真空中有两个点电荷间的作用力遵守库仑定律，根据库仑定律的内容，即可求解。本题主要考查对库仑定律的理解和应用，注意点电荷的含义及距离的概念。【解答】库仑定律的内容：真空中两个静止点电荷之间的相互作用力；与它们电荷量的乘积成正比，与它们距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上。

故答案为：正比；反比。

【解析】正比反比21、0【分析】解：变压器的工作原理是互感现象；不能改变恒定电流的电压，所以在副线圈中没有电压，示数为零．

故答案为：0．

当变压器铁芯中的磁通量发生变化时；在副线圈中才能产生电动势，而变压器不能改变直流电压．

本题考查了变压器的变压原理，本题容易错误的根据变压比公式列式求，记住不能简单的套用公式．【解析】022、略

【分析】试题分析：以滑块为研究对象，当滑块与木板间没有摩擦力时，滑块在水平方向不再加速，达到最大速度，此时重力与洛伦兹力平衡，故有解得在滑块未发生滑动之前，整体为研究对象可知设匀加速阶段滑块能达到的速度为v，故有解得故匀加速时间为考点：洛伦兹力公式、共点力、牛顿运动定律【解析】【答案】（4分）10323、略

【分析】试题分析：粒子从A沿直线移动到B的过程电场力始终不做功，说明AB为等势面φA＝φB，由B移动到C的过程中电场力做功-4×10—4J解得：UBC＝UAC＝＝3.5×102V；C到AB的距离为考点：本题考查等势面、电场力做功、电场强度。【解析】【答案】3.5×102，4.0×10324、(1)羟基(或酚羟基)、酯基

(2)3

(3)4

(4)

(5)10【分析】【分析】本题考查有机物推断，为高频考点，侧重考查学生分析推断及知识综合运用能力，综合性较强，涉及物质推断、同分异构体种类书写、方程式的书写等知识点，明确物质之间的转化、官能团及其性质关系及反应条件是解本题关键，难点是同分异构体种类判断，题目难度中等。【解答】由及反应条件可知，发生卤代烃的消去反应，生成rm{F}为乙醛，氧化为rm{K}为乙酸，乙酸和氢氧化钠溶液中和生成rm{E}为乙酸钠，由产品为对羟基苯甲酸乙酯逆推，可知rm{垄脹}为酯化反应，rm{D}为对羟基苯甲酸，rm{A}rm{B}rm{C}间连续被氧化，则rm{C}为对羟基钠苯甲酸钠，rm{B}为为酯化反应，rm{垄脹}为对羟基苯甲酸，rm{D}rm{A}rm{B}间连续被氧化，则rm{C}为对羟基钠苯甲酸钠，rm{C}为对羟基钠苯甲醛，rm{B}为对羟基钠苯甲醇，根据rm{A}rm{X}的分子式可知，反应rm{M}是取代反应，反应rm{垄脵}是溴原子和酯基的水解反应，则rm{垄脷}为rm{M}为rm{X}rm{(1)}反应，对羟基苯甲酸乙酯分子中含有羟基和酯基，都能和rm{NaOH}反应，羟基rm{NaOH}或酚羟基故答案为：酯基；rm{(}rm{)}的反应中，只有rm{(2)}是消去反应，其他都是取代反应，在rm{垄脵隆芦垄脺}的反应中，只有rm{垄脺}是消去反应，其他都是取代反应，rm{垄脵隆芦垄脺}根据上述分析，rm{垄脺}的结构简式为故答案为：rm{3}为对羟基苯甲酸，根据对称原则，等效氢是rm{3}种，rm{(3)}根据上述分析，rm{X}的结构简式为组峰，故答案为：rm{(3)}rm{X}反应rm{D}酯基和溴原子的水解反应，方程式为反应rm{4}是溴原子的消去，方程式为故答案为：核磁共振氢谱有rm{4}组峰，遇到rm{4}溶液出现显色现象，说明含有酚羟基；能发生水解反应，能发生银境反应，结合结构简式可知，应含有甲酸形成的酯基，rm{4}种，则苯环上有rm{(4)}个取代基，取代基分别为rm{垄脷}rm{垄脺}rm{(5)}根据定二移一原则，若rm{FeCl_{3}}苯环上的一氯代物有rm{3}种，则苯环上有rm{3}个取代基，位于邻位，则甲基在苯环上的位置有rm{3}种，若rm{3}rm{-OH}位于间位，则甲基在苯环上的位置有rm{-OOCH}种，若rm{-CH_{3}}rm{-OH}位于对位，则甲基在苯环上的位置有rm{-OOCH}种，共rm{4}种；

故答案为：rm{-OH}rm{-OOCH}【解析】rm{(1)}羟基rm{(}或酚羟基rm{)}酯基rm{(2)3}rm{(3)}rm{4}rm{(4)}

rm{(5)10}四、判断题(共3题，共18分)25、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．26、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．27、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电