2025年北师大版高一物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版高一物理下册阶段测试试卷438考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，两物体A和B，质量分别为m1和m2相互接触放在水平面上．对物体A施以水平的推力F，使A和B一起向右作匀加速直线运动，则物体A对物体B的作用力等于：（）A.B.C.FD.2、【题文】地球和某颗小行星（位于火星轨道和木星轨道之间的小行星带）的绕日轨道可以近似看作圆，已知此小行星的公转轨道半径是地球公转半径的4倍，那么此小行星公转周期大致为（）A.0.25年B.2年C.4年D.8年3、【题文】以下四种运动中，哪种运动的位移最大（）A.物体先向西运动4m，接着再向北运动3mB.物体以3m/s的速度做匀速直线运动2sC.物体沿直径为6m的圆轨道运动5/6圈D.在只受重力的情况下，物体以19.6m/s的速度竖直上抛，第三秒内发生的位移4、【题文】F1、F2是力F的两个分力．若F＝10N，则下列哪组力不可能是F的两个分力()A.F1＝10NF2＝10NB.F1＝20NF2＝20NC.F1＝2NF2＝6ND.F1＝20NF2＝30N5、下列有关行星运动的说法中，正确的是（）A.由ω=知，行星轨道半径越大，角速度越小B.由a=rω2知，行星轨道半径越大，行星的加速度越大C.由=m知，行星的轨道半径越大，线速度越小D.由a=知，行星轨道半径越大，行星的加速度越小6、在下列几组仪器中，能用来测量国际单位制中三个力学基本物理量的是(

)

A.弹簧测力计、秒表、刻度尺B.弹簧测力计、秒表、天平C.刻度尺、秒表、天平D.弹簧测力计、刻度尺、天平评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、如图所示是一个说明示波管工作原理的示意图，电子经电压为U1的加速电场加速后垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是h，两平行板间的距离为d，偏转电场电压为U2，板长为l．为了提高示波管的灵敏度（每单位电压引起的偏转量），可采用的方法是（）A.增大两板间的偏转电压U2B.尽可能使板长l短一些C.尽可能使板间距离d小一些D.减小加速电压U18、如图所示的直角三角板紧贴在固定的刻度尺上方，若使三角板沿刻度尺向右匀速运动的同时，一支铅笔从三角板直角边的最下端，由静止开始沿此边向上做匀加速直线运动，下列关于铅笔尖的运动及其留下的痕迹的判断，其中正确的有

A.笔尖留下的痕迹是一条倾斜的直线B.笔尖留下的痕迹是一条曲线C.在运动过程中，笔尖的速度方向始终保持不变D.在运动过程中，笔尖的加速度方向始终保持不变9、“神舟九号”飞船与“天宫一号”成功对接，在飞船完成任务后返回地面，要在A

点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B

为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于“神舟九号”的运动，下列说法中正确的有

A.在轨道Ⅱ上经过A

的速度小于经过B

的速度B.在轨道Ⅱ上经过A

的速度小于在轨道Ⅰ上经过A

的速度C.在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期D.在轨道Ⅱ上经过A

的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A

的加速度10、如图所示，小球从水平位置静止释放，设小球通过最低点时的速度为v

角速度为娄脴

加速度为a

绳的拉力为T

那么随着绳子L

的增长(

)

A.va

都增大B.娄脴a

都减小C.Ta

都不变D.v

增大，娄脴

减小11、原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1.6×10-15C，丙物体带电8×10-16C．则对于最后乙、丙两物体的带电情况，下列说法中正确的是（）A.乙物体一定带有负电荷8×10-16CB.乙物体可能带有负电荷2.4×10-15CC.丙物体一定带有正电荷8×10-16CD.丙物体一定带有负电荷8×10-16C12、已知月球上没有空气，重力加速度为地球的，假如你登上月球，你能够实现的愿望是A.轻易将100kg物体举过头顶B.放飞风筝C.做一个同地面上一样的标准篮球场，在此打球，发现自己成为扣篮高手D.撇铅球的水平距离变为原来的6倍13、如图所示，一质量m=1kg

的滑块在斜劈M

的斜面上某点由静止释放，与斜面间的动摩擦因数娄脤=0.5

斜劈的倾角娄脠=370

质量M=2kg

已知m

在斜劈上运动的过程中，斜劈M

始终处于静止状态，g

取10m/s2sin37鈭�=0.6cos37鈭�=0.8

下列说法正确的是(

)

A.地面对斜劈的支持力大小为28.8N

B.地面对斜劈的摩擦力大小为1.6N

C.地面对斜劈的摩擦力方向水平向右D.地面对斜劈的摩擦力方向水平向左评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、小石子投入湖面将激起水波，使浮在水面的树叶在1min内起伏60次，与此同时，该波从中心向外扩延30m，则水波的波长为____m，波速为____m/s．15、一个皮球从6m高的地方落下，碰撞地面后又反弹起到3m高的地方，则皮球通过的路程是______m，该球经过一系列碰撞后，最终停在地面上，在整个运动过程中皮球的位移大小是______m．16、某次实验用打点计时器交流电的频率为50Hz，纸带的记录如图所示，图中前几个点模糊，因此从A点开始每打五个点取一个计数点，其中B、点的对应速度vB=____m/s可求得小车的加速度a=____m/s2．由此推得F点的速度vF=____m/s．（保留两位有效数字）

17、不经过公式计算，能从纸带上能直接获得的信息是____．

A．时间B．速度C．加速度D．位移．18、为研究汽车通过桥梁时对凸形、水平、凹形桥面的压力变化，某同学用图1

的装置进行模拟实验，将传感器的输出信号接到电脑，从左侧斜面的同一高度释放小球，让小球分别通过甲、乙、丙三种桥面后，桥面下方的力传感器，能够将压力信号转化为电信号传入数据采集器并在电脑屏幕上显示出来，实验结果显示出三条图线(

如图2).

对于凸形桥甲，其相对应的压力图线应是图2

中的______；对于水平桥面，其相对应的压力图线应是图2

中的______.(

选填：ab

或c)

评卷人得分四、简答题(共4题，共28分)19、向rm{40mL}某rm{AlCl_{3}}溶液中滴加rm{2mol隆陇L^{-1}}的rm{NaOH}溶液时，得到rm{Al(OH)_{3}}沉淀的质量与所滴加rm{NaOH}溶液的体积rm{(mL)}关系如图所示，试回答下列问题：

rm{(1)}图中rm{A}点表示的沉淀是__________，其物质的量是___________。rm{(2)}反应至rm{A}点时消耗rm{NaOH}溶液体积为_______________。rm{(3)}图中rm{B}点溶液中溶质有______________。rm{(4)AlCl_{3}}溶液的浓度为_____________rm{_}rm{_}20、宇航员驾驶宇宙飞船到达月球表面附近；关闭动力后，飞船在近月圆轨道绕月球运行的周期为T

接着，宇航员调整飞船动力，安全着陆，宇航员在月球表面离地H

高处将一小球以某一初速度水平抛出，测出其水平射程为x

已知月球的半径为R

万有引力常量为G

求：

(1)

月球的质量M

(2)

小球开始抛出时的初速度v

．21、rm{(1)}有下列几组反应：A.rm{Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}B.rm{CO_{2}+H_{2}O=H_{2}CO_{3}}C.rm{S+O}2rm{overset{碌茫脠录}{=}}rm{SO_{2}}D.rm{Ba(OH)_{2}+H_{2}SO_{4}=BaSO_{4}隆媒+2H_{2}O}E.rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl=2NaCl+H_{2}O+CO_{2}隆眉}F.rm{CaCO_{3}overset{?}{=}CaO+CO_{2}隆眉}G.rm{CH_{4}+2O_{2}overset{碌茫脠录}{=}CO_{2}+H_{2}O}H.rm{2KClO_{3}overset{?}{=}2KCl+3O_{2}隆眉}以上反应中，属置换反应的是_____，属化合反应的是________，属分解反应的是________，属复分解反应的是______，属氧化还原反应的是_____。rm{CaCO_{3}overset{?}{=}

CaO+CO_{2}隆眉}实验室制取rm{CH_{4}+2O_{2}overset{碌茫脠录}{=}

CO_{2}+H_{2}O}的反应方程式为：rm{2KClO_{3}overset{?}{=}

2KCl+3O_{2}隆眉}反应过程中转移rm{(2)}电子，生成标准状况下的rm{H_{2}}________rm{Zn+H_{2}SO_{4}=ZnSO_{4}+H_{2}隆眉}rm{2mol}用双线桥法表示出电子转移的方向和数目：rm{H_{2}}。rm{L}22、如图所示，一半径为r=0.25m

的圆筒水平放置；其中心轴线垂直于纸面，圆筒上有一个小孔A.

当圆筒绕中心轴线匀速转动且小孔A

在O

点右侧与圆心O

等高时，恰好有一个小球从小孔A

沿水平向左方向进入圆筒，小球在圆筒中运动0.2s

后又从小孔A

离开圆筒，取g=10m/s2

求：

(1)

小球从A

点进入圆筒时的速度大小可能值；

(2)

圆筒匀速转动的角速度的可能值．评卷人得分五、其他(共4题，共36分)23、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．24、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．25、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．26、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【解析】试题分析：把A、B看成一个整体，根据牛顿第二定律可得加速度以B为研究对象，设物体A对物体B的作用力为根据牛顿第二定律可得代入加速度可得故选B考点：牛顿第二定律【解析】【答案】B2、D【分析】【解析】

试题分析：由万有引力提供向心力可知可知，该小行星的周期为地球公转周期的8倍，故选D

考点：考查天体运动。

点评：本题难度较小，根据万有引力提供向心力，推导周期公式不难求解本题【解析】【答案】D3、B【分析】【解析】选项A中的位移为5m，A错；选项B中的位移为6m，选项C中的位移为3m，选项D中的位移为5m，B的位移最大【解析】【答案】B4、C【分析】【解析】本题考查合力和分力之间的关系．合力F和两分力F1、F2之间的关系为|F1－F2|≤F≤|F1＋F2|，则应选C项【解析】【答案】C5、C【分析】解：行星m围绕恒星M做匀速圆周运动；万有引力提供向心力：

解得。

A、因果关系不正确，根据轨道半径越大，角速度越小，故A错误；

BD、因果关系不正确，根据轨道半径越大，加速度越小，故BD错误；

C、依据正确，根据得轨道半径越大，线速度越小，故C正确。

故选：C

根据万有引力提供向心力；得到行星的角速度；加速度、线速度与轨道半径的关系，再作出判断．

解决行星运行规律的核心问题是万有引力提供向心力，通过选择不同的向心力公式，来研究不同的物理量与轨道半径的关系．【解析】【答案】C6、C【分析】解：国际单位制中的基本物理量是长度；时间和质量；测量长度用刻度尺、质量用天平、时间用秒表。故C正确，AB

D错误。

故选：C

力学的三个基本单位分别是mskg

对应的物理量分别是长度、时间和质量。

解决本题的关键的关键知道国际单位制中基本单位和所对应的基本物理量，知道哪一个物理用哪一个物理仪器进行测量。【解析】C

二、多选题(共7题，共14分)7、CD【分析】解：电子在加速电场中加速；根据动能定理可得：

eU1=mv02

所以电子进入偏转电场时速度的大小为：v0=

电子进入偏转电场后的偏转量为：

h=at2=••（）2=

联立得h=

所以示波管的灵敏度：=

所以要提高示波管的灵敏度可以增大l，减小d和减小U1；所以AB错误，CD正确．

故选：CD．

电子先加速后偏转；先根据动能定理得到加速获得的速度表达式．再根据类平抛运动规律求出电子通过电场时的偏转量，根据灵敏度的定义，找出灵敏度的关系式，根据关系式来分析即可．

本题是信息的给予题，根据所给的信息，找出示波管的灵敏度的表达式即可解决本题．【解析】【答案】CD8、BD【分析】【分析】铅笔尖参与两个运动：既随三角板向右的匀速运动，又沿三角板直角边向上做匀加速运动，与平抛运动类似，得出轨迹形状，曲线运动中物体速度的方向是该点轨迹的切线方向。根据运动的合成确定加速度的方向。本题中采用类比的方法得到笔尖的运动情况，也可以采用数学参数方程的方法定量分析笔尖的运动情况。【解答】AB.

由题可知；铅笔尖既随三角板向右的匀速运动，又沿三角板直角边向上做匀加速运动，其运动轨迹是向上弯曲的抛物线，故B正确，A错误；

C.在运动过程中；笔尖运动的速度方向是轨迹的切线方向，时刻在变化，故C错误；

D.笔尖水平方向的加速度为零；竖直方向加速度的方向竖直向上，则根据运动的合成规律可知，笔尖运动的加速度方向始终竖直向上，保持不变，故D正确。

故选BD。

【解析】BD

9、ABC【分析】【分析】航天飞机运动过程机械能守恒，根据机械能守恒定律分析判断航天飞机的速度如何变化，航天飞机绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律求出周期与加速度，然后分析答题。本题考查万有引力定律的应用，关键是理解航天飞机绕地球运动的规律，要注意向心力是物体做圆周运动所需要的力，比较加速度，应比较物体实际所受到的力，即万有引力。【解答】A.航天飞机在Ⅱ上运动过程中机械能守恒，卫星由A

到B

过程万有引力做正功，航天飞机的动能增大，速度变大，因此在Ⅱ上经过A

的速度小于经过B

的速度，故A正确；B.航天飞机由轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，轨道半径减小，航天飞机要做向心运动，要在A

点减速，因此在轨道Ⅱ上经过AA的速度小于在轨道Ⅰ上经过AA的速度，故B正确；C.卫星做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：GMmr2=m(2娄脨T)2r

解得：T=2娄脨r3GM

由于Ⅱ的轨道半径小于Ⅰ的轨道半径，则在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期，故C正确；D.卫星做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：GMmr2=ma

解得：a=GMr2

轨道半径r

相同，在轨道Ⅱ上经过A

的加速度等于在轨道Ⅰ上经过A

的加速度，故D错误。故选ABC。【解析】ABC

10、CD【分析】解：1.

由机械能守恒定律可知：

mgL=12mv2

解得：v=2gL

可知L

越长；v

越大。

2.

在最低点由向心力公式可得：

T鈭�mg=mv2L

解得：T=3mg

与L

的大小无关。

3.

向心加速度：a=v2L=2g

与绳长L

无关；

4.

角速度：娄脴=vL=2gL

可知绳长越长；角速度越小．

由以上的分析可知；AB错误，CD正确．

故选：CD

小球在摆动过程中只受重力；故机械能守恒，由机械能守恒定律可求小球运动到最低点时的速度大小；

由向心力公式可求得最低点时；绳子对小球的拉力大小．

由向心加速度的表达式计算向心加速度；根据v=娄脴r

计算角速度．

本题考查机械能守恒定律及向心力公式，如果系统内只有重力做功，则利用机械能守恒定律可以很容易解题．【解析】CD

11、AD【分析】解：由题意可知，甲、乙两物体相互摩擦后，甲物体带正电1.6×10-15C，则乙带负电1.6×10-15C，若乙物体再与丙物体接触，由于丙物体带电8×10-16C．且带负电，则乙也一定带负电，大小为8×10-16C；故AD正确，BC错误；

故选：AD。

物体经过摩擦后；会产生电．得到电子的带负电，失去电子的带正电．

此题考查子摩擦起电的本质，要理解和运用．【解析】AD12、A:C【分析】【分析】

物体在月球表面受到的重力是地球表面的六分之一；人可以轻易举起100kg的重物，也可以轻易跃过2；3米的高度；在月球上没有空气，不能放风筝；利用平抛运动分析．

【详解】

重力加速度为地球的同一物体在月球和地球上所受的重力之比为1：6，质量为100kg的物体在月球上的重力为所以可以很容易的举起来，A正确；没有空气，不能放风筝，B错误；重力为地球上的六分之一，故可以轻易跃过几米高度，在此篮球场打球，一定是扣篮高手，C正确；撇铅球可视为平抛运动，由于重力加速度为地球的所以竖直高度确定h时，运动时间是在地球上时间的倍，故水平距离为原来的倍；D错误．

【点睛】

解题关键明确各种现象产生的实质，利用在月球上重力减少分析现象和利用平抛运动解析．13、ABD【分析】解：物体在下滑过程各受重力和摩擦力作用，根据牛顿第二定律可知，其加速度a=gsin37鈭�鈭�娄脤gcos37鈭�=10隆脕0.6鈭�0.5隆脕10隆脕0.8=2m/s2

将加速度分解为水平方向和竖直方向则可知ax=acos37鈭�ay=asin37鈭�

将M

和m

作为一个整体分析；则可知。

竖直方向上：FN=Mg+mg鈭�masin37鈭�=20+10鈭�1隆脕2隆脕0.6=28.8N

水平方向上有：f=macos37鈭�=1隆脕2隆脕0.8=1.6N

方向水平向左；

故ABD正确；C错误．

故选：ABD

．

先对物体受力分析；根据牛顿第二定律求得加速度，再对整体分析，分别对水平方向和竖直方向上的受力情况进行分析，再根据牛顿第二定律对两方向列式求解即可．

本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确整体法和隔离法的正确应用，注意两物体加速度不同时，也是可以直接利用整体法求解，但要注意整体受到的合力与ma

之间的关系．【解析】ABD

三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】

由题知树叶在1mins内全振动了60次，则树叶振动的周期为T==s=1s

水波是匀速传播的，则波速为v==m/s=0.5m/s

由v=得波长λ=vT=0.5m．

故答案为：0.5；0.5

【解析】【答案】由题知树叶在1mins内全振动了60次，求出树叶振动一次的时间即为树叶振动的周期，也等于此水波的周期．水波是匀速传播的，由v=求波速．再由波速公式v=求出波长．

15、略

【分析】解：皮球从6m高的地方落下；碰撞地面后又反弹起3m，它所通过的路程是9m；

皮球经过一系列碰撞后；最终停在地面上，则在整个运动过程中皮球的位移大小是6m，方向竖直向下；

故本题答案为：9；6

路程等于物体运动轨迹的长度；位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段长度．

解决本题的关键知道路程等于物体运动轨迹的长度，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段长度，路程是标量，位移是矢量．【解析】9；616、略

【分析】

某点的瞬时速度时只需要找平均速度代替：

B点的对应速度vB==0.25m/s

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2

可以求出加速度的大小a==0.75m/s2．

由：vF=vB+aT得：

vF=0.25+0.75×0.4=0.55m/s

故答案为：0.25；0.75，0.55

【解析】【答案】从A点开始每打五个点取一个计数点；所以每两个点间的时间间隔T为0.1s．

求某点的瞬时速度时只需要找平均速度代替即可，如果找不出的，如：F点的，可用公式v=v+at求解．

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小。

17、略

【分析】

A、只需要数出两位置间打出的点的个数乘以0.02s就能得到两位置间时间，所以能从纸带上直接获得信息，故A正确；

B、瞬时速度和平均速度的求解需要运用匀变速直线运动的公式来间接求出，故B错误；

C、运动物体的加速度可以利用逐差法或者速度-时间图象得出，故C错误；

C、位移利用刻度尺直接测量两点之间的距离就可直接得出，故D正确．

故选：AD．

【解析】【答案】本题考查了打点计时器的应用；根据打点计时器的工作原理及应用可以判断各物理量是否能正确得出．

18、cb【分析】解：在凸形桥的顶点，根据牛顿第二定律得，mg鈭�N1=mv2R

解得N1=mg鈭�mv2R<mg

在凹形桥的最低点，根据牛顿第二定律得，N2鈭�mg=mv2R

解得N2=mg+mv2R>mg

在水平桥面；支持力N3=mg

压力等于支持力，由图2

可知，水平桥面对应的压力图线为b

凸形桥面对应的压力图线为c

凹形桥面对应的压力图线为a

．

故答案为：cb

根据牛顿第二定律得出凸形桥顶点；凹形桥最低点的支持力表达式；通过与水平桥支持力比较确定正确的图线．

解决本题的关键知道最高点和最低点向心力的来源，通过牛顿第二定律得出压力和重力大小关系是关键．【解析】cb

四、简答题(共4题，共28分)19、（1）Al（OH）30.02mol

（2）30mL

（3）NaCl、NaAlO2

（4）0.5mol/L【分析】【分析】本题考查化学方程式计算、铝元素化合物性质等，侧重考查学生对图象的解读能力、分析问题能力、计算能力，题目难度中等，关键是明确rm{NaOH}溶液逐滴加入到rm{AlCl_{3}}溶液中的反应原理。【解答】rm{(1)}开始rm{AlCl_{3}}与rm{NaOH}发生反应rm{Al^{3+}+3OH^{-}=Al(OH)_{3}隆媒}生成rm{Al(OH)_{3}}沉淀，rm{NaOH}量逐渐增多，rm{Al(OH)_{3}}量逐渐增大，到rm{A}点时氢氧化钠将rm{AlCl_{3}}恰好完全沉淀时，rm{Al(OH)_{3}}沉淀达到最大量，其物质的量为rm{dfrac{1.56g}{78g/mol}=0.02mol}

故答案为：rm{dfrac

{1.56g}{78g/mol}=0.02mol}rm{Al(OH)_{3}}

rm{0.02mol}根据rm{(2)}可知，消耗rm{Al^{3+}+3OH^{-}=Al(OH)_{3}隆媒}物质的量rm{NaOH}消耗rm{=0.02mol隆脕3=0.06mol}溶液体积为rm{dfrac{0.06mol}{2mol/L}=0.03L}即为rm{NaOH}

故答案为：rm{dfrac

{0.06mol}{2mol/L}=0.03L}

rm{30mL}沉淀达到最大量后，再加rm{30mL}溶液发生反应：rm{(3)Al(OH)_{3}}沉淀量开始逐渐减少，到rm{NaOH}点时rm{Al(OH)_{3}+OH^{-}=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}与rm{B}恰好完全反应生成rm{Al(OH)_{3}}沉淀完全溶解消失，rm{NaOH}点溶液中溶质有rm{NaAlO_{2}}rm{B}

故答案为：rm{NaCl}rm{NaAlO_{2}}

rm{NaCl}根据rm{NaAlO_{2}}原子守恒rm{(4)}rm{Al}溶液的浓度为rm{dfrac{0.02mol}{0.04L}=0.5mol/L}

故答案为：rm{n(AlCl_{3})=n[Al(OH)_{3}]=0.02mol}

rm{AlCl_{3}}【解析】rm{(1)Al(OH)_{3;;;;}0.02mol}rm{(2)30mL}rm{(3)NaCl}rm{NaAlO_{2}}rm{{,!}_{(4)}0.5mol/L}20、略

【分析】

飞船绕月近地运行，月球对飞船的万有引力提供向心力GMmR2=m4娄脨2RT2

化简可得月球的质量M

在月球表面重力提供向心力，求出月球表面重力加速度，再根据平抛运动的规律，分别在水平方向上和竖直方向上列出位移与时间的关系，联立方程即可求解．

本题主要考查万有引力提供向心力这个关系和平抛运动的分运动规律，字母运算多，要细心，难度适中．【解析】解：(1)

飞船绕月近地运行；月球对飞船的万有引力提供向心力，有：

GMmR2=m4娄脨2RT2

解得：M=4娄脨2R3GT2

．

(2)

小球做平抛运动；水平方向做匀速直线运动，有：

x=vt

竖直方向做自由落体运动；有：

H=12gt2

在月球表面；小球受到月球的万有引力近似等于重力，有：

GMmR2=mg=m4娄脨2RT2

解得：g=4娄脨2RT2

解得：v=xg2H=x4娄脨2R2HT2

答：(1)

月球的质量M

为4娄脨2R3GT2

(2)

小球开始抛出时的初速度v

为x4娄脨2R2HT2

．21、（1）ABCFHDEACGH

（2）22.4

（3）【分析】【分析】本题考查氧化还原反应及四种基本反应类型，为高频考点，把握反应分类及分类依据为解答的关键，题目难度不大。【解答】A.rm{Zn+2HCl篓TZnCl_{2}+H_{2}隆眉}属于置换反应；氧化还原反应；

B.rm{CO_{2}+H_{2}O篓TH_{2}CO_{3}}属于化合反应；

C.rm{S+O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠录};}}{;}SO_{2}}属于化合反应；氧化还原反应；

D.rm{S+O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠录};}}{;}SO_{2}}属于复分解反应；

E.rm{Ba(OH)_{2}+H_{2}SO_{4}篓TBaSO_{4}隆媒+2H_{2}O}属于复分解反应；

F.rm{CaCO_{3}dfrac{underline{;;triangle;;}}{;}CaO+CO_{2}隆眉}属于分解反应；

G.rm{CH_{4}+2O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠录};}}{;}CO_{2}+H_{2}O}属于氧化还原反应；

H.rm{2KClO_{3}dfrac{underline{;;triangle;;}}{;}2KCl+3O_{2}隆眉}属于分解反应；氧化还原反应；

故rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl篓T2NaCl+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{CaCO_{3}dfrac{

underline{;;triangle;;}}{;}CaO+CO_{2}隆眉}rm{CH_{4}+2O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠录};}}{;}CO_{2}+H_{2}O}rm{2KClO_{3}dfrac{

underline{;;triangle;;}}{;}2KCl+3O_{2}隆眉}属置换反应的是rm{A}属化合反应的是rm{BC}属分解反应的是rm{FH}

属复分解反应的是从反应可知，当生成rm{DE}氢气时转移属氧化还原反应的是电子，故应当为rm{ACGH}rm{(2)}失rm{1mol}个电子，氢从rm{2mol}变为rm{22.4L}价，故有：rm{(3)Zn}【解析】rm{(1)A}rm{BC}rm{FH}rm{DE}rm{ACGH}

rm{(2)22.4}rm{(3)}22、略

【分析】

(1)

小球在圆筒中运动过程中下落高度为h

根据自由落体运动基本公式结合几何关系求出速度即可；

(2)

分圆筒顺时针转动和逆时针转动两种情况分析；求出圆筒在0.2s

内转过的角度(

用弧度为单位)

再根据角速度的定义式求解可能的角速度，注意周期性．

本题主要考查了平抛运动基本公式以及匀速圆周运动的特点，在求解角速度时，既要分两种情况求解，又要注意周期性，难度适中．【解析】解：如图所示；设小球离开圆筒时，小孔A

转到B

或C

位置．

(1)

小球在圆筒中运动过程中下落高度为h

h=12gt2

cos娄脠=hr

娄脠=37鈭�

小球从A

点进入圆筒时的速度大小为v1

时；小球从B

位置离开圆筒。

则r+rsin娄脠=v1t

小球从A

点进入圆筒时的速度大小为v2

时；小球从C

位置离开圆筒。

则r鈭�rsin娄脠=v2t

解得v1=2m/sv2=0.5m/s

(2)

若圆筒顺时针转动；在0.2s

内转过的角度(

用弧度为单位)

应为。

娄脕1=2娄脨(90鈭�鈭�娄脠)360+2娄脨k(k=0123)

或娄脕2=2娄脨(90鈭�+娄脠)360+2娄脨k(k=0123)

则圆筒匀速转动的角速度可能为。

娄脴1=娄脕1t=53娄脨36+10娄脨k(k=0123)

娄脴2=娄脕2t=127娄脨36+10娄脨k(k=0123)

若圆筒逆时针转动；在0.2s

内转过的角度(

用弧度为单位)

应为。

娄脕3