（重庆卷A）2022年中考物理第二次模拟考试（全解全析）

2022年中考物理第二次模拟考试（重庆卷A）(全卷共21小题,满分80分，时间60分钟)注意事项:1试题的答案书写在答题卡上，不得在试卷上直接作答。2作答前认真阅读答题卡上的注意事项，3.考试结束，由监考人员将试题和答题卡一并收回4.全卷取g=10N/kg,水的密度ρ=1.0×103kg/m3一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。）1．生活中经常要对一些物理量进行估测．下列估测最接近实际的是（）。A．某中学生的质量约为500kg；B．课桌的高度约为80dm；C．人体的正常温度约为40℃；D．手机的电池电压约为3.7V【答案】D。【解析】A．某中学生的质量约为50kg。故A不符合实际；B．课桌的高度约为中学生身高的二分之一，中学生身高1.6米左右所以0.8m即80cm。故B不符合实际；C．人体的正常温度约为37℃。故C不符合实际；D．手机的电池电压约为3.7V。故D符合实际。故选D。2．如图所示的四种现象中，属于光的折射现象的是（）。A．叶子经露珠成放大的像；B．荷花在水中形成倒影；C．笔直的光线射入树林中；D．日全食现象【答案】A。【解析】A、叶子经露珠成放大的像，是光的折射现象；B、荷花在水中形成倒影是光的反射现象；C、笔直的光线射入树林中是光的直线传播现象；D、日全食现象是光的直线传播形成的。故选A。3．下列有关热和能的说法中，正确的是（）。A.发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体；B.一块

0℃

的冰熔化成

0℃

的水后，温度不变，内能不变；C.内燃机的压缩冲程，主要通过做功的方式增大汽缸内物质的内能；D.夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质【答案】C。【解析】A.发生热传递时，热量总是从高温物体传递给低温物体，故A错误；B.一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，因为不断吸热，内能变大，故B错误；C.内燃机的压缩冲程，压缩气体，将机械能转化为内能，故主要通过做功的方式增大汽缸内物质的内能，故C正确；D.夏天在室内洒水降温，利用了蒸发时吸热，故D错误。故选C。4．在一次物理实验中，小于同学连接了如图所示的电路，电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，下列说法错误的是（）。A．电磁铁的A端为N极；B．小磁针静止时，N极水平指向左；C．利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机；D．当滑动变阻器滑动片P向右端移动，电磁铁磁性增强【答案】C。【解析】A、由图知道，电流从螺线管的右端流入、左端流出，由安培定则判断，电磁铁的A端是N极，B端是S极，故A正确；B、电磁铁的B端是S极，由磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是N极，即N极水平指向左，故B正确；C、该实验表明了电能生磁，利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁，故C错误；D、当滑动变阻器滑动片P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，即电磁铁的磁性变强，故D正确。5．下列四个事例中，其中与另外三个力所产生的作用效果不同的是（）。A．人对拉力器的作用力可使弹簧伸长；B．杆对台球的作用力可使台球由静止开始运动；C．守门员对足球的作用力可使运动的足球静止；D．拦网队员对排球的作用力可使排球改变运动方向【答案】A。【解析】力可以改变物体的形状和物体的运动状态；A．说明力可以改变物体的形状；BCD．说明力可以改变物体的运动状态。6．如图是一种保险箱，小明为这种保险箱设计了智能解锁电路。正常解锁时，输入正确的密码使开关S1

闭合，小型电动机启动打开保险箱；也可通过使用正确的指纹使开关S2

闭合，电动机启动打开保险箱。若多次解锁失败，则系统的防盗模式启动，锁定开关S3

将会断开24小时，该时间段内，即便输入正确的密码或指纹都无法启动电动机。图中所示模拟电路中符合要求的是（）。A.

B.C.

D.【答案】A。【解析】由题意可知，开关S1

闭合，小型电动机启动打开保险箱；使用正确的指纹使开关S2

闭合，电动机启动打开保险箱；这说明开关S1

、S2

是并联的，能独立工作；锁定开关S3

断开时，即便输入正确的密码或指纹都无法启动电动机，这说明S3

串联在干路中，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。7．2022年冬季奥林匹克运动会主办城市是北京，北京成为第一个举办过夏季奥林匹克运动会和冬季奥林匹克运动会以及亚洲运动会三项国际赛事的城市。在某场馆建设中，采用如图所示的装置，滑轮组悬挂在水平支架上，工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，使物体A在5s内匀速上升了1m。已知物体A重400N，该工人重500N，两个滑轮质量相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为80%。关于该过程，下列说法正确的是（）A.水平地面对工人的支持力为300N；B.动滑轮重为50N；C.人对绳子拉力的功率为120W；D.支架受到滑轮组的拉力为850N【答案】D。【解析】AB.设动滑轮的重力为，则有；解得；人对绳子的拉力；水平地面对工人的支持力为，故AB错误；C.绳子自由端上升的速度；人对绳子拉力的功率为，故C错误；D.支架受到滑轮组的拉力为850N：，故D正确。故选D。8．额定电压均为6V的甲、乙两灯，U-I图线如图所示下列说法正确的是（）。A.甲、乙两灯的电阻均随电压增大而减小；B.甲、乙两灯的额定功率之比为4:1；C.甲、乙两灯并联接在电压为2V的电源两端时，电阻之比为3：2；D.甲、乙两灯串联接在电压为8V的电源两端时，实际功率之比为1:3【答案】D。【解析】A.由甲、乙曲线图可知，灯泡的电阻随电压的增大而增大；故A错误；B.由于甲、乙两灯的额定电压均为6V，由图象可知：I甲额

=0.6A，I乙额

=0.3A，则，故B错误；C.甲、乙两灯并联在

2V

的电源两端时，由图象可知：I甲

=0.3A，I乙

=0.2A，根据可知电阻之比是：，故C错误；D.把甲、乙两灯串联接在8V的电源上时，通过它们的电流相等，且电源的电压等于两灯泡两端的电压之和，由图象知道，当电路中的电流为0.3A，甲灯的实际电压为2V，乙灯的实际电压为6V时满足电源电压为8V，所以实际功率之比：P甲

：P乙

=U甲

I：U乙

I=2V：6V=1：3，故D正确。二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分。）9．新型冠状肺炎疫情爆发后，全国人民万众一心齐抗疫。社区工作人员用喇叭在小区内播放疫情防护知识时，喇叭发出的声音是由物体______产生的；工作人员调节喇叭的音量大小，是为了改变声音的______（选填“音调”、“响度”或“音色”）。【答案】振动；响度。【解析】[1]声音是由物体振动产生的，大喇叭发出的声音是由大喇叭的纸盆振动产生的。[2]工作人员调节大喇叭的音量是为了改变声音的大小，即声音的响度。10．如图所示，王力同学将自制气压计从山脚带到山顶的过程中，气压计的水柱会________（选填“升高”“降低”“不变”），外界气压的变化是________（选填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】升高；小。【解析】气压随着海拔高度的增加而减小，所以王力同学将自制气压计从山脚带到山顶的过程中，由于海拔升高，所以外界气压减小，内部气压大于外界气压，在此压强差的作用下，水柱上升。11．在晴朗干燥的冬日里，洗头吹干后，用塑料梳子梳头时，塑料梳子在与头发摩擦过程中______（选填“失去”或“得到”）电子而带上负电，而头发因带同种电荷相互______（选填“吸引”或“排斥”），所以头发越梳越蓬松。【答案】得到；排斥。【解析】[1]塑料梳子在与头发摩擦过程中由于塑料梳子束缚电子的能力强而得到电子，从而带上负电。[2]被梳子摩擦过的头发因带上同种电荷而相互排斥，所以头发越梳越蓬松。12．用一台电取暖器给有50kg空气的房间加热。通电后取暖器的电热元件温度升高，是通过

（填“做功”或“热传递”）的方式使其内能增加的；一段时间后室温升高了5℃，则空气吸收的热量为

J。设空气的比热容为1.0×103J/（kg•℃）【答案】做功；2.5×105。【解析】通电后取暖器的电热元件温度升高，是通过电流做功的方式使其内能增加的；空气吸收的热量：Q＝cm△t＝1.0×103J/（kg•℃）×50kg×5℃＝2.5×105J。13．如图所示，以O为转轴的轻质杠杆，，物体C重，底面积为，在杠杆A端与物体的上端中点用一根轻质硬棒连接，当在B端用的动力F竖直向上拉时，杠杆在水平位置平衡，该杠杆为______杠杆（选填“省力”、“等臂”或“费力”），此时物体C对水平地面的压强是______。【答案】省力；。【解析】(1)由图示知，杠杆在水平位置平衡时，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。(2)据杠杆的平衡条件知F1

⋅OA=F⋅OB据题意有AB=4OA，那么OB=3OA所以F1

⋅OA=120N⋅3OA解得，杠杆A端受到的力F1

=360N此时，物体C受到竖直向下的重力、硬棒对它竖直向下的力和支持力的作用处于平衡状态，所以C对水平地面的压力F压

=G+F1

=240N+360N=600NC对水平地面的压强。14．（1分）如图所示，O为凸透镜的光心，F为凸透镜的两个焦点，请在图中画出光源S经凸透镜所成的像S′。【解析】利用过光心的光线传播方向不改变，平行与主光轴的光通过透镜后会过焦点，这两条折射光线的交点就是像点S′。15．（1分）如图，请标出磁感线的方向及静止小磁针的N极。（______）【解析】根据右手定则判断线圈磁极，左端为S极，右端为N极，根据磁体外部磁场方向为从N极出发回到S极，可得图中磁感线方向向左，再根据磁极间相互作用规律，同名磁极相互吸引得出小磁针右端为N极。三、实验探究题（本题共3个小题，16小题6分，17小题8分，18小题8分，共22分）16．（6分）（1）用焦距为10cm的凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验。组装并调整实验器材时。应使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的

上；找像时，要前后多移动几次光屏，找出成最

像时光屏的位置；当点燃的蜡烛、凸透镜、光屏置于光具座上如图所示的位置时，光屏上呈现烛焰的倒立、

的实像。（2）用图甲所示装置探究“观察水的沸腾”实验：（1）加热一段时间后，温度计的示数如图甲所示，此时烧瓶中水的温度为_______℃；（2）水沸腾过程中，虽然继续加热，但水的温度_______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）图乙是a、b两个实验小组根据实验数据描绘出的水的沸腾图象，两图象不同的原因可能是_______（选填序号）。A.酒精灯的火焰相同，a组水的质量大B.水的质量相同，b组酒精灯的火焰小【答案】（1）主光轴；清晰的；放大。（2）84；不变；B。【解析】（1）实验前先固定凸透镜，再移动蜡烛和光屏使它们靠近凸透镜，再点燃蜡烛，调节凸透镜和光屏的高度，使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央；找像时，要前后多移动几次光屏，直到光屏上出现最清晰的像为止；当点燃的蜡烛、凸透镜、光屏置于光具座上如图所示的位置时，由图可知此时的物距小于像距，光屏上会成倒立放大的实像；（2）[1]从图甲可知，温度计的每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，即分度值为1℃，温度计液面所对的刻度值为84℃。[2]水沸腾的特点为：继续吸收热量而温度保持不变。[3]从图乙可知，b组加热至沸腾所用时间较长；A.酒精灯的火焰相同，则相同时间里a、b组的水吸收的热量相同，a组水的质量大，则a组加热至沸腾所用时间长，故A不符合题意；B.水的质量相同，b组酒精灯的火焰小，则相同时间里b组的水吸收的热量少，加热至沸腾所用时间长，故B符合题意。故选B。17．（8分）小丽同学在“测量鸡蛋的密度”实验中，进行了以下操作：（1）将天平放在_____桌面上，在天平托盘中分别放入不吸水的纸，把游码移到零刻度线处，指针静止后的情形如图（甲）所示．要使横梁平衡，应将横梁上的平横螺母向_____（选填“左”或“右”）调，直至天平平衡．接着将鸡放在天平的左盘，在右盘加减砝码、移动游码直到天平重新复平衡，所加砝码的质量和游码的位置如图（乙）所示，则被测鸡蛋的质量为_____g。（2）因可供选择的量筒口径较小，鸡蛋无法放入，小丽自制了一个溢水杯，采用如图（丙）所示的方法测量鸡蛋的体积，其具体做法是：先在溢水杯中加水，直到水面恰好与溢水口相平，把量筒放在水溢水口下方，将鸡蛋慢慢放入水杯中，鸡蛋最终沉入水底，量筒收集完从溢水杯溢出的水后，示数如图（丙）所示．他所使用量筒的分度值为_____cm3，在读取量筒中水的体积时，视线与液面_____（选填“相平”或“不相平”），鸡蛋的体积为_____cm3

（3）被测鸡蛋的密度为_____g/cm3

。（4）若小丽用上述方法先测出鸡量的体积V，再取出溢水杯中的鸡蛋，放在天平的左盘，称出它的质量为m，然后利用计算出鸡蛋的密度。用种方法测得鸡蛋的密度与真实值相比会_____。（选填“偏大”“偏小”或“一样”）。【答案】水平；右；42；2；相平；40；1.05；偏大。【解析】(1)根据天平的使用规则知，应将天平放在水平台面上，把游码移到标尺的零刻线处，调节天平横梁平衡时，指针指在分度盘中央刻度线的左侧，说明左盘较重，应当将横梁上的平衡螺母向右调节，直至平衡。图乙中天平标尺的分度值为0.2g，盐水和烧杯的总质量为；(2)如图丙所示的量筒分度值为2ml，即2cm3

。量筒读数时，视线应该与量筒内凹液面的底部相平。因为鸡蛋沉底，由图丙可知，鸡蛋排开水的体积，即鸡蛋的体积为；(3)鸡蛋的密度为；(4)若先测出鸡量的体积

V

，再用天平测其质量，这样鸡蛋上会沾有水，使得鸡蛋质量的测量值偏大，由密度公式可知，密度的测量值偏大。18．（8分）在“测小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为4.5V的电源，额定电压为2.5V的待测小灯泡，电阻约为8Ω，电流表（0~0.6A，0~3A），电压表（0~3V，0~15V），开关和导线若干，另有标有“30Ω，2A”的滑动变阻器R

和标有“5Ω，1A”的滑动变阻器R2

。（1）小明检查仪器时，发现电流表指针如图甲所示，接下来应进行的操作：______；（2）若小明设计的电路如图乙所示，请选择合适的量程，并用笔画线代替导线将图乙的实物图连接完整（______）

；（3）本实验选择的滑动变阻器是______（选填“R1

”或“R2

”）；（4）小明把滑片移到最左端，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表示数为零，电压表的示数接近电源电压。为了排除故障，小明接下来的操作合理的是______（选填字母符号）；A.拧紧小灯泡和它两端的接线柱B.拧紧开关两端的接线柱C.检查滑动变阻器是否短路（5）小明根据实验数据绘制出I-U图像，如图丙所示，图中阴影部分面积的物理含义是______；（6）老师说：虽然电压表的内阻很大，但电路接通后仍有微小电流流过电压表；虽然电流表的内阻很小，但是电路接通后电流表的两端仍有微小的电压，请你根据这一事实并结合电路图分析判断，该电路引起测量的小灯泡电功率偏______（选填“大”或“小”）；（7）当加在灯泡两端的电压为额定电压的一半时，灯泡的实际功率P实

______P额

（选填“>”“<”或“=”）；（8）小明增加一个阻值为10Ω的定值电阻R0

，只利用一只电表，通过简单操作（开关S接“a”、“b”各一次）来测量小灯泡的额定功率，如图A、B是他设计的两种不同方案的电路图，则以下判断正确的是______（填序号）。A.两种方案都能B.两种方案都不能C.A方案能，B方案不能D.A方案不能，B方案能。【答案】电流表进行调零；如图；R1；A；电压为1V，电流为0.1A时小灯泡的电功率；大；>；B。【解析】（1）[1]小明检查仪器时，即连接电路前，电流表指针位置如图甲所示，指针在零刻度左边，说明电流表未进行调零，接下来应当进行的操作是电流表进行调零。（2）[2]额定电压为2.5V的待测小灯泡，电阻约为8Ω，所以小灯泡处于额定电压时的电流为流过小灯泡的电流是0.3125A，即电路的电流是0.3125A，故电流表选择的量程为0~0.6A即可，电压表的电压不会超过2.5V，

电压表选择的量程为0~3V即可，电压表与灯泡并联，电流表与灯泡串联，均采用

“正进负出”的连接方式，连接电路如图所示。（3）[3]电源电压恒为4.5V，额定电压为2.5V的待测小灯泡，根据串联电路的电压规律可得滑动变阻器两端的电压为2V，再根据串联电路的分压原理可得

、

、

，代入上式可得解得，即此时滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑动变阻器的最大电阻必须大于6.4Ω，滑动变阻器R1

的最大电阻是30Ω，滑动变阻器R2

的最大电阻是5Ω，故选择最大电阻是30Ω的R1

滑动变阻器。（4）[4]把滑片移到最左端，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表示数为零，电压表的示数接近电源电压，电路故障为小灯泡断路，电压表串联在电路中，此时应拧紧小灯泡和它两端的接线柱，确保小灯泡与灯座接触良好，它两端的接线柱与导线接触良好，那么电路有故障，就是小灯泡断路了，不是小灯泡之外的其他问题了。故选A。（5）[5]如图丙所示，图中阴影部分是横轴示数为1V，纵轴示数为0.1A的长方形面积，其大小是1V乘以0.1A的积，即，而，所以该面积的物理含义是电压为1V，电流为0.1A时小灯泡的电功率。（6）[6]测量功率时，应该测量电阻两端的实际电压和通过电阻的实际电流，而电流表实际测量的是通过待测电阻和电压表的总电流，即电流偏大，而电压表是与电阻并联连接，测量的电压是准确的，根据电功率公式可知灯泡额定功率的测量值大于真实值，故灯泡额定功率的测量值偏大。（7）[7]当加在灯泡两端的电压为额定电压的一半时，根据公式可知，若灯泡电阻不变，则灯泡的实际功率，但是随着功率减小，灯泡电阻随温度的降低而减小，故灯泡的实际功率。（8）[8]图A中，无论开关接“a”还是接“b”都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定电功率；图B中，R0

、小灯泡和滑动变阻器三者串联，开关S接“a”时，电压表测量定值电阻的电压，当开关接“b”时测量灯泡和定值电阻的总电压，由于开关S接“a”、“b”各一次，只能一次，假设调节滑动变阻器滑片在某一位置，开关S接“a”、“b”各一次，然后得到的电压表示数，相减，不是2.5V，那么次数用完了，不能继续实验，则不能测出小灯泡的额定功率，所以此方案不能测出小灯泡的额定功率；综上所述，两种方案都不能。故选B。四、论述计算题（本题共3个小题，19小题6分，20小题8分，21小题8分，共22分，解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能给分。）19．（6分）为解决乡村快递派送的交通不便问题，某快递公司采用无人机（如图所示）将包裹送达每个村子的派送员，自动卸货后随即返航，继续其他配送｡某次派送包裹质量12kg，飞行高度120m，10min内水平飞行里程6.5km｡(1)该次派送无人机水平飞行的平均速度是多少km/h？(2)无人机提着包裹从地面匀速上升到120m高度的过程中，拉力对包裹做的功是多少？（g=10N/kg）【答案】(1)39km/h；(2)14400J。【解析】(1)无人机水平飞行的平均速度：v===39km/h；无人机水平飞行的平均速度是39km/h。(2)匀速上升二力平衡，拉力F=G，拉力对包裹做功：W=Fh=Gh=mgh=12kg10N/kg120m=14400J，拉力对包裹做功144400J。答：(1)该次派送无人机水平飞行的平均速度是39km/h；(2)无人机提着包裹从地面匀速上升到120m高度的过程中，拉力对包裹做的功是14400J。20．（8分）在如图甲所示的电路中，电源电压6V保持不变，滑动变阻器R2

标有“20Ω1A”字样，闭合开关S后，电压表的示数为2V，电流表的示数为0.2A。求：（1）定值电阻R1

的阻值。（2）100s内通过滑动变阻器R2

的电流所做的功。（3）将R1

和R2

按图乙所示的电路连接，电源电压不变并闭合开关S，求图甲电路消耗的最小功率与图乙电路消耗的最大功率的比值。【答案】（1）10Ω；（2）80J；（3）1∶8。【解析】（1）定值电阻R1

的阻值为；（2）滑动变阻器两端的电压为；100s内通过滑动变阻器R2

的电流所做的功为；（3）甲图中当滑动变阻器的电阻最大，电路中的电流最小，功率最小，最小功率为；乙图中当滑动变阻器的电流最大为1A时，电路中的电流最大，此时功率最