2024年北师大版九年级物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大版九年级物理上册阶段测试试卷10考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、用一根没有磁性的铁棒的一端去吸引条形磁铁；当它和条形磁铁的几个不同部位接触时，吸引力最小的部位是（）

A.S极的一端。

B.N极的一端。

C.中央位置。

D.各处都一样。

2、如图；一物体用弹簧悬于天花板上，下列说法正确的是（）

A.物体所受的重力和天花板拉弹簧的力是一对平衡力。

B.天花板拉弹簧的力和弹簧拉物体的力是一对平衡力。

C.物体所受的重力和弹簧拉物体的力是一对作用力与反作用力。

D.天花板拉弹簧的力和弹簧拉天花板的力是一对作用力与反作用力。

3、汽车拉一拖车沿着平直公路做匀速直线运动走了5m，汽车对拖车所做的功为若汽车改做变速直线运动，且走同样多的路程，汽车对拖车做的功为则（）A.B.或都有可能C.D.或都有可能4、如图所示的电路中，电源电压恒定，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比U甲：U乙为4：1；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比I甲：I乙为（）A.3：1B.3：2C.3：4D.4：35、关于如图所示的四幅图，下面说法正确的是（）A.甲图活塞被推开，说明物体内能可以对外做功B.乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，是由于分子间有斥力作用C.丙图中内燃机正处在做功冲程，其能量转化是机械能转化为内能D.丁图中绝缘棒接触验电器后验电器的金属箔张开一定角度，说明该棒带正电6、下列现象中，不是表明扩散现象的有（）A.投入盐粒的白水全部变咸B.放入糖的水变甜C.给液体或气体加热时产生的对流D.炒菜的香味能够传得很远7、一只“10V5W”的甲灯和一只“6V1.8W”的乙灯，不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（）A.甲灯的电阻大些B.正常发光时乙灯的电流大C.正常发光时甲灯的电流大D.乙灯的电阻大些评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、灯泡A、B的规格分别为“110V60W”、“110V100W”，为了使它们接入220V的电路中正常发光，下列电路中最合理的接法是（）A.B.C.D.9、两个相同的容器分别装有质量相同的甲；乙两种液体．用同一热源分别加热；液体。

温度与加热时间关系如图所示．下列说法正确的是（）A.甲比乙液体的比热容大B.加热相同的时间，甲比乙液体吸收的热量少C.加热相同的时间，甲比乙液体温度升高的多D.如果升高相同的温度，甲比乙液体吸收的热量少10、如图电路，电源电压保持不变，当闭合开关S

调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的“U鈭�I

”关系图象如图所示.

则下列判断正确的是(

)

A.电源电压为10V

B.定值电阻R1

的阻值为10娄赂

C.滑动变阻器R2

的阻值变化范围为0隆芦10娄赂

D.变阻器滑片在中点时，电流表示数为0.3A

11、如图，当滑动变阻器滑片P向右移动时，接入电路中电阻值变小的是（）A.B.C.D.12、一种游戏，叫做蹦极．游戏者将一根有弹性的绳子一端系在身上，另一端固定在高处，从高处跳下．图中a点是弹性绳自然下垂时绳下端的位置，c点是游戏者所到达的最低点．对于游戏者离开跳台至最低点的过程，下列说法正确的是（）A.游戏者的动能一直在增加B.游戏者减少的重力势能全部转化为动能C.游戏者通过a点之后，动能越来越小D.游戏者到c点时，他的动能为零13、如图所示，用三种方法拉动同一物体在相同的水平地面上做匀速直线运动，使物体以相等速度移动相同的距离．所用拉力分别是F1、F2、F3，这三个力的作用点移动距离分别是S1、S2、S3，移动速度分别为V1、V2、V3；不计滑轮摩擦，则（）

A.F1：F2：F3=2：1：4S1：S2：S3=2：1：4B.F1：F2：F3=2：1：4S1：S2：S3=2：4：1C.F1：F2：F3=2：4：1V1：V2：V3=2：1：4D.F1：F2：F3=2：1：4V1：V2：V3=2：4：1评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、（2014春•兴化市月考）周末；小华在爸爸的帮助下利用图示的电能表测量电热水壶的实际功率，已知电热水壶的铭牌为“220V1000W”．

（1）电能表是用测量____的仪表，图中电能表读数为____kW•h；他家里同时工作的用电器总功率不宜超过____W．

（2）在测量电热水壶的实际功率时，小华首先进行的操作是____，接着观察到电能表的指示灯在3min内闪烁80次，则电热水壶实际功率是____W，这表明电热水壶的实际工作电压____（选填“大于”“小于”或“等于”）额定电压．15、家庭电路的电压是220V，动力电路的电压是380V，只有____V的电压对人体才是安全的．16、轮船从海里驶入淡水河里时，它所受到的浮力将____（选填：变大、变小、不变），船体将____一些（选填：上浮、下沉）．17、（2012•黄陂区校级模拟）一柱形物体直立在平静、清彻的水面上空而静止不动．位于水中C点的观察者，正好看到了这一柱形物体所成的像，如图所示．那么，他看到的可能是____

（A）与物体原来位置相同；大小一样的像；（B）与物体位于同一位置；大小一样、倒立的像；

（C）在ab正上方、倾斜的像；（D）在ab左上方；倾斜的像；

（E）在ab正左方、正立的像；（F）在ab正左方；倒立的像；

（G）在ab正下方、倒立的像．18、如图所示，古代士兵常用定滑轮把护城河上的吊桥拉起。使用定滑轮可以______(

选填“省力”、“省距离”或“改变动力方向”)

吊桥可以看作杠杆，绳子对它的拉力是动力，吊桥的重力是阻力。在拉起吊桥的过程中，阻力臂大小______(

选填：“变大”、“变小”或“不变”)

19、阅读下列材料；按要求完成后面提出的问题．

材料一：蝙蝠在黑暗中能自由地飞翔；用棉花住其耳朵，虽然把它放在明亮的房间里，仍像喝醉酒一样，一次一次地碰到障碍物，后来，物理学家证实了蝙蝠能发出①波，靠这种波的回声来确定目标和距离．

材料二：如果把八只同样的玻璃杯盛不同深度的水用一根细棒依次敲打杯子；可以发现声音的②和盛水量有关．如果调节适当，可演奏简单的乐谱，由此我们不难知道古代“编钟”的道理．

材料三：许多年前；“马可波罗”号帆船在“火地岛”失踪，经过多年的研究，揭开了“死亡之谜”，他们都是死于亚声，这是一种人耳听不到的声音，频率低于20Hz，而人的内脏的固有频率和亚声波极为相似，当二者相同时，会形成内脏的共振，严重时，把内脏振坏而丧生．

问题：

（1）请你将上面材料中①和②两处补上恰当的文字：①____，②____．

（2）从材料三中可以看出，声具有____．20、如图所示，电能表的示数为____kW•h．

21、甲、乙两金属球质量之比是2：3，吸收相同的热量后，升高的温度之比是3：1，则它们的比热之比C甲：C乙等于____．评卷人得分四、判断题(共3题，共27分)22、一个物体温度升高了，一定从外界吸收了热量．____（判断对错）23、密度是物体的特性，不同物质一定有不同的密度．____（判断对错）24、茶壶就是一个连通器____．评卷人得分五、解答题(共3题，共15分)25、如图所示电路，R1=10Ω，R2=20Ω；闭合开关后，电流表的示数为0.3A，求：

（1）电阻R1两端的电压是多少？

（2）电源电压为多少？

（3）通过R2的电流是多少？26、小明家新买了一只电压力锅，如图是它的工作电路简图，小明查阅说明书得知，图中的R1=60.5Ω，R2=242Ω，是两个加热器，当接通电路时，开关S自动与触点a、b接通，开始加热．指示灯L1亮；当锅内温度达到105℃时，开关S自动与a、b断开，并与触点c接通，此后锅内压力不变，水温不变，且不沸腾，指示灯L2亮；忽略指示灯的电阻，则。

（1）该电压力锅在保压时的加热功率为多大？

（2）现将3L初温为25℃的水加入该压力锅中，接通电路使其正常工作，若消耗的电能有90%被水吸收，水的比热容为4.2×103J（kg•℃），接通电路多长时间后开始保压？27、如图甲所示是某船厂设计的打捞平台装置示意图.A

是动滑轮，B

是定滑轮，C

是卷扬机，卷扬机拉动钢丝绳通过滑轮组AB

竖直提升水中的物体；可以将实际打捞过程简化为如图乙所示的示意图.

在一次打捞沉船的作业中，在沉船浸没水中匀速上升的过程中，打捞平台浸入水中的体积相对于动滑轮A

未挂沉船时变化了0.4m3

在沉船全部露出水面并匀速上升的过程中，打捞平台浸入水中的体积相对于动滑轮A

未挂沉船时变化了1m3.

沉船浸没在水中和完全露出水面后卷扬机对钢丝绳的拉力分别为F1F2

且F1

与F2

之比为37.

钢丝绳的重、轴的摩擦及水对沉船的阻力均忽略不计，动滑轮的重力不能忽略.(

水的密度取1.0隆脕103kg/m3g

取10N/kg)

求：

(1)

沉船的重力；

(2)

沉船浸没水中受到的浮力；

(3)

沉船完全露出水面匀速上升1m

的过程中，滑轮组AB

的机械效率．评卷人得分六、实验探究题(共4题，共24分)28、小余和小乐为了探究并联电路中电流的关系；他们设计的电路如图甲所示．实验器材如下：规格不同的灯泡各一只；电压可调节的学生电源1个、电流表1个、开关1个、导线若干．

（1）在连接电路的过程中，开关应该处于____状态．

（2）电流表校正好后，用此电流表试触时，小余发现电流表的指针偏转如图乙所示，根据你的分析，原因是____．

（3）他们改进后；把电流表分别接入到电路中的A；B、C处，测出的电流如下表：

。实验次数A处的电流IA/AB处的电流IB/AC处的电流IC/A10.140.280.4220.160.320.483[0.180.360.54通过对上面数据的分析，可以得出的结论是：在并联电路中，____；在实验中可以通过改变____来改变A、B、C处电流的大小，从而进行多次实验，这样做的目的是____．

29、（2014•江西模拟）小明学完凸透镜成像的规律后；又对凸透镜成像的特点作了进一步探究，他选择了一块焦距未知的凸透镜；一个长为5cm的发光体等器材进行实验．如表是小明同学实验时记录的几组数据．

根据表中数据；完成下列问题：

。实验次数物距u/cm像距V/cm物高l/cm像高h/cm15012.551.2523514523301552.542020555153051061435512.5712.550520（1）该凸透镜的焦距为____cm．

（2）分析表中数据可以得出，当物距不断减少时，相距不断____，当像高小于物高时，像移动的速度____物体移动的速度；当像高大于物高时，像移动的速度____物体移动的速度．

（3）根据标总的数据判断：当小明做完第三次实验后，如图所示，若只移动凸透镜，在光屏上____得到一清晰的像；若做完第四次试验后，只移动凸透镜，在光屏上____得到一清晰的像．（均填“能”或“不能”）

（4）小明通过进一步分析实验数据，又得出了像高h与物高l的比值和像距V与物距u的比值的具体关系，关系式为____．30、（2010•宿迁）小明用蜡烛；凸透镜和光屏做“探究凸透镜成像的规律”实验（如图）：

（1）要使烛焰的像能成在光屏的中央，应将蜡烛向____（填“上”或“下”）调整．

（2）烛焰放距凸透镜20cm处，移动光屏至某位置，在光屏上得到一个等大清晰的像，则凸透镜的焦距是____cm．

（3）使烛焰向右移动2cm，此时应该将光屏向____（填“左”或“右”）移至另一位置，才能得到一个倒立、____（填“放大”、“缩小”或“等大”）的清晰实像．31、在如图的方框内画出伏安法测电阻的电路图；并根据电路图连接电路．

在连接电路时开关应处于____状态，滑动变阻器的滑片应位于____（填A或B）端，这主要是为了避免电路中的____过大，而烧坏电路中的有关元件．在伏安法测电阻的实验中，利用R=U/I计算出各次的电阻值．但算出的结果往往是不同的，这属于实验中的____，是不可避免的，采取多次测量取平均值的办法可以____．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】

条形磁铁的两端是磁极；所以两端磁性最强，中间磁性最弱；

故选C．

【解析】【答案】磁体具有两极性；任何磁体都具有两个磁极，磁北极N，磁南极S，磁体中磁极部分磁性最强，中间部分磁性最弱．

2、D【分析】

A；物体所受的重力作用在物体上；天花板拉弹簧的力作用在弹簧上，两个力不作用在同一物体上，所以二者不是一对平衡力．

B；天花板拉弹簧的力作用在弹簧上；弹簧拉物体的力作用在物体上，两个力不作用在同一物体上，所以二者不是一对平衡力．

C；物体所受重力与弹簧对物体的拉力；作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上．所以二者是一对平衡力．

D；天花板拉弹簧的力和弹簧拉天花板的力大小相等、方向相反、作用在同一直线上；但作用在同一物体上，所以二者是一对作用力与反作用力．

故选D．

【解析】【答案】一对平衡力与一对作用力与反作用力的相同点：大小相等；方向相反、作用在同一直线上．不同点：平衡力作用在同一个物体上；而一对作用力与反作用力作用在两个不同的物体上．

3、D【分析】【分析】汽车做匀速直线运动时；牵引力等于车所受到的阻力；汽车该做变速直线运动时，有可能做加速运动还有可能做减速运动；加速运动时牵引力大于阻力；减速运动是牵引力小于阻力，汽车前后受到的阻力不变；根据公式W=FS可求做功的大小．

【解答】汽车做加速运动时；牵引力变大，通过的路程不变；根据公式W=FS可知，汽车对拖车做的功变大；

汽车做减速运动时；牵引力变小，通过的路程不变；根据公式W=FS可知，汽车对拖车做的功变小；

故选D．

【点评】本题考查做功大小的比较，关键知道汽车受到的阻力保持不变，改变的是汽车的牵引力．4、C【分析】解：若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联；

U=U甲，U2=U乙；

由题知，U甲：U乙=4：1，即：U：U2=4：1；

∴U1：U2=3：1；

∵=

∴R1：R2=U1：U2=3：1；

若甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联；

I1：I2=R2：R1=1：3；

∴I：I2=4：3；

∵甲电流表测量R2的电流，乙电流表测量R1和R2总电流；

∴I甲：I乙=I2：I=3：4．

故选C．

若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，电压表甲测量串联电阻的总电压，电压表乙测量R2两端的电压；求出两个电阻两端的电压之比，再根据欧姆定律和串联电阻的分压关系，求出两电阻之比；

若甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，甲电流表测量R2的电流，乙电流表测量R1和R2总电流，根据欧姆定律和并联电阻的电流关系推出R1和R2的电流之比；再推导出两表示数之比．

本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先串联后并联，通过电阻的不变量来沟通两个过程．【解析】【答案】C5、A【分析】【分析】①物体对外做功；内能转化为机械能；

②分子之间存在相互作用的引力和斥力；

③在热机中；做功冲程燃料燃烧释放的内能转化为活塞的机械能；

④验电器的工作原理是同种电荷相互排斥．【解析】【解答】解：

A；试管中的水蒸气将塞子冲开；水蒸气的内能转化为塞子的机械能，对塞子做功．此选项正确；

B；两个压紧的铅块能结合在一起；并且能吊起钩码，说明分子之间存在引力．此选项错误；

C；在内燃机的做功冲程；燃气的内能转化为活塞的机械能，实现了内能到机械能的转化．此选项错误；

D；验电器是根据同种电荷相互排斥工作的；无论绝缘棒带正电还是负电，都能使验电器的金属箔片张开．此选项错误．

故选A．6、C【分析】【分析】解答此题需知道：物质是由大量分子组成的，分子之间有空隙；分子处在永不停息的无规则运动中；扩散现象表明分子在不停地运动．【解析】【解答】解：A；投入盐粒的白水全部变咸是盐分子不停运动的结果；属于扩散现象，故A错误；

B；放入糖的水变甜是糖分子不停运动的结果；属于扩散现象，故B错误；

C；对流是液体或气体中温度不同的各部分之间发生相对运动时所引起的热量传递的过程；不属于扩散现象，故C正确；

D；炒菜的香味能够传得很远是炒菜的香分子不停运动的结果；属于扩散现象，故D错误．

故选：C．7、C【分析】【分析】由灯泡的铭牌信息可知额定电压及额定功率，则由功率公式P=可求得灯泡的电阻，由P=UI可求得灯泡的电流，通过比较可知两灯的电阻及额定电流的大小关系．【解析】【解答】解：由功率公式P=得：

R甲==20Ω；

R乙==20Ω；

故两灯电阻相同；A；D均错误；

由功率公式P=UI得：

I甲==0.5A；

I乙==0.3A；

故I甲＞I乙；C正确，D错误；

故选C．二、多选题(共6题，共12分)8、BD【分析】【分析】由题可知，灯泡的额定电压相等，但是灯泡的额定功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光．【解析】【解答】解：

由于额定电压都是110V，额定功率PA=60W、PB=1000W，由P=可知RA＞RB

A、由于RA＞RB；把灯泡B与滑动变阻器并联再与A串联，这样可以使并联部分的电阻更小，根据串联电路的分压原理，A灯分得电压大于110V，并联部分分得电压小于110V，所以AB不能同时正常发光，故A错误；

B、由于RA＞RB；把灯泡A与滑动变阻器并联再与B串联，这样会使并联部分电阻变小，调节滑动变阻器可得并联部分与B电压相等，根据串联电路的分压原理，B与并联部分得电压都等于110V，两灯都能正常发光，故B正确；

C；A与滑动变阻器串联再与B并联；由于电路中的电压220V大于B灯的额定电压110V，B灯将被烧毁．故C错误；

D；把AB并联之后与滑动变阻器串连接入电路的话；当滑动变阻器的阻值与AB并联的总的电阻相等时，并联部分与变阻器各分得110V电压，AB就可以正常发光，故D正确．

故选BD．9、CD【分析】【分析】甲；乙两种液体在相同时间里吸收的热量相等；质量也相同．

根据公式Q吸=cm△t，结合图象可以对每一个选项作出判断．【解析】【解答】解：A、由公式Q吸=cm△t变形得：c=；由图象可知，质量和吸收的热量都相同的甲；乙两种液体，甲液体升高的温度高，所以甲比乙液体的比热容小．故A错误．

B；由题可知；同一热源分别加热，加热相同的时间，甲与乙液体吸收的热量相同．故B错误．

C；由图象可知；加热相同的时间，甲比乙液体温度升高的多，故C正确．

D、甲与乙液体升高的温度相同，质量相同，甲比乙液体的比热容小．根据Q吸=cm△t可知；甲比乙液体吸收的热量少．故D正确．

故选CD．10、BD【分析】解：(1)

当滑动变阻器的阻值最大时；两电阻串联，电路中的电流最小；

由图乙可知；此时电路中的电流I=0.2A

电阻R1

的电压U1=2V

滑动变阻器两端的电压U2=4V

隆脽

串联电路总电压等于各支路电压之和；

隆脿

电源电压为U=U1+U2=2V+4V=6V

故A不正确；

根据欧姆定律可得；定值电阻R1

的阻值：

R1=U1I=2V0.2A=10娄赂

故B正确；

滑动变阻器的阻值最大为：

R2=U2I=4V0.2A=20娄赂

即滑动变阻器R2

的阻值变化范围为0隆芦20娄赂

故C不正确；

(2)隆脽

串联电路中总电阻等于各分电阻之和；

隆脿

变阻器滑片在中点时；电流表示数：

I隆盲=UR1+R22=6V10娄赂+20娄赂2=0.3A

故D正确．

故选BD．

(1)

从“U鈭�I

”关系图象可以看出；甲为滑动变阻器的关系图象，因为最后电压变为0

此时滑动变阻器的电阻为0

乙为电阻R1

的图象；当滑动变阻器的阻值最大时，电路中的电流最小，根据图象读出电表的示数，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，利用欧姆定律求出电阻R1

的电阻和滑动变阻器的最大阻值；

(2)

根据电阻的串联和欧姆定律求出变阻器滑片在中点时；电路中的电流．

本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“U鈭�I

”关系图象.

在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，所以要会读电路图中的信息和U鈭�I

图象中的信息．【解析】BD

11、AC【分析】【分析】滑动变阻器有四个接线柱，选择一上一下接线柱接入电路，滑动变阻器接入电路的部分取决于接入的下面接线柱．移动滑片时，改变连入电路的电阻丝的长度，从而改变连入电路电阻的大小．【解析】【解答】解：A；滑动变阻器接入了右半段；滑片右移，连入电路的电阻丝变短，电阻变小，符合题意；

B；滑动变阻器接入了左半段；滑片右移，连入电路的电阻丝变长，电阻变大，不符合题意；

C；滑动变阻器接入了右半段；滑片右移，连入电路的电阻丝变短，电阻变小，符合题意；

D；滑动变阻器将电阻丝接入电路；即电阻最大，滑片移动，连入电路的电阻丝不变，滑动变阻器接入电路的电阻不变，不符合题意．

故选AC．12、CD【分析】【分析】（1）动能大小的影响因素：质量；速度．质量越大；速度越大，动能越大．

（2）重力势能大小的影响因素：质量；高度．质量越大；高度越高，重力势能越大．

（3）弹性势能大小的影响因素：弹性形变的大小，发生弹性形变的难易程度．形变越大，越难，弹性势能越大．【解析】【解答】解：A；在到达a点之间；游戏者的重力势能转化为动能，动能逐渐增加；过a点后游戏者的动能、重力势能逐渐转化成弹性势能，所以动能开始减小，故整个过程中，动能是先增加后减小，故A说法错误；

B；从跳台至a点的过程中；减小的重力势能全部转化为动能，从a点至c点的过程中，减小的重力势能将全部转化弹性势能，同时，动能也全部转化成弹性势能．故B说法错误；

C；游戏者通过a点后；绳子逐渐被拉长，具有弹性势能，速度越来越小，动能减小，动能转化为弹性势能，故C说法正确；

D；游戏者到达C点时处于静止状态；所以动能为零，故D说法正确．

故答案为：CD．13、BD【分析】【分析】（1）物体在水平方向上做匀速直线运动，根据二力平衡的条件可知物体所受的拉力等于物体受到的摩擦力，然后根据定滑轮和动滑轮的工作特点，分别求出F1、F2、F3；即可比较其大小．

（2）根据动滑轮和定滑轮的特点判断出速度和距离的关系．【解析】【解答】解：由图可见，本题中三个滑轮都是克服摩擦力做功，假设物体与水平面的摩擦力f，物体移动的速度为V0；运动的时间为t，则对这三个图分析可得：

（1）甲图：滑轮为定滑轮，因为定滑轮相当于一个等臂杠杆，不能省力，所以根据二力平衡，此时拉力F1=f；拉力的作用点移动的速度V1=V0，作用点移动的距离S1=V0t．

（2）乙图：滑轮为动滑轮，因为动滑轮相当于一个动力臂是阻力臂2倍的杠杆，省一半的力，所以根据二力平衡，此时拉力F2=f；但是费2倍的距离，拉力的作用点移动的速度V2=2V0，作用点移动的距离S2=2V0t．

（3）丙图：滑轮为动滑轮，拉力的作用点在动滑轮的轴上，因此是个费力杠杆，费2倍的力，省2倍的距离，因此F3=2f；

拉力的作用点移动的速度V3=V0，作用点移动的距离S3=V0t．

综上分析可知：

①F1：F2：F3=f：f：2f=2：1：4；②V1：V2：V3=V0：2V0：V0=2：4：1；③S1：S2：S3=V0t：2V0t：V0t=2：4：1．

故选BD．三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【分析】（1）在进行电能表的读数时；注意最后一位是小数点后面的；

由电能表的铭牌可知；该电能表的额定电压是220V，标定电流是10A，因此根据功率的公式P=UI可求解允许接入的最大功率．

（2）要测量电水壶的电功率；需使电水壶单独工作，将其它用电器关闭；

根据灯闪烁的次数结合参数求出消耗的电功，由P=计算出功率；

若实际功率小于额定功率，说明实际电压低于额定电压，若等于额定功率，则实际电压等于额定电压，若高于，则实际电压高于额定电压．【解析】【解答】解：（1）电能表是用测量电能的仪表；

由图知；电能表的读数为958.0kW•h；

由电能表的铭牌可知；U=220V，I=10A；

故他家能同时工作的用电器的总功率不宜超过：P总=UI=220V×10A=2200W．

（2）在测量电热水壶的实际功率时；要关闭其他的用电器，使电水壶单独工作；

根据参数1600imp/（kW•h）知；每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁1600次；

所以闪烁80次消耗的电能为：W=kW•h=kW•h；

则P===1kW=1000W；

电水壶的实际功率等于额定功率；所以实际电压等于额定电压．

故答案为：（1）电能；958.0；2200；（2）关闭家中其它用电器，只让电热水壶通电工作；1000；等于．15、略

【分析】【分析】根据人体的安全电压分析答题．【解析】【解答】解：实验表明；不高于36V的电压对人体是安全的；

故答案为：不超过36．16、略

【分析】【分析】在海里和河里，轮船都漂浮，受到的浮力都等于轮船受到的重力；故能得出了受到浮力的大小关系；知道河水和海水的密度关系，根据阿基米德原理分析排开河水和海水体积的大小关系．【解析】【解答】解：同一艘轮船；其重力不变．

∵轮船漂浮；

∴F浮=G；

∴轮船受到河水和海水的浮力都等于轮船受到的重力G；

据阿基米德原理可知：ρ液gv排=G；

设河水和海水的密度ρ1和ρ2，轮船排开河水和海水的体积为V1、V2；

∵ρ1＜ρ2．

∴轮船排开水的体积：

V1＞V2；

∴排开河水的体积将变大．船将下沉一些．

故答案为：不变；下沉．17、略

【分析】【分析】光发生折射现象是有条件的；只有光从一种介质斜射入另一种介质时，才能发生折射；

光的折射光路是可逆的，一条光线从一种介质斜射入另一种介质时，发生折射后，逆着折射光线方向射入一条光线，会逆着原来入射光线反向射出．【解析】【解答】解：光发生折射的条件是：当光从一种透明介质斜射入另一种透明介质时；会发生折射现象；

从a点反射的两条光斜射到水面上，由光发生折射的条件知，会发生折射现象，当光进入水中后靠近法线，射入C点的观察者，而观察者由于错觉，认为光始终沿直线传播，逆着光的方向看上去看到了a′点，同理，观察者由于错觉，认为光始终沿直线传播，逆着光的方向看上去看到了b′点，连接a′b′即为观察者看到的在ab正上方；倾斜的像；如图所示：

故选C．18、略

【分析】解：(1)

图中使用定滑轮的作用是改变动力的方向；

(2)

吊桥的重心在中点；重力的方向是竖直向下的，在吊起桥的过程中，从支点O

到重力的作用线的距离变小，即阻力臂变小。

故答案为：改变动力的方向；变小。

(1)

定滑轮实质是等臂杠杆；不省力，也不能省距离，但能改变用力的方向。

(2)

从支点到阻力作用线的距离叫阻力臂。

本题考查了定滑轮的特点和阻力臂的变化分析，属于基础题目。【解析】改变动力方向；变小19、略

【分析】【分析】本题主要考查以下知识点：

（1）了解蝙蝠利用超声波定位的知识；

（2）了解音调与物体振动频率的关系；

（3）知道次声波的概念已及次声波能够传递能量．【解析】【解答】解：

（1）蝙蝠是利用超声波进行探测信息和定位；所以①应是：超声．

用一根细棒依次敲打杯子；杯子中的水量不同，杯子与水振动的快慢不同，杯子与水的振动产生的声音音调不同，所以②应是：音调。

（2）频率低于20Hz的声波叫次声波；所以亚声是指我们学过的次声波．只有当两个物体的振动频率相同时才能产生共振现象，亚声波的振动频率低于20Hz，所以人体内脏的固有频率大致是20Hz左右．

因为声波能够把内脏振坏；所以声波具有能量．

故答案为：（1）①超声；②音调；（2）能量．20、略

【分析】【分析】解本题首先要清楚电能表的读数方法：（1）最后一位是小数．（3）单位是kW•h．【解析】【解答】解：据上述读数方法可知；此时电能表的示数为：9026.5kW•h．

故答案为：9026.5．21、略

【分析】【分析】已知两球的质量关系、吸收相等热量后升高的温度关系，应用热量公式的变形公式可以求出它们的热量之比．【解析】【解答】解：∵Q=cm△t；

∴比热容之比：

===×=；

故答案为：1：2．四、判断题(共3题，共27分)22、×【分析】【分析】解决此题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递．【解析】【解答】解：物体温度升高；内能增大，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故说法错误．

故答案为：×．23、×【分析】【分析】单位体积的某种物质的质量叫这种物质的密度．密度是物质本身的一种特性，同种物质密度相同，不同物质密度一般不同．【解析】【解答】解：密度是物质的一种特性；在通常情况下，每种物质都有一定的密度，不同的物质的密度一般是不同的；

但也有不同物质密度相同，如煤油和酒精的密度都是0.8×103kg/m3；

所以不同物质一定有不同的密度说法错误．

故答案为：×．24、√【分析】【分析】根据连通器的定义和特点可以解答此题．【解析】【解答】解：上端开口；底部连通的容器叫连通器．如果连通器中只有一种液体，在液体不流动时，各容器中液面高度总是相同的．茶壶就是一个上端开口，底部连通的容器．

故答案为：√．五、解答题(共3题，共15分)25、略

【分析】【分析】由电路图可知；两电阻并联，电流表A测R1支路的电流．

（1）根据U=IR求出电阻R1两端的电压；

（2）根据并联电路的电压特点求出电源电压；

（3）根据I=求出通过R2的电流．【解析】【解答】解：由电路图可知；两电阻并联，电流表A测R1支路的电流．

（1）由I=可得，电阻R1两端的电压：

U1=I1R1=0.3A×10Ω=3V；

（2）因并联电路中各支路两端的电压相等；

所以；电源电压：

U=U2=U1=3V；

（3）通过R2的电流：

I2===0.15A．

答：（1）电阻R1两端的电压是3V；

（2）电源电压为3V；

（3）通过R2的电流是0.15A．26、略

【分析】【分析】（1）电压力锅在保压时，只有R2工作，利用P=即可求功率；

（2）利用P=即可求主加热器功率；加热状态时的功率等于主加热器额定功率和保压加热器额定功率之和；

先根据密度公式求出水的质量，再根据Q吸=cm（t-t0）求出水温度达到105℃时吸收的热量，利用效率公式求出消耗的电能，再根据W=Pt求出电压力锅多需要多少时间开始保压．【解析】【解答】解：（1）电压力锅在保压时，只有R2工作；

则功率P保压===200W；

（2）电压力锅在加热状态时主加热器的功率P主加热===800W；

则加热状态时的总功率为P=P主加热+P保压=800W+200W=1000W；

根据ρ=可得，水的质量m=ρV=1×103kg/m3×3×10-3m3=3kg；

水吸收的热量：

Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×3kg×（105℃-25℃）=1.008×106J；

∵η=×100%=90%；

∴消耗的电能：

W加热===1.12×106J；

根据W=Pt；电压力锅加热到开始保压的时间：

t加热===1120s．

答：（1）该电压力锅在保压时的加热功率为200W；

（2）电压力锅1120s后开始保压；27、解：

（1）在沉船全部露出水面匀速上升的过程中，打捞平台浸入水中的体积相对于动滑轮A未挂物体时变化了1m3；

则打捞平台增大的浮力：

F浮=ρgV排=1×103kg/m3×10N/kg×1m3=104N，即沉船的重力为G=104N；

（2）在沉船浸没水中匀速上升的过程中，打捞平台浸入水中的体积相对于动滑轮A未挂物体时变化了0.4m3；

则打捞平台增大的浮力：F浮1=ρgV排1=1×103kg/m3×10N/kg×0.4m3=4×103N；

所以沉船浸没水中受到的浮力为F浮2=G-F浮1=104N-4×103N=6×103N；

（3）根据受力分析可得；

沉船浸没在水中匀速上升的过程中F1=（F拉1+G动）；

沉船全部露出水面匀速上升的过程中，F2=（F拉2+G动）；

因为F1：F2=3：7；

解得：G动=500N；

沉船全部露出水面后匀速上升过程中；滑轮组AB的机械效率：

η====×100%≈95.2%．

答：

（1）沉船的重力为104N；

（2）沉船浸没水中受到的浮力为：6×103N；

（3）沉船完全露出水面匀速上升1m的过程中，滑轮组AB的机械效率为95.2%．【分析】

(1)

在沉船全部露出水面匀速上升的过程中；打捞平台浸入水中的体积相对于动滑轮A

未挂沉船时变化了1m3

根据F赂隆=娄脩gV脜脜

求出打捞平台增大的浮力，即为沉船的重力；

(2)

在沉船浸没水中匀速上升的过程中；打捞平台浸入水中的体积相对于动滑轮A

未挂物体时变化了0.4m3

根据F赂隆=娄脩gV脜脜

求出打捞平台增大的浮力，然后求出沉船受到的浮力；

(3)

根据F=13(G+G露炉)

求出动滑轮的重力，然后根据娄脟=W脫脨脫脙W脳脺

求出机械效率娄脟

．

此题是简单机械、浮力、机械效率综合计算题，难度较大，能够分析出船在水中的浮力变化是解决此题的关键．【解析】解：

(1)

在沉船全部露出水面匀速上升的过程中；打捞平台浸入水中的体积相对于动滑轮A

未挂物体时变化了1m3

则打捞平台增大的浮力：

F赂隆=娄脩gV脜脜=1隆脕103kg/m3隆脕10N/kg隆脕1m3=104N

即沉船的重力为G=104N

(2)

在沉船浸没水中匀速上升的过程中；打捞平台浸入水中的体积相对于动滑轮A

未挂物体时变化了0.4m3

则打捞平台增大的浮力：F赂隆1=娄脩gV脜脜1=1隆脕103kg/m3隆脕10N/kg隆脕0.4m3=4隆脕103N

所以沉船浸没水中受到的浮力为F赂隆2=G鈭�F赂隆1=104N鈭�4隆脕103N=6隆脕103N

(3)

根据受力分析可得；

沉船浸没在水中匀速上升的过程中F1=13(F脌­1+G露炉)

沉船全部露出水面匀速上升的过程中，F2=13(F脌­2+G露炉)

因为F1F2=37

解得：G露炉=500N

沉船全部露出水面后匀速上升过程中；滑轮组AB

的机械效率：

娄脟=W脫脨脫脙W脳脺=Gh(G+G露炉)h=GG+G露炉=104N104N+500N隆脕100%隆脰95.2%

．

答：

(1)

沉船的重力为104N

(2)

沉船浸没水中受到的浮力为：6隆脕103N

(3)

沉船完全露出水面匀速上升1m

的过程中，滑轮组AB

的机械效率为95.2%

．六、实验探究题(共4题，共24分)28、略

【分析】【分析】（1）在连接电路的过程中；开关应该处于断开状态．

（2）电流表正负接线柱接反了；指针会向左偏转．

（3）会用分析、归纳法总结实验结论．【解析】【解答】解：（1）在