2024-2025学年人教新版九年级（上）物理寒假作业（九）

第1页（共1页）2024-2025学年人教新版九年级（上）物理寒假作业（九）一．选择题（共12小题）1．（2023秋•太原期末）在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，如图所示的风向形成在（）A．陆地的比热容大于海水的比热容时 B．海洋上方的空气温度升高，密度变大时 C．白天陆地温度高于海水温度时 D．夜晚海水温度高于陆地温度时2．（2024秋•金沙县期中）下列关于内能的说法中，正确的是（）A．一切物体都具有内能，但不一定具有机械能 B．炽热的铁水具有内能，冰冷的冰块不具有内能 C．在空气中飞行的铅球具有动能，不具有内能 D．温度低的物体具有的内能少，温度高的物体具有的内能多3．（2024秋•金沙县期中）如图所示，是燃料在内燃机中燃烧的能量流向图，该内燃机的热机效率是（）A．10% B．20% C．30% D．70%4．（2024秋•鹤山市期中）北京时间2022年4月15日20时，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，成功将中星6D卫星发射升空。卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。下列说法中正确的是（）A．火箭升空过程中，将机械能转化为内能 B．燃料燃烧时将内能转化为化学能 C．火箭使用液氢燃料，主要是因为液氢的比热容较大 D．火箭使用液氢燃料，主要是因为液氢的热值较大5．（2024•赛罕区二模）某电热水壶有两个开关S1、S2，当水沸腾后壶内积聚了大量水蒸气使S1自动断开，壶停止加热；若壶中没水，壶的温度提高到125℃时S2自动断开（防止干烧功能），壶停止加热。图中能实现上述功能的电路是（）A． B． C． D．6．（2024•包河区校级模拟）如图所示，用丝绸摩擦过的干燥玻璃棒a去接触原来不带电的验电器的金属球b时，金属球b也带上了电荷。下列说法正确的是（）A．a上的一些电子转移到b上，瞬时电流方向b→a B．a上的一些正电荷转移到b上，瞬时电流方向a→b C．b上的一些电子转移到a上，瞬时电流方向a→b D．b上的一些正电荷转移到a上，瞬时电流方向b→a7．（2024秋•文山市期中）下列数据中比较符合实际的是（）A．一节干电池的电压为15V B．人体正常体温大约是40℃ C．家用电冰箱的电流为20A D．对人体安全的电压不高于36V8．（2024秋•华龙区校级期中）下列估测最接近实际的是（）A．家用空调工作电流为5A B．初中物理教科书的长度约为66cm C．人感觉舒适的气温约为37℃ D．人体安全电压是36V9．（2024秋•通道县期中）一电阻的两端电压为2V时，通过它的电流为0.5A，如果加在它两端的电压升高到6V，要测通过它的电流，实验室具有量程为0.6A、3.0A和15.0A三种电流表，那么应选用的电流表的量程是（）A．0.6A B．3.0A C．15.0A D．量程太小，都不能使用10．（2024秋•乐陵市期中）如图所示为某光敏电阻的控制电路示意图，电源两端电压保持不变，R2为定值电阻，R1为光敏电阻，其阻值随空气透光程度的减弱而增大。闭合开关S，当空气透光程度减弱时，下列判断中正确的是（）A．电路中的电流表示数减小 B．电路中的电压表示数不变 C．电压表示数变大，电流表示数变小 D．光敏电阻R1两端电压减小11．（2023秋•三原县期末）甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，甲灯上标有“220V，25W”字样，乙灯上标有“220V，100W”字样，下列说法中正确的是（）A．“220V”表示灯泡工作时，两端的实际电压为220V B．甲灯额定功率大于乙灯的额定功率 C．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多 D．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电功率大12．（2023秋•三原县期末）小明测量小灯泡的电功率，电路如图甲所示，电源电压恒为6V，小灯泡上标有“3.8V”字样。实验得到小灯泡的U﹣I图像如图乙所示。下列分析正确的是（）A．闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应滑到最左端 B．小灯泡的电阻约为12.7Ω C．小灯泡正常发光10min，消耗的电能为684J D．小灯泡两端电压为2.0V时，滑动变阻器消耗的电功率为8.8W二．填空题（共6小题）13．（2024秋•麒麟区月考）新型冠状病毒肺炎是一种急性传染疾病，预防措施尤为重要，学校预防措施之一就是使用消毒液对教室、宿舍等地方进行消毒。我们在教室内闻到消毒用的医用酒精气味，这是一种现象。消毒液洒在地上很快就消失了，这是一种现象（填物态变化名称）。14．（2024秋•驻马店期中）为减少火炬燃烧过程中热量排放，杭州亚运会主火炬燃料采用热值的零碳甲醇，这是由吉利控股集团提供的，在世界大型体育盛会上也是首次使用，它具有燃烧高效、排放清洁、极端天气不熄灭等优点；在燃烧过程中热值。15．（2024秋•郸城县月考）飞机飞行时与空气摩擦后会带上负电，这是由于飞机（选填“得到”或“失去”）了电子。如图所示的是着地轮安装的搭地线，飞机着陆时可以把电荷及时转移走，此时瞬间电流的方向是（选填“着地轮流向大地”或“大地流向着地轮”）。16．（2024秋•宜都市期中）如图甲所示电路中，闭合开关S后，电压表V1的示数如图乙所示，则电压表V1的示数为V，电源电压是V。17．（2024秋•蚌埠期中）科技小组为了设计可以调节亮度的小灯泡，首先设计了如图所示的电路图，则向右调节滑片P时，灯泡亮度将会（选填“变亮”“变暗”或“不变”）。18．（2024秋•垫江县校级月考）一个标有“6V，3.6W”的小灯泡和一个标有“10Ω，0.5A”的定值电阻的I﹣U图像如图所示。若将该小灯泡和定值电阻并联在3V的电路中，则小灯泡和定值电阻消耗的电功率之比为；若将该小灯泡和定值电阻串联在电源电压可调的电路中，则通电10s小灯泡消耗的最大电能为J。三．实验探究题（共2小题）19．（2024秋•宁德期中）为了探究并联电路的电流规律，设计了如图甲所示的电路，并连接了图乙的实物电路进行实验。（1）图乙中电流表测量的是图甲中（选填“A”“B”或“C”）处的电流；（2）若闭合开关发现电流表指针如丙图①所示，原因是；（3）继续实验测出A、C处电流，发现电流表指针均指在丙图②处，那么C处电流为A；（4）实验中应该更换规格的小灯泡重复实验，目的是（填选项）；A.减小误差B.寻找普遍规律（5）多次实验后，将所测数据记录在下表中，由此得出A、B、C三处流关系表达式为。A处的电流IA/AB处的电流IB/AC处的电流IC/A0.500.240.260.360.120.240.280.180.1020．（2024秋•宜城市期中）科技兴趣小组测量额定电压为2.5V的灯泡L正常发光时的电阻，实验装置如图甲所示。（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物图连接完整；（2）正确连接电路后，滑动变阻器的滑片从一端移到另一端的过程中（实验过程中曾改变电压表的量程），测得了如表所示的实验数据，根据第4次数据可知，灯泡不亮，原因是，由此也可知电源电压是V；（3）小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则灯泡L正常发光时的电阻约为Ω（结果保留一位小数）；次数电压表示数/V电流表示数/A灯泡亮度110.2较暗22.5正常发光32.80.32强烈发光460不发光（4）兴趣小组的其中一位同学对灯泡的电阻提出了不同看法，他认为应将所测电阻取平均值以减小实验误差，你同意该同学的看法吗？；说说自己的理由：；（5）实验装置中有“20Ω，1.5A”、“50Ω，2.0A”两种规格的滑动变阻器，此实验中选用的滑动变阻器规格应为。四．计算题（共2小题）21．（2024秋•恩平市期中）如图是我国自主研发的水陆两栖飞机“鲲龙﹣600”，它可以承担大型灭火、水上救援等任务，若该两栖飞机以一定的速度匀速直线飞行一段距离，消耗了50kg的航空燃油，已知发动机的效率为40%，求：（1）50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量；[航空燃油的热值：4.2×107J/kg]（2）飞机发动机在这段飞行中所做功。22．（2024秋•大东区月考）图甲是某品牌多功能加热器，其简化电路图如图乙所示。该加热器有高、中、低三个挡位，已知电阻R3为170Ω。将装有质量为200g、初温为5℃的牛奶的奶瓶置于加热器中，当开关S转到触点“3”时，电流表的示数为1A，4min可以将瓶中的牛奶加热到40℃。[牛奶的比热容：c牛奶=4×1（1）牛奶吸收的热量；（2）消耗的电能；（3）加热器消耗的电能转化为牛奶的内能的效率；（4）电阻R1的阻值。

2024-2025学年人教新版九年级（上）物理寒假作业（九）参考答案与试题解析题号1234567891011答案DACDACDABAD题号12答案C一．选择题（共12小题）1．（2023秋•太原期末）在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，如图所示的风向形成在（）A．陆地的比热容大于海水的比热容时 B．海洋上方的空气温度升高，密度变大时 C．白天陆地温度高于海水温度时 D．夜晚海水温度高于陆地温度时【考点】利用比热容解释生活中的现象．【专题】定性思想；比热容、热机、热值；理解能力．【答案】D【分析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海风的形成过程。【解答】解：水的比热容比泥土、沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地，形成海风；晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面，形成陆风，由图可知，此时地面附近的空气从陆地吹向海洋，形成陆风，故出现如图所示风向时，通常发生在夜晚，且海水温度较高。故选：D。【点评】本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成。2．（2024秋•金沙县期中）下列关于内能的说法中，正确的是（）A．一切物体都具有内能，但不一定具有机械能 B．炽热的铁水具有内能，冰冷的冰块不具有内能 C．在空气中飞行的铅球具有动能，不具有内能 D．温度低的物体具有的内能少，温度高的物体具有的内能多【考点】一切物体都有内能；内能的概念．【专题】分子热运动、内能．【答案】A【分析】利用下列知识分析判断：一切物体都有内能，内能的大小与温度、质量和状态有关。机械能是物体机械运动的能量，与内能有本质的区别。【解答】解：A、一切物体都具有内能，但不一定具有机械能，故A正确；BC、一切物体都有内能，冰冷的冰块和运动的铅球都具有内能，故BC错误；D、内能的大小与温度、质量和状态有关，温度低的物体具有的内能不一定少，温度高的物体具有的内能不一定多，故D错误。故选：A。【点评】本题主要考查了学生对内能、机械能的理解，深入理解概念是解答的关键。3．（2024秋•金沙县期中）如图所示，是燃料在内燃机中燃烧的能量流向图，该内燃机的热机效率是（）A．10% B．20% C．30% D．70%【考点】热机的效率公式与计算．【专题】比热容、热机、热值；应用能力．【答案】C【分析】热机效率是有用机械能与燃料燃烧的内能之比。【解答】解：热机效率是有用机械能与燃料燃烧的内能之比，由图可知，该内燃机的热机效率是100%﹣20%﹣50%＝30%故选：C。【点评】本题考查热机效率的计算，是一道基础题。4．（2024秋•鹤山市期中）北京时间2022年4月15日20时，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，成功将中星6D卫星发射升空。卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。下列说法中正确的是（）A．火箭升空过程中，将机械能转化为内能 B．燃料燃烧时将内能转化为化学能 C．火箭使用液氢燃料，主要是因为液氢的比热容较大 D．火箭使用液氢燃料，主要是因为液氢的热值较大【考点】热值的简单计算；能量的转化与转移；燃料燃烧时的能量转化．【专题】比热容、热机、热值；应用能力．【答案】D【分析】（1）火箭是利用内能做功的机器；（2）根据消耗能量与得到能量是什么来判断能量的转化情况；（3）（4）热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。【解答】解：A、火箭升空过程中，燃料燃烧释放出的内能转化为火箭的机械能，故A错误；B、燃料燃烧时将化学能转化为内能，故B错误；CD、发射火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故C错误，D正确。故选：D。【点评】本题既考查了火箭发射过程中的能量转化和机械能变化情况，同时也考查了对燃料热值的了解，属基础知识的考查，难度不大。5．（2024•赛罕区二模）某电热水壶有两个开关S1、S2，当水沸腾后壶内积聚了大量水蒸气使S1自动断开，壶停止加热；若壶中没水，壶的温度提高到125℃时S2自动断开（防止干烧功能），壶停止加热。图中能实现上述功能的电路是（）A． B． C． D．【考点】生活中的串、并联电路．【专题】应用题；定性思想；图析法；电流和电路．【答案】A【分析】根据题意确定两开关与加热电阻的连接方式，然后选择电路图。【解答】解：当水沸腾后壶内积聚了大量水蒸气使S1自动断开，壶停止加热；若壶中没水，壶的温度提高到125℃时S2自动断开（防止干烧功能），壶停止加热；则两开关只要有一个断开后都会使壶断开，两开关是串联的，故A正确；故选：A。【点评】本题考查了电路设计，知道开关应与控制电路串联，根据题意确定开关的连接方式即可解题。6．（2024•包河区校级模拟）如图所示，用丝绸摩擦过的干燥玻璃棒a去接触原来不带电的验电器的金属球b时，金属球b也带上了电荷。下列说法正确的是（）A．a上的一些电子转移到b上，瞬时电流方向b→a B．a上的一些正电荷转移到b上，瞬时电流方向a→b C．b上的一些电子转移到a上，瞬时电流方向a→b D．b上的一些正电荷转移到a上，瞬时电流方向b→a【考点】电流的方向；验电器的原理．【专题】电流和电路；应用能力．【答案】C【分析】（1）把被毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷称为负电荷，丝绸摩擦过的玻璃棒所带电荷称为正电荷。（2）规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反。【解答】解：丝绸摩擦过的玻璃棒a带正电，去接触不带电的验电器的金属球b时，b上的一些电子转移到a上，瞬时电流方向a→b。故C正确，ABD错误。故选：C。【点评】知道摩擦起电现象，理解接触带电是电子的转移、电流方向的规定，可解答此题。7．（2024秋•文山市期中）下列数据中比较符合实际的是（）A．一节干电池的电压为15V B．人体正常体温大约是40℃ C．家用电冰箱的电流为20A D．对人体安全的电压不高于36V【考点】常见电压的大小；温度的估测；常见电流的大小．【专题】估算综合应用题；理解能力．【答案】D【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。【解答】解：A.一节干电池的电压为1.5V，故A不符合实际；B.人体正常体温大约是37℃且变化幅度很小，故B不符合实际；C.家用电冰箱的电流为1A，故C不符合实际；D.对人体安全的电压不高于36V，故D不符合实际。故选：D。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。8．（2024秋•华龙区校级期中）下列估测最接近实际的是（）A．家用空调工作电流为5A B．初中物理教科书的长度约为66cm C．人感觉舒适的气温约为37℃ D．人体安全电压是36V【考点】常见电压的大小；常见的长度及估测；温度的估测；常见电流的大小．【专题】估算综合应用题；理解能力．【答案】A【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。【解答】解：A.家用空调工作电流为5A，故A符合实际；B.初中物理教科书的长度约为26cm，故B不符合实际；C.人感觉舒适的气温约为26℃，故C不符合实际；D.人体安全电压不高于36V，故D不符合实际。故选：A。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。9．（2024秋•通道县期中）一电阻的两端电压为2V时，通过它的电流为0.5A，如果加在它两端的电压升高到6V，要测通过它的电流，实验室具有量程为0.6A、3.0A和15.0A三种电流表，那么应选用的电流表的量程是（）A．0.6A B．3.0A C．15.0A D．量程太小，都不能使用【考点】欧姆定律的简单计算；电流表的量程．【专题】欧姆定律；应用能力．【答案】B【分析】已知电阻两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出电阻的阻值；电阻与两端的电压和通过的电流无关，根据欧姆定律求出加在它两端的电压升高到6V时通过的电流，然后确定电流表的量程。【解答】解：根据欧姆定律可得，电阻的阻值：R=UI=电阻与两端的电压和通过的电流无关，当加在它两端的电压升高到6V时，电阻的阻值仍为4Ω，此时通过电阻的电流：I′=U'R=电流表的量程应选0～3A。故选：B。【点评】本题考查了欧姆定律的应用以及电流表量程的选择，一般在选择量程时，要注意在不越过量程的前提下，为了测量更准确，要选小一些的量程。10．（2024秋•乐陵市期中）如图所示为某光敏电阻的控制电路示意图，电源两端电压保持不变，R2为定值电阻，R1为光敏电阻，其阻值随空气透光程度的减弱而增大。闭合开关S，当空气透光程度减弱时，下列判断中正确的是（）A．电路中的电流表示数减小 B．电路中的电压表示数不变 C．电压表示数变大，电流表示数变小 D．光敏电阻R1两端电压减小【考点】动态电路的分析．【专题】应用题；定性思想；电流和电路；理解能力．【答案】A【分析】由电路图可知，光敏电阻R1和定值电阻R2串联，电压表测R2两端的电压；光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，电路总电阻增大，根据欧姆定律可知电路电流的变化和R2两端的电压变化，结合串联电路电压规律可知电阻R1两端电压变化。【解答】解：由电路图可知，光敏电阻R1和定值电阻R2串联，电压表测R2两端的电压；因为光敏电阻的阻值随空气透光程度的减弱而增大，所以闭合开关，当空气透光程度减弱时，光敏电阻R1的阻值变大、电路的总电阻变大；电源电压不变，根据I=U根据U＝IR可知，R2两端的电压变小，即电压表示数减小；又因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以光敏电阻R1两端电压变大；综上所述，A正确；故选：A。【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、功率和电功计算公式的应用，利用好“光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大”是解决本题的关键。11．（2023秋•三原县期末）甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，甲灯上标有“220V，25W”字样，乙灯上标有“220V，100W”字样，下列说法中正确的是（）A．“220V”表示灯泡工作时，两端的实际电压为220V B．甲灯额定功率大于乙灯的额定功率 C．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多 D．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电功率大【考点】额定功率；电功与电能的计算；额定电压．【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】D【分析】A．“220V”表示灯泡工作时两端的额定电压为220V；B．由图可知，甲灯额定功率小于乙灯的额定功率；C．甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，但是不知道两灯工作的时间，所以无法确定谁消耗的电能多；D．根据灯正常发光时，灯消耗的电功率等于额定功率判断。【解答】解：照明灯泡的铭牌上标的是灯泡的额定电压和额定功率；A．“220V”表示灯泡正常工作时两端的额定电压为220V，不是实际电压，A中没有说明灯泡是不是“正常工作”，故A错误；B．由图可知，甲灯的额定功率是25W，乙灯的额定功率是100W，所以甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，故B错误；C．因为W＝Pt，虽然正常工作时甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，但是不知道两灯工作的时间，所以无法确定谁消耗的电能多，故C错误；D．两灯均正常发光时，都在额定功率下工作，甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，即乙灯消耗的电功率大，故D正确。故选：D。【点评】本题主要考查对灯泡电功率的理解，难度适中。12．（2023秋•三原县期末）小明测量小灯泡的电功率，电路如图甲所示，电源电压恒为6V，小灯泡上标有“3.8V”字样。实验得到小灯泡的U﹣I图像如图乙所示。下列分析正确的是（）A．闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应滑到最左端 B．小灯泡的电阻约为12.7Ω C．小灯泡正常发光10min，消耗的电能为684J D．小灯泡两端电压为2.0V时，滑动变阻器消耗的电功率为8.8W【考点】结合图像计算电功率；闭合开关前滑动变阻器置于阻值最大处；欧姆定律的应用；电功与电能的计算．【答案】C【分析】A．闭合开关S前，为了保护电路，滑动变阻器应移至阻值最大处；B．灯泡的电阻随温度的升高而变大，不是一个定值；C．小灯泡正常发光10min，根据W＝UIt可知消耗的电能；D．由乙图可知电路中的电流，根据串联电路的电压特点得出滑动变阻器两端电压，根据P＝UI可知滑动变阻器消耗的电功率。【解答】解：A．闭合开关S前，为了保护电路，滑动变阻器应移至阻值最大处，即最右端，故A错误；B．小灯泡的U﹣I图像为曲线，根据欧姆定律可知灯泡的电阻会变化，故B错误；C．小灯泡正常发光10min，根据W＝UIt可知消耗的电能为W＝UIt＝3.8V×0.3A×10×60s＝684J，故C正确；D．小灯泡两端电压为2.0V时，由乙图可知电路中的电流为0.22A，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端电压为UP＝U﹣UL＝6V﹣2V＝4V，滑动变阻器消耗的电功率为PP＝UPI′＝4V×0.22A＝0.88W，故D错误。故选：C。【点评】本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，是一道综合题。二．填空题（共6小题）13．（2024秋•麒麟区月考）新型冠状病毒肺炎是一种急性传染疾病，预防措施尤为重要，学校预防措施之一就是使用消毒液对教室、宿舍等地方进行消毒。我们在教室内闻到消毒用的医用酒精气味，这是一种扩散现象。消毒液洒在地上很快就消失了，这是一种汽化现象（填物态变化名称）。【考点】扩散现象；汽化的概念及现象．【专题】分子热运动、内能；理解能力．【答案】扩散；汽化。【分析】不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。汽化指物质由液态转变成气态，汽化要吸热。【解答】解：喷消毒液，在教室里能闻到，是因为消毒液的分子运动到了空气中，发生了扩散现象。地上的药液变干了，是药液从液态变成气态，所以是汽化过程。故答案为：扩散；汽化。【点评】本题考查汽化和扩散现象，属于基础题。14．（2024秋•驻马店期中）为减少火炬燃烧过程中热量排放，杭州亚运会主火炬燃料采用热值小的零碳甲醇，这是由吉利控股集团提供的，在世界大型体育盛会上也是首次使用，它具有燃烧高效、排放清洁、极端天气不熄灭等优点；在燃烧过程中热值不变。【考点】热值的简单计算．【专题】比热容、热机、热值；应用能力．【答案】小；不变。【分析】杭州亚运会主火炬燃料采用零碳甲醇，是因为它的热值小；燃料的热值是燃料完全燃烧放出的热量与质量的比值，其大小只与物质的种类有关，与燃烧情况无关。【解答】解：为减少火炬燃烧过程中热量排放，杭州亚运会主火炬燃料采用热值小的零碳甲醇，完全燃烧相同质量的零碳甲醇和其他燃料，零碳甲醇放出的热量少；燃料热值的大小只跟物质的种类有关，和燃料的燃烧情况无关，所以零碳甲醇在燃烧过程中热值不变。故答案为：小；不变。【点评】本题要求学生知道燃料热值的定义，知道它的大小只跟物质的种类有关。15．（2024秋•郸城县月考）飞机飞行时与空气摩擦后会带上负电，这是由于飞机得到（选填“得到”或“失去”）了电子。如图所示的是着地轮安装的搭地线，飞机着陆时可以把电荷及时转移走，此时瞬间电流的方向是大地流向着地轮（选填“着地轮流向大地”或“大地流向着地轮”）。【考点】电流的方向；摩擦起电的实质．【专题】电流和电路；应用能力．【答案】得到；大地流向着地轮。【分析】摩擦起电的实质不是创造了电荷，而是发生了电子的转移，使正负电荷分开；物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反。【解答】解：飞机飞行时与空气摩擦后往往因得到电子会带上负电；飞机着陆时，飞机上部分电子导入大地，因电流方向与负电荷定向移动的方向相反，因此瞬间电流方向从大地流向着地轮。故答案为：得到；大地流向着地轮。【点评】本题既考查了摩擦起电的实质、导体与绝缘体的概念、电流的方向，又向学生科普了知识，属基础题目。16．（2024秋•宜都市期中）如图甲所示电路中，闭合开关S后，电压表V1的示数如图乙所示，则电压表V1的示数为2.6V，电源电压是2.6V。【考点】并联电路中的电压规律；电压表的读数．【专题】应用题；电压和电阻；应用能力．【答案】2.6；2.6【分析】由电路图知，小灯泡L1与小灯泡L2并联，电压表V1测小灯泡L1的电压，电压表V2测小灯泡L2的电压根据图乙确定电压表选用的量程及分度值读数；根据并联电路中各支路两端的电压相等，等于总电压，从而得出结论。【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电压表V1和电压表V2都测量并联电路两端电压，即电源电压，故电压表V2的示数等于电压表V1的示数等于电源电压；由图乙可知，电压表V1选择小量程连入电路中，分度值为0.1V，示数为2.6V，所以，电源电压为2.6V。故答案为：2.6；2.6。【点评】本题主要考查了并联电路的电压规律，基础题目。17．（2024秋•蚌埠期中）科技小组为了设计可以调节亮度的小灯泡，首先设计了如图所示的电路图，则向右调节滑片P时，灯泡亮度将会变暗（选填“变亮”“变暗”或“不变”）。【考点】动态电路的分析．【专题】应用题；欧姆定律；应用能力．【答案】变暗【分析】根据电路图分析电路的方式；根据滑片的移动方向分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化和总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化和灯泡亮度的变化。【解答】解：根据电路图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的滑片向右调节时，变阻器接入电路的电阻变大，电路中总阻值变大。根据I=故答案为：变暗。【点评】本题考查了电路的动态分析、欧姆定律的应用，属于基础题。18．（2024秋•垫江县校级月考）一个标有“6V，3.6W”的小灯泡和一个标有“10Ω，0.5A”的定值电阻的I﹣U图像如图所示。若将该小灯泡和定值电阻并联在3V的电路中，则小灯泡和定值电阻消耗的电功率之比为5：3；若将该小灯泡和定值电阻串联在电源电压可调的电路中，则通电10s小灯泡消耗的最大电能为15J。【考点】电功率的比例计算；电功与电能的计算．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】5：3；15【分析】当小灯泡与定值电阻并联时，根据并联电路的电压规律可知它们两端的电压，根据图像可知，通过小灯泡和定值电阻的电流，根据P＝UI可得小灯泡和定值电阻消耗的电功率之比；根据P＝UI求小灯泡的额定电流，当小灯泡与定值电阻串联时，根据串联电路的电流规律可知通过它们的最大电流，根据图像可知小灯泡两端的最大电压，根据W＝UIt可得通电10s小灯泡消耗的最大电能。【解答】解：由欧姆定律可知，通过定值电阻的电流与它两端的电压成正比，故图中直线是定值电阻的I﹣U图像，曲线是小灯泡的I﹣U图像。当小灯泡与定值电阻并联时，由于并联电路各支路两端的电压相等，所以此时它们两端的电压均为3V，根据图像可知，通过小灯泡和定值电阻的电流分别为：IL＝0.5A，IR＝0.3A，根据P＝UI可得小灯泡和定值电阻消耗的电功率之比PL：PR＝UIL：UIR＝IL：IR＝0.5A：0.3A＝5：3；根据P＝UI可得，小灯泡的额定电流：I额=P额当小灯泡与定值电阻串联时，由于串联电路中各处的电流相等，所以通过它们的最大电流为I大＝IR大＝0.5A，根据图像可知，此时小灯泡两端的最大电压为UL大＝3V，通电10s小灯泡消耗的最大电能：WL大＝UL大I大t＝3V×0.5A×10s＝15J。故答案为：5：3；15。【点评】本题考查串、并联电路的电流、电压规律和电能和电功率的计算，根据图像得出相关信息是关键。三．实验探究题（共2小题）19．（2024秋•宁德期中）为了探究并联电路的电流规律，设计了如图甲所示的电路，并连接了图乙的实物电路进行实验。（1）图乙中电流表测量的是图甲中A（选填“A”“B”或“C”）处的电流；（2）若闭合开关发现电流表指针如丙图①所示，原因是电流表选用的量程过小；（3）继续实验测出A、C处电流，发现电流表指针均指在丙图②处，那么C处电流为0.48A；（4）实验中应该更换规格不同的小灯泡重复实验，目的是B（填选项）；A.减小误差B.寻找普遍规律（5）多次实验后，将所测数据记录在下表中，由此得出A、B、C三处流关系表达式为IC＝IA+IB。A处的电流IA/AB处的电流IB/AC处的电流IC/A0.500.240.260.360.120.240.280.180.10【考点】探究并联电路中干路电流与各支路电流的关系．【专题】实验题；电流和电路；实验基本能力．【答案】（1）A；（2）电流表选用的量程过小；（3）0.48；（4）不同；B；（5）IC＝IA+IB。【分析】（1）电流表与待测电路串联；（2）用电流表测量电流时要选择合适的量程，否则电流表指针偏转角度过小或过大；（3）根据支路电流小于干路电流，确定电流表选用小量程，进而得出分度值，据此读数；（4）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；（5）分析表中数据得出结论。【解答】解：（1）图乙中电流表接在干路上，电流表测量的是图甲的A处的电流；（2）若闭合开关发现电流表指针如丙图①所示，指针偏转角度过大，原因是电流表选用的量程过小；（3）继续实验测出A、C处电流，即分别测量干路和支路的电流，因支路电流小于干路电流，因电流表指针均指在丙图②处，测量C处电流时，电流表选用小量程，分度值为0.02A，那么C处电流为0.48A；（4）实验中应该更换规格不同的小灯泡重复实验，目的是寻找普遍规律，故选：B。（5）根据表中数据有：0.50A＝0.24A+0.26A0.36A＝0.12A+0.24A0.28A＝0.18A+0.10A由此得出A、B、C三处流关系表达式为：IC＝IA+IB。故答案为：（1）A；（2）电流表选用的量程过小；（3）0.48；（4）不同；B；（5）IC＝IA+IB。【点评】本题探究串联、并联电路电流的规律，考查电流表的使用、注意事项及归纳法和分析数据归纳结论的能力。20．（2024秋•宜城市期中）科技兴趣小组测量额定电压为2.5V的灯泡L正常发光时的电阻，实验装置如图甲所示。（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物图连接完整；（2）正确连接电路后，滑动变阻器的滑片从一端移到另一端的过程中（实验过程中曾改变电压表的量程），测得了如表所示的实验数据，根据第4次数据可知，灯泡不亮，原因是小灯泡断路，由此也可知电源电压是6V；（3）小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则灯泡L正常发光时的电阻约为8.3Ω（结果保留一位小数）；次数电压表示数/V电流表示数/A灯泡亮度110.2较暗22.5正常发光32.80.32强烈发光460不发光（4）兴趣小组的其中一位同学对灯泡的电阻提出了不同看法，他认为应将所测电阻取平均值以减小实验误差，你同意该同学的看法吗？不同意；说说自己的理由：灯丝的电阻随温度的变化而变化；（5）实验装置中有“20Ω，1.5A”、“50Ω，2.0A”两种规格的滑动变阻器，此实验中选用的滑动变阻器规格应为“50Ω，2.0A”。【考点】伏安法测小灯泡的电阻．【专题】欧姆定律；分析、综合能力．【答案】（1）见解答图；（2）小灯泡断路；6；（3）8.3；（4）不同意；灯丝的电阻随温度的变化而变化；（5）“50Ω，2.0A”。【分析】（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中；（2）小灯泡不发光，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为6V，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（3）滑动变阻器在实验中的作用：①保护电路；②改变灯泡两端的电压，据此解答；根据电流表选用量程确定分度值读数；根据R=UI（4）灯丝的电阻随温度的变化而变化，不是一定值，求平均值没有意义；（5）在该实验中滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；当变阻器接入电路的阻值最大时，电路中电流最小、灯泡的电压最小，由表中数据找出灯泡的最小电压、电路中的最小电流，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出此时变阻器接入电路的阻值，据此进行判断。【解答】解：（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，如下图所示：；（2）由表格数据4知，小灯泡不发光，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为6V，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路出现的故障为小灯泡断路；（3）实验中除保护电路外滑动变阻器另一个作用是：改变灯泡两端的电压（或改变通过灯泡的电流）；当实验中小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，小灯泡正常发光时的阻值为：R=ULI（4）灯丝的电阻随温度的变化而变化，不是一定值，求平均值没有意义，故这种做法不合理；（5）由表中数据可知，灯泡两端的最小电压为1V，电路中的最小电流为0.2A，由串联电路的电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压：U滑＝U﹣UL小＝6V﹣1V＝5V，根据欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=U滑I小=5V0.2A=25故答案为：（1）见解答图；（2）小灯泡断路；6；（3）8.3；（4）不同意；灯丝的电阻随温度的变化而变化；（5）“50Ω，2.0A”。【点评】本题用伏安法测灯泡L的电阻实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、电阻的计算和影响电阻大小因素等知识。四．计算题（共2小题）21．（2024秋•恩平市期中）如图是我国自主研发的水陆两栖飞机“鲲龙﹣600”，它可以承担大型灭火、水上救援等任务，若该两栖飞机以一定的速度匀速直线飞行一段距离，消耗了50kg的航空燃油，已知发动机的效率为40%，求：（1）50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量；[航空燃油的热值：4.2×107J/kg]（2）飞机发动机在这段飞行中所做功。【考点】热机的效率公式与计算；功的简单计算；固体和液体的热值计算．【专题】比热容、热机、热值；功、功率、机械效率；应用能力．【答案】（1）50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量为2.1×109J；（2）飞机发动机在这段飞行中所做功为8.4×108J。【分析】（1）利用Q放＝mq求得航空燃油完全燃烧放出的热量；（2）根据η=W【解答】解：（1）50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量为：Q放（2）由η=WW=答：（1）50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量为2.1×109J；（2）飞机发动机在这段飞行中所做功为8.4×108J。【点评】本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式和效率公式的掌握和运用，要求掌握公式的正确应用。22．（2024秋•大东区月考）图甲是某品牌多功能加热器，其简化电路图如图乙所示。该加热器有高、中、低三个挡位，已知电阻R3为170Ω。将装有质量为200g、初温为5℃的牛奶的奶瓶置于加热器中，当开关S转到触点“3”时，电流表的示数为1A，4min可以将瓶中的牛奶加热到40℃。[牛奶的比热容：c牛奶=4×1（1）牛奶吸收的热量；（2）消耗的电能；（3）加热器消耗的电能转化为牛奶的内能的效率；（4）电阻R1的阻值。【考点】电功与电能的计算；利用比热容的公式计算热量；能量的利用效率；欧姆定律的应用；电阻的串联．【专题】计算题；电和热综合题；分析、综合能力．【答案】（1）牛奶吸收的热量为2.8×104J；（2）消耗的电能为5.28×104J；（3）加热器消耗的电能转化为牛奶的内能的效率为53%；（4）电阻R1的阻值为50Ω。【分析】（1）根据Q吸＝cmΔt求出牛奶吸收的热量；（2）根据W＝UIt求出消耗的电能；（3）根据效率公式求出加热器消耗的电能转化为牛奶的内能的效率；（4）由图可知，当开关S转到触点“3”时，R1、R3串联，根据欧姆定律求出R1、R3串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R1的阻值。【解答】解：（1）牛奶吸收的热量：Q吸＝c牛奶mΔt＝4×103J/（kg•℃）×200×10﹣3kg×（40℃﹣5℃）＝2.8×104J；（2）消耗的电能：W＝UIt＝220V×1A×4×60s＝5.28×104J；（3）加热器消耗的电能转化为牛奶的内能的效率：η=Q吸（4）由图可知，当开关S转到触点“3”时，R1与R3串联，由欧姆定律可知，R1、R3的串联总电阻：R=UI=根据串联电路的电阻特点可知，R1的阻值：R1＝R﹣R3＝220Ω﹣170Ω＝50Ω。答：（1）牛奶吸收的热量为2.8×104J；（2）消耗的电能为5.28×104J；（3）加热器消耗的电能转化为牛奶的内能的效率为53%；（4）电阻R1的阻值为50Ω。【点评】本题考查串联电路的特点、吸热公式、电功公式、效率公式以及欧姆定律的应用，属于电热综合题，难度不大。

考点卡片1．常见的长度及估测【知识点认识】1．在没有精确测量工具的情况下，可以通过一些简单的方法来估测长度，比如使用手掌的宽度、步长、或者已知长度的物体作为参照。【命题方向】1．基本概念：考察学生对长度单位、换算关系以及长度测量的基本概念的理解。2．估测技巧：通过实际问题或情景，考察学生使用估测技巧的能力，如利用手掌宽度、步长等进行估测。例：下列说法符合实际情况的是（）A.课桌的高度约为10dmB.手掌宽度约为10cmC.物理课本长度约为10μmD.一个分子的直径约为10﹣1m分析：根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。解析：解：A.课桌的高度约为80cm＝8dm，故A不符合实际；B.手掌宽度约为10cm，故B符合实际；C.物理课本长度约为28cm＝2.8×105μm，故C不符合实际；D.一个分子的直径约为10﹣10m，故D不符合实际。故选：B。点评：对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。【解题方法点拨】1．忽视单位换算中的进率。2．估测时过于依赖直觉，缺乏参照物。3．测量时不注重读数的准确性。2．功的简单计算【知识点的认识】功是中学物理中一个重要概念，功能关系是解决力学问题的重要途径之一．因此，正确理解功的内涵和外延，正确把握求功的方法是解决力学问题的基础．1、公式法：对于恒力的功，通常利用功的定义式W＝FS进行计算．2、功率法：功跟完成这些功所需时间的比值，叫做功率．对于一段时间内外力的功，有时可以直接利用W＝Pt求出功【命题方向】功的计算是中考命题的重点，一般以考查的题型较多，计算题是重点。例：一名同学用20N的水平推力推重为100N的超市购物车，购物车由静止开始沿水平方向前进了5m，在这个过程中重力做功为0J，推力做功为100J。分析：（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；（2）知道推力大小、购物车在推力方向上移动的距离，利用W＝Fs求推力做的功；解析：解：购物车在水平地面上运动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，即做功为0J。推力做功为：W＝Fs＝20N×5m＝100J。故答案为：0；100。点评：本题考查了功的计算和做功的两个必要因素，属于基础题。【解题方法点拨】理解计算功的方法，尤其要把握好知识点，熟悉公式的变形求功，然后才能正确运用这些规律和原理进行分析或计算，并通过练习和运用达到对物理知识的进一步理解和掌握．初中物理关于功的计算公式有多个，它们之间有什么区别，如何正确运用是解题关键．3．温度的估测【知识点的认识】生活中常见的温度：（1）使人感觉舒适的房间温度约18～25摄氏度。（2）人的正常体温约36.5～37摄氏度。（3）标准大气压下沸水100摄氏度；冰水混合物0摄氏度。（4）考场温度约22～28摄氏度。（5）盛夏中午，室外温度约35～39摄氏度。（6）洗热澡水时水的温度约40摄氏度。【命题方向】考查我们对于生活中温度的估测。例：以下温度最接近25℃的是（）A.冰水混合物的温度B.让人感到舒适的房间温度C.让人感到酷热的盛夏中午的温度D.人体正常的体温分析：根据我们对于温度的认识和了解来作答。解析：解：A、冰水混合物的温度是0℃；B、让人感到舒适的房间温度是25℃左右；C、让人感到酷热的盛夏中午的温度约为40℃左右；D、人体正常的体温是37℃左右。故选：B。点评：此题考查我们对于生活中温度的估测。估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。【解题方法点拨】常用的估测方法：直接判断法；单位换算法；比较法；估算法4．汽化的概念及现象【知识点的认识】物质从液态变为气态的过程叫作汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式。【命题方向】根据现象判断物态的变化是中考的热点。例：下列物态变化的实例中，属于汽化现象的是（）A.滴水成冰B.气凝结霜C.冰雪消融D.浓雾消散分析：汽化指物质由液态转变成气态，汽化要吸热。解析：解：A、滴水成冰是凝固现象，故A错误；B、气凝结霜是凝华现象，故B错误；C、冰雪消融是熔化现象，故C错误；D、浓雾消散是汽化现象，故D正确。故选：D。点评：本题考查了汽化现象与其它物态变化现象的辨别，属于基础题。【解题方法点拨】“汽化”不可写成“气化”，“气态”不可写成“汽态”5．扩散现象【知识点的认识】（1）扩散现象：不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象．进入鲜花店时，香气扑鼻而来，长时间堆放煤的墙角，墙皮内部会变黑，把冰糖放入水中，过段时间水会变甜等现象都是扩散现象，扩散现象表明分子在不停地运动着．气体、液体、固体之间均能发生扩散现象．（2）扩散现象与温度的关系：温度越高，扩散现象越明显．在两个相同的烧杯中，分别装半杯凉水和半杯热水，用滴管分别在两个杯底注入一滴红墨水，结果热水中的红墨水扩散得快，这是因为装热水的杯子中水温高，分子运动快，所以水先变红，这实际上说明了分子的运动与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈．【命题方向】理解生活中常见的扩散现象，用扩散知识解释常见现象的成因。例：爆炒辣椒时，周围的人很快就察觉有辣味，这是扩散现象，起锅冷却后闻到的辣味就变淡了很多，说明这种现象的剧烈程度随温度的降低而减弱。分析：不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。解析：解：爆炒辣椒时，周围的人很快就能闻到辣椒的香味，这是扩散现象，扩散现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。起锅后，辣椒的温度降低了，周围的人闻到的辣味就变淡了很多，说明辣椒分子的无规则运动与温度有关，温度越高辣椒分子的无规则运动越剧烈，温度降低后辣椒分子的无规则运动的剧烈程度减弱。故答案为：扩散；减弱。点评：此题考查了分子动理论在生活中的应用，属于基础知识，是一道基础题。【解题方法点拨】（1）对扩散现象要这样理解，扩散现象只能发生在不同的物质之间，同种物质之间是不能发生扩散现象的，不同物质只有相互接触时，才能发生扩散现象，没有相互接触的物质，是不会发生扩散现象的，扩散现象是两种物质的分子彼此进入对方的现象，而不是单一的一种物质的分子进入另一种物质．气体、液体和固体之间都可以发生扩散，而且不同状态的物质之间也可以发生扩散．（2）易错点：扩散现象是指分子的运动，但注意将扩散现象与物体颗粒的运动相区分，如在阳光下看到的灰尘飞扬，是固态颗粒运动，而不是分子的无规则运动，故这个现象不是扩散现象．6．内能的概念【知识点的认识】（1）分子有质量，分子在不停地做着无规则运动，所以分子具有动能；分子间存在着相互作用力，所以分子之间还具有势能．在物理学中，把物体内部所有分子热运动的动能与分子势能的总和，叫做物体的内能（2）单位：内能的单位是焦耳，简称焦，用字母J表示．（3）内能的特点：①任何物体在任何情况下都具有内能．②内能具有不可测量性，即不可能准确地知道一个物体具有多少内能．③内能是可以变化的．④对单个分子或少量分子谈内能是无意义的．（3）决定物体内能大小的因素①物体的内能与温度有关．温度越高，物体内部分子的无规则运动越剧烈，物体的内能就越大；②物体的内能与质量有关．在温度一定时，物体的质量越大，分子的数量越多，物体的内能就越大；③物体的内能还和状态有关．如：一定质量的固态晶体熔化为同温度的液体时，内能增大．【命题方向】考查内能的概念，以概念辨析为主。例：内能是一种常见的能量形式，关于内能，下列说法正确的是（）A.内能是机械能的一种形式B.温度高的物体一定比温度低的物体内能多C.运动的物体一定比静止的物体内能大D.内能在转化或转移过程中会有能量损失分析：（1）内能指的是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的和，影响内能大小的因素是物体的温度、质量和状态。解析：解：A、内能是不同于机械能的一种形式的能，故A错误；B、内能的大小与物体的温度、质量、状态等有关系，所以温度高的物体内能不一定多，故B错误；C、内能与物体内部分子的热运动和分子间的相互作用情况有关，而与整个物体的速度无关，故C错误；D、内能在转化或转移过程中不可避免的有能量损失，故D正确。故选：D。点评：本题考查了内能的概念，属于基础知识。【解题方法点拨】概念性知识，牢记即可。7．一切物体都有内能【知识点的认识】（1）一切物体都有内能，内能是指物体的内能，不是分子内能，单独考虑一个分子的动能和势能是没有意义的。（2）一个物体在任何情况下都具有内能，例如：0℃的水具有内能。【命题方向】考查任何温度状态下的物体都具有内能，常考查概念辨析。例：在﹣20℃的房间里，静止在地面上的足球（）A.没有内能B.具有内能C.具有机械能D.什么能都没有分析：内能是物体内部所有分子无规则运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能。机械能是物体由于机械运动而具有的能，包括动能与势能。解析：解：因为一切物体都有内能，所以在﹣20℃的房间里，静止在地面上的足球具有内能；足球静止在地面上，没有运动，不具有动能；没有被举高，不具有重力势能，也没有发生弹性形变，不具有弹性势能。所以不具有机械能。故选：B。点评：本题主要考查了对内能和机械能概念的理解，属基础知识的考查，难度不大。【解题方法点拨】概念性知识，牢记即可。8．利用比热容解释生活中的现象【知识点的认识】（1）水的比热容比较大，质量相同的水和其他物质相比，在吸收或放出相同热量的情况下，水的温度变化要小些。（2）现象与应用①白天沿海地区比内陆地区升温慢，夜晚沿海地区温度降低也慢。因此，在一年之中，夏季时内陆比沿海炎热，冬季时内陆比沿海寒冷。②水比热容大的特点，在生产，生活中经常被利用。如汽车发动机、发电机等机器，在工作时要发热，通常要用循环流动的水来冷却。【命题方向】考查利用比热容解释在实际生活中的应用。例：下列现象中，不能用比热容解释的是（）A.中午沙子很烫、海水较凉B.汽车发动机用水做冷却剂C.我国西北沙漠地区日温差较大D.火箭采用液态氢作为燃料分析：（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（2）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。解析：解：A．中午沙子很烫、海水较凉，是因为沙子比热容小，而海水比热容大，故A不符合题意；B．汽车发动机用循环水冷却，是利用升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多的特点，将汽车发动机工作时产生大量热量迅速转移，故B不符合题意；C．我国西北沙漠地区日温差较大，是因为沙漠地区多沙少水，沙子比热容小，故C不符合题意；D．火箭采用液态氢作为燃料是因为液态气热值高，故D符合题意。故选：D。点评：本题考查了水的比热容大的特点的应用和热值，应用所学知识，解决实际问题，体现了物理知识来源于生活、服务生活的理念。【解题方法点拨】主要考查学生对水的比热容大的特点及应用的了解和掌握．对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多．9．利用比热容的公式计算热量【知识点的认识】物体的温度升高时吸收热量为：Q吸＝cm（t﹣t0）物体的温度降低时放出的热量为：Q放＝cm（t0﹣t）式中的c为物体的比热容，m为物体的质量，t0表示物体原来的温度，t表示物体后来的温度．若用Δt表示物体变化的温度（升高或降低的温度），那么，物体温度升高过程吸收的热量或物体温度降低过程放出的热量可以统一写为：Q＝cm△t．【命题方向】考查利用热量的计算公式，计算热量。例：一壶质量为2千克、温度为20℃的水，加热后使其升高到70℃，这些水吸收了多少热量？[水的比热容为4.2×103焦/（千克•℃）]。分析：掌握热量公式：Q＝cm△t的计算公式是解答本题的关键，题干中已知水的质量是2kg，水的初温和末温分别是20℃、70℃，把数据代入公式即可求出水吸收的热量。解析：解：由分析知水吸收的热量为：Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×105J答：这些水吸收了4.2×105J的热量。点评：本题主要考查学生对热量的计算公式的理解和掌握，是一道中档题。【解题方法点拨】t是末温，t0是初温，Δt表示温度的变化，注意题干中对于他们的说法是有差别的，如“升高到”，“降低到”指的是末温，而“升高了”，“降低了”表示的是温度的变化。10．燃料燃烧时的能量转化【知识点的认识】燃料燃烧时的能量转化是化学能转化为内能。在燃料燃烧的过程中，燃料中的化学键被破坏，释放出化学能。这些能量中的一部分被用来加热燃料周围的物质，使其温度升高，也就是将化学能转化为内能。【命题方向】考查燃料燃烧时的能量转化，以概念为主。例：在下列有关能量转化的几种说法中，不正确的是（）A.用锯子锯木头，锯条会发热，是由于机械能转化为内能B.当水壶中的水沸腾时壶盖会跳动，这时内能转化为机械能C.给蓄电池充电的过程中，电能转化为化学能D.在燃料燃烧的过程中，内能转化为光能分析：判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，因为总是消耗的能量转化为得到的能量。解析：解：A、用锯子锯木头，锯条会发热，是通过做功的途径增加物体的内能，属于机械能转化为内能，不符合题意；B、当水壶中的水沸腾时推动壶盖对外做功，将内能转化为壶盖的机械能，不符合题意；C、给蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器，将电能转化为化学能储存起来，不符合题意；D、燃料的燃烧都是将化学能转化为内能，符合题意。故选：D。点评：本题通过四个实例考查了能量的转化，在做这类题时，我们要注意分析哪种能量增加了，哪种能量减少了，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。能量转化的过程都是有规律可循的，在平常的学习中要注意总结归纳。【解题方法点拨】概念性知识，牢记即可。11．热值的简单计算【知识点的认识】固体和液体：q=Qm；Q＝12．固体和液体的热值计算【知识点的认识】固体和液体：q=Qm；Q＝气体：q=QV；Q＝【命题方向】考查固体和液体的热值运算，常考查计算放出的热量。例：某家庭用燃气热水器将质量为100kg、温度为10℃的自来水加热到60℃，消耗的天然气质量为2kg（假设天然气完全燃烧）。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为3.5×107J/kg，求在此过程中：（1）自来水吸收的热量；（2）该热水器工作时的效率。分析：（1）利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量；（2）由Q放＝mq可求出天然气完全燃烧放出的热量；水吸收的热量跟天然气完全燃烧放出的热量之比等于该热水器工作时的效率。解析：解：（1）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（60℃﹣10℃）＝2.1×107J；（2）天然气完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝2kg×3.5×107J/m3＝7×107J；该热水器工作时的效率：η=Q吸Q放×100%答：（1）水吸收的热量为2.1×107J；（2）该热水器工作时的效率是30%。点评：本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放＝mq、Q吸＝cm（t﹣t0）和效率公式η=Q【解题方法点拨】只有完全燃烧时，才能用Q＝qm或Q＝qV计算。13．热机的效率公式与计算【知识点的认识】（1）定义：用来做有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比，叫做热机的效率，其表达式为：η=Q有用Q总（2）物理意义：热机的效率表示使用热机时对燃料的利用率的高低，因此热机的效率是描述热机性能的一个重要指标。【命题方向】热机效率会以条件出现，也会考查热机效率的计算，通常在综合计算中考查。例：如图，是一台以柴油为动力的双履带消防机器人，质量为1000kg，静止时履带与地面接触总面积为0.4m2。在某段平直公路上，机器人以3m/s的速度匀速行驶3min，其受到的阻力为2000N，通过这段路程共消耗0.09kg柴油（q柴油＝4.0×107J/kg；g取10N/kg）。求：（1）机器人3min通过的路程；（2）机器人静止时，对水平地面产生的压强；（3）机器人在这段路程中消耗柴油用于牵引力做功的效率。分析：（1）利用速度计算公式求得机器人3min通过的路程；（2）利用G＝mg可求出机器人的重力，在水平地面上，机器人对地面的压力等于机器人的重力，根据p=F（3）根据题意和二力平衡条件求出机器人受到的牵引力，利用W＝Fs求得牵引力做功，利用Q放＝mq求得柴油燃烧放出的热量，进一步求得机器人在这段路程中消耗柴油用于牵引力做功的效率。解析：解：（1）机器人3min通过的路程s＝vt＝3m/s×3×60s＝540m（2）机器人静止时对地面的压力F＝G＝mg＝1000kg×10N/kg＝1×104N对水平地面产生的压强p=（3）机器人匀速行驶，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，牵引力的大小F′＝f＝2000N牵引力做的功W＝F′s＝2000N×540m＝1.08×106J柴油完全燃烧释放的热量Q放＝mq＝0.09kg×4.0×107J/kg＝3.6×106J牵引力做功的效率η=答：（1）机器人3min通过的路程为540m；（2）机器人静止时，对水平地面产生的压强为2.5×104Pa；（3）机器人在这段路程中消耗柴油用于牵引力做功的效率为30%。点评：本题考查了速度公式、压强公式以及功率公式，注意当机器人匀速直线运动时，牵引力与阻力是一对平衡力。【解题方法点拨】对于热机效率可与机械效率进行对比理解，热机效率是衡量热机性能好坏的一个重要参数，要提高热机的效率就是要提高热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，并且热机的效率总小于1．14．能量的转化与转移【知识点的认识】（1）能量的形式：在自然界和生活中，能量以多种形式存在，主要有机械能、内能、电磁能、化学能、核能等。①机械能：分动能和势能两类，机械能是物体所具有的动能和势能的和。②内能：物体内所有分子的动能和势能的和叫内能，与物体的温度、质量等因素有系。③电磁能：指的是储存在特定物体或空间中的能量，比如说，两个带电体相互靠近时会相互影响，同级相斥异极相吸；通电导体在磁场中会受到力的作用；两块磁铁相互靠近，也会相互影响，这些都是电磁能④化学能：是指南于化学反应，物质的分子结卡句发生变化而产生的能量。燃料燃烧产生的光和热，以及蓄电池、干电池产生的电都是来源于燃料和蓄电池里储存的化学能。食物也具有化学能。⑤核能：是指由于核反应，物质的原子核结构发生变化而产生的能量。原子弹爆炸产生的能量，以及核电站发出的电都是来源于原子核的核能。（2）能量的转移：能量不经过变化直接由一个物体转移到另一个物体；（3）正确理解能量守恒定律中的“转化”和“转移”①能的转化：a．在一定条件下，一种形式的能量可以转化成另一种形式的能量，这种现象即为能量的转化。如内燃机工作时，燃料在汽缸内燃烧，燃料内部储存的化学能通过燃烧转化成高温燃气的内能，高温燃气膨胀推动活塞运动做功，燃气的内能又转化为机械能，驱动机器转动。如果使用内燃机带动发电机发电，机械能又可以转化成电能，电能输送到各种用电器（电灯、电动机•电热器等），电能又转化为其他形的能量（光能机械能内能等）。b．能量的转化有方向性：我们利用的各种形式的能最终会自然地转化成内能，散失到周围空气中，但内能不会自然地转化成其他形式的能量。如电灯在工作时，将电能转化为内能和光能，被周围的空气吸收，最终都变成了空气的内能，这是自然发生的，而空气的内能不能自动变成其他形式的能量。②能的转移：a．指同一种形式的能从一个物体转移到另一个物体，能的形式并没有发生变化。能量的形式没有发生变化，但存在的位置发生了变化。内能够发生转移，其他形式的能也能够发生转移，如风吹帆船运动，流动空气的部分动能b．能量的转移也有方向性：在热传递过程中，热量总是自然地由高温物体传向低温物体，故内能也总是自然地从高温物体转移到低温物体，而不会自然地从低温物体转移到高温物体。所以能量的转移是有方向的。实例：碰撞时：动能从一个物体转移到另一物体；围着火炉烤火：内能从火炉转移到人体.（4）补充常见的能量转化形式有：①电灯发光时，电能转化为光能和内能；②植物通过光合作用将太阳能转化为化学能储存在体内；③人对机械做功，将人体的化学能转化为机械能；④摩擦生热，机械能转化为内能；⑤水电站里水轮机带动发电机发电，机械能转化为电能；⑥电动机带动水泵把水送到高处，电能转化为机械能；⑦燃料燃烧时发热，化学能转化为内能。【命题方向】自然界中能量的形式很多：内能、机械能、化学能、热能、电能、声能、核能、风能等在初中段这些能量之间的转化是中考命题的热点。例：如图所示是鄂尔多斯市的“风光互补”照明灯，它头“顶”小风扇，肩“扛”光电池板，腰“挎”照明灯，脚“踩”蓄电池，下列解释合理的是（）A.光电池板将电能转化为光能B.小风扇利用风力发电，将电能转化为机械能C.照明灯将电能转化为光能和内能D.蓄电池夜晚放电，将电能转化为化学能分析：分析电池板、发电机、照明灯、蓄电池工作时消耗和获得的能量是什么，可逐一做出判断。解析：解：A、光电池板将电能直接转化为电能，故A错误；B、小风扇利用风力发电，将机械能转化为电能，故B错误；C、照明灯工作时将电能转化为光能和内能，故C正确；D、蓄电池夜晚放电，将化学能转化为电能，故D错误。故选：C。点评：本题考查能量的转化，难度不大。风能和太阳能都是清洁能源，且能量取之不尽用之不竭，能够巧妙的设计利用是关键。【解题方法点拨】（1）能量的转化和转移的本质是不同的，“转化”是指能量由一种形式变为另一种形式；“转移”只是能量由一个物体传递到另一个物体，能量的形式不变。（2）有能量转化时，必定会有一种形式的能量减少，另一种形式的能量增加。（3）要明白消耗能量、利用能量或获得能量的过程就是能量的相互转化和转移的过程，能在具体情景中分析能量形式的转化例。15．能量的利用效率【知识点的认识】有用能量和总能量的比例为能量效率．举例，手机电池要充电，用时放电，比如充电充入10焦耳能量，在手机上用完电放出了8焦耳能量，能量效率是80%，损失2焦耳（电阻发热等消耗）．【命题方向】中考时一般以计算题中的某一问来出现：求电动机的效率、热量的利用等．例：湖南路路面改造的过程中使用了如图所示的一款双轮压路机。它的发动机是柴油机。为确保发动机正常工作，该压路机配有冷却水箱，水箱容纳水的质量为20kg，在一次压路作业中，水箱加满水后，压路机在水平路面上匀速行驶了2000m，消耗柴油0.3kg。若行驶过程中压路机受到的平均阻力是1800N，水箱内的水从20℃上升到80℃[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），柴油的热值取4×107J/kg]。求：（1）压路机在这次压路作业中做的功是多少？（2）水箱内的水吸收的热量是多少？（不考虑水的质量变化）（3）柴油完全燃烧释放出的热量是多少？（4）压路机此次作业的效率是多少？分析：（1）根据速度公式求出压路机行驶的距离；压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W＝Fs求出压路机做的功；（2）根据密度公式求出水的质量，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；（3）根据公式Q放＝mq求出柴油完全燃烧释放出的热量；（4）利用热机效率的计算公式求得压路机此次作业的效率。解析：解：（1）压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，即F牵＝f＝1800N，压路机做的功：W＝F牵s＝1800N×2000m＝3.6×106J；（2）水吸收的热量为：Q吸＝c水m水Δt＝4.2×103J/（kg•℃）×20kg×（80℃﹣20℃）＝5.04×106J；（3）柴油完全燃烧释放出的热量：Q放＝m柴油q＝0.3kg×4×107J/kg＝1.2×107J；（4）压路机此次作业的效率η=WQ答：（1）压路机在这次压路作业中做的功是3.6×106J；（2）水箱内的水吸收的热量是5.04×106J；（3）柴油完全燃烧释放出的热量是1.2×107J；（4）压路机此次作业的效率是30%。点评：本题考查了做功公式、燃料完全燃烧释放热公式和吸热公式、机械效率计算公式的应用，涉及到的知识点较多，难度适中。【解题方法点拨】解题是找到有用的能力、总的能力、消耗的能力是关键，利用有用能量和总能量的比例为能量效率解题．16．摩擦起电的实质【知识点的认识】（1）物质是由原子核与核外电子组成的，原子核带正电，核外电子带负电．通常情况下，原子核所带的正电荷与核外所有电子带的负电荷在数量上相等，整个原子不显电性，也就是物体对外不显电性．（2）由于不同物质的原子核束缚电子的本领不同．当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电．（3）在电荷转移的过程中，电荷的总量是保持不变的，即电荷是守恒的．在转移过程中，只能转移带负电荷的电子．可见，摩擦起电不是创造了电荷，而是电荷发生了转移．【命题方向】对摩擦起电本质的理解是中考的命题方式，主要以选择题为主．例：橡胶棒与毛皮摩擦后，两者都带了电，在摩擦过程中（）A.橡胶棒失去电子，毛皮得到电子B.橡胶棒得到电子，毛皮失去电子C.摩擦过程中创造了正电荷和负电荷D.摩擦后橡胶棒自身的正电荷多于负电荷分析：不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。解析：解：用毛皮摩擦橡胶棒，由于橡胶棒的原子核束缚核外电子的本领强，会从毛皮夺得电子，即一部分电子从毛皮转移到橡胶棒，所以橡胶棒因有多余的电子带负电。故选：B。点评：（1）正常情况下，物体内部原子核上的正电荷和核外电子带的负电荷，在总量上相等，整个物体对外不显电性，称为中性；（2）橡胶棒原子核束缚电子能力强，毛皮原子核束缚电子能力弱，相互摩擦时，橡胶棒得电子带负电，毛皮失电子带等量正电。【解题方法点拨】（1）摩擦起电并不是创造了电，而是两个物体在摩擦过程中，电于发生了转移，它从一个物体转移到另一个物体上，使失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电．（2）不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子．17．验电器的原理【知识点的认识】原理：同种电荷互相排斥作用：检验物体是否带