2024-2025学年教科版九年级（上）物理寒假作业（一）VIP

第1页（共1页）2024-2025学年教科版九年级（上）物理寒假作业（一）一．选择题（共12小题）1．（2024秋•泊头市期中）2024年4月30日，神舟十七号返回舱进入大气层，与大气摩擦形成高温“火球”进入黑障区（如图）。下列改变内能的方式，与“火球”的形成相同的是（）A．冰镇饮料 B．搓手取暖 C．烧水时水温升高 D．冬天，晒太阳暖和2．（2024秋•双台子区期中）东北用自己的美食美景吸引着外地游客前来，下列有关美食美景的说法正确的是（）A．游客闻到麻辣烫的香味是因为分子间有间隙 B．冬日游客看到雪花飞舞是因为分子间有斥力 C．街边的糖人粘在板子上是因为分子间有引力 D．冬天河水凝固成冰，水分子停止运动3．（2024秋•镇江期中）根据你的生活经验和所学知识，下列数据中最接近生活实际的是（）A．新能源汽车发动机的效率为100% B．0℃的物体所含内能为0J C．将一只鸡蛋从地面托起缓缓举过头顶，对鸡蛋做功约1J D．成人正常登楼的功率约1000W4．（2024秋•顺平县期中）2024年5月3日，搭载嫦娥六号探测器的长征五号遥八运载火箭在中国文昌航天发射场发射（如图所示），开启了世界首次月球背面采样之旅。长征五号遥八运载火箭采用无毒、无污染的液氢液氧推进剂，属于绿色环保大型液体运载火箭。使用液态氢的原因是液态氢具有（）A．较大的热值 B．较低的沸点 C．较大的比热容 D．较高的凝固点5．（2024秋•石景山区校级期中）为保证客运安全，火车站实施“验检合一”，乘客只需通过验票闸机“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时，电动机转动，打开闸门，就能直接到达站台，进站速度明显提升，下列电路设计符合要求的是（）A． B． C． D．6．（2024秋•罗庄区期中）如图所示是一个装有静电除尘纸的拖把，扫地时除尘纸与地板摩擦后带上负电，可以轻松地将附近的灰尘和头发清扫干净。下列说法正确的是（）A．静电除尘纸失去了电子 B．静电除尘纸和地面摩擦时创造了电荷 C．静电除尘利用了带电体可以吸引轻小物体的性质 D．除尘纸与地板摩擦后带有同种电荷7．（2024秋•泊头市期中）下列估测数据最接近实际的是（）A．一节干电池的电压约为3V B．人体的安全电压等于36V C．通过手电筒小灯泡的电流约为0.2A D．教室里日光灯的电流约为2A8．（2024秋•山亭区期中）如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析正确的是（）A．灯L1与灯L2串联 B．电压表测量灯L1两端的电压 C．只断开开关S2，灯L1正常发光 D．电流表测量电路总电流9．（2024秋•双台子区期中）如图是地磅工作原理示意图，秤台连在竖直弹簧上，电路与恒压电源连接。未称量时，滑动变阻器R的滑片P在最上端，称量时，滑片P向下滑动。闭合开关S，车辆总质量越大时，下列说法正确的是（）A．可以用电流表的示数反映车辆总质量的大小 B．电压表示数越大 C．电流表示数越大 D．电压表示数与电流表示数之比不变10．（2024秋•新洲区月考）某同学家浴室里安装了一款风暖浴霸，通过开关断开闭合既可以实现照明、又可以实现送暖风、热风的功能，其简化电路如图所示，R1、R2是两根阻值相同的电热丝。下表是浴霸电路的部分参数。下列各有关结论说法不正确的是（）额定电压220V照明功率50W暖风功率1270W热风功率2370WA．只闭合S2时浴霸处于暖风状态 B．每根电阻丝的阻值是44Ω C．浴霸正常工作10min电路消耗的最大电能为2.214×106J D．浴霸中电动机的电功率为170W11．（2024秋•长安区校级月考）如图是小明为某仓库设计的温度报警电路。R1为热敏电阻，其阻值随温度的变化而变化；R2为可调电阻。温度正常时指示灯L发光，当温度升高到报警温度时，指示灯熄灭，蜂鸣器报警。下列判断正确的是（）A．R1的阻值随温度的升高而增大 B．温度升高过程中，电磁铁磁性减弱 C．若要调低报警温度，可将R2的阻值调小 D．若控制电路电源电压降低，报警温度将降低12．（2024秋•青羊区校级月考）如图所示的现象中，下列说法正确的是（）A．图甲中，验电器的金属箔片张开，是因为异种电荷相互吸引 B．图乙中，放在通电导线下方的小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场 C．图丙中，导体运动时灵敏电流计指针发生偏转，这与电动机的工作原理相同 D．图丁中，闭合开关后，向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性会增强二．填空题（共8小题）13．（2024秋•漳州期中）在完全隔热装置内，用相同规格的电加热器分别给质量均为0.1kg水和甲液体加热，温度随加热时间变化的关系如图所示，根据图像回答：水在8min内吸收的热量为J，甲液体的比热容是J/（kg•℃）[水的比热容是c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。14．（2024秋•泊头市期中）小红乘坐旅游巴士去旅游，她观察到前方大卡车尾部冒“黑烟”，这是因为柴油没有完全燃烧，若柴油没有完全燃烧，则柴油的热值（选填“变大”、“变小”或“不变”）；柴油在燃烧过程中将能转化为能。15．（2024秋•东莞市校级期中）把餐巾纸摩擦过的塑料吸管放在支架上，吸管能在水平面自由转动。如图所示，手持带负电的橡胶棒，靠近吸管A端，A端会远离橡胶棒。（1）图中吸管的A端带电；（2）吸管与餐巾纸摩擦的时候，由于原子核对核外电子束缚能力更强，（“得到”或“失去”）电子。16．（2024秋•通州区校级期中）按要求填空：（1）如图所示，电阻箱的示数为Ω。（2）如图所示，电压表的示数为V。17．（2024秋•双台子区期中）如图所示的是电阻R和小灯泡L的U﹣I图象，若将电阻R与小灯泡L串联在3V的电路中，则电路中的电流为A，此时电阻R与小灯泡L的电阻之比为。18．（2024秋•双台子区期中）为了环保和节能，盘锦市的公交车和部分出租车都已改用电动车，如图所示，一辆电动车正在充电桩充电，在充电过程中，电动车的电池相当于电路中的（选填“电源”或“用电器”）；这台电动车电池的规格为“100V200Ah”，该车充满电时存储了kW•h的电能。19．（2024秋•九龙坡区校级期中）司南是我国古代四大发明之一，如图甲所示，其静止时，司南的长柄指向方；如图乙所示，磁悬浮地球仪应用了同名磁极相互的规律。20．（2023秋•平利县校级期末）新型公交车都装有自动爆玻器，发生险情时，司机按下开关给爆玻器通电，爆玻器中的线圈转动会带动钨钢头击打车窗玻璃。则自动爆玻器工作时将电能转化为能，生活中的（选填“电动机”或“发电机”）与其原理相同。三．实验探究题（共2小题）21．（2024秋•民权县期中）如图所示在探究“不同物质吸热能力”的实验中：在两个相同的烧杯中分别加入相同、相同的a、b两种液体，液面位置如图甲所示。选用相同电加热器的目的是；a、b两种液体的温度随时间变化的图象如图乙所示，则可判断出（选填“a”或“b”）物质吸热能力强。【拓展】物质吸热能力的强弱可用比热容来表示，由图像乙可知，a、b的比热容之比是。22．（2024秋•朝阳区校级期中）小刚同学在探究“电流跟电阻的关系”实验中，利用如图所示实验器材进行实验，其中电源电压恒为4.5V。（1）请根据图所示的电路，在虚线框内画出小刚设计的实验电路图；（电阻箱的符号用表示）（2）闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应置于（选填“A”或“B”）端；（3）小刚的主要实验步骤如下，请你将其补充完整：①调节电阻箱的阻值R为5Ω，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P使电压表的示数U为3V，读取电流表的示数I，并将R、I记录在表格中；②断开开关S，调节电阻箱R的阻值为10Ω，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P向B端滑动，使电压表的示数U仍为V，读取电流表的示数I，并将R、I记录在表格中；③改变的阻值（选填“电阻箱”或“滑动变阻器”），仿照步骤②再进行四次实验，并将相应的R、I记录在表格中。四．计算题（共2小题）23．（2024秋•天桥区期中）如图所示，当开关闭合后，电流表A的示数为0.3A，通过小灯泡L1的电流是多少安？24．（2024•佳县模拟）为节能减排，某景区购置了一批四轮电动观光车，如图所示。该车满载时的总质量为1800kg，蓄电池最大可储存电能24kW•h，最大行驶速度为5m/s，g取10N/kg。（1）电动观光车上使用的是直流电动机，这种电动机的工作原理是；电动车与汽油为燃料的汽车比较，它的优点是（写出一条即可）；（2）该观光车满载且静止在水平路面上时，轮胎与路面接触的总面积为0.15m2，则车对路面的压强是多大？（3）该观光车满载且以最大速度在水平路面上匀速行驶时，受到的平均阻力为重力的0.15倍。满载时电能转化为机械能的效率为75%，则充满电后，在满载状态下以最大速度行驶最多能跑多远？

2024-2025学年教科版九年级（上）物理寒假作业（一）参考答案与试题解析题号1234567891011答案BCCAACCBBCC题号12答案B一．选择题（共12小题）1．（2024秋•泊头市期中）2024年4月30日，神舟十七号返回舱进入大气层，与大气摩擦形成高温“火球”进入黑障区（如图）。下列改变内能的方式，与“火球”的形成相同的是（）A．冰镇饮料 B．搓手取暖 C．烧水时水温升高 D．冬天，晒太阳暖和【考点】做功改变物体的内能．【专题】分子热运动、内能；应用能力．【答案】B【分析】做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移，二者在改变物体内能上是等效的。【解答】解：“火球”的形成是返回舱进入大气层，与大气层摩擦生热形成的，是克服摩擦做功，使机械能转化为内能。A、冰镇饮料，是通过热传递来改变物体的内能，故A不符合题意；B、搓手取暖，是通过做功使物体的内能增大，温度升高，将机械能转化为内能，故B符合题意；C、烧水时水温升高，是通过热传递来改变物体的内能，故C不符合题意；D、晒太阳暖和，是通过热传递来改变物体的内能，故D不符合题意。故选：B。【点评】本题主要考查了对改变内能方法的掌握，对做功和热传递实质的了解。2．（2024秋•双台子区期中）东北用自己的美食美景吸引着外地游客前来，下列有关美食美景的说法正确的是（）A．游客闻到麻辣烫的香味是因为分子间有间隙 B．冬日游客看到雪花飞舞是因为分子间有斥力 C．街边的糖人粘在板子上是因为分子间有引力 D．冬天河水凝固成冰，水分子停止运动【考点】分子间作用力的现象；分子的热运动．【专题】分子热运动、内能；应用能力．【答案】C【分析】由分子的基本性质可知，分子在不停地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力和斥力，分子间还存在着间隙。【解答】解：A．游客闻到麻辣烫的香味是因为分子不停地无规则运动，不是因为分子间有间隙，故A错误；B．雪花飞舞是机械运动，不是分子的运动，不是因为分子间有斥力，故B错误；C．分子间有相互的引力和斥力，街边的糖人粘在板子上是因为分子间有引力，故C正确；D．一切物质的分子都在不停地无规则运动，故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查学生对分子动理论的基本知识的理解和掌握，是中考热点。3．（2024秋•镇江期中）根据你的生活经验和所学知识，下列数据中最接近生活实际的是（）A．新能源汽车发动机的效率为100% B．0℃的物体所含内能为0J C．将一只鸡蛋从地面托起缓缓举过头顶，对鸡蛋做功约1J D．成人正常登楼的功率约1000W【考点】常见热机的效率；功的估算；功率的估测；一切物体都有内能．【专题】估算综合应用题；应用能力．【答案】C【分析】新能源汽车发动机的效率不可能达到100%；一切物体在任何情况下都具有内能；首先估测力的大小，然后再估测距离，最后根据功的公式计算即可；首先估测功的大小，然后再估测时间，最后根据功率的公式计算即可。【解答】解：A．机械效率是有用功跟总功的比值，由于新能源汽车发动机在做功的过程中不可避免的要做额外功，有用功总小于总功，所以新能源汽车发动机的效率不可能达到100%，故A不符合实际；B．一切物体在任何情况下都具有内能，所以0℃的物体也具有内能，故B不符合实际；C．一个鸡蛋的质量约为50g，将一个鸡蛋从地面举过头顶，移动的距离约为2m，则将一只鸡蛋从地面托起缓缓举过头顶，对鸡蛋做功大约为W＝Gh＝mgh＝0.05kg×10N/kg×2m＝1J，故C符合实际；D．一般情况下，成年人的体重在500N左右，一层楼的高度在3m左右，上一层楼的时间在15s左右，则成人正常登楼的功率约P=故D不符合实际。故选：C。【点评】本题考查效率、内能、功、功率的估测。属于基础题。4．（2024秋•顺平县期中）2024年5月3日，搭载嫦娥六号探测器的长征五号遥八运载火箭在中国文昌航天发射场发射（如图所示），开启了世界首次月球背面采样之旅。长征五号遥八运载火箭采用无毒、无污染的液氢液氧推进剂，属于绿色环保大型液体运载火箭。使用液态氢的原因是液态氢具有（）A．较大的热值 B．较低的沸点 C．较大的比热容 D．较高的凝固点【考点】燃料热值的概念．【专题】比热容、热机、热值；理解能力．【答案】A【分析】热值是燃料的一种特性，质量一定时，热值越大的燃料在完全燃烧时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。【解答】解：热值是燃料的一种特性，使用液态氢的原因是它的热值较大，在其它条件相同时，与其它燃料比较，完全燃烧时放出的热量较多，故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题主要考查燃料热值的特性，了解不同物质的特性以及用途是关键。5．（2024秋•石景山区校级期中）为保证客运安全，火车站实施“验检合一”，乘客只需通过验票闸机“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时，电动机转动，打开闸门，就能直接到达站台，进站速度明显提升，下列电路设计符合要求的是（）A． B． C． D．【考点】串并联电路的设计．【专题】应用题；电流和电路；应用能力．【答案】A【分析】根据题意分析电路的连接方式，然后选出正确的答案。【解答】解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，电动机才工作，这说明两个开关相互影响，是串联的关系，然后与电动机串联，故A正确。故选：A。【点评】本题考查了电路的设计，属于基础题。6．（2024秋•罗庄区期中）如图所示是一个装有静电除尘纸的拖把，扫地时除尘纸与地板摩擦后带上负电，可以轻松地将附近的灰尘和头发清扫干净。下列说法正确的是（）A．静电除尘纸失去了电子 B．静电除尘纸和地面摩擦时创造了电荷 C．静电除尘利用了带电体可以吸引轻小物体的性质 D．除尘纸与地板摩擦后带有同种电荷【考点】物体带电现象；正电荷和负电荷；摩擦起电的实质．【专题】应用题；电流和电路；应用能力．【答案】C【分析】（1）摩擦起电的实质是电荷的转移，电子从原子核束缚电子能力弱的物体转移到束缚能力强的物体，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；（2）带电体具有吸引轻小物体的性质。【解答】解：A、扫地时除尘纸与地板摩擦后带上负电，说明静电除尘纸得到电子，故A错误；B、摩擦起电的实质是电荷的转移，并没有创造电荷，故B错误；C、由于带电体能够吸引轻小的物体，所以带了电的除尘纸能吸引轻小的灰尘，故C正确；D、除尘纸与地板摩擦后带等量异种电荷，即除尘纸带负电，地板带正电，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了摩擦起电和带电体的性质，属于基本内容，比较简单。7．（2024秋•泊头市期中）下列估测数据最接近实际的是（）A．一节干电池的电压约为3V B．人体的安全电压等于36V C．通过手电筒小灯泡的电流约为0.2A D．教室里日光灯的电流约为2A【考点】常见电压的大小；常见电流的大小．【专题】估算综合应用题；获取知识解决问题能力．【答案】C【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。【解答】解：A．一节新干电池的电压约1.5V，故A不接近实际；B．人体的安全电压是不高于36V，故B不接近实际；C．手电筒小灯泡正常工作时通过的电流约为0.2A，故C接近实际；D．教室里日光灯的电流约为0.2A，故D不接近实际。故选：C。【点评】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最合理的是哪一个。8．（2024秋•山亭区期中）如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析正确的是（）A．灯L1与灯L2串联 B．电压表测量灯L1两端的电压 C．只断开开关S2，灯L1正常发光 D．电流表测量电路总电流【考点】判断电压表测量的对象；电路的三种状态；串联和并联的概念与辨析；判断电流表测量的对象．【专题】电流和电路；电压和电阻；获取知识解决问题能力．【答案】B【分析】电流只有一条路径的则是串联电路；有两条或两条以上路径的则是并联电路。电流表的测量对象取决于它与哪些电器串联。电压表与被测用电器并联在一起。断路（开路）：断开的电路。【解答】解：如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2并联，电流表测通过灯L2的电流，电压表测L1两端的电压即L2两端和电源两端的电压，开关S1控制L2支路，开关S2在干路上控制整个电路，故B正确，ACD错误。故选：B。【点评】本题考查了两种电路的判断，电路的三种状态，以及电流表和电压表的接法。9．（2024秋•双台子区期中）如图是地磅工作原理示意图，秤台连在竖直弹簧上，电路与恒压电源连接。未称量时，滑动变阻器R的滑片P在最上端，称量时，滑片P向下滑动。闭合开关S，车辆总质量越大时，下列说法正确的是（）A．可以用电流表的示数反映车辆总质量的大小 B．电压表示数越大 C．电流表示数越大 D．电压表示数与电流表示数之比不变【考点】动态电路的分析．【专题】应用题；欧姆定律；分析、综合能力．【答案】B【分析】分析电路连接，根据串联分压原理结合欧姆定律分析回答。【解答】解：如图所示，电压表串联在滑片P上，测量R上端部分的电压，此时R不是滑动变阻器，而是定值电阻，电路为两定值电阻串联，当滑片P向下滑动，由于电路中电源电压和总电阻都不变不变，根据I=电压表与定值电阻R部分电阻并联，且滑片P向下滑动，电压表测量的部分越大，电压表的示数越大；而电压表示数与电流表示数之比表示电压表测量的部分电阻，由于滑片向下移动测量部分的电阻越大，因此电压表示数与电流表示数之比变大，故B正确，ACD错误。故选：B。【点评】本题考查了串联电路特点和欧姆定律的应用，分析电路连接是解题的关键。10．（2024秋•新洲区月考）某同学家浴室里安装了一款风暖浴霸，通过开关断开闭合既可以实现照明、又可以实现送暖风、热风的功能，其简化电路如图所示，R1、R2是两根阻值相同的电热丝。下表是浴霸电路的部分参数。下列各有关结论说法不正确的是（）额定电压220V照明功率50W暖风功率1270W热风功率2370WA．只闭合S2时浴霸处于暖风状态 B．每根电阻丝的阻值是44Ω C．浴霸正常工作10min电路消耗的最大电能为2.214×106J D．浴霸中电动机的电功率为170W【考点】电功率多档位问题；电功率的综合计算；电功与电能的计算．【专题】电能和电功率；分析、综合能力．【答案】C【分析】（1）由图可知，当只闭合S1时，只有灯泡L工作；当只闭合S2时，R与电动机M并联；当闭合S2、S3闭合时，R1、R2和电动机M并联；根据并联电路的特点可知浴霸送暖风和热风的电路连接；（2）根据P2＝P热﹣P暖求出送热风时R2的电功率，根据P=U2R求出（3）当浴霸热风状态，且照明灯发光时，电功率最大，根据W＝Pt求出浴霸正常工作10min电路消耗的最大电能；（4）根据题意可知R1的阻值与R2的阻值相等，据此可知R1的电功率，根据PM＝P暖﹣P1求出浴霸中电动机的电功率。【解答】解：A、由图可知，当只闭合S2时，R与电动机M并联；当闭合S2、S3闭合时，R1、R2和电动机M并联；根据并联电路的电阻特点可知，R1、R2和电动机M并联时，电路中的总电阻最小，由P=U2R可知，电路中的总功率最大，此时浴霸处于送热风状态，当只闭合S2时，R与电动机M并联，浴霸处于B、送热风时R2的电功率：P2＝P热﹣P暖＝2370W﹣1270W＝1100W，由P=U2R可知，R2的阻值：R2=U2C、当浴霸热风状态，且照明灯发光时，电功率最大，最大电功率：P大＝P热+P照＝2370W+50W＝2420W，则浴霸正常工作10min电路消耗的最大电能：W大＝P大t＝2420W×10×60s＝1.452×106J，故C错误；D、根据题意可知，R1的阻值与R2的阻值相等，则R1的电功率P1＝P2＝1100W，浴霸中电动机的电功率：PM＝P暖﹣P1＝1270W﹣1100W＝170W，故D正确。故选：C。【点评】本题考查并联电路的特点、电功率公式以及电功公式的灵活运用，属于多挡电路问题，能正确分析电路是解题的关键。11．（2024秋•长安区校级月考）如图是小明为某仓库设计的温度报警电路。R1为热敏电阻，其阻值随温度的变化而变化；R2为可调电阻。温度正常时指示灯L发光，当温度升高到报警温度时，指示灯熄灭，蜂鸣器报警。下列判断正确的是（）A．R1的阻值随温度的升高而增大 B．温度升高过程中，电磁铁磁性减弱 C．若要调低报警温度，可将R2的阻值调小 D．若控制电路电源电压降低，报警温度将降低【考点】电磁继电器的构造与原理．【专题】磁现象、电生磁；应用能力．【答案】C【分析】根据电磁继电器的原理和热敏电阻的特性结合欧姆定律进行分析。【解答】解：A、温度正常时指示灯L发光，当温度升高到报警温度时，指示灯熄灭，蜂鸣器报警，说明温度升高时，热敏电阻的电阻减小，控制电路的电流增大，电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下来，接通蜂鸣器电路，故A错误；B、温度升高过程中，热敏电阻的阻值减小，控制电路中的电流增大，电磁铁磁性增强，故B错误；C、若要调低电阻温度，R1阻值将变大，R总不变，则R2将变小，故C正确；D、若控制电路电源电压降低，保证电流不变，则R总变小，报警温度升高，故D错误。故选：C。【点评】本题考查的是电磁继电器的应用；会根据欧姆定律和热敏电阻的特性进行分析。12．（2024秋•青羊区校级月考）如图所示的现象中，下列说法正确的是（）A．图甲中，验电器的金属箔片张开，是因为异种电荷相互吸引 B．图乙中，放在通电导线下方的小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场 C．图丙中，导体运动时灵敏电流计指针发生偏转，这与电动机的工作原理相同 D．图丁中，闭合开关后，向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性会增强【考点】电磁感应现象；发电机的原理；验电器的原理；电流的磁效应；影响电磁铁磁性强弱的因素．【专题】电动机、磁生电；应用能力．【答案】B【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）奥斯特实验说明通电导体周围存在着磁场；（3）闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流的现象叫做电磁感应现象；（4）影响通电螺线管磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数，线圈的匝数一定，电流越大，磁性越强。【解答】解：A．验电器的金属箔片张开，是因为同种电荷相互排斥，故A错误；B．放在通电导线下方的小磁针发生偏转，是因为电流的磁效应，说明电流周围存在磁场，故B正确；C．导体做切割磁感线运动时，灵敏电流计指针发生偏转，是电磁感应现象，这与发电机的工作原理相同，故C错误；D．闭合开关后，向右移动滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路中的阻值变大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性会减弱，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分，考试时这几幅图经常放在一起进行辨析。二．填空题（共8小题）13．（2024秋•漳州期中）在完全隔热装置内，用相同规格的电加热器分别给质量均为0.1kg水和甲液体加热，温度随加热时间变化的关系如图所示，根据图像回答：水在8min内吸收的热量为4.2×103J，甲液体的比热容是2.1×103J/（kg•℃）[水的比热容是c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。【考点】利用比热容的公式计算热量；物体吸热实验用加热时间反映吸收热量的多少；比热容的计算公式．【专题】比热容、热机、热值；应用能力．【答案】4.2×103；2.1×103。【分析】（1）由图可知水在8min内升高的温度，根据Q吸＝cmΔt求出水吸收的热量；（2）用相同规格的电加热器加热，水和甲液体在相同时间内吸收的热量相等，据此求出甲液体在4min内吸收的热量，由图可知甲液体在4min内升高的温度，根据c=Q【解答】解：由图可知，水在8min内升高的温度Δt水＝20℃﹣10℃＝10℃，水吸收的热量：Q吸＝c水mΔt水＝4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×10℃＝4.2×103J；用相同规格的电加热器加热，水和甲液体在相同时间内吸收的热量相等，则甲在4min内吸收的热量：Q吸′=12Q吸=12×4.2×103J＝2.1由图可知，甲液体在4min内升高的温度Δt甲＝20℃﹣10℃＝10℃，甲液体的比热容：c=Q吸'mΔ甲=2.1×1故答案为：4.2×103；2.1×103。【点评】本题考查热量的计算以及比热容公式的灵活应用，知道用相同规格的电加热器加热，水和甲液体在相同时间内吸收的热量相等是解题的关键。14．（2024秋•泊头市期中）小红乘坐旅游巴士去旅游，她观察到前方大卡车尾部冒“黑烟”，这是因为柴油没有完全燃烧，若柴油没有完全燃烧，则柴油的热值不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）；柴油在燃烧过程中将化学能转化为内能。【考点】燃料热值的影响因素；燃料燃烧时的能量转化．【专题】比热容、热机、热值；应用能力．【答案】不变；化学；内。【分析】热值是燃料的特性，与其质量大小、燃烧是否充分等因素无关；燃料燃烧时将化学能转化为内能。【解答】解：因热值是燃料的一种特性，与燃料的多少、是否完全燃烧无关，所以，柴油不能完全燃烧时，柴油的热值不变。柴油在燃烧过程中，消耗化学能，产生内能，将化学能转化为内能。故答案为：不变；化学；内。【点评】本题考查了对热值的理解和能量的转化，属于基础题。15．（2024秋•东莞市校级期中）把餐巾纸摩擦过的塑料吸管放在支架上，吸管能在水平面自由转动。如图所示，手持带负电的橡胶棒，靠近吸管A端，A端会远离橡胶棒。（1）图中吸管的A端带负电；（2）吸管与餐巾纸摩擦的时候，由于吸管原子核对核外电子束缚能力更强，得到（“得到”或“失去”）电子。【考点】电荷间的相互作用；摩擦起电的实质．【专题】电流和电路；应用能力．【答案】（1）负；（2）吸管；得到。【分析】把带负电的橡胶棒，用它去靠近吸管，吸管A端被排斥，利用电荷间作用规律可以确定吸管、餐巾纸的带电情况。【解答】解：（1）把带负电的橡胶棒靠近吸管A端时，吸管A端远离橡胶棒被排斥，说明吸管A端与橡胶棒带的是同种电荷，橡胶棒带负电，A端也带负电。（2）吸管带负电，说明吸管与餐巾纸摩擦的时候，得到电子的是吸管。故答案为：（1）负；（2）吸管；得到。【点评】本题考查的是摩擦起电的实质，知道电荷间的相互作用规律。16．（2024秋•通州区校级期中）按要求填空：（1）如图所示，电阻箱的示数为2029Ω。（2）如图所示，电压表的示数为2.4V。【考点】电阻箱；电压表的读数．【专题】电压和电阻；获取知识解决问题能力．【答案】（1）2029；（2）2.4。【分析】电阻箱的读数方法：用“▲”所对的数字乘以下面的倍数，再相加。根据电表表盘上的数字分析电表的量程和分度值，然后根据指针的位置读数。【解答】解：（1）如图所示，电阻箱的示数为R＝2×1000Ω+0×100Ω+2×10Ω+9×1Ω＝2029Ω；（2）如图，电压表选择的是0～3V量程，1V内又分为10个小格，则分度值为0.1V，示数为2.4V。故答案为：（1）2029；（2）2.4。【点评】本题考查了电阻箱和电表的读数，难度较小。17．（2024秋•双台子区期中）如图所示的是电阻R和小灯泡L的U﹣I图象，若将电阻R与小灯泡L串联在3V的电路中，则电路中的电流为0.4A，此时电阻R与小灯泡L的电阻之比为2：1。【考点】串并联的比例计算；串联电路中的电流规律；运用串联电路中的电压规律计算．【专题】应用题；欧姆定律；分析、综合能力．【答案】0.4；2：1。【分析】（1）若将L和R串联在电源电压为3V的电路中，根据串联联电路规律可知，通过小灯泡和定值电阻的电流相等，再根据题目中分析解答；（2）若将其串联在电源电压为3V的电路中，根据串联电路规律可知，通过小灯泡和定值电阻的电流相同，且小灯泡和定值电阻两端电压之和等于电源电压，由图可知此时灯泡和定值电阻两端的电压和电路中的电流，根据欧姆定律计算L与R的阻值的比值。【解答】解：若将电阻R与小灯泡L串联在电路中，则电路中的电流相等。由图可知，当电路中的电流为0.4A时，电阻R的电压为2V，小灯泡L的电压为1V，电源电压恰好为：U＝UR+UL＝2V+1V＝3V；根据I=UR，电流相等，则电压与电阻成正比，所以此时电阻RRR故答案为：0.4；2：1。【点评】本题考查了对串联电路特点以及欧姆定律的理解应用，能从图象中获取有用信息是关键。18．（2024秋•双台子区期中）为了环保和节能，盘锦市的公交车和部分出租车都已改用电动车，如图所示，一辆电动车正在充电桩充电，在充电过程中，电动车的电池相当于电路中的用电器（选填“电源”或“用电器”）；这台电动车电池的规格为“100V200Ah”，该车充满电时存储了20kW•h的电能。【考点】电功与电能的计算；电路的组成部分．【专题】电流和电路；电能和电功率；应用能力．【答案】用电器；20。【分析】（1）电源：提供电能的装置，它保证电路中有持续电流，工作时将其他形式的能转化为电能；用电器：用电来工作的设备，工作时将电能转化为其他形式的能。（2）根据W＝UIt求出该车充满电时存储的电能。【解答】解：（1）一辆电动车正在充电桩充电，在充电过程中，电动车的电池消耗电能，相当于电路中的用电器。（2）该车充满电时存储的电能为W＝UIt＝100V×200A×1×3600s＝7.2×107J＝20kW•h。故答案为：用电器；20。【点评】本题考查电源和用电器的辨别和电能的计算，难度不大。19．（2024秋•九龙坡区校级期中）司南是我国古代四大发明之一，如图甲所示，其静止时，司南的长柄指向南方；如图乙所示，磁悬浮地球仪应用了同名磁极相互排斥的规律。【考点】地磁场及其分布、磁偏角；磁极间的相互作用．【专题】磁现象、电生磁；应用能力．【答案】南；排斥。【分析】（1）司南指示南北是因为受到地磁场的作用；（2）同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引。【解答】解：司南是我国古代四大发明之一，如图甲所示，其静止时，司南的长柄指向南方；如图乙所示，磁悬浮地球仪应用了同名磁极相互排斥的规律。故答案为：南；排斥。【点评】本题考查的是地磁场和磁极间的相互作用，属于基础性题目。20．（2023秋•平利县校级期末）新型公交车都装有自动爆玻器，发生险情时，司机按下开关给爆玻器通电，爆玻器中的线圈转动会带动钨钢头击打车窗玻璃。则自动爆玻器工作时将电能转化为机械能，生活中的电动机（选填“电动机”或“发电机”）与其原理相同。【考点】电动机工作原理．【专题】应用题；电动机、磁生电；应用能力．【答案】机械；电动机【分析】司机按下开关，自动爆破器的线圈在磁场中受到力的作用而运动，产生一个冲击力，带动一个钨钢头击打车窗玻璃边角部位，实现击碎玻璃的目的，是电能转化为机械能。【解答】解：由题知，司机只需按下开关，内部电磁线圈通电产生一个冲击力，带动一个钨钢头击打车窗玻璃边角部位，实现击碎玻璃的目的，所以自动爆玻器的工作原理是通电导线在磁场中受到力的作用，该过程中电能转化为机械能，与电动机的工作原理相同，发电机的工作原理是电磁感应现象。故答案为：机械；电动机。【点评】此题主要考查的是学生对通电导体在磁场中受到力的作用的原理的理解和掌握，并会应用于实际是解决该题的关键。三．实验探究题（共2小题）21．（2024秋•民权县期中）如图所示在探究“不同物质吸热能力”的实验中：在两个相同的烧杯中分别加入质量相同、初温相同的a、b两种液体，液面位置如图甲所示。选用相同电加热器的目的是使液体在相同时间内吸收的热量相同；a、b两种液体的温度随时间变化的图象如图乙所示，则可判断出a（选填“a”或“b”）物质吸热能力强。【拓展】物质吸热能力的强弱可用比热容来表示，由图像乙可知，a、b的比热容之比是2：1。【考点】比较不同物质吸热的情况；物体吸热实验的数据和图像分析．【专题】实验题；比热容、热机、热值；分析、综合能力．【答案】质量；初温；使液体在相同时间内吸收的热量相同；a；2：1【分析】我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；根据Q＝cmΔt可知在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，据此得出比热容之比。【解答】解：根据控制变量法可知，实验中英在两个相同的烧杯中分别加入初温相同、质量相同的a、b两种液体；选用相同电加热器的目的是：使液体在相同时间内吸热相同；根据乙图可知，在相同的加热时间时，a物质的温度变化慢，则可判断出a吸热能力强；由图丙可知，a、b的温度都升高20℃，a加热的时间是6min，b加热的时间是3min；由Q＝cmΔt可知，a、b的质量相同，升高的温度相同，吸收的热量与物质的比热容成正比，a、b吸收热量之比为2：1，则的比热容之比为2：1。故答案为：质量；初温；使液体在相同时间内吸收的热量相同；a；2：1。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和密度的公式及比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。22．（2024秋•朝阳区校级期中）小刚同学在探究“电流跟电阻的关系”实验中，利用如图所示实验器材进行实验，其中电源电压恒为4.5V。（1）请根据图所示的电路，在虚线框内画出小刚设计的实验电路图；（电阻箱的符号用表示）（2）闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应置于B（选填“A”或“B”）端；（3）小刚的主要实验步骤如下，请你将其补充完整：①调节电阻箱的阻值R为5Ω，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P使电压表的示数U为3V，读取电流表的示数I，并将R、I记录在表格中；②断开开关S，调节电阻箱R的阻值为10Ω，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P向B端滑动，使电压表的示数U仍为3V，读取电流表的示数I，并将R、I记录在表格中；③改变电阻箱R的阻值的阻值（选填“电阻箱”或“滑动变阻器”），仿照步骤②再进行四次实验，并将相应的R、I记录在表格中。【考点】探究电流与电阻的关系．【专题】实验题；电压和电阻；应用能力．【答案】（1）；（2）B；（3）②3；③电阻箱的阻值。【分析】（1）根据实物图画出对应的电路图，注意与实物图的连接一一对应；（2）闭合开关S前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处；（3）实验步骤：②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；③为得出普遍性的规律，要多次测量；改变电阻箱的阻值，仿照步骤②再进行四次实验，并将相应的R、I记录在表格中。【解答】解：（1）根据实物图画出对应的电路图，如下所示：；（2）闭合开关S前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的B端；（3）实验步骤：①调节电阻箱的阻值R为5Ω，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P使电压表的示数U为3V，读取电流表的示数I，并将R、I记录在表格中；②断开开关S，调节电阻箱R的阻值为10Ω，闭合开关S，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为3V，读取电流表的示数I，并将R、I记录在表格中；③为得出普遍性的规律，要多次测量，故要改变电阻箱的阻值，仿照步骤②再进行四次实验，并将相应的R、I记录在表格中。故答案为：（1）；（2）B；（3）②3；③电阻箱的阻值。【点评】本题探究“电流跟电阻的关系”实验，考查根据实物图画出电路、注意事项、操作过程、控制变量法及设计记录实验数据表格的能力。四．计算题（共2小题）23．（2024秋•天桥区期中）如图所示，当开关闭合后，电流表A的示数为0.3A，通过小灯泡L1的电流是多少安？【考点】运用串联电路中的电流规律计算．【专题】应用题；电流和电路；应用能力．【答案】通过小灯泡Ll的电流是0.3安。【分析】当开关闭合后，两灯泡与两电流表串联，串联电路中电流处处相等。【解答】解：因为两灯泡串联，电流表测量的都是串联电路的电流，所以小灯泡Ll的电流是0.3A。答：通过小灯泡Ll的电流是0.3安。【点评】本题考查电流表的使用和串联电路中电流的规律，关键知道串联电路中电流处处相等。24．（2024•佳县模拟）为节能减排，某景区购置了一批四轮电动观光车，如图所示。该车满载时的总质量为1800kg，蓄电池最大可储存电能24kW•h，最大行驶速度为5m/s，g取10N/kg。（1）电动观光车上使用的是直流电动机，这种电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；电动车与汽油为燃料的汽车比较，它的优点是环保（写出一条即可）；（2）该观光车满载且静止在水平路面上时，轮胎与路面接触的总面积为0.15m2，则车对路面的压强是多大？（3）该观光车满载且以最大速度在水平路面上匀速行驶时，受到的平均阻力为重力的0.15倍。满载时电能转化为机械能的效率为75%，则充满电后，在满载状态下以最大速度行驶最多能跑多远？【考点】电动机工作原理；压强的公式的应用；功的简单计算．【专题】电动机、磁生电；功、功率、机械效率；分析、综合能力．【答案】（1）通电线圈在磁场中受力转动；环保；（2）车对路面的压强为1.2×105Pa；（3）满电后，在满载状态下以最大速度行驶最多能跑24km。【分析】（1）电动机是根据通电线圈在磁场中受力的原理制成的；电动车工作时噪音小、无污染；（2）根据电动车的质量可计算其重力，得出压力，再根据压强公式计算对路面的压强；（3）观光车满载时水平匀速行驶受到的阻力为重力的0.15倍，可求牵引力的大小，然后利用η=W有W总求出电动机消耗的电能，再利用【解答】解：（1）电动机的原理：通电线圈在磁场中受力转动，将电能转化为机械能。电动车与汽油为燃料的汽车比较，它的优点是环保，燃料燃烧会产生大气污染物，污染环境。（2）车对路面的压强p=（3）汽车匀速行驶时，牵引力等于阻力，在满载状态下以最大速度行驶最多能跑的距离s=答：（1）通电线圈在磁场中受力转动；环保；（2）车对路面的压强为1.2×105Pa；（3）满电后，在满载状态下以最大速度行驶最多能跑24km。【点评】本题考查了电动机的原理与特点、压强大小的计算、功、速度公式的运用等，综合性强，有一定难度。本题关键：一是知道电动观光车满载且静止在水平路面上对路面的压力等于其总重力；二是根据二力平衡知识得出牵引力的大小。

考点卡片1．压强的公式的应用【知识点的认识】计算公式：P=FS【命题方向】压强的计算，主要是运用公式及其变形解决有关问题，另外，压强的计算常常与密度公式，重力公式相联系，体现了知识的综合性，所以常成为中考的热点。例：我国研发的四轮长航程极地漫游机器人，科考队在附近遇控机器人。若机器人质量为500kg，履带与地面的总接触面积为400cm2。求：（1）机器人对水平冰面的压力；（2）若南极某处冰面能承受的压强为2×105Pa，该机器人能顺利通过该冰面吗？分析：（1）已知机器人的质量，利用G＝mg求其重力，机器人对冰面的压力等于本身的重力；（2）知道履带与冰面的接触总面积（受力面积），利用p=F解析：解：（1）机器人的重力为：G＝mg＝500kg×10N/kg＝5000N，机器人对冰面的压力等于机器人的重力，即F＝G＝5000N；（2）机器人对冰面的受压面积S＝400cm2＝0.04m2，则机器人对冰面的压强为：p=FS=5000N0.04m2=1.25×10答：（1）机器人对水平冰面的压力是5000N；（2）该机器人可以顺利通过冰面。点评：本题考查了重力公式、压强公式的应用，关键是知道物体对冰面的压力等于物体重力。【解题方法点拨】压强的计算，需要确定压力、面积．要注意面积的计算与单位，其中压力的确定是难点．正确判断物体间的压力，进行受力分析是关键；物体间接触部分的面积，一般与较小的物体面积相同．2．功的简单计算【知识点的认识】功是中学物理中一个重要概念，功能关系是解决力学问题的重要途径之一．因此，正确理解功的内涵和外延，正确把握求功的方法是解决力学问题的基础．1、公式法：对于恒力的功，通常利用功的定义式W＝FS进行计算．2、功率法：功跟完成这些功所需时间的比值，叫做功率．对于一段时间内外力的功，有时可以直接利用W＝Pt求出功【命题方向】功的计算是中考命题的重点，一般以考查的题型较多，计算题是重点。例：一名同学用20N的水平推力推重为100N的超市购物车，购物车由静止开始沿水平方向前进了5m，在这个过程中重力做功为0J，推力做功为100J。分析：（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；（2）知道推力大小、购物车在推力方向上移动的距离，利用W＝Fs求推力做的功；解析：解：购物车在水平地面上运动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，即做功为0J。推力做功为：W＝Fs＝20N×5m＝100J。故答案为：0；100。点评：本题考查了功的计算和做功的两个必要因素，属于基础题。【解题方法点拨】理解计算功的方法，尤其要把握好知识点，熟悉公式的变形求功，然后才能正确运用这些规律和原理进行分析或计算，并通过练习和运用达到对物理知识的进一步理解和掌握．初中物理关于功的计算公式有多个，它们之间有什么区别，如何正确运用是解题关键．3．功的估算【知识点的认识】首先估测力的大小，然后再估测距离，最后根据功的公式计算即可。【命题方向】考查对功的估算。例：小明将掉在地面上的物理书捡起来放在课桌上，他对课本所做功最接近于（）A.0.2焦B.2焦C.20焦D.200焦分析：首先估测物理课本的质量，然后计算它的重力，然后再估测课桌的高度，最后根据功的公式计算即可。解析：解：物理书的重力约2.5牛，将掉在地面上的物理书捡起来放在课桌上，课桌的高度约为0.8米，他对课本所做功W＝Fs＝2.5N×0.8m＝2J故选：B。点评：本题的难点在于对物理课本质量的估测，这是易错的地方，这要求我们对于生活中常见的物体要多观察、多思考。【解题方法点拨】对功的估算通常使用计算法，通过估测力和距离的大小，通过计算得出结果。4．功率的估测【知识点的认识】首先估测功的大小，然后再估测时间，最后根据功率的公式计算即可。【命题方向】考查对功率的估测，选择题中常与其他量的估测放在一起考查。例：在体育活动中，八年级的小明同学正在练习跳绳，小亮同学测得小明在1min内跳了180次。请你根据测量信息估测小明跳绳时的功率约为（）A.0.9WB.9WC.90WD.900W分析：首先估测出小明同学的重力和每次跳起的高度，而跳绳的过程是克服自身重力做功的过程，知道小明在1min内跳了180次，利用公式W＝nGh求出1min内克服自身重力所做的总功，又知道做功的时间，再利用公式P=W解析：解：八年级小明同学的重力约为500N，每次跳起的高度约为5cm＝0.05m，小明在1min内跳了180次，则1min内克服自身重力所做的总功：W＝nGh＝180×500N×0.05m＝4500J；t＝1min＝60s，则跳绳时的功率为：P=Wt=4500故选：C。点评：此题考查了功与功率的计算，关键是重力和每次跳起高度的估测；需要注意的是跳绳所做的总功等于每次所做的功乘以跳绳的次数。【解题方法点拨】对功率的估算通常使用计算法，通过估测功和时间的大小，计算得出结果。5．分子的热运动【知识点的认识】分子的热运动：一切物质的分子都在不停地做无规则运动。这种无规则运动叫作分子的热运动。【命题方向】考查分子热运动的现象，通常以选择填空为主。例：“皮渣”是汤阴的特色菜肴，婚宴上刚端上来的“皮渣”香味扑鼻，这是由于（）A.分子之间存在着空隙B.分子之间存在着引力C.分子之间存在着斥力D.分子在永不停息地运动分析：不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。解析：解：婚宴上刚端上来的“皮渣”香味扑鼻，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。故选：D。点评：此题考查了生活中常见的扩散现象，比较简单，属基础题。【解题方法点拨】分子的热运动是永不停息的，物体的温度低时，分子的热运动缓慢，但并没有停止，不要误以为温度低时，分子的热运动就停止．6．分子间作用力的现象【知识点的认识】（1）铅块粘合现象：‌当两个大小不同的铅块表面被锉平、‌刮净后，‌挤压在一起，‌即使手离开后，‌大铅块仍然紧紧粘在小铅块上而不脱落。‌说明分子间存在引力。（2）利用针筒抽取半筒水，将针筒内空气挤出，堵住筒嘴，然后用力推活塞。‌水不容易被压缩，说明分子间存在斥力。【命题方向】考查测量平均速度的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。例：如图所示，将两个表面光滑的铅块互相紧压，它们会粘在一起，很难被拉开，这说明分子之间存在引力，用针筒抽取半筒水，用手指抵住针筒口，然后用力推入活塞，发现水不容易（选填“容易”或“不容易”）被压缩，说明分子间存在斥力。分析：分子间存在相互作用的引力和斥力，当分子间的距离大于平衡距离时，表现为引力；分子间的距离小于平衡距离时，表现为斥力。解析：解：表面干净的铅压紧，两块铅表面分子的距离大于平衡距离，表现为引力；用针筒抽取半筒水，用手指抵住针筒口，然后用力推入活塞，发现水不容易被压缩，此时，水分子间的距离小于平衡距离，表现为斥力。故答案为：引力；不容易；斥力。点评：本题考查了分子间的作用力，属于基础题。【解题方法点拨】分子之间作用力，引力斥力分彼此。引力斥力同存在，和谐相处皆欢喜。7．一切物体都有内能【知识点的认识】（1）一切物体都有内能，内能是指物体的内能，不是分子内能，单独考虑一个分子的动能和势能是没有意义的。（2）一个物体在任何情况下都具有内能，例如：0℃的水具有内能。【命题方向】考查任何温度状态下的物体都具有内能，常考查概念辨析。例：在﹣20℃的房间里，静止在地面上的足球（）A.没有内能B.具有内能C.具有机械能D.什么能都没有分析：内能是物体内部所有分子无规则运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能。机械能是物体由于机械运动而具有的能，包括动能与势能。解析：解：因为一切物体都有内能，所以在﹣20℃的房间里，静止在地面上的足球具有内能；足球静止在地面上，没有运动，不具有动能；没有被举高，不具有重力势能，也没有发生弹性形变，不具有弹性势能。所以不具有机械能。故选：B。点评：本题主要考查了对内能和机械能概念的理解，属基础知识的考查，难度不大。【解题方法点拨】概念性知识，牢记即可。8．做功改变物体的内能【知识点的认识】做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。【命题方向】考查做功改变物体的内能的概念，以及现象。例：下列事例中，通过做功的方式改变物体内能的是（）A.冬天用热水袋暖手B.两手相互摩擦发热C.冬天室内用电炉取暖D.用火炉烧水分析：知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。解析：解：A、冬天，用热水袋暖手，手的温度升高，是通过热传递改变了物体的内能，故A不符合题意；B、两手相互摩擦，手的温度升高，是手克服摩擦力做功，属于做功改变物体的内能，故B符合题意；C、冬天室内用电炉取暖，温度升高，是通过热传递改变了物体的内能，故C不符合题意；D、用火炉烧水，水的温度升高，是水吸收了热量，属于热传递改变物体的内能，故D不符合题意。故选：B。点评：此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。【解题方法点拨】做功改变物体的内能的实例：钻木取火；搓手取暖；磨刀；折铁丝；用打气筒打气筒壁变热；水蒸气将壶盖顶起；打开易拉罐盖时，上面出现白雾；电炉丝通电后发热。9．比较不同物质吸热的情况【知识点的认识】1、实验器材：铁架台、酒精灯、石棉网、烧杯、温度计、秒表等。2、实验装置：3、实验方法：①控制变量法：控制不同物质的质量相同，吸收热量相同，比较升高的温度，从而比较吸热能力大小；或控制不同物质的质量相同，升高的温度相同，比较吸收的热量，从而比较吸热能力的大小。②转换法：由于物质吸收的热量不容易测量，可以通过转换法，将物质吸收热量的多少转换成加热时间，因此比较加热时间，就可以比较得出吸收热量的多少。4、实验设计：①液体的选取，应保证质量相同。②选用相同热源的目的是相同时间内，控制吸收热量相同。③实验数据分析：（1）让两种液体吸收相同的热量，比较液体的温度变化，温度变化小的吸热本领强；（2）让两种液体变化相同的温度，比较液体吸收热量的多少，吸收热量多的吸热本领强。5、实验结论：不同物质，在质量相等、升高的温度相同时，吸收的热量不同，比热容大的物质吸收热量多。【命题方向】考查比较不同物质吸热的情况的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。例：同样日照条件下，夏天中午海边的沙子热得烫脚，但海水较凉爽；傍晚日落后，海边的沙子很快变凉，而海水仍然温暖。对此现象小强提出猜想，并利用如图实验装置进行探究。（1）小强的猜想是物质温度变化的快慢可能与物质种类有关；（2）实验时需要的测量工具有温度计、停表和天平；（3）用相同酒精灯加热，控制水和沙子的质量和加热时间相同，通过比较水和沙子升高的温度，来验证猜想。（4）同组的小红提出不同的猜想：中午海水比沙子温度低，可能是因为海水蒸发吸热造成的。大家基于此猜想进一步推理，得出日落后海水比沙子降温快（选填“快”或“慢”），这与实际不符。分析：（1）物质温度变化的快慢可能与物质的种类有关；（2）实验需要的器材，可根据Q＝cmΔt来判断，采用控制变量法实验；（3）实验中采用了转换法，通过观察温度的变化来研究水和沙子的吸热能力；（4）我们知道，海水的昼夜温差小，是由于水的比热容比砂石的比热容大，不是由于海水蒸发吸热所致，因此可通过举反例来推翻这部分同学的猜想。解析：解：（1）夏天中午海边的沙子热得烫脚，但海水较凉爽；傍晚日落后，海边的沙子很快变凉，而海水仍然温暖。对此小强的猜想是物质温度变化的快慢可能与物质的种类有关；（2）根据Q＝cmΔt，必须控制变量，控制水和沙子的质量相同，就需要用天平；（3）比较“水和沙子吸热能力”的方法是：在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度，来比较水和沙子吸热能力，温度升高的越多，吸热能力越弱；（4）海水蒸发吸热，在白天和晚上都会进行；如果猜想正确，那么无论白天、晚上，都会因海水的蒸发吸热导致其温度较低，日落后海水比沙子降温快，显然与事实不符。故答案为：（1）物质种类；（2）天平；（3）升高的温度；（4）快。点评：本题的探究实际上是对沙子和水吸放热能力的比较，而物质吸放热能力是用比热容来量度的，在实验过程中，影响的量较多，有质量、加热时间、升高温度等，因此，要注意结论的严密性。【解题方法点拨】1、实验方法：控制变量法转换法（通过温度变化快慢来反映吸热能力的强弱）。2、实验液体的选择：质量相同的不同液体。3、选择相同的热源目的是：以保证相同加热时间释放的热量相同。4、使用电加热器代替酒精灯的好处：易于控制产生热量的多少。5、实验中不断搅拌的目的：使液体受热均匀。6、描述物体吸热能力的物理量是：比热容。7、结论：相同质量的不同物体，吸收相同的热量后升高的温度不同，比热容大的升高的温度低。8、实验中，物质吸收热量的多少是通过加热时间来控制的。10．物体吸热实验用加热时间反映吸收热量的多少【知识点的认识】在物体吸热的实验中，‌由于吸收热量的多少无法直接感知，‌科学家们采用了一种名为“转换法”的研究方法。‌这种方法将无法直接测量的变化转换为可以直接测量的变化，‌以便于观察和研究。‌在物体吸热的实验中，‌通过加热时间的长短来体现吸收热量的多少，‌即加热时间越长，‌表明物体吸收的热量越多。‌这种方法的原理在于，‌如果使用相同功率的加热源，‌加热时间与吸收的热量成正比【命题方向】考查比较物体吸热实验如何反映吸收热量的多少，常以实验题考查。例：小西暑假去了海边，发现中午的时候沙子烫脚，而海水是温的，于是回到家中利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”。操作如下：（1）在两烧杯中分别装入初温相同且质量相等的沙子和水；（2）用相同的酒精灯火焰加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同的时间记录一次温度，根据实验数据绘制成温度与时间的关系图象，如图乙所示；（3）实验中，是通过比较加热时间来间接反映沙子和水吸收的热量；（4）分析图乙可知，水的比热容较大。分析：（1）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；（2）使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。解析：解：（3）根据转换法，实验中，是通过比较加热时间来间接反映沙子和水吸收的热量；（4）分析图乙可知，加热相同时间，水升温慢，水的比热容较大。故答案为：（3）加热时间；（4）水。点评：本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。【解题方法点拨】记忆性知识，牢记即可。11．物体吸热实验的数据和图像分析【知识点的认识】物体吸热实验的数据和图像分析方法主要包括比较相同时间内物质升高的温度和比较升高相同温度所需的时间长短。‌【命题方向】考查比较物体吸热实验的数据和图像分析，包括比热容的比较与计算。例：为了比较水和煤油两种液体的吸热性能，晶晶做了如图甲所示实验，并在实验过程中记录了温度﹣时间坐标图，如图乙所示。（1）在组装实验装置时，应先固定铁圈（选填“铁圈”或“铁杆”）的位置；（2）实验中，在两个相同的试管中分别装上质量、初温都相同的水和煤油（选填“质量”或“体积”），并放入大烧杯水中进行加热；两个试管同时加热的目的是控制相同时间吸热相同；（3）由图乙可知：当加热相同的时间，试管中的煤油升温更高；若水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃），则煤油的比热容为c煤油＝2.1×103J/（kg•℃）（不计热损）。（4）通过以上实验，冬天取暖，小明应该选取水（选填“水”或“煤油”）来自制一个暖手袋。分析：（1）根据要用酒精灯的外焰加热分析；（2）我们使用同一酒精灯加热，通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；（3）由图乙可知得出升高一个格代表的温度煤油和水的加热时间关系为，由转换法得出水吸热和煤油吸热的关系，根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出煤油的比热容。（4）水的比热容大，根据Q＝cmΔt分析。解析：解：（1）要用酒精灯的外焰加热，在组装实验装置时，应先固定铁圈的位置；（2）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同（不同物质密度不同，根据m＝ρV，体积相同的不同物质质量不同），实验中，在两个相同的试管中分别装上质量、初温都相同的水和煤油，并放入大烧杯水中进行加热；由转换法，两个试管同时加热的目的是控制相同时间吸热相同；（3）由图乙可知，升高一个格代表的温度，煤油加热时间为t1；水加热时间为t2，而t2＝2t1，由转换法，水吸热是煤油的2倍，根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，则煤油的比热容为c煤油=12×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（4）水的比热容大，根据Q＝cmΔt，在质量和降低的温度相同时，水放热多，冬天取暖，小明应该选取水来自制一个暖手袋。故答案为：（1）铁圈；（2）质量；控制相同时间吸热相同；（3）煤油；2.1×103J/（kg•℃）；（4）水。点评：本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q＝cmΔt的运用，为热学中的重要实验。【解题方法点拨】通过绘制和观察温度随时间变化的图像，‌可以直观地看到在不同加热时间内温度的变化情况，‌从而分析物质的吸热能力12．比热容的计算公式【知识点的认识】比热容的计算公式：c=Qm(t-t0)=Qm△【命题方向】考查比热容的计算，根据图像信息以及题干信息求比热容。例：蔡浩哲在自然条件下完成了冰的熔化实验，并描绘出温度随时间变化的关系图线，如图所示。实验时，冰的质量为0.5kg，AB段冰吸热为2.1×104J。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（1）计算出冰的比热容；（2）CD段水吸收的热量是多少？分析：（1）在AB段，知道吸收的热量、质量、温度变化量，根据Q＝cmΔt，计算冰的比热容；（2）冰变成水，物质的状态变化，质量不变；CD段是水，知道水的质量、比热、温度变化，根据Q＝cmΔt，计算水吸收的热量。解析：解：（1）冰从﹣20℃吸收热量升高到0℃，需要5min，吸收热量为：Q吸冰＝2.1×104J，由Q吸＝cmΔt得冰的比热容为：c冰=Q冰mΔt=2.1×104J（2）冰的质量为0.5kg，冰熔化成水，状态变化，质量不变，水的质量是0.5kg，由图象知，水从0℃升高到20℃，加热时间为AB段的两倍，CD段水吸收的热量是：Q吸水＝2Q吸冰＝2×2.1×104J＝4.2×104J。答：（1）冰的比热容为2.1×103J/（kg•℃）；（2）CD段水吸收的热量是4.2×104J。点评：本题主要考查Q＝cmΔt的应用，知道其中的三个量，求第四个量。利用好条件“相同时间冰和水吸收的热量相同”是关键。【解题方法点拨】t是末温，t0是初温，Δt表示温度的变化，注意题干中对于他们的说法是有差别的，如“升高到”，“降低到”指的是末温，而“升高了”，“降低了”表示的是温度的变化。13．利用比热容的公式计算热量【知识点的认识】物体的温度升高时吸收热量为：Q吸＝cm（t﹣t0）物体的温度降低时放出的热量为：Q放＝cm（t0﹣t）式中的c为物体的比热容，m为物体的质量，t0表示物体原来的温度，t表示物体后来的温度．若用Δt表示物体变化的温度（升高或降低的温度），那么，物体温度升高过程吸收的热量或物体温度降低过程放出的热量可以统一写为：Q＝cm△t．【命题方向】考查利用热量的计算公式，计算热量。例：一壶质量为2千克、温度为20℃的水，加热后使其升高到70℃，这些水吸收了多少热量？[水的比热容为4.2×103焦/（千克•℃）]。分析：掌握热量公式：Q＝cm△t的计算公式是解答本题的关键，题干中已知水的质量是2kg，水的初温和末温分别是20℃、70℃，把数据代入公式即可求出水吸收的热量。解析：解：由分析知水吸收的热量为：Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×105J答：这些水吸收了4.2×105J的热量。点评：本题主要考查学生对热量的计算公式的理解和掌握，是一道中档题。【解题方法点拨】t是末温，t0是初温，Δt表示温度的变化，注意题干中对于他们的说法是有差别的，如“升高到”，“降低到”指的是末温，而“升高了”，“降低了”表示的是温度的变化。14．燃料热值的概念【知识点的认识】燃料热值的理解（1）燃料的热值在数值上等于1kg某种燃料完全燃烧放出的热量。（2）“某种燃料”说明热值与燃料的种类有关。（3）“完全燃烧”的含义是烧完、烧尽。（4）热值反映了所有能燃烧的物质的一种性质，反映了不同燃料在燃烧过程中，化学能转化为内能本领的大小，也就是说，热值是燃料本身的一种性质，它只与燃料的种类有关，与燃料的形态、质量、体积、是否完全燃烧、放出热值多少均没关系。（5）计算气体燃料完全燃烧时放出的热量用Q放＝Vq。15．燃料燃烧时的能量转化【知识点的认识】燃料燃烧时的能量转化是化学能转化为内能。在燃料燃烧的过程中，燃料中的化学键被破坏，释放出化学能。这些能量中的一部分被用来加热燃料周围的物质，使其温度升高，也就是将化学能转化为内能。【命题方向】考查燃料燃烧时的能量转化，以概念为主。例：在下列有关能量转化的几种说法中，不正确的是（）A.用锯子锯木头，锯条会发热，是由于机械能转化为内能B.当水壶中的水沸腾时壶盖会跳动，这时内能转化为机械能C.给蓄电池充电的过程中，电能转化为化学能D.在燃料燃烧的过程中，内能转化为光能分析：判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，因为总是消耗的能量转化为得到的能量。解析：解：A、用锯子锯木头，锯条会发热，是通过做功的途径增加物体的内能，属于机械能转化为内能，不符合题意；B、当水壶中的水沸腾时推动壶盖对外做功，将内能转化为壶盖的机械能，不符合题意；C、给蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器，将电能转化为化学能储存起来，不符合题意；D、燃料的燃烧都是将化学能转化为内能，符合题意。故选：D。点评：本题通过四个实例考查了能量的转化，在做这类题时，我们要注意分析哪种能量增加了，哪种能量减少了，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。能量转化的过程都是有规律可循的，在平常的学习中要注意总结归纳。【解题方法点拨】概念性知识，牢记即可。16．燃料热值的影响因素【知识点的认识】燃料的热值与燃料的种类有关，‌而与燃料的质量、‌体积、‌是否完全燃烧以及燃料的状态（‌固态、‌液态或气态）‌无关。‌【命题方向】考查燃料只有燃料的种类有关，以概念辨析为主。例：在一个标准大气压下使用煤气灶将2kg的水从20℃加热到100℃，此过程中水吸收的热量是6.72×105J，若不计热量损失，此过程需要完全燃烧0.016kg的煤气。未使用完的煤气的热值不变（选填“变大”“变小”或“不变”）。（煤气的热值q煤气＝4.2×107J/kg）分析：根据Q吸＝cmΔt求水吸收的热量；不计热量损失，Q吸＝Q放＝mq计算需要完全燃烧煤气的质量；热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关。解析：解：水吸收的热量：Q吸＝cm水Δt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J；不计热量损失，根据Q吸＝Q放＝mq，所以需要完全燃烧煤气的质量：m=Q放用煤气灶烧水的过程中，能量发生了转移，是通过热传递的方式使水的内能增加；热值是燃料的一种特性，未使用完的煤气的热值不变。故答案为：6.72×105；0.016；不变。点评：本题主要考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的应用以及热值概念的理解，有一定综合性，但难度不大。【解题方法点拨】燃料的热值是燃料的一种特性，‌反映了不同燃料在燃烧过程中化学能转化为内能的能力。‌热值是燃料本身的一种属性，‌不同燃料的热值一般不同。‌17．常见热机的效率【知识点的认识】蒸汽机的效率：6%～15%汽油机的效率：20%～30%柴油机的效率：30%～45%热机的效率总小于1．【命题方向】主要考查热机的效率总小于1这个概念的理解。例：下列关于热机的说法错误的是（）A.汽油机和柴油机都属于内燃