2024年华师大版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于电阻率的说法正确的是（）

A.电阻率与导体的形状有关。

B.电阻率与导体的横截面积有关。

C.电阻率与导体的材料有关。

D.电阻率与导体的长度有关。

2、有一束电子流沿轴正方向高速运动，如图所示。电子流在轴上P点处所产生的磁场方向沿（）A.轴负方向B.轴正方向C.轴正方向D.轴负方向3、对于电容C=以下说法正确的是：()Ａ．一只电容充电荷量越大，电容就越大。Ｂ．对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变。Ｃ．可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比。Ｄ．如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容。4、如图，为理想变压器原线圈所接正弦交流电源两端的电压时间图象。原、副线圈匝数比n1∶n2=10：1，串联在原线圈电路中交流电流表的示数为1A，则A.变压器原线圈所接交流电压的有效值为220VB.变压器输出端所接电压表的示数为22VC.变压器输出端交变电流的频率为5HzD.变压器的输出功率为220W5、如图所示，水平方向上有一列从A向B传播的简谐横波，波速为v，A、B是平衡位置相距为x（小于一个波长）的两个质点，在t=0时，A质点通过其平衡位置竖直向上运动，B质点位于平衡位置下方最大位移处，则（）A.该波的频率可能为B.在t=时，A质点的速度可能为2vC.从t=0至t=过程中，B质点向右移动了5xD.从t=至t=过程中，A质点的速度逐渐减小6、如图，直线ab

和cd

是处于匀强电场中的两组平行线；MNPQ

是它们的交点，四点处的电势分别为娄脮M娄脮N娄脮P娄脮Q

一电子由M

点分别运动到N

点和P

点的过程中，电场力所做的负功相等。则(

)

A.直线a

位于某一等势面内，娄脮M>娄脮Q

B.直线c

位于某一等势面内，娄脮M>娄脮N

C.若电子由M

点运动到Q

点，电场力做正功D.若电子由P

点运动到Q

点，电场力做负功7、如图所示，两个大小相同、质量均为m

的小弹珠静止在水平地面上，某小孩在极短时间内给第一个弹珠一个水平冲量使其向右运动，当第一个弹珠运动了距离L

时与第二个弹珠发生弹性正碰，碰后第二个弹珠运动了2L

后停下。已知弹珠所受阻力大小恒为重力的k

倍，重力加速度为g

则小孩对第一个弹珠()

A.施加的冲量为mkgL

B.施加的冲量为m3kgL

C.做的功为3kmgL

D.做的功为kmgL

8、两只灯泡A

和B

额定电压都是110VA

的额定功率为60WB

的额定功率为100W

为了把它们接在220V

电路上都能正常发光，并要电路中消耗的电功率最小，应采用下面的哪种接法？(

)

A.B.C.D.评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)11、远距离输送交流电都采用高电压输电，我国正在研究比330kV高得多的电压进行输电，采用高压输电的优点是可减小输电线上能量损失，则在输入功率不变时，使输电电压提高为原来的10倍，输电线上损失的电能将降为原来的____。12、在“用单摆测重力加速度”的实验中；

（1）为了比较准确地测量出当地的重力加速度值；应选用下列所给器材中的哪些？将所选用的器材的字母填在题后的横线上．

（A）长1m左右的细绳；

（B）长30m左右的细绳；

（C）直径2cm的实心小铅球；

（D）直径2cm的实心小铁球；

（E）秒表；

（F）时钟；

（G）最小刻度是厘米的直尺；

（H）最小刻度是毫米的直尺．

所选择的器材是______．

（2）某同学的操作步骤为：

A．取一根细线；下端系住直径为d的金属小球，上端固定在铁架台上。

B．用米尺量得细线长度l

C．在摆线偏离竖直方向5°位置释放小球。

D．用秒表记录小球完成n次全振动的总时间t，得到周期T=再用公式g=计算重力加速度。

按上述方法得出的重力加速度值与实际值相比______（填“偏大”；“相同”或“偏小”）．

（3）该同学又测出不同摆线长时对应的周期T，作出T2-L图线，如图所示，再利用图线上任两点A、B的坐标（x1，y1）、（x2，y2），可求得g=______．若该同学其它测量、计算均无误，则用上述方法算得的g值和真实值相比是______的（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）．13、如图所示的电路中，UAB=1V，R1=R2=R3=10Ω，那么，电压表的示数为____V，电流表的示数为____A．（电流表和电压表均为理想电表）

14、某交流电流的峰值是155A，频率为50Hz，则此交流电的瞬时表达式为。15、一个直径为d的圆形线圈，垂直放置在磁感强度为B的匀强磁场中，现使线围绕其直径转过30°角，如图所示，则穿过线圈的磁通量的变化为______．16、某同学做“用单摆测定重力加速度”的实验；他设计的实验步骤是：

A．用游标卡尺测量摆球的直径d；

B．将摆球用细线系好；将细线的上端固定于O点；

C．用刻度尺测量细线的长度L1；

D．将摆球拉开约4°；由静止释放；

E．从摆球摆到最高点时开始计时，测出30次全振动的总时间t1，求出周期T1；

F．改变细线的长度为L2，记下相应的t2，求出周期T2；

G．求出L=和T=将代入单摆周期公式T=2π求出重力加速度g．

（1）如图所示是d的示数，读出d=______cm；

（2）你认为该同学以上步骤中有重大错误的是______（只写序号）．17、矩形导线框abcd

边长ab=Lad=h

质量为m

自某一高度H

自由落下通过一匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度为B

磁场区域的宽度为h(

如图所示).

若线框恰好以恒定速度通过磁场，则线框的电阻为______，线框通过磁场的过程中产生的焦耳热为______.(

重力加速度为g

不计空气阻力)

．评卷人得分四、判断题(共2题，共12分)18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分五、作图题(共1题，共7分)20、请描述出图中通电导线周围的磁感线和单个正电荷周围的电场线。评卷人得分六、综合题(共1题，共6分)21、如图所示为某一用直流电动机提升重物的装置；重物的质量m=50kg，电源的电压为110V，不计电源电阻及各处的摩擦，当电动机以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流I=5A，则：

（1）电动机正常工作10s消耗的电能有多少？

（2）电动机线圈的电阻有多大？（g=10m/s2）参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】

电阻率只与导体本身材料和温度有关；与形状；横截面积及导体长度无关；

故选C．

【解析】【答案】电阻率由导体本身材料和温度等因素决定．

2、A【分析】试题分析：电子流沿y轴的正方向高速运动，则产生的电流方向沿y轴负方向，根据右手定则可得电子流在z轴上的P点处所产生的磁场方向沿x轴负方向，A正确，故选A。考点：安培定则【解析】【答案】A3、B【分析】电容是电容器储存电量的本领，与电荷量多少没有关系，是电容器本身的性质，A错；B对；由Q=CU可知可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成正比，C错；同理D错；【解析】【答案】B4、A【分析】原线圈所接交流电压的有效值为A正确；根据变压器的电压与匝数成正比，得输出端电压为电压表的示数为有效值，B错误；交流电的周期为0.02s，则频率为50Hz，C错误；变压器的输入功率与输出功率相等，为D错误。【解析】【答案】A5、B【分析】解：A、由题得AB之间的距离为四分之一波长，即λ=x，λ=4x，则周期T==频率f==故A错误；

B、t=时；A质点正由平衡位置向下运动，速度大小不确定，但可能为向下的2v（与波向右传播的速度v无关），故B正确；

C、从t=0至t=过程中；B质点并未向右迁移，只是在其平衡位置上下振动，故C错误；

D、从t=至t=过程中；A质点正由波峰向平衡位置运动，速度逐渐增大，故D错误．

故选：B．

由题意给出的条件讨论两点间的距离与波长的关系；则可得出波长，再由波长；波速及频率的关系可求得周期和频率，质点不随波向右迁移，只是在其平衡位置上下振动，由波峰向平衡位置运动，速度逐渐增大，由平衡位置向波峰或波谷运动，速度减小．

本题难点在于根据题意得到AB间的间距与波长的关系，然后根据公式v=求解周期和频率，知道质点不随波向右迁移，只是在其平衡位置上下振动．【解析】【答案】B6、B【分析】由电子从MM点分别运动到NN点和PP点的过程中，电场力所做的负功相等可知：点分别运动到MM点和NN点的过程中PP电场力所做的负功相等可知：，故过，故过NN、PP点的直线dd位于某一等势面内，则与直线dd平行的直线cc也位于某一等势面内，选项AA错、BB正确;;、，点的直线NN位于某一等势面内PP则与直线dd平行的直线，也位于某一等势面内dd选项cc错、，正确AABB点运动到;;点则电子由MM点运动到QQ点，电场力不做功，选项CC错误;;由于电场力不做功MM选项QQ错误，由于，电子由CC点运动到;;点，电子由PP点运动到QQ点，电势能减小，电场力做正功，选项DD错误。电势能减小，电场力做正功PP选项QQ错误。故选B。，【解析】B

7、C【分析】解：AB

第一个小球获得速度后由于受阻力做功；动能减小；

与第二个小球相碰时；由动量守恒定律可知，两球交换速度，即第一个小球静止，第二个小球以第一个小球的速度继续行驶；

则可知，第一个小球的初动能克服两球运动中摩擦力所做的功；则由动能定理可知；kmg?3L=12mv2

解得：v=6kgL

则冲量I=mv=m6kgL.

故AB错误；

CD

小孩对小球做的功等于小球获得的动能，即：W=12mv2=kmg?3L.

故C正确；D错误；

故选：C

分析小球的运动过程；根据动量守恒分析碰撞后速度变化，再由动能定理可求得第一个小球的初速度，则可求得动量。

本题考查动量守恒定律中，相同小球相碰时将交换速度这一规律；同时注意能将两小球的过程化为一个过程进行分析，由动能定理求解即可。【解析】C

8、C【分析】解：A

由于灯泡要满足110V

的额定电压；所以当B

灯泡与电阻串联以后，再与A

灯泡并联，而A

灯泡的电压高于额定110V

的电压，不能正常工作，故A错误；

B；把AB

并联之后与电阻串连接入电路的话；当电阻的阻值与AB

并联的总的电阻相等时，AB

就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB

灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为320W

C、由于额定电压都是110V

额定功率PA=60WPB=100W

由此可知RA>RB

把灯泡A

与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A

与并联部分的电阻相同，所以AB

能同时正常发光，并且并联部分消耗的功率与B

灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W

D、由于额定电压都是110V

额定功率PA=60WPB=100W

由此可知RA>RB

把灯泡B

与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB

的电压不会平分，AB

不会同时正常发光，故D错误．

由BC

的分析可知；正常发光并且消耗的功率最小的为C

故C正确，B错误．

故选：C

．

由题可知；灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路．

解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小．【解析】C

二、双选题(共2题，共4分)9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共7题，共14分)11、略

【分析】试题分析：在输入功率不变，由P=UI，得I=P/U，电压提高10倍，则电流减少为原来的再由P损=I2R，可得P损将降为原来的即0.01。考点：远距离输电【解析】【答案】0.0112、略

【分析】解：（1）A；B、单摆模型中；小球视为质点，故摆线越长，测量误差越小，故A正确，B太长，错误；

C；D、摆球密度要大；体积要小，空气阻力的影响才小，故C正确，D错误；

E；F、秒表可以控制开始计时和结束计时的时刻；故E正确，F错误；

G；H、刻度尺的最小分度越小；读数越精确，故G错误，H正确；

故选：ACEH；

（2）由公式g=得摆长应为悬点到球心的距离，只计绳长则代入的数据偏小，g值偏小．

（3）由g=得，

则有：

可得：g=可以知道，漏加了小球半径后（x2-x1）不变；故不影响最后结果，g的测量值与真实值相比是不变的．

故答案为：（1）ACEH（2）偏小（3）不变．

（1）根据单摆模型的要求；摆球密度要大，体积要小，细线要长，读数要提高精度；

（2）由g的表达式分析因摆长的不准确所产生的误差．

（3）根据单摆的周期公式列式分析；由图象斜率意义分析，即可．

本题关键是明确单摆模型成立的前提条件，以及实验原理和误差来源，并能够运用图象分析数据．【解析】ACEH；偏小；不变13、略

【分析】

由题，电流表和电压表均为理想电表，电阻R1、R2被短路，电压表的示数为U=UAB=1V，则根据欧姆定律得，电流表的示数为I===0.1A

故答案为；1；0.1

【解析】【答案】电流表和电压表均为理想电表，不考虑电表对电路的影响，电阻R1、R2被电流表短路，电流表测量通过电阻R3的电流，电压表测R3两端的电压．

14、略

【分析】i=Imsinwt，得到i=155sin100πt【解析】【答案】i=155sin100πt15、略

【分析】解：如图，当圆形线圈处在磁感应强度为B的匀强磁场中时，磁通量为：Φ1=B•

当线围绕其直径转过30°角瞬间，线圈在垂直于磁场方向投影的面积为：S′=．

则穿过线圈的磁通量的变化为：△∅=Φ2-∅1=B•S′-B=

故答案为：．

在匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量为Φ=BS，图中S有磁感线穿过线圈的面积，即为有效面积．当线圈以ab为轴从图中位置转过30°的瞬间；线圈在垂直于磁场方向投影的面积．

本题考查对于匀强磁场中磁通量的求解能力．对于公式Φ=BScosα，Scosα为线圈在在垂直于磁场方向投影的面积．【解析】16、略

【分析】解：（1）由图可知主尺读数为：2.0cm，游标尺上第3刻度与主尺上某一刻度对齐，其读数为：3×=0.3mm=0.03cm；故最后读数为：2.0cm+0.03cm=2.03cm；

（2）G、应该根据单摆周期公式T=2π分别求出两次的加速度；再求平均值进而得到重力加速度g．

故答案为：2.03；G

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读，读数时注意游标尺的精度是多少，以免出错；

实验为减少偶然误差；求平均值，但应该是求每个长度对应的加速度再求平均值，不是求绳长和周期的平均值；

对于基本仪器要了解其原理；并能熟练的使用，解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．

实验注意求平均值得方法．【解析】2.03；G17、略

【分析】解：根据速度位移公式得，v2=2gH

解得线框进入磁场的速度为：v=2gH

根据平衡有：mg=B2L2vR

解得线框的电阻为：R=B2L22gHmg

．

线框通过磁场的过程中；下降的高度为2h

动能不变，根据能量守恒得：Q=2mgh

．

故答案为：B2L22gHmg2mgh

．

根据速度位移公式求出线框进入磁场的速度；抓住线框匀速通过磁场，根据平衡，运用安培力的表达式求出线框的电阻，根据能量守恒求出线框通过磁场过程中产生的焦耳热．

本题考查了电磁感应和力学和能量的综合运用，掌握切割产生的感应电动势公式、欧姆定律、安培力的表达式是解决本题的关键．【解析】B2L22gHmg2mgh

四、判断题(共2题，共12分)18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表