【全程复习方略】2020-2021学年高中化学选修5配套作业：单元质量评估(二)

温馨提示：此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调整合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。单元质量评估(二)其次章(60分钟100分)一、选择题(本题包括10小题,每小题6分,共60分)1.(2021·石家庄高二检测)化学家们合成了一种新物质:五星烷,其键线式如图所示。下列关于五星烷的说法中正确的是()A.五星烷与己烷互为同系物B.五星烷的化学式为C15H20C.五星烷分子中含有7个五元环D.五星烷的一氯代物有5种2.二溴苯有三种同分异构体,其中一种为M,M的苯环上的氢原子被一个溴原子取代后,只能得到一种产物,则由M对应的三溴苯只能是()A. B.C. D.3.萘环上的碳原子的编号如(Ⅰ)式,依据系统命名法,(Ⅱ)式可称为2-硝基萘,则化合物(Ⅲ)的名称应是()(Ⅰ)(Ⅱ)(Ⅲ)A.2,6-二甲基萘 B.1,4-二甲基萘C.4,7-二甲基萘 D.1,6-二甲基萘4.(2021·哈尔滨高二检测)在①丙烯②氯乙烯③苯④甲苯四种有机物中,分子内全部原子均在同一平面的是()A.①② B.②③C.③④ D.②④5.将29.5g乙烷与乙烯的混合气体通入足量溴水,可使溴水增重7g,据此可推知混合气体中乙烯所占体积分数为()A.20% B.23.7% C.25% D.无法确定6.等质量的下列烃完全燃烧时,消耗氧气最多的是()A.CH4 B.C2H6 C.C3H6 D.C6H67.(双选)(2021·汕头高二检测)某有机物其结构简式为,关于该有机物下列叙述正确的是()A.不能使酸性KMnO4溶液褪色B.能使溴水因反应而褪色C.在加热和催化剂作用下,最多能和4molH2反应D.确定条件下,能和NaOH醇溶液反应8.下列试验能获得成功的是()A.用溴水可鉴别苯、CCl4、苯乙烯B.加浓溴水,然后过滤可除去苯中少量己烯C.苯、溴水、铁粉混合制成溴苯D.可用分液漏斗分别二溴乙烷和二甲苯9.化学反应的实质就是旧键的断裂和新键的生成。欲探讨发生化学反应时分子中化学键在何处断裂的问题,近代科技常使用同位素示踪原子法。如有下列反应:R'—14CH＝CH—R'可以推知,化合物CH3—CH＝CH—CH2—CH3反应时断裂的化学键应是()

①②③④A.①③ B.①④ C.② D.②③10.100℃时,两种烃蒸气组成的混合气体完全燃烧后所得CO2和H2O的物质的量随混合烃的总物质的量变化如图所示,则下列对该混合烃组成的推断正确的是()A.确定含有甲烷 B.确定含有乙烯 C.确定含有苯 D.确定不含乙烯二、非选择题(本题包括3小题,共40分)11.(13分)依据下面的有机物合成路线,回答下列问题:ABC(1)写出A、B、C的结构简式:A:,B:,C:。(2)各步反应类型:①,②,③,④,⑤。(3)A→B的反应试剂及条件:。(4)写出反应④和⑤的化学方程式:④,⑤。12.(12分)(2021·汕头高二检测)充分燃烧2.8g某有机物A,生成8.8gCO2和3.6gH2O,这种有机物蒸气的相对密度是相同条件下N2的2倍。(1)该有机物的分子式为。(2)该有机物链状同分异构体的结构简式为

。(3)若在核磁共振氢谱中只有一个信号峰(即只有一种氢原子),则用键线式表示的结构简式为。13.(15分)(力气挑战题)带有支链的烷烃A(MA=86)只有三种一氯取代产物B、C和D。B和D分别与强碱的醇溶液共热,都只能得到有机化合物E。以上反应及B、D的进一步反应如图所示。请回答:(1)G的结构简式是。(2)B→F的反应条件。(3)B转变为E的反应属于(填反应类型名称)。(4)F与I的关系是。

答案解析1.【解析】选B。依据五星烷的键线式,可写出其化学式为C15H20,B项正确;同系物应相差n个CH2,明显它与己烷不是同系物关系,A项错;从键线式看,对面是2个五元环,外层是5个六元环,C项错误;五星烷是一个很对称的结构,只存在两种不同类型的氢原子,即一氯代物只有两种,D项错误。2.【解析】选D。二溴苯的三种同分异构体为、、,其中的氢原子被一个溴原子取代后只能得到一种产物。3.【解析】选D。由题意可知,两个甲基分别在1号碳和6号碳上,所以应命名为1,6-二甲基萘。4.【解析】选B。丙烯、甲苯中都含有甲基,甲基中的碳、氢原子不行能都在同一平面中,而氯乙烯中含有碳碳双键,结构与乙烯分子相像,全部原子均在同一平面中,苯分子中全部原子均在同一平面中,因此选B。5.【解析】选C。同温同压下,气体体积之比等于物质的量之比,则溴水增重的质量为原气体中乙烯的质量(乙烯与溴发生加成反应,乙烷与溴不反应),故乙烷与乙烯的物质的量分别为n(乙烯)=QUOTE=0.25moln(乙烷)=QUOTE=0.75mol则乙烯体积分数为QUOTE×100%=25%6.【解析】选A。12gC能消耗1molO2,4gH能消耗1molO2,所以,在相同质量的状况下,H含量越高,消耗掉的O2越多。CH4中H的含量最高。【技法小结】烃燃烧规律在计算题型中的应用有关烃的燃烧规律和计算题型的解题关键是娴熟把握烃燃烧的方程式的不同写法和常用的燃烧规律,如烃完全燃烧时的耗氧量规律:(1)等物质的量的烃(CxHy)完全燃烧时,其耗氧量的大小取决于(x+QUOTE)的值,其值越大,耗氧量越多。(2)等质量的烃完全燃烧时,其耗氧量的大小取决于该烃分子中氢的质量分数,其值越大,耗氧量越多。(3)最简式相同的烃,不论它们以何种比例混合,只要总质量确定,完全燃烧时所消耗的氧气以及燃烧生成的CO2和H2O的量均为定值。7.【解析】选B、C。因该有机物分子中含,所以能使酸性KMnO4溶液褪色,能与溴水反应,A错,B正确;又因分子中含苯环,能与4molH2加成,C正确;分子中虽含—Cl,但是与其连接的碳原子的相邻碳原子上没有氢原子,不能发生消去反应,D错误。8.【解析】选A。溴水与苯、CCl4混合,不发生反应,静置后分层,苯在上层,呈橙红色,CCl4在下层,呈橙红色,溴水与苯乙烯发生反应而褪色,A项正确;溴水和己烯发生加成反应生成二溴己烷可溶于苯中且无固体生成,无法过滤分别,B项错误;制溴苯需用苯和液溴反应,C项错误;二溴乙烷和二甲苯互溶,不能用分液法分别,D项错误。9.【解析】选A。由信息中化学键变化可知反应的实质就是与烯烃双键碳原子相连的烃基进行交换,结合信息可确定断键位置应为①③。10.【解析】选A。由图像中的线性关系,选取混合烃的总物质的量为1mol作争辩,生成的CO2和H2O的物质的量分别为1.6mol和2mol,故其平均分子组成为C1.6H4,由于碳原子数小于1.6的烃只有甲烷一种,因此确定含有甲烷。CH4分子中含4个氢原子,故另一种分子中确定含4个氢原子,且其碳原子数大于1.6,故可能是乙烯,确定不含有苯。11.【解析】由经反应①②③生成可知,氯苯与H2发生加成反应(即反应①)生成1-氯环己烷;1-氯环己烷发生消去反应生成环己烯(即反应②:A→B),其反应条件为NaOH的醇溶液并加热;环己烯与Cl2发生加成反应(即反应③)生成,由经反应④⑤生成,又引入2个—Cl,反应④应为消去反应:+2NaOH+2NaCl+2H2O反应⑤应为加成反应:+2Cl2答案:(1)(2)加成反应消去反应加成反应消去反应加成反应(3)NaOH的醇溶液、加热(4)+2NaOH+2NaCl+2H2O+2Cl2【互动探究】(1)若反应④的条件为“NaOH溶液并加热”,发生什么反应?产物是什么?提示:水解反应(取代反应)。+2NaOH+2NaCl,产物为1,2-环己二醇。(2)若反应⑤所用Cl2不足,可能产生什么产物?提示:产物可能还有或。当Cl2不足时可能发生1,4-加成或1,2-加成反应。12.【解析】(1)有机物的摩尔质量为M=M(N2)×2=28g·mol-1×2=56g·mol-1有机物的物质的量:n(A)=QUOTE=0.05mol同时:n(C)=n(CO2)=QUOTE=0.2moln(H)=2n(H2O)=QUOTE=0.4molm(O)=2.8g-(12g·mol-1×0.2mol+1g·mol-1×0.4mol)=2.8g-2.8g=0,说明该有机物不含氧,是一种烃。1mol该有机物的碳氢比为n(A)∶n(C)∶n(H)=0.05∶0.2∶0.4=1∶4∶8,即该有机物分子式为C4H8;(2)该分子的结构为链状,而且通式符合CnH2n,即该烃属于烯烃,依据碳碳双键的位置可以写出三种同分异构体,分别为CH2＝CHCH2CH3,CH3—CH＝CH—CH3,;(3)C4H8在核磁共振氢谱中只有一个信号峰,说明确定不属于烯烃,再结合其分子式可知应属于环烷烃,即□。答案:(1)C4H8(2)CH2＝CHCH2CH3,CH3—CH＝CH—CH3,(3)□(环丁烷)13.【解析】烷烃A的相对分子质量为86,依据烷烃通式或用商余法可以求出烷烃A的分子式为C6H14,一氯代物有3种的