【2021届备考】2020全国名校物理试题分类解析汇编(11月第二期)B1-力、重力、弹力

B1力、重力、弹力【首发—【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届吉林省吉林市高三第一次摸底考试（202210）】15．（9分）在建筑装修中，工人用质量为5.0kg的磨石A对地面和斜壁进行打磨。已知A与地面、A与斜壁之间的动摩擦因数μ均相同(g取10m/s2)(1)当A受到水平方向的推力F1＝25N打磨地面时，A恰好在水平地面上做匀速直线运动，求A与地面间的动摩擦因数μ.(2)若用A对倾角θ＝37°的斜壁进行打磨，当对A施加竖直向上的推力F2＝60N时，则磨石A从静止开头沿斜壁向上运动2m(斜壁长>2m)所需时间为多少？(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)【答案】【学问点】牛顿其次定律；滑动摩擦力；共点力平衡的条件及其应用．B1B4C2【答案解析】（1）0.5（2）2

s解析：（1）由平衡方程有：=0.5（2）由牛顿其次定律有：=1m/s2=2s【思路点拨】（1）对物体进行受力分析，依据共点力的平衡可知可求得磨石受到的摩擦力，再依据动摩擦力的公式求得动摩擦因数μ．（2）对物体进行受力分析，依据牛顿其次定律求得加速度，依据位移时间关系即可求解．滑动摩擦力的大小确定要留意不但可以由μFN求得，也可以由共点力的平衡或牛顿其次定律求得，故在学习时应机敏把握．【首发—【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届吉林省吉林市高三第一次摸底考试（202210）】3．如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千。某次修理时将两轻绳各剪去一小段，但仍保持等长且悬挂点不变。木板静止时，表示两根轻绳对木板拉力的合力大小，表示单根轻绳对木板拉力的大小，则修理后A．不变，变小B．不变，变大C．变大，变大D．变小，变小【答案】【学问点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．B1B3【答案解析】B解析：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即：F1=0；

依据共点力平衡条件，有：

2F2cosθ=mg解得：F2=当细线变短时，细线与竖直方向的夹角θ增加，故cosθ减小，拉力F2变大．故选：A．【思路点拨】木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，依据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析即可．本题是简洁的三力平衡问题，关键是受力分析后运用图示法分析，不难【首发—【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届吉林省吉林市高三第一次摸底考试（202210）】2．建筑工地常用吊车通过钢索将建筑材料从地面吊到高处（如图甲），图乙为建筑材料被吊车竖直向上提升过程的简化运动图象。下列推断正确的是A．前5s的平均速度是0.5m/sB．整个过程上上升度是30mC．30~36s加速度大小是0.5m/s2D．前10s建筑材料处于超重状态，钢索最简洁发生断裂【答案】【学问点】牛顿其次定律；物体的弹性和弹力．B1C2【答案解析】D解析：A、依据v-t图象可知：0-10s内材料的加速度为：a=0.1m/s2，

0-5s位移为：x=at2=1.25m，所以前5s的平均速度是0.25m/s，故A错误;B、整个过程中上升的高度为：h==28m．故B错误．C、30～36s内做匀减速直线运动，加速度加速度方向向下，有：a=m/s2．故C错误．D、前10s内做匀加速直线运动，加速度向上，拉力大于重力，10到30s内做匀速直线运动，拉力等于重力，30到36s内做匀减速直线运动，加速度向下，拉力小于重力．所以前10s内绳子拉力最大，最简洁断裂．故D正确．故选：D．【思路点拨】依据速度时间图线围成的面积表示位移求出上升的高度，依据匀变速直线运动的推论公式求出前10s内的平均速度．依据牛顿其次定律推断出整个过程中的拉力，从而推断出超失重．解决本题的关键知道图线与时间轴围成的面积表示位移，以及把握推断超失重的方法．【首发—【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届广东省佛山市佛山一中高三9月月考（202209）】18、如图所示，斜劈形物体的质量M，放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速度沿斜劈的斜面对上滑，至速度为零后又加速返回，而斜劈始终保持静止，在物块m上、下滑动的过程中()MmMmＡ．地面对斜劈M的摩擦力方向先向左后向右Ｂ．地面对斜劈M的摩擦力方向没有转变Ｃ．地面对斜劈M的支持力始终小于（M＋m）gＤ．物块m向上、向下滑动时加速度大小相同【答案】【学问点】摩擦力的推断与计算；物体的弹性和弹力．B1B2【答案解析】BC解析：AB、物体先减速上滑，后加速下滑，加速度始终沿斜面对下，对整体受力分析，受到总重力、支持力和向左的静摩擦力，依据牛顿其次定律，有：

x轴方向分析：f=masinθ…①y轴方向分析：（M+m）g-N=（M+m）acosθ…②

物体上滑时，受力如图，依据牛顿其次定律，有：

mgsinθ+μmgcosθ=ma1…③物体下滑时，受力如图，依据牛顿其次定律，有：

mgsinθ-μmgcosθ=ma2…④

由①式，地面对斜面体的静摩擦力方向始终未变，始终向左，故A错误，B正确；C、由②式，地面对物体M的支持力总小于（M+m）g，故C正确；D、由③④两式，物体沿斜面对上滑动时，加速度较大，故D错误；故选：BC．【思路点拨】物体先减速上滑，后加速下滑，加速度始终沿斜面对下；对整体受力分析，然后依据牛顿其次定律求解地面对物体M的摩擦力和支持力；对小滑块受力分析，依据牛顿其次定律分析m的加速度状况．本题关键是对整体和对m受力分析，然后依据牛顿其次定律和共点力平衡条件列方程分析求解．【首发—【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届广东省佛山市佛山一中高三9月月考（202209）】16、如图，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是()Ａ．M处受到的支持力竖直向上Ｂ．N处受到的支持力竖直向上Ｃ．M处受到的摩擦力沿MN方向Ｄ．N处受到的摩擦力沿MN方向【答案】【学问点】摩擦力的推断与计算；物体的弹性和弹力．B1B2【答案解析】AD解析：A、M处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故A正确；N、N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不是竖直向上，故B错误；C、原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面对右，故C错误；D、因原木P有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故D正确．故选：AD．【思路点拨】支持力的方向是垂直于接触面指向被支持的问题，静摩擦力的方向是与相对运动趋势的方向相反，由此可判知各选项的正误．解决本题的关键要把握支持力和静摩擦力方向的特点，并能正确分析实际问题．支持力是一种弹力，其方向总是与接触面垂直，指向被支持物．静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反．【首发—【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届广东省佛山市佛山一中高三9月月考（202209）】8、完全相同的质量为m的A、B两球，用两根等长的细线悬挂在O点，两球之间夹着一根劲度系数为k的轻弹簧，静止不动时，弹簧处于水平方向，两根细线之间的夹角为θ，则弹簧的长度被压缩了()A.eq\f(mgtanθ,k) B.eq\f(2mgtanθ,k)C.eq\f(mgtan\f(θ,2),k) D.eq\f(2mgtan\f(θ,2),k)【答案】【学问点】胡克定律；共点力平衡的条件及其应用．B1B4【答案解析】C解析：对球A受力分析，受重力mg、拉力T、弹簧的弹力F，如图

依据平衡条件，结合合成法，有F=mgtan依据胡克定律，有F=kx

解得x=故选：C．【思路点拨】对A球受力分析，然后依据平衡条件并运用合成法得到弹簧的弹力，最终依据胡克定律得到弹簧的压缩量．本题关键是对小球受力分析，然后依据共点力平衡条件并运用合成法求解出弹力，最终依据胡克定律求解出弹簧的压缩量．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届云南省玉溪一中高三上学期其次次月考（202210）】2．如图所示，在拉力F作用下，小球A沿光滑的斜面缓慢地向上移动，在此过程中，小球受到的拉力F和支持力FN的大小变化是 ()A．F增大，FN减小 B．F和FN均减小C．F和FN均增大 D．F减小，FN不变【答案】【学问点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．B1B4【答案解析】A解析：小球受重力G、支持力FN、拉力F处于动态平衡状态．依据平衡条件得知：FN与F的合力与G大小相等、方向相反，作出这两个力的合力，如图．由力的合成图可知，F增大，FN减小．故选：A．【思路点拨】小球处于动态平衡状态，以小球为争辩对象，分析受力，作出力图，依据图解法分析拉力F和支持力FN的大小变化．本题是平衡问题中动态变化分析问题，运用图解法比较直观简洁，也可以运用函数法争辩．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届四川省绵阳南山试验高中高三一诊模拟考试（202210）】6.如图所示，左右带有固定挡板、上表面光滑的长木板放在水平桌面上。一质量M=1.0kg的物体A右端与一轻弹簧连接，弹簧右端固定在长木板的右挡板，上面放一质量m=0.5kg的铁块B。长木板静止时弹簧对物体A的压力为3N，物体A与铁块之间的动摩擦因数μ=0.5，现使木板以4m／s2的加速度向左沿水平方向做匀加速运动，当系统稳定时（）AAA．物体A受到5个力的作用B．物体A对左侧挡板的压力等于3N C．运动过程中弹簧的最大形变量是最小形变量的2倍D．弹簧弹性势能的削减等于A物体动能的增加【答案】【学问点】功能关系；物体的弹性和弹力．B1E6【答案解析】AC解析：B、C、D、铁块向左加速，故A对铁块有向左的静摩擦力，故铁块对A有向右的静摩擦力；A和铁块整体受重力、支持力、弹簧弹力，依据牛顿其次定律，有：F=（M+m）a=（1+0.5）×4=6N＞3N;;故弹簧的弹力增加为2倍，依据F=kx，弹簧的压缩量增加为2倍，弹性势能增加，故B错误，C正确，D错误；A、物体A受重力、支持力、弹簧的弹力、铁块的压力和静摩擦力，共5个力，故A正确；故选：AC．【思路点拨】先对铁块受力分析，依据牛顿其次定律列式推断铁块受否受到静摩擦力；再对A和铁块整体受力分析，依据牛顿其次定律推断弹簧的弹力．本题关键是结合牛顿其次定律推断静摩擦力的有无和弹力的有无，不难．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届四川省绵阳南山试验高中高三一诊模拟考试（202210）】2．“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是悬点等高、完全相同的两根橡皮绳。质量为m的小明如图所示静止悬挂时，两橡皮绳的夹角为600，则（）A．每根橡皮绳的拉力为B．若将悬点间距离变小，则每根橡皮绳所受拉力将变小C．若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时加速度a＝gD．若拴在腰间左右两侧的是悬点等高、完全相同的两根轻绳，则小明左侧轻绳在腰间断裂时，小明的加速度a＝g【答案】【学问点】牛顿其次定律；物体的弹性和弹力．B1C2【答案解析】B解析：A、依据平行四边形定则知，2Fcos30°=mg，解得F=mg．故A错误．B、依据共点力平衡得，2Fcosθ=mg，当悬点间的距离变小，则θ变小，cosθ变大，可知悬绳的拉力变小．故B正确．C、当左侧橡皮绳断裂，断裂的瞬间，右侧弹性绳的拉力不变，则重力和右侧绳拉力的合力与左侧绳初始时拉力大小相等，方向相反，依据平行四边形定则知，则合力大小为mg，加速度为g．故C、D错误．故选：B．【思路点拨】依据共点力平衡求出每根绳的拉力，依据平行四边形定则推断悬点间距变化时绳子拉力的变化．当左侧绳子断裂，抓住合力沿垂直绳子方向求出合力的大小，从而得出加速度的大小．本题关键是对小明受力分析后，依据三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线来确定撤去一个力后的合力，再依据牛顿其次定律求解加速度.【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届山东省日照一中高三10月第一次阶段复习质量达标检测（202210）】14．如图所示，物体P以确定的初速度v沿光滑水平面对右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回，若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中A．P的加速度大小不断变化，方向也不断变化B．P的加速度大小不断变化，但方向只转变一次C．P的加速度大小不断转变，当加速度数值最大时，速度最小D．有一段过程，P的加速度渐渐增大，速度也渐渐增大【答案】【学问点】牛顿其次定律；胡克定律．B1C2【答案解析】C解析：A、木块向右运动压缩弹簧，弹力方向始终向左，依据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比，当木块向右压缩弹簧时，弹力渐渐增大，加速度渐渐增大；木块被弹簧弹回向左运动，弹簧恢复原长，加速度渐渐减小，故A错误；B、依据A中分析知B错误；C、木块水平方向只受到弹簧的弹力，依据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比．当木块向右压缩弹簧时，弹力渐渐增大，依据牛顿其次定律知，加速度渐渐增大，做变减速运动，当速度减为零时，速度最小，弹力最大，加速度最大，所以C正确；D、木块反弹过程向左运动，弹簧恢复原长，弹力减小，加速度渐渐减小，但速度渐渐增大，恰好恢复原长时，速度最大，加速度最小为零，所以D错误；故选C．【思路点拨】木块水平方向只受到弹簧的弹力，依据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比．当木块向右压缩弹簧时，弹力渐渐增大，加速度渐渐增大，做变减速运动，当速度减为零时，速度最小，弹力最大，加速度最大；之后木块被弹簧弹回向左运动，弹簧恢复原长，加速度渐渐减小，但方向未变．本题是含有弹簧的动态变化分析状况，要抓住弹力的可变性，由牛顿定律分析物体的运动状况．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届山东省莱州一中高三10月月考（202210）】8.在动摩擦因数μ=0.2的水平面上，有一个质量为m=2kg的物块，物块与水平轻弹簧相连，并由一与水平方向成θ=45°角的拉力F拉着物块，此时物块处于静止状态，且水平面对物块的弹力恰好为零．取g=10m/s2，以下说法正确的是（）A．此时轻弹簧的弹力大小为20NB．当撤去拉力F的瞬间，物块的加速度大小为8m/s2，方向向左C．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度大小为8m/s2，方向向右D．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度为0【答案】【学问点】牛顿其次定律；物体的弹性和弹力．B1C2【答案解析】AB解析：A、小物块受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，依据共点力平衡得，弹簧的弹力：F=mgtan45°=20×1=20N，故A正确；B、撤去力F的瞬间，弹簧的弹力照旧为20N，小物块此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用；小物块所受的最大静摩擦力为：f=μmg=0.2×20N=4N，依据牛顿其次定律得小球的加速度为：a==8m/s2；合力方向向左，所以向左加速．故B正确；C、D、剪断弹簧的瞬间，弹簧的拉力消逝，其它力不变，物块加速度a=m/s2，故C错误，D错误；故选：AB．【思路点拨】先分析撤去力F前弹簧的弹力和轻绳的拉力大小；再争辩撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，对小球受力分析，依据牛顿其次定律求出瞬间的加速度大小；剪断弹簧的瞬间，由于绳子的作用力可以发生突变，小物块瞬间所受的合力为零．解决本题的关键知道撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，剪短弹簧的瞬间，轻绳的弹力要变化，结合牛顿其次定律进行求解．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届山东省德州一中高三上学期10月月考（202210）】9．如图所示，A、B两物块的质量分别为m和M，把它们靠在一起从光滑斜面的顶端由静止开头下滑。已知斜面的倾角为θ，斜面始终保持静止。则在此过程中物块B对物块A的压力为A． B．C．0 D．【答案】【学问点】物体的弹性和弹力；牛顿其次定律．B1C2【答案解析】C解析：对A、B组成的整体受力分析可知，整体受重力、支持力而做匀加速直线运动；由牛顿其次定律可知，a==gsinθ；则再对B由牛顿其次定律可知：F合=Ma=Mgsinθ；合力等于B的重力沿斜面对下的分力；故说明AB间没有相互作用力，故ABD错误，C正确．故选：C．【思路点拨】对整体受力分析求出整体的加速度，再对B受力分析即可求得A对B的压力，再由牛顿第三定律可求得B对A的压力．本题考查牛顿其次定律的应用，要明确两物体加速度相同，均是重力的分力供应加速度．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届吉林省长春市十一中高三上学期期中考试（202210）】2．物块A、B的质量分别为m和2m，用轻弹簧连接后放在光滑的水平面上。对B施加向右的水平拉力F，稳定后A、B相对静止地在水平面上运动，此时弹簧长度为l1；若撤去拉力F，换成大小仍为F的水平推力向右推A，稳定后A、B相对静止地在水平面上运动，此时弹簧长度为l2。则下列推断正确的是A．弹簧的原长为B．两种状况下稳定时弹簧的形变量相等C．两种状况下稳定时两物块的加速度不相等D．弹簧的劲度系数为【答案】【学问点】牛顿其次定律；胡克定律．B1C2【答案解析】D解析：A、C、D以整体法为争辩对象，依据牛顿其次定律得知，两种状况下加速度相等，而且加速度大小为a=．设弹簧的原长为l0．依据牛顿其次定律得：

第一种状况：对A：k（l1-l0）=ma

①

其次种状况：对A：k（l0-l2）=2ma②由①②解得，l0=，k=．故AC错误，D正确．B、第一种状况弹簧的形变量为△l=l1-l0=l1-l2；其次种状况弹簧的形变量为△l=l0-l2=l1-l2；故B错误．故选D【思路点拨】先以整体法为争辩对象，依据牛顿其次定律求得加速度，再分别对A和B为争辩对象，求得弹簧的原长．依据两种状况下弹簧的弹力的大小关系，分析弹簧的形变量关系；由胡克定律求得劲度系数．本题关键要机敏选择争辩对象，运用整体法和隔离法，依据牛顿其次定律和胡克定律结合争辩．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届吉林省东北师大附中高三上学期第一次摸底考试（202210）word版】12.如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态.现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开头向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示（g=10m/s2），则下列结论正确的是A.物体与弹簧分别时，弹簧处于压缩状态 B.弹簧的劲度系数为7.5N/cmC.物体的质量为3kg D.物体的加速度大小为5m/s2【答案】【学问点】牛顿其次定律；胡克定律．B1C2【答案解析】D解析：A、物体与弹簧分别时，弹簧恢复原长，故A错误；

B、C、D、刚开头物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有

mg=kx

①

拉力F1为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，依据牛顿其次定律，有

F1+kx-mg=ma

②

物体与弹簧分别后，拉力F2为30N，依据牛顿其次定律，有

F2-mg=ma

③

代入数据解得:

m=2kg;k=500N/m=5N/cm;a=5m/s2故B错误，C错误，D正确；故选：D．【思路点拨】物体始终匀加速上升，从图象可以看出，物体与弹簧分别后，拉力为30N；刚开头物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡；拉力为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，弹簧压缩量为4cm；依据以上条件列式分析即可．本题关键是由图象得出一些相关物理量，然后依据牛顿其次定律列方程分析求解．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届湖南省岳阳一中高三上学期第三次月考（202211）】18．（12分）如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A、B，它们的质量均为为m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现开头用一沿斜面方向的力F拉物块A使之向上匀加速运动，当物块B刚要离开C时F的大小恰为2mg。求：（1）从F开头作用到物块B刚要离开C的时间。（2）到物块B刚要离开C时力F所做的功【答案】【学问点】牛顿其次定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；胡克定律．A2B1C2【答案解析】（1）（2）解析：令x1表示未加F时弹簧的压缩量，由胡克定律和牛顿定律可知mgsin30°=kx1令x2表示B刚要离开C时弹簧的伸长量，a表示此时A的加速度，由胡克定律和牛顿定律可知kx2=mgsin30°F－mgsin30°－kx2=ma将F=2mg和θ=30°代入以上各式，解得由x1+x2=解得t=物块B刚要离开C时，物块A的速度为此时弹簧的伸长量和F开头作用时的压缩量相同，弹簧的弹性势能转变量为零。由动能定理得解得【思路点拨】（1）依据共点力平衡以及胡克定律求出未施加F时弹簧的压缩量，依据共点力平衡和胡克定律求出B刚要离开时弹簧的伸长量，通过牛顿其次定律求出A的加速度大小，通过位移时间公式求出从F开头作用到物块B刚要离开C的时间．

（2）依据v=at求出物块B刚要离开C时，物块A的速度，此时弹簧的伸长量和F开头作用时的压缩量相同，弹簧的弹性势能转变量为零．由动能定理列式即可求解．本题综合考查了共点力平衡、胡克定律和牛顿其次定律，综合性较强，关键理清初末状态，结合动力学学问求解．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届湖南省岳阳一中高三上学期第三次月考（202211）】7．相同材料制成的两物体A、B，用轻弹簧相连，放在粗糙的水平面上，在力F的作用下一起向右作加速度为a的匀加速运动，此时弹簧弹力为FT，当作用力增大到2F是，一起运动的加速度为a1，弹簧的弹力为FT1，则下列说法正确的是：()ABABaFA.a1=2aFT1=2FTB.a1=2a FT1＞2FTC.a1＞2a FT1=2FTD.a1＜2a FT1=2FT【答案】【学问点】牛顿其次定律；物体的弹性和弹力．B1C2【答案解析】C解析：对整体分析，当拉力为F时，

依据牛顿其次定律得，a=．隔离对B分析，F弹-μmBg=mBa，解得弹簧的弹力FT1=．当拉力为2F时，依据牛顿其次定律得，a′=．隔离对B分析，F弹′-μmBg=mBa′，解得弹簧的弹力F弹力′=2F弹力．故C正确，A、B、D错误．故选：C【思路点拨】对整体分析，依据牛顿其次定律求出加速度，隔离对B分析，求出弹簧的弹力大小，从而进行比较．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿其次定律进行求解，把握整体法和隔离法的运用．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届湖南省岳阳一中高三上学期第三次月考（202211）】5．如图所示为我国国家大剧院外部呈椭球型。假设国家大剧院的屋顶为半球形，因特殊缘由要执行修理任务，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不行伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G．现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从C点（C点与A点等高）沿支架缓慢地向B点靠近．则绳中拉力大小变化的状况是()A．先不变后变大 B．先不变后变小C．先变大后不变 D．先变小后不变【答案】【学问点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．B1B4【答案解析】B解析：当轻绳的右端从直杆最上端移到B点时，设两绳的夹角为2α．

设绳子总长为L，两直杆间的距离为S，由数学学问得到

sinα=，L、S不变，则α保持不变．

再依据平衡条件可知，两绳的拉力F保持不变．当轻绳的右端从C点移到直杆最上端时，设两绳的夹角为2θ．以滑轮为争辩对象，分析受力状况，作出力图如图1所示．依据平衡条件得

2Fcosθ=mg得到绳子的拉力F=，所以在轻绳的右端从C点移到直杆最上端时的过程中，θ变小，cosθ增大，则F变小．所以绳中拉力大小变化的状况是先不变后变小．故B正确，ACD错误．故选：B【思路点拨】当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，两绳的夹角增大．滑轮两侧绳子的拉力大小相等，方向关于竖直方向对称．以滑轮为争辩对象，依据平衡条件争辩绳的拉力变化状况．当轻绳的右端从直杆的最上端移到C点的过程中，依据几何学问分析得到滑轮两侧绳子的夹角不变，由平衡条件推断出绳子的拉力保持不变．本题是共点力平衡中动态变化分析问题，关键在于运用几何学问分析α的变化，这在高考中曾经毁灭过，有确定的难度．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届黑龙江省双鸭山一中高三上学期期中考试（202211）】14.某试验小组设计了如下图(a)所示的试验装置，通过转变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种状况下分别做了试验，得到了两条a－F图线，如下图(b)所示．(a)(b)(1)图线________是在轨道左侧抬高成为斜面状况下得到的(选填“①”或“②”)．(2)滑块和位移传感器放射部分的总质量m＝________kg；滑块和轨道间的动摩擦因数μ＝________.【答案】【学问点】牛顿其次定律；滑动摩擦力．B1C2【答案解析】(1)①(2)0.50.2解析：（1）由图象可知，当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学试验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高．所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面状况下得到的．

（2）依据F=ma得a=所以滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器放射部分的总质量的倒数．由图形b得加速度a和所受拉力F的关系图象斜率k=2，所以滑块和位移传感器放射部分的总质量m=0.5Kg

由图形b得，在水平轨道上F=1N时，加速度a=0，依据牛顿其次定律得F-μmg=0解得μ=0.2【思路点拨】知道滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器放射部分的总质量的倒数．对滑块受力分析，依据牛顿其次定律求解．通过作出两个量的图象，然后由图象去寻求未知量与已知量的关系．运用数学学问和物理量之间关系式结合起来求解．【【原创纯word版精品解析】物理卷·2021届辽宁师大附中高三上学期10月模块考试（202210）】5．如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态。现使小车从静止开头向左加速，加速度从零开头渐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定的偏离竖直方向某一角度（橡皮筋在弹性限度内）。与稳定在竖直位置时相比，小球高度A确定上升B确定降低C保持不变D上升或降低由橡皮筋的劲度系数打算【答案】【学问点】牛顿其次定律；胡克定律．B1C2【答案解析】A解析：设L0为橡皮筋的原长，k为橡皮筋的劲度系数，小车静止时，对小球受力分析得：T1=mg，

弹簧的伸长x1=即小球与悬挂点的距离为L1=L0+，

当小车的加速度稳定在确定值时，对小球进行受力分析如图，得：

T2cosα=mg，T2sinα=ma，所以：T2=，

弹簧的伸长：x2=则小球与悬挂点的竖直方向的距离为：L2=（L0+）cosα=L0cosα+＜L0+=L1，所以L1＞L2，即小球在竖直方向上到悬挂点的距离减小，所以小球确定上升，故A正确，BCD错误．故选：A．【思路点拨】以小球为争辩对象，由牛顿其次定律可得出小球的加速度与受到的拉力之间的关系即可推断．本题中考查牛顿其次定律的应用，留意整体法与隔离法的使用，同时要留意审题．【【原创纯word版精品解析】理综卷·2021届贵州省遵义航天高级中学高三上学期其次次模拟考试（202210）】16、如图所示，质量分别为m和2m的两个小球置于光滑水平面上，且固定在一轻质弹簧的两端，已知弹簧的原长为L,劲度系数为K。现沿弹簧轴线方向在质量为2m的小球上有一水平拉力F，使两小球一起做匀加速运动，则此时两小球间的距离为A. B. C. D.【答案】【学问点】牛顿其次定律；胡克定律．B1C2【答案解析】C解析：依据牛顿其次定律得：对整体：F=3ma

对m：F弹=ma

联立解得，弹簧的弹力大小为F弹=则此时两球间的距离为S=L+=L+．故选C【思路点拨】依据牛顿其次定律分别对整体和m争辩，求出弹簧的弹力，由胡克定律求出弹簧伸长的长度，加上原长即此时两球间的距离．本题是连接体问题，要机敏选择争辩对象，接受整体法求加速度，隔离法求解弹簧的弹力．【【原创纯word版精品解析】理综卷·2021届广东省试验中学高三第一次阶段考试（202210）】20．如图所示，A、B两物块质量均为m，用一轻弹簧相连，将A用长度适当的轻绳悬挂于天花板上，系统处于静止状态，B物块恰好与水平桌面接触，此时轻弹簧的伸长量为x，现将悬绳剪断，则A．悬绳剪断瞬间A物块的加速度大小为2B．悬绳剪断瞬间A物块的加速度大小为gC．悬绳剪断后A物块向下运动距离2x时速度最大D．悬绳剪断后A物块向下运动距离x时加速度最小【答案】【学问点】牛顿其次定律；力的合成与分解的运用；胡克定律．B1B3C2【答案解析】AC解析：A、B、剪断悬绳前，对B受力分析，B受到重力和弹簧的弹力，知弹力F