2024-2025学年吉林省松原市部分学校高一上学期12月教学质量检测物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12024─2025学年度上学期高一12月份教学质量检测物理试卷一、选择题（本题共10小题，共46分，第1~7小题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10小题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错得0分）1.如图，关于车拉马与马拉车的问题，下列说法中正确的是（）A.马拉车不动，是因为马拉车的力小于车拉马的力B.马拉车加速前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力C.马拉车，不论车动还是不动，马拉车的力的大小总是等于车拉马的力的大小D.马拉车不动或车匀速前进时，马拉车的力与车拉马的力是一对平衡力【答案】C【解析】AB．马拉车的力与车拉马的力是一对相互作用力，可知，无论车是不动还是加速前进，马拉车的力的大小始终等于车拉马的力，故AB错误；C．结合上述可知，马拉车，不论车动还是不动，马拉车的力的大小总是等于车拉马的力的大小，故C正确；D．结合上述可知，马拉车不动或车匀速前进时，马拉车的力与车拉马的力是一对相互作用力，故D错误。故选C。2.某质点从静止开始做匀加速直线运动，已知第2秒内通过的位移是x，则质点运动的加速度为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】设质点的加速度为a，前1s的位移为，前2s的位移为，则有故有解得故选B。3.下面关于物体做直线运动的三个图像的说法中，正确的是（）A.甲图中，物体的加速度大小为1m/s2B.乙图中，0~2s内物体的速度变化量大小为6m/sC.丙图中，物体的加速度大小为4m/s2D.丙图中，t=3s时物体的速度大小为8m/s【答案】C【解析】A．根据速度与位移的关系有结合图像有解得故A错误；B．a−t图像中，图像与时间轴所围几何图形的面积表示速度的变化量，可知，0~2s内物体的速度变化量大小为故B错误；C．图像对应的函数表达式为则有将该函数式与位移公式进行对比有，解得故C正确；D．结合上述可知，t=3s时物体的速度大小故D错误。故选C。4.质量为m人站在电梯内，电梯从1楼上升到40楼，此过程中电梯速度v随时间t变化的图像如图所示，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.时间内电梯对人的支持力小于mgB.时间内人处于超重状态C.时间内人处于超重状态D.时间内电梯对人的支持力不断增大【答案】D【解析】A．由图可知，时间内电梯向上加速运动，具有向上的加速度，电梯里的人处于超重状态，电梯对人的支持力大于mg，A错误；B．由图可知，时间内电梯做匀速运动，电梯里的人处于平衡状态，B错误；C．由图可知，时间内电梯向上做减速运动，具有向下的加速度，电梯里的人处于失重状态，C错误；D．图像的斜率绝对值表示加速度大小，由图可知，时间内加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律有解得所以电梯对人的支持力不断增大，D正确。故选D。5.如图所示，质量为4kg的物体静止在水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.5，给物体施加大小为40N与水平方向成37°角斜向上的拉力F作用（g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），物体运动的加速度为（）A.3m/s2 B.6m/s2 C.8m/s2 D.10m/s2【答案】B【解析】物体受力如图所示由牛顿第二定律得代入数据解得故选B。6.如图所示，两个质量分别为，的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧测力计连接。两个大小分别为，的水平拉力分别作用在，上，两个物体运动稳定后，下列说法正确的是（）A.弹簧测力计的示数是10NB.弹簧测力计的示数是50NC.在突然撤去的瞬间，的加速度大小为D.在突然撤去的瞬间，的加速度大小为【答案】D【解析】AB．、整体受力分析，根据牛顿第二定律可得代入数据解得物体共同的加速度大小为单独对受力分析，根据牛顿第二定律则有解得AB错误；CD．在突然撤去的瞬间，的受力情况不变，故其加速度的大小依然为，对于，设其加速度为，此时水平方向只受弹簧的拉力，故有解得故C错误，D正确。故选D。7.如图所示，置于水平地面带有竖直立杆的底座总质量为3kg，竖直立杆长0.5m，有一质量为1kg的小环从杆的下端以4m/s的初速度向上运动，刚好能到达杆的顶端，在环向上运动的过程中，底座对水平地面的压力为（）（g取）A.24N B.34N C.36N D.46N【答案】A【解析】利用逆向思维，根据速度与位移的关系有解得对小环进行分析，根据牛顿第二定律有根据牛顿第三定律，小环对杆的摩擦力对立杆与底座进行分析，根据平衡条件有解得根据牛顿第三定律可知，底座对水平地面的压力为24N。故选A。8.一盏电灯质量为m，悬于天花板上B点，在电线O处系一细线，使电线与竖直方向的夹角为，与水平方向成角，如图所示，现保持O点位置不变，使角由缓慢增加到，在此过程中（  ）A.电线上的拉力逐渐减小 B.细线上的拉力先增加后减小C.细线上拉力的最小值为 D.细线上拉力的最小值为【答案】AC【解析】对结点O受力分析，由于细线OA与电线OB的合力一定沿竖直向上的方向，大小与重力相等，而OB的方向始终与竖直方向成，如图所示则当OA与水平方向夹角由缓慢增加到的过程中，电线OB的拉力逐渐减小；细线OA上的拉力先减小后增大，且当时，最小，最小值为故选AC。9.如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始匀加速下滑，经过B点后进入水平面做匀减速运动（经过B点前后速度大小不变），最后停在C点。每隔0.4秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据。重力加速度g取，则下列说法中正确的是（）0.00.40.8…2.024…0.02.04.0…2.31.5…A.斜面倾角B.物体与水平面之间的动摩擦因数C.物体到达B点的速度为4.5m/sD.AB间距离与BC间距离相等【答案】ABC【解析】A．匀加速过程的加速度此过程对物体进行分析，根据牛顿第二定律有解得故A正确；B．匀减速过程的加速度大小根据牛顿第二定律有解得故B正确；C．令物体到达B时的时刻为t1，则有令，，利用逆向思维，在水平面上有解得，故C正确；D．根据，解得故D错误故选ABC。10.第24届北京冬季奥林匹克运动会中，高山滑雪是重要的比赛项目之一，图甲是一名滑雪运动员在比赛过程中的示意图，运动员自身和所有装备的总质量为m，在倾角的斜坡向下滑动过程中，受滑动摩擦力和空气阻力作用，假设空气阻力与速度成正比，即，其中比例系数（P是k的单位）。运动员在比赛中的某段过程v—t图像如图乙中实线AD所示，AB是曲线最左端A点的切线，B点的坐标为，CD是曲线AD的渐近线，已知重力加速度为，，下列说法中正确的是（）A.题干中“”中的Р为N·s/mB.当时，运动员的加速度为C.雪橇与斜坡间的动摩擦因数是0.25D.运动员自身和所有装备的总质量【答案】ACD【解析】A．结合题意有根据单位运算可知，Р为N·s/m，故A正确；B．图像的斜率表示加速度，当时，根据图像可知故B错误；CD．当时，根据牛顿第二定律有当时，运动员做匀速运动，根据平衡条件有解得，故CD正确。故选ACD。二、非选择题（本题共5小题，共54分）11.某同学用橡皮条与弹簧测力计验证“力的平行四边形定则”，实验装置如图甲所示。其中A为固定橡皮条的图钉，OB和OC为细绳。（1）本实验采用的科学方法是（）A.理想实验法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.建立物理模型法（2）根据实验数据，该同学画出如图乙所示的图，图中______是、合力的理论值，______的方向一定沿图甲中的AO延长线方向。（填F或）。【答案】（1）B（2）F【解析】【小问1解析】本实验采用的科学方法是等效替代法。故选B。【小问2解析】根据实验数据，该同学画出如图乙所示的图，图中F是、合力的理论值，是用一个弹簧测力计通过细绳拉橡皮条，使结点也拉到O点时弹簧测力计的读数，故方向一定沿图甲中的AO延长线方向。12.“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图甲所示。（1）关于本实验，下列说法正确的是______A.每次小车必须从靠近打点计时器的位置释放B.平衡摩擦力时，将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在沙和沙桶的牵引下恰好做匀速运动C.实验时沙和沙桶的总质量应远大于小车的质量D.通过增减小车上的砝码改变质量时，不需要重新平衡摩擦力（2）图乙为上述实验中打下的一条纸带，其中1、2、3、4为依次选中的计数点（各相邻计数点之间有四个点迹）。打点计时器的频率为50Hz，根据图中标出的数据可知，打点计时器在打出计数点3时小车的速度大小为______m/s，小车做匀加速直线运动的加速度大小为______。（结果均保留两位有效数字）（3）甲、乙两同学在同一实验室，用物块代替小车进行实验，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到了如图所示的甲、乙两条直线，设甲、乙用的木块质量分别为、，甲、乙用的木块与长木板间的动摩擦因数分别为，，由图可知，______，______（填“大于”、“小于”或“等于”）【答案】（1）AD（2）0.531.4（3）小于大于【解析】【小问1解析】A．为了避免纸带出现大量的空白段落，每次小车必须从靠近打点计时器的位置释放，故A正确；B．平衡摩擦力时，将木板不带滑轮的一端适当垫高，不挂沙和沙桶，轻推小车，使纸带上打出的点迹均匀分布，故B错误；C．为了使沙和沙桶重力近似等于绳的拉力，实验时沙和沙桶的总质量应远小于小车的质量，故C错误；D．平衡摩擦力时有可知，该过程与小车质量无关，可知，通过增减小车上的砝码改变质量时，不需要重新平衡摩擦力，故D正确。故选AD。【小问2解析】由于相邻计数点之间有四个点迹，则斜率计数点之间的时间间隔匀变速直线运动全程平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则有根据逐差法可知，加速度【小问3解析】对甲、乙分别进行分析，根据牛顿第二定律有，则有，结合图像可知，甲图像的斜率与纵轴截距的绝对值均比乙大，可知小于，大于。13.如图，质量的木箱静止于水平地面上，用大小为480N、方向与水平方向成的斜向下推力F推木箱，使木箱做匀加速直线运动，5s末撤去F。木箱与地面间的动摩擦因数，不计空气阻力，g取，，，求：（1）5s末木箱的速度大小；（2）撤去推力后木箱还能运动多远。【答案】（1）5m/s；（2）2.5m【解析】（1）对木箱，竖直方向平衡，则水平方向，由牛顿第二定律可得解得5s末木箱的速度大小为（2）撤去推力后木箱做匀减速直线运动直到停止，此过程加速度大小为撤去推力后木箱运动的距离为14.如图所示，质量的木板静止在粗糙的水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数，在木板的左端放置一个质量、大小可以忽略的铁块，铁块与木板间的动摩擦因数，取，试求：（1）若在铁块的右端施加一个大小为的拉力，求铁块受到的摩擦力大小；（2）若在铁块的右端施加一个大小为的拉力，求铁块受到的摩擦力大小；（3）若木板长，在铁块上加一个水平向右的恒力，经过多长时间铁块运动到木板的右端？【答案】（1）1N；（2）3.5N；（3）1s【解析】（1）由题意可知，铁块与木板间的最大静摩擦力为木板与地面间的最大静摩擦力为若在铁块的右端施加一个大小为的拉力，则有可知铁块处于静止状态，由平衡条件可知铁块受到的摩擦力大小为1N。（2）若在铁块的右端施加一个大小为的拉力，可知又有可知此时铁块和木板一块做加速运动，对铁块和木板为整体，由牛顿第二定律可得解得对铁块，设铁块受摩擦力为Ff，由牛顿第二定律可得解得铁块受到的摩擦力大小为3.5N（3）若木板长，在铁块上加一个水平向右的恒力时，对铁块由牛顿第二定律可得对木板由牛顿第二定律可得又有联立解得15.如图甲所示为一皮带传送装置，皮带逆时针方向匀速传动，物体由静止放到皮带顶端，被皮带向下传送，其在传送带上运动的v-t图象如图乙所示（图中只画出一部分），。求：（1）皮带匀速运动的速度大小；（2）皮带与水平面间的夹角θ及货物与皮带之间的动摩擦因数μ；（3）如果货物是用麻袋装载的石灰粉，当第一件货物被运送后，发现皮带上留有一段9.0m长的白色痕迹，请由此推出该件货物的传送时间和传送距离。【答案】（1）8m/s（2），（3）4s，37m【解析】小问1解析】开始物块受到传送带对其摩擦力沿传送带向下，1s后沿传送带向上，根据图象可以知道，皮带的速度为8.0m/s。【小问2解析】由货物运动的v-t图象得在0~1.0s内皮带对物体的滑动摩擦力沿斜面向下，由牛顿第二定律得在1.0s~2.0s内皮带对物体的滑动摩擦力沿斜面向上，由牛顿第二定律得联立得=30°，【小问3解析】由图像可知，在0~1.0s内石灰粉相对传送带向上滑动，相对位移的大小（摩擦痕迹）为在1.0s之后，石灰粉相对传送带向下滑动，因为当第一件货物被运送后，发现皮带上留有一段9.0m长的白色痕迹，故在1.0s之后，相对位移的大小（摩擦痕迹）为设在1.0s之后，石灰粉运动时间为t，故石灰粉滑离传送带时速度为故在1.0s之后，相对位移的大小（摩擦痕迹）为联立可得故传送时间为传送距离为2024─2025学年度上学期高一12月份教学质量检测物理试卷一、选择题（本题共10小题，共46分，第1~7小题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10小题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错得0分）1.如图，关于车拉马与马拉车的问题，下列说法中正确的是（）A.马拉车不动，是因为马拉车的力小于车拉马的力B.马拉车加速前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力C.马拉车，不论车动还是不动，马拉车的力的大小总是等于车拉马的力的大小D.马拉车不动或车匀速前进时，马拉车的力与车拉马的力是一对平衡力【答案】C【解析】AB．马拉车的力与车拉马的力是一对相互作用力，可知，无论车是不动还是加速前进，马拉车的力的大小始终等于车拉马的力，故AB错误；C．结合上述可知，马拉车，不论车动还是不动，马拉车的力的大小总是等于车拉马的力的大小，故C正确；D．结合上述可知，马拉车不动或车匀速前进时，马拉车的力与车拉马的力是一对相互作用力，故D错误。故选C。2.某质点从静止开始做匀加速直线运动，已知第2秒内通过的位移是x，则质点运动的加速度为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】设质点的加速度为a，前1s的位移为，前2s的位移为，则有故有解得故选B。3.下面关于物体做直线运动的三个图像的说法中，正确的是（）A.甲图中，物体的加速度大小为1m/s2B.乙图中，0~2s内物体的速度变化量大小为6m/sC.丙图中，物体的加速度大小为4m/s2D.丙图中，t=3s时物体的速度大小为8m/s【答案】C【解析】A．根据速度与位移的关系有结合图像有解得故A错误；B．a−t图像中，图像与时间轴所围几何图形的面积表示速度的变化量，可知，0~2s内物体的速度变化量大小为故B错误；C．图像对应的函数表达式为则有将该函数式与位移公式进行对比有，解得故C正确；D．结合上述可知，t=3s时物体的速度大小故D错误。故选C。4.质量为m人站在电梯内，电梯从1楼上升到40楼，此过程中电梯速度v随时间t变化的图像如图所示，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.时间内电梯对人的支持力小于mgB.时间内人处于超重状态C.时间内人处于超重状态D.时间内电梯对人的支持力不断增大【答案】D【解析】A．由图可知，时间内电梯向上加速运动，具有向上的加速度，电梯里的人处于超重状态，电梯对人的支持力大于mg，A错误；B．由图可知，时间内电梯做匀速运动，电梯里的人处于平衡状态，B错误；C．由图可知，时间内电梯向上做减速运动，具有向下的加速度，电梯里的人处于失重状态，C错误；D．图像的斜率绝对值表示加速度大小，由图可知，时间内加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律有解得所以电梯对人的支持力不断增大，D正确。故选D。5.如图所示，质量为4kg的物体静止在水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.5，给物体施加大小为40N与水平方向成37°角斜向上的拉力F作用（g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），物体运动的加速度为（）A.3m/s2 B.6m/s2 C.8m/s2 D.10m/s2【答案】B【解析】物体受力如图所示由牛顿第二定律得代入数据解得故选B。6.如图所示，两个质量分别为，的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧测力计连接。两个大小分别为，的水平拉力分别作用在，上，两个物体运动稳定后，下列说法正确的是（）A.弹簧测力计的示数是10NB.弹簧测力计的示数是50NC.在突然撤去的瞬间，的加速度大小为D.在突然撤去的瞬间，的加速度大小为【答案】D【解析】AB．、整体受力分析，根据牛顿第二定律可得代入数据解得物体共同的加速度大小为单独对受力分析，根据牛顿第二定律则有解得AB错误；CD．在突然撤去的瞬间，的受力情况不变，故其加速度的大小依然为，对于，设其加速度为，此时水平方向只受弹簧的拉力，故有解得故C错误，D正确。故选D。7.如图所示，置于水平地面带有竖直立杆的底座总质量为3kg，竖直立杆长0.5m，有一质量为1kg的小环从杆的下端以4m/s的初速度向上运动，刚好能到达杆的顶端，在环向上运动的过程中，底座对水平地面的压力为（）（g取）A.24N B.34N C.36N D.46N【答案】A【解析】利用逆向思维，根据速度与位移的关系有解得对小环进行分析，根据牛顿第二定律有根据牛顿第三定律，小环对杆的摩擦力对立杆与底座进行分析，根据平衡条件有解得根据牛顿第三定律可知，底座对水平地面的压力为24N。故选A。8.一盏电灯质量为m，悬于天花板上B点，在电线O处系一细线，使电线与竖直方向的夹角为，与水平方向成角，如图所示，现保持O点位置不变，使角由缓慢增加到，在此过程中（  ）A.电线上的拉力逐渐减小 B.细线上的拉力先增加后减小C.细线上拉力的最小值为 D.细线上拉力的最小值为【答案】AC【解析】对结点O受力分析，由于细线OA与电线OB的合力一定沿竖直向上的方向，大小与重力相等，而OB的方向始终与竖直方向成，如图所示则当OA与水平方向夹角由缓慢增加到的过程中，电线OB的拉力逐渐减小；细线OA上的拉力先减小后增大，且当时，最小，最小值为故选AC。9.如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始匀加速下滑，经过B点后进入水平面做匀减速运动（经过B点前后速度大小不变），最后停在C点。每隔0.4秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据。重力加速度g取，则下列说法中正确的是（）0.00.40.8…2.024…0.02.04.0…2.31.5…A.斜面倾角B.物体与水平面之间的动摩擦因数C.物体到达B点的速度为4.5m/sD.AB间距离与BC间距离相等【答案】ABC【解析】A．匀加速过程的加速度此过程对物体进行分析，根据牛顿第二定律有解得故A正确；B．匀减速过程的加速度大小根据牛顿第二定律有解得故B正确；C．令物体到达B时的时刻为t1，则有令，，利用逆向思维，在水平面上有解得，故C正确；D．根据，解得故D错误故选ABC。10.第24届北京冬季奥林匹克运动会中，高山滑雪是重要的比赛项目之一，图甲是一名滑雪运动员在比赛过程中的示意图，运动员自身和所有装备的总质量为m，在倾角的斜坡向下滑动过程中，受滑动摩擦力和空气阻力作用，假设空气阻力与速度成正比，即，其中比例系数（P是k的单位）。运动员在比赛中的某段过程v—t图像如图乙中实线AD所示，AB是曲线最左端A点的切线，B点的坐标为，CD是曲线AD的渐近线，已知重力加速度为，，下列说法中正确的是（）A.题干中“”中的Р为N·s/mB.当时，运动员的加速度为C.雪橇与斜坡间的动摩擦因数是0.25D.运动员自身和所有装备的总质量【答案】ACD【解析】A．结合题意有根据单位运算可知，Р为N·s/m，故A正确；B．图像的斜率表示加速度，当时，根据图像可知故B错误；CD．当时，根据牛顿第二定律有当时，运动员做匀速运动，根据平衡条件有解得，故CD正确。故选ACD。二、非选择题（本题共5小题，共54分）11.某同学用橡皮条与弹簧测力计验证“力的平行四边形定则”，实验装置如图甲所示。其中A为固定橡皮条的图钉，OB和OC为细绳。（1）本实验采用的科学方法是（）A.理想实验法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.建立物理模型法（2）根据实验数据，该同学画出如图乙所示的图，图中______是、合力的理论值，______的方向一定沿图甲中的AO延长线方向。（填F或）。【答案】（1）B（2）F【解析】【小问1解析】本实验采用的科学方法是等效替代法。故选B。【小问2解析】根据实验数据，该同学画出如图乙所示的图，图中F是、合力的理论值，是用一个弹簧测力计通过细绳拉橡皮条，使结点也拉到O点时弹簧测力计的读数，故方向一定沿图甲中的AO延长线方向。12.“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图甲所示。（1）关于本实验，下列说法正确的是______A.每次小车必须从靠近打点计时器的位置释放B.平衡摩擦力时，将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在沙和沙桶的牵引下恰好做匀速运动C.实验时沙和沙桶的总质量应远大于小车的质量D.通过增减小车上的砝码改变质量时，不需要重新平衡摩擦力（2）图乙为上述实验中打下的一条纸带，其中1、2、3、4为依次选中的计数点（各相邻计数点之间有四个点迹）。打点计时器的频率为50Hz，根据图中标出的数据可知，打点计时器在打出计数点3时小车的速度大小为______m/s，小车做匀加速直线运动的加速度大小为______。（结果均保留两位有效数字）（3）甲、乙两同学在同一实验室，用物块代替小车进行实验，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到了如图所示的甲、乙两条直线，设甲、乙用的木块质量分别为、，甲、乙用的木块与长木板间的动摩擦因数分别为，，由图可知，______，______（填“大于”、“小于”或“等于”）【答案】（1）AD（2）0.531.4（3）小于大于【解析】【小问1解析】A．为了避免纸带出现大量的空白段落，每次小车必须从靠近打点计时器的位置释放，故A正确；B．平衡摩擦力时，将木板不带滑轮的一端适当垫高，不挂沙和沙桶，轻推小车，使纸带上打出的点迹均匀分布，故B错误；C．为了使沙和沙桶重力近似等于绳的拉力，实验时沙和沙桶的总质量应远小于小车的质量，故C错误；D．平衡摩擦力时有可知，该过程与小车质量无关，可知，通过增减小车上的砝码改变质量时，不需要重新平衡摩擦力，故D正确。故选AD。【小问2解析】由于相邻计数点之间有四个点迹，则斜率计数点之间的时间间隔匀变速直线运动全程平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则有根据逐差法可知，加速度【小问3解析】对甲、乙分别进行分析，根据牛顿第二定律有，则有，结合图像可知，甲图像的斜率与纵轴截距的绝对值均比乙大，可知小于，大于。13.如图，质量的木箱静止于水平地面上，用大小为480N、方向与水平方向成的斜向下推力F推木箱，使木箱做匀加速直线运动，5s末撤去F。木箱与地面间的动摩擦因数，不计空气阻力，g取，，，求：（1）5s末木箱的速度大小；（2）撤去推力后木箱还能运动多远。【答案】（1）5m/s；（2）2.5m【解析】（1）对木箱，竖直方向平衡，则水平方向，由牛顿第二定律可得解得5s末木箱