2024年沪科新版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科新版高二物理下册阶段测试试卷579考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示是一个平行板电容器，两板间距离为d,其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电.现将一个正的试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，则电场力对试探电荷q所做的功等于（）A.B.C.D.2、入射光照到某金属表面上发生光电效应，若入射光的强度减弱，而频率保持不变，则下列说法正确的是（）A.逸出的光电子的最大初动能减少B.从光照至金属表面到发射出光电子之间的时间间隔将增加C.单位时间内从金属表面逸出的光电子数目减少D.不发生光电效应3、电磁打点计时器和电火花打点计时器的电源频率相同，工作时，下列说法中正确的是()

A.他们打点周期相同B.都使用6隆芦10V

的低压直流电源C.都使用6隆芦10V

的低压交流电源D.都使用220V

的高压交流电源4、将两个偏振片紧靠在一起，把它们放在一盏灯（自然光）前面，眼睛透过偏振片看到灯光很微弱．如果将其中一个偏振片旋转180°，在旋转过程中会观察到的现象是（）A.灯光逐渐增强，然后又逐渐减弱B.灯光逐渐增强，然后减到零C.灯光逐渐增强，没有变弱现象D.灯光逐渐增强，再减弱，然后又增强到较亮5、某变压器原；副线圈匝数比为55：9；原线圈所接电源电压按图示规律变化，副线圈接有负载．下列判断正确的是（）

A.输出电压的最大值为36V

B.原；副线圈中电流之比为55：9

C.变压器输入；输出功率之比为55：9

D.交流电源有效值为220V；频率为50Hz

6、电磁波在空气中的传播速度为3隆脕108m/s

某广播电台能够发射波长为50m

的无线电波，那么收音机接受这个电台时调谐的频率应工作在()

A.150MHz

B.500MHz

C.6.00MHz

D.3.00MHz

7、如图；直线OAC

的某一直线电源的总功率随总电流变化的曲线，抛物线OBC

为同一电源内部消耗的功率随总电流的变化曲线，若A.B

对应的横坐标为1.5

则下面判断正确的是。

A.电源的电动势为3V

内阻为1.5娄赂

B.线段AB

表示的功率为2.25W

C.电流为2A

时，电源的输出功率最大D.电流为1A

时，路端电压为1V

评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)8、某实验小组在进行“验证动量守恒定律”的实验．入射球与被碰球半径相同．

①实验装置如下图所示．先不放B球，使A球从斜槽上某一固定点C由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹．再把B球静置于水平槽前端边缘处，让A球仍从C处由静止滚下，A球和B球碰撞后分别落在记录纸上留下各自落点的痕迹．记录纸上的O点是重锤所指的位置，M、P、N分别为落点的痕迹．未放B球时，A球落地点是记录纸上的____点．

②释放多次后，取各落点位置的平均值，测得各落点痕迹到O点的距离：OM=13.10cm，OP=21.90cm，ON=26.04cm．用天平称得入射小球A的质量m1=16.8g，被碰小球B的质量m2=5.6g．若将小球质量与水平位移的乘积作为“动量”，则碰前总动量p=____，碰后总动量p′=____

③根据上面的数据处理数据，你认为能得到的结论是：在实验误差允许范围内，可认为系统在碰前和碰后的____．

④实验中可以将表达式m1v1=m1v1′+m2v2′转化为m1s1=m1s1′+m2s2′来进行验证，其中s1、s1′、s2′为小球平抛的水平位移．可以进行这种转化的依据是____．（请选择一个最合适的答案）

A．小球飞出后的加速度相同。

B．小球飞出后；水平方向的速度相同。

C．小球在空中水平方向都做匀速直线运动；水平位移与时间成正比。

D．小球在空中水平方向都做匀速直线运动；又因为从同一高度平抛，运动时间相同，所以水平位移与初速度成正比。

9、某同学用游标卡尺测一个金属圆筒的内径，如图所示，则其内径为_______________cm。10、如图游标尺的读数为______mm；螺旋测微器读数______mm；

11、我国居民照明电路使用的是______(

选填“交变电流”或“恒定电流”)

电压为______V(

选填“220

”或“380

”)

．12、科学家______提出光子说，很好地解释了光电效应实验；光电效应说明光具有______性。13、某防空雷达发射的电磁波频率为f=3×103MHZ，屏幕上尖形波显示，从发射到接受经历时间△t=0.4ms，那么被监视的目标到雷达的距离为____km，该雷达发出的电磁波的波长为____m．14、电流表G

的满偏电流时3mA

内阻是100娄赂

把它改装成量程为3V

的电压表，应______(

填串或并)

连一个阻值为______娄赂

的电阻.

若把它改装成一个大量程的电流表应______(

填串或并)

连一个电阻．15、读出下面游标卡尺和千分尺的读数。

(1)

______mm

(2)

______mm

(3)

______mm

．16、如图所示的是研究光电效应的装置的电路图，若用某一频率的光照射光电管阴极P，发现电流表有读数，则增加光的强度，电流表示数______（填“变大”“变小”或“不变”）。若开关K断开时，用光子能量为2.5eV的一束光照射阴极P，发现电流表读数不为零，合上开关，调节滑动变阻器，当电压表读数大于或等于0.60V时，电流表读数为零，由此可知阴极材料的逸出功为______eV。评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）22、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）23、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共1题，共7分)24、（12分）某研究性学习小组为了制作一种传感器，需要用到某元件（电阻约为20）。现需要描绘该元件的伏安特性曲线。实验室备有下列器材：。器材（代号）规格电流表（A1）量程0~5mA，内阻约为50电流表（A2）量程0~200mA，内阻约为10电压表（V1）量程0~3V，内阻约为10k电压表（V2）量程0~15V，内阻约为25k滑动变阻器（R1）阻值范围0~10允许最大电流1A滑动变阻器（R2）阻值范围0~1k允许最大电流100mA直流电源（E）输出电压4V，内阻不计开关（S）及导线若干①为提高实验结果的准确程度，电流表应选用____；电压表应选用；滑动变阻器应选用。（以上均填器材代号）②为达到上述目的，请在虚线框内画出正确的实验电路原理图，并标明所用器材的代号。③现已描绘出该元件的伏安特性曲线如图。若将该元件直接连接在一个电动势为3V，内阻为5的电源上，则该元件消耗的功率为W。（保留3位有效数字）评卷人得分五、简答题(共3题，共30分)25、已知rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}都是含有碳、氢、氧三种元素的有机物，其中rm{A}rm{C}分别是白酒和食醋中含有的成分，rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}间有如下图转化关系。请回答下列问题：rm{(1)A}物质中官能团的名称为_________，rm{C}的分子式为____________。rm{(2)}写出rm{A}与金属rm{Na}反应的化学方程式为_______________________________________。rm{(3)}写出rm{A}与rm{C}在浓rm{H_{2}SO_{4}}存在条件下加热，生成是一种有香味的油状液体rm{D}的化学反应方程式为___________________________________________________________。26、氮气和氮的化合物在工农业上生产、生活中有重要的用途。rm{(1)N_{2}}在空气中含量约rm{78%}其性质稳定，可作保护气，常温下不与rm{O_{2}}发生反应，但在闪电或者高温条件下可发生反应，标准状况下rm{11.2L}氮气与氧气反应吸收rm{90kJ}热量。rm{垄脵}写出rm{N_{2}}与rm{O_{2}}在放电条件下的热化学反应方程式____________。rm{垄脷}根据rm{NO}的性质，收集rm{NO}气体的正确方法是____________。rm{(}填“排水法”、“向上排空气法”或“向下排空气法”rm{)}rm{(2)}为探究rm{NH_{3}}的还原性，某实验小组设计了如下实验装置，其中rm{A}为rm{NH_{3}}的制取装置。rm{垄脵}下面是实验室制取rm{NH_{3}}的装置和选用的试剂，其中不合理的是rm{(}rm{)}

rm{垄脷}选取合理的rm{NH_{3}}的制取装置，小组开始实验，并发现了如下现象，同时小组对现象进行了讨论并得出了相应的结论。。序号现象结论Ⅰrm{B}装置中黑色氧化铜变为红色反应生成了rm{Cu}或rm{Cu_{2}O}Ⅱrm{C}装置中无水rm{CuSO_{4}}变蓝反应生成了rm{H_{2}O}Ⅲrm{E}装置中收集到无色无味气体反应生成了rm{N_{2}}分析上面的实验现象及结论，其中不合理的是____rm{(}填序号rm{)}原因是____________。rm{(3)}亚硝酸盐既有氧化性、又有还原性，常见的亚硝酸盐均有毒，但rm{NaNO_{2}}是一种食品添加剂，使用时必须严格控制其用量。rm{垄脵}在酸性溶液中，rm{NaNO_{2}}能使淀粉rm{-KI}溶液变蓝色rm{(}同时得到一种常见的气体化合物rm{)}也能使酸性rm{KMnO_{4}}溶液褪色，则前者反应过程中消耗的氧化剂与生成的氧化产物物质的量之比为____，后者反应的离子方程式为____。rm{垄脷NaNO_{2}}是建筑行业中常用的水泥抗冻剂，但因其具有咸味，外观上和食盐无明显区别，因此建筑工地食堂不时会出现因误食亚硝酸钠而中毒的现象。你认为下列物质有助于解毒的是____。A.鸡蛋清rm{B.}胃舒平rm{1}主要成分是rm{Al(OH)_{3}]}rm{C.}小苏打rm{{,!}}D.维生素rm{C}27、Ⅰ、为了达到下表中的实验要求，请从“供选择的化学试剂及方法”栏中，选择正确选项的____填入对应的空格中。。序号实验要求答案供选择的化学试剂及方法rm{a}检验乙酸是否具有酸性____A.新制的氢氧化铜悬浊液rm{b}检验植物油中是否含有碳碳双键____B.紫色石蕊试液rm{c}检验尿液中是否含有葡萄糖____C.加入饱和rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，分液rm{d}除去乙酸乙酯中的少量乙酸____D.溴水

Ⅱ、碳、氢、氧rm{3}种元素组成的有机物rm{A}相对分子质量为rm{102}含氢的质量分数为rm{9.8%}分子中氢原子个数为氧原子个数的rm{5}倍。rm{(1)A}的分子式是____________。rm{(2)A}与rm{NaHCO_{3}}溶液反应的同分异构体有_____________种。rm{(3)A}还有另一类酯类同分异构体，该异构体在酸性条件下水解，生成两种相对分子质量相同的化合物，写出符合该条件的酯的结构简式rm{(2}种rm{)}_________________、________________。评卷人得分六、实验探究题(共3题，共27分)28、某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中测量了一些数据；其中的一组数据如下所示．

（1）用毫米刻度尺测量摆线的长时，将摆线平放，如图（A）所示，刻度尺读数是______cm用游标卡尺测量摆球直径，卡尺游标位置如图（B）所示，可知摆球直径是______cm；

如图所示测出的摆长______（偏大；偏小）

（2）为了提高实验精度，在试验中可改变几次摆长L，测出相应的周期T，从而得出一组对应的L与T的数值，再以l为横坐标T2为纵坐标，将所得数据连成直线如图C所示，T2与L的关系式T2=______，利用图线可求出图线的斜率k=______，再由k可求出g=______．29、在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：)

A.待测的干电池(

电动势约为1.5V

内电阻小于1.0娄赂)

B.电流表A1(

量程0隆陋3mA

内阻=10娄赂)

C.电流表A2(

量程0隆陋0.6A

内阻=0.1娄赂)

D.滑动变阻器1(0隆陋20娄赂,10A)

E.滑动变阻器2(0隆陋200娄赂,lA)

F.定值电阻0(990娄赂)G.

开关和导线若干(1)

某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图所示的(a)(b)

两个参考实验电路，其中合理的是____图为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选_____(

填写字母代号)

(2)

下图为该同学根据(1)

中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的I1鈭�I2

图线(I1

为电流表A1

的示数，I2

为电流表A2

的示数，且)

则由图线可得被测电池的电动势E=

____________V

内阻r=

____________娄赂(

结果保留小数点后2

位)

30、(1)

如图为“研究电磁感应现象”的实验装置。如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏转了一下，那么合上电键稳定后可能出现的情况有：A.将A

线圈迅速拔出B

线圈时，灵敏电流计指针将向_______偏转(

填“左”或“右”)

B.A

线圈插入B

线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左滑动时，灵敏电流计指针将向_______偏转(

填“左”或“右”)

(2)

如图所示，线圈内有理想边界的磁场，当磁感应强度均匀增加时，有一带电粒子静止于水平放置的平行板电容器中间，则此粒子带____电，若增大磁感应强度的变化率，则带电粒子将____(

填“向上运动”、“向下运动”或“静止”)

。(3)

某发电厂输出的功率为200kW

输出电压为11kV

若采用220kV

的高压输电，那么，升压变压器(

不计变压器能量损失)

的原线圈和副线圈的匝数比为____；输电电流为____A

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【解析】试题分析：由平行板电容器的电容C和带电量Q，由电容的定义式求出板间电压．由求出板间场强．根据功的计算公式求解电场力对试探电荷q所做的功．由电容的定义式的板间电压为板间场强为试探电荷q由A点移动到B点，电场力做功故选C考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系【解析】【答案】C2、C【分析】【解答】解：A、根据光电效应方程Ekm=hv﹣W0知；入射光的频率不变，则逸出的光电子最大初动能不变，故A错误．

B；光的强弱影响的是单位时间内发出光电子的数目；不影响发射出光电子的时间间隔．故B错误，C正确．

D；能否发生光电效应与入射光的频率有关；与入射光的强度无关，频率保持不变，入射光强度减弱，仍然能发生光电效应，故D错误．

故选：C．

【分析】发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，光的强弱只影响单位时间内发出光电子的数目．结合光电效应方程分析影响最大初动能的因素．3、A【分析】【分析】正确解答本题需要掌握：了解打点计时器的构造、工作原理、工作特点等，比如工作电压、打点周期等，掌握基本仪器的使用，能够正确的使用打点计时器。对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用。【解答】A.电磁打点计时器和电火花打点计时器的电源频率相同；所以打点周期相同，故A正确；

BCD.

电磁打点计时器工作电压是4V隆芦6V

交流电源；电火花打点计时器的电压是220V

交流电源，故BCD错误；

故选A。【解析】A

4、A【分析】解：起偏器和检偏器的偏振方向垂直时；没有光通过；偏振方向平行时，光强达到最大。当其中一个偏振片转动180°的过程中，两偏振片的方向由垂直到平行再到垂直，所以通过的光强先增强，然后又减小到零。故A正确，BCD错误；

故选：A。

根据光的偏振现象；只要光的振动方向不与偏振片的狭逢垂直，都能有光通过偏振片．

自然光向各个方向发射，而偏振光则是向特定方向发射．【解析】A5、D【分析】

从图上可以看出，交流电的周期T=0.02s，所以频率为50Hz．正弦交流电的有效值是峰值的倍；所以电压有效值为220V．所以D正确．

变压器的输入和输出电压之比等于原副线圈匝数比，所以输出电压的最大值为36V；所以A错误．

变压器只能改变交流电的电压；而不能改变频率和功率，即对于理想变压器的输入功率和输出功率相等，所以C错误．

变压器的输入和输出电压之比等于原副线圈匝数比；电流之比等于原副线圈匝数的反比，所以B错误．

故选D．

【解析】【答案】根据图象可以求得输出电压的有效值；周期和频率等；再根据电压与匝数成正比即可求得结论．

6、C【分析】

试题分析：由可得

故选C

考点：电磁波的波长；波速和频率的关系。

点评：电磁波的波长、波速和频率的关系满足【解析】C

7、B【分析】由图象可知，C

点处电源的总功率等于内部消耗的功率，这时外电阻为零，根据可知电源的电动势E=3V

内电阻A错误；线段AB

表示电路为1.5A

时的工作状态，根据闭合回路欧姆定律可得，此时路端电压为故AB表示的功率为B正确；当外电路电阻和内阻相等时，电源的输出功率最大，当电流为2A

时，根据闭合回路欧姆定律可得外电路电压为1V

此时外电路电阻为与内阻不等，故电源的输出功率不是最大，C错误；根据闭合回路欧姆定律可得电流为1A

时；路端电压为2V

D错误。

考点：电功率；闭合电路欧姆定律。

【解析】B

二、填空题(共9题，共18分)8、略

【分析】

（1）A小球和B小球相撞后；B小球的速度增大，A小球的速度减小，所以碰撞后A球的落地点距离O点最近，B小球离O点最远，中间一个点是未放B球时A的落地点，所以未放B球时，A球落地点是记录纸上的P点；

（2）碰前总动量p=m1=0.0168×0.219=3.68×10-3kg•m

碰后总动量p′==0.0168×0.131+0.0056×0.2604=3.66×10-3kg•m

（3）碰撞前后动量近似相等；在实验误差允许范围内，可认为系统在碰前和碰后的动量守恒；

（4）小球碰撞前后都做平抛运动；竖直方向位移相等，所以运动的时间相同，水平方向做匀速直线运动，速度等于水平位移除以时间，所以可以用水平位移代替速度，故选D

故答案为：P；3.68×10-3；3.66×10-3；动量守恒；D

【解析】【答案】A小球和B小球相撞后；B小球的速度增大，A小球的速度减小，所以碰撞后A球的落地点距离O点最近，B小球离O点最远，中间一个点是未放B球时A的落地点，小球碰撞前后都做平抛运动，竖直方向位移相等，所以运动的时间相同，水平方向做匀速直线运动，速度等于水平位移除以时间，所以可以用水平位移代替速度，根据动量的公式计算出碰撞前后动量的值．

9、略

【分析】【解析】试题分析：游标卡尺的读数为：考点：考查了游标卡尺的读数【解析】【答案】2.538cm10、略

【分析】解：1；游标卡尺的主尺读数为11mm；游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.1mm=0.4mm，所以最终读数为：11mm+0.4mm=11.4mm．

2；螺旋测微器的固定刻度为1.5mm；可动刻度为49.5×0.01mm=0.495mm，所以最终读数为1.5mm+0.495mm=1.995mm．

故答案为：11.4；1.995．

解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】11.4；1.99511、交变电流；220【分析】解：我国日常照明电路所使用的交变电流的电压；电压为220V

故答案为：交变电流；220V

．

我国日常照明电路所使用的交变电流的电压；电压为220V

．

本题考查我们对所用照明用电的认识，要注意220V

是指交流电的有效值．【解析】交变电流；220

12、爱因斯坦粒子【分析】解：爱因斯坦为解释光电效应现象提出了光子说；

光电效应说明了光具有粒子性。

故答案为：爱因斯坦；粒子。

因斯坦为解释光电效应现象：提出了光的光子说；光电效应现象说明光具有粒子性，从而即可求解。

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。【解析】爱因斯坦粒子13、600.1【分析】【解答】光速为3×108m/s（1）由v=λf得：=0.1m（2）由v=s/t

得，s=vt=3×108m/s×0.4s=12×107m

电磁波传播距离是单向距离的2倍，故卫星离地为：d=s/2=60km

答：被监视的目标到雷达的距离为60km；雷达发出的电磁波的波长为0.1m．

【分析】（1）由波速、波长和频率的关系可求得频率，（2）由电磁波的传播速度由速度公式可求得距离．14、略

【分析】解：把电流表改装成3V

的电压表需要串联分压电阻；

串联电阻阻值：R=UIg鈭�Rg=30.003鈭�100=900娄赂

把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻；

故答案为：串；900

并．

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．

本题考查了电压表与电流表的改装，知道电压表与电流表的改装原理是解题的前提与关键，应用串联电路特点与欧姆定律可以解题．【解析】串；900

并15、略

【分析】解：(1)20

分度的游标卡尺；精确度是0.05mm

游标卡尺的主尺读数为11mm

游标尺上第10

个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10隆脕0.05mm=0.50mm

所以最终读数为：11mm+0.50mm=11.50mm

．

(2)50

分度的游标卡尺；精确度是0.02mm

游标卡尺的主尺读数为10mm

游标尺上第20

个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为20隆脕0.02mm=0.40mm

所以最终读数为：10mm+0.40mm=10.40mm

．

(3)

螺旋测微器的固定刻度为5.5mm

可动刻度为4.6隆脕0.01mm=0.046mm

所以最终读数为5.5mm+0.046mm=5.546mm

由于需要估读，最后的结果可以在5.545鈭�5.547

之间．

故答案为：(1)11.50

(2)10.40

(3)5.546(5.545鈭�5.547

都对)

解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读.

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】11.5010.405.546(5.545鈭�5.547

都对)

16、变大1.9【分析】解：（饱和）光电流的大小与入射光的强度有关；增大光的强度，电流表示数变大；

用光子能量为2.5eV的光照射时，设光电子的最大初动能为Ekm，阴极材料逸出功为W0，由光电效应方程：Ekm=hν-W0

当反向电压达到U=0.60V以后，具有最大初动能的光电子也达不到阳极，因此eU=Ekm

由以上二式：Ekm=0.6eV，W0=1.6eV。

所以该材料的逸出功为1.9eV。

故答案为：变大；1.9

饱和光电流的大小与入射光的强度有关；根据光电效应方程，结合动能定理分析逸出功即可。

解决本题的关键掌握光电效应方程，知道光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与光的强度无关。【解析】变大1.9三、判断题(共7题，共14分)17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．19、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．21、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．22、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．23、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、实验题(共1题，共7分)24、略

【分析】试题分析：①由伏安特性曲线图可知，电流最大值为0.30A，故电流表应选用A2，灯泡两端的电压最大为2.5V，故电压表应选用V1；由曲线可知实验要求电流电压是从零开始变化的，故应选用分压接法，故滑动变阻器应选用R1，便于调节。②滑动变阻器选用分压接法；待测元件内阻较小，故应选用电流表外接法，电路图见答案．③由电源的电动势和内阻在元件伏安特性曲线图中作出电源的伏安特性曲线，则两图线的交点即为元件的工作点，可得元件的电压和电流，进而可知元件的功率为0.366W.考点：伏安特性曲线的描绘及应用【解析】【答案】①A2;V1;R1②③0.366W(0.336—0.396W)五、简答题(共3题，共30分)25、rm{(1)}羟基rm{C_{2}H_{4}O_{2}}

rm{(2)2C_{2}H_{5}OH+2Na隆煤2C_{2}H_{5}ONa+H_{2}隆眉}

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}【分析】【分析】本题考查有机物推断，涉及醇、醛、羧酸的性质与转化，比较基础，侧重对基础知识的巩固。【解答】A、rm{B}rm{C}rm{D}都是含有碳、氢、氧三种元素的有机物，rm{A}rm{C}分别是白酒和食醋中含有的成分，则rm{A}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{C}为rm{CH_{3}COOH}由转化关系可知，rm{B}为rm{CH_{3}CHO}rm{D}为rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{(1)A}为乙醇，含有官能团为羟基，rm{C}的分子式为：rm{C_{2}H_{4}O_{2}}故答案为：羟基；rm{C_{2}H_{4}O_{2}}rm{(2)}乙醇和钠反应方程式为：rm{2C_{2}H_{5}OH+2Na隆煤2C_{2}H_{5}ONa+H_{2}隆眉}故答案为：rm{2C_{2}H_{5}OH+2Na隆煤2C_{2}H_{5}ONa+H_{2}隆眉}rm{(3)}乙醇和乙酸在浓硫酸作用下生成乙酸乙酯，方程式为：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}故答案为：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}【解析】rm{(1)}羟基rm{C_{2}H_{4}O_{2}}rm{(2)2C_{2}H_{5}OH+2Na隆煤2C_{2}H_{5}ONa+H_{2}隆眉}rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}26、（1）①N2(g)＋O2(g)=2NO(g)△H=+180kJ/mol②排水法（2）①ad②Ⅱ无水CuSO4变蓝有可能是因为制取NH3时产生了H2O，不一定是反应产生的H2O（3）①2︰12MnO4-+5NO2-+6H+=2Mn2++5NO3-+3H2O②D【分析】【分析】本题考查热化学方程式的书写，气体制备、收集和性质探究、氧化还原反应和离子方程式书写等知识，难度不大。【解答】rm{(1)垄脵}氮气和氧气在放电条件下生成rm{NO}标准状况下rm{11.2L}即rm{0.5mol}氮气与氧气反应吸收rm{90kJ}热量，则该反应的热化学方程是为：即rm{11.2L}氮气与氧气反应吸收rm{0.5mol}热量，则该反应的热化学方程是为：rm{90kJ}rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)=2NO(g)}；

故答案为：rm{triangleH=+180kJ/mol}rm{N}rm{2}rm{2}rm{(g)+O}rm{2}；rm{2}一氧化氮难溶于水可用排水法收集；

故答案为：排水法；rm{(g)=2NO(g)}中氯化铵受热分解成氨气和氯化氢在试管口处温度降低会重新反应生成氯化铵，无气体导出，故rm{triangleH=+180kJ/mol}错误；rm{垄脷}浓氨水遇生石灰，生石灰吸水放热会使浓氨水分解产生大量的氨气，故rm{(2)垄脵a.}正确；rm{a}加热会使浓氨水分解产生大量的氨气，故rm{b.}正确；rm{b}浓氨水和浓硫酸反应，无氨气逸出，故rm{c}错误，故答案为：rm{c}rm{d.}rm{d}装置中黑色氧化铜变为红色，氨气将氧化铜还原反应生成了rm{ad}或rm{垄脷}rm{B}装置中黑色氧化铜变为红色，氨气将氧化铜还原反应生成了rm{Cu}或rm{Cu}rm{B}，故Ⅰ正确；无水rm{Cu}变蓝有可能是因为制取rm{Cu}rm{2}时产生了rm{2}rm{O}，故Ⅰ正确；rm{O}不一定是反应产生的rm{CuSO_{4}}rm{NH}rm{3}故Ⅱ不合理；根据所含的元素和气体的性质rm{3}装置中收集到无色无味气体为rm{H}故Ⅲ正确，rm{2}Ⅱ；无水rm{2}rm{O}变蓝有可能是因为制取rm{H}rm{2}时产生了rm{2}rm{O}rm{E}装置中收集到无色无味气体为rm{N_{2}}故Ⅲ正确，不一定是反应产生的rm{E}rm{N_{2}}故答案为：rm{CuSO}rm{4}rm{4}rm{NH}rm{3}反应生的气体为rm{3}rm{H}被氧化生产rm{2}根据反应中元素价态变化及得失电子守恒原理可知，氧化剂和氧化产物物质的量之比为rm{2}亚硝酸根离子被高锰酸根离子氧化生成rm{O}rm{H}被还原生成rm{2}该反应的离子方程式为：rm{2}rm{O}rm{(3)垄脵}rm{NaNO}rm{NaNO}rm{2}rm{2}和rm{KI}反应生的气体为rm{NO}rm{I-}被氧化生产rm{I_{2}}根据反应中元素价态变化及得失电子守恒原理可知，氧化剂和氧化产物物质的量之比为rm{KI}

故答案为：rm{NO}rm{I-}rm{I_{2}}rm{2漏U1}rm{NO_{3}^{-}}rm{MnO_{4}^{-}}rm{Mn^{2+}}rm{2MnO}rm{4}rm{4}rm{{,!}^{-}+5NO}rm{2}rm{{,!}^{-}}可以解毒；

故答案为：rm{2}

rm{2}【解析】rm{(1)垄脵N_{2}(g)+O_{2}(g)=2NO(g)}rm{triangleH=+180kJ/mol}rm{垄脷}排水法rm{(2)垄脵ad}rm{垄脷}Ⅱ无水rm{CuSO_{4}}变蓝有可能是因为制取rm{NH_{3}}时产生了rm{H_{2}O}不一定是反应产生的rm{H_{2}O}rm{(3)垄脵2漏U1}rm{2MnO_{4}^{-}+5NO}rm{{,!}_{2}^{-}}rm{{,!}_{2}^{-}}rm{+6H^{+}=2Mn^{2+}+5NO_{3}^{-}+3H_{2}O}rm{垄脷D}27、Ⅰ.BDAC

Ⅱ.C5H10O24CH3COOCH（CH3）2CH3COOCH2CH2CH3【分析】【分析】本题考查有机物分子式与结构的推断；官能团的结构和性质、有机反应类型、同分异构体书写以及对反应信息的利用能力；难度中等。

【解答】Ⅰrm{.a.}乙酸具有酸性，可使酸碱指示剂变色，可用紫色石蕊试液检验，溶液变红色，故答案为rm{B}rm{b.}碳碳双键可与溴水发生加成反应，可使溴水褪色，故答案为rm{D}rm{c.}葡萄糖含有醛基，可与氢氧化铜浊液发生氧化还原反应，在加热条件下进行，生成砖红色沉淀，故答案为rm{A}rm{d.}乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠反应，可用于饱和碳酸钠溶液检验，故答案为rm{C}Ⅱrm{.(1)}有机物rm{A}的相对分子质量是rm{102}含氢的质量分数为rm{9.8%}则分子中含有的rm{N(H)=}rm{dfrac{102隆脕9.8拢楼}{1}=10}分子中氢原子个数为氧个数的rm{dfrac{102隆脕9.8拢楼}{1}

=10}倍，rm{5}根据相对分子质量是rm{N(O)篓T2}所以rm{102}所以有机物rm{N(C)=5}的分子式为rm{A}故答案为：rm{C_{5}H_{10}O_{2}}rm{C_{5}H_{10}O_{2}}与rm{(2)A}溶液反应说明分子组成里有羧基，则符合条件的rm{NaHCO_{3}}为rm{A}rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}COOH}rm{CH_{3}CH(CH_{3})CH_{2}COOH}rm{CH_{3}CH_{2}CH(CH_{3})COOH}共rm{CH_{3}C(CH_{3})_{2}COOH}种；故答案为：rm{4}rm{4}的一种酯类同分异构体，在酸性条件下水解，生成两种相对分子质量相同的化合物，符合条件的结构简式为：rm{(3)A}或rm{CH_{3}COOCH(CH_{3})_{2}}故答案为：rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{2}CH_{3}}或rm{CH_{3}COOCH(CH_{3})_{2}}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{2}CH_{3}}【解析】Ⅰrm{.B}rm{D}rm{A}rm{C}Ⅱrm{.}rm{C}rm{C}rm{{,!}_{5}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{10}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{4}rm{CH}rm{4}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{