2023年四川省内江六中中考物理二模试卷

学而优教有方年四川省内江六中中考物理二模试卷一、选择题（本大题共12题，每题4分，共48分。每题只有一个选项是符合要求的。）1．（4分）目前我们最前沿的通信科技，不管是5G，还是Wi﹣Fi6，都是基于电磁理论发展起来的技术。而电磁理论，就是18～19世纪奠基完成的。下列科学家中，预言了电磁波的存在，并在理论上进行了分析总结的是（）A．牛顿 B．爱因斯坦 C．伽利略 D．麦克斯韦2．（4分）关于声现象，下列说法正确的是（）A．一切发声体都在振动 B．超声波在15℃的空气中传播速度大于次声波 C．利用超声波清洗精密器械是利用了声能传递信息 D．防噪声耳罩是在声源处控制噪声3．（4分）诗词是中华文化的瑰宝之一，许多优美的诗词是对生活和自然现象的生动描述，也与物理知识有着紧密联系，下列诗词与对应的物理知识正确的一项是（）A．“掬水月在手，弄花香满衣”诗句中的“月”，是由光的反射形成的虚像 B．“水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”看到水中游鱼细石是因为光的直线传播 C．“人面桃花相映红”桃花呈红色是因为它能吸收红光 D．“溪边照影行，天在清溪底”诗句中的“天”是由光的折射形成的虚像4．（4分）关于牛顿第一定律的理解，下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是通过凭空想象出来的 B．物体只要运动，就一定受到力的作用 C．不受力的物体，只能保持静止状态 D．如果物体不受到力的作用，原来运动的物体将保持原有的速度一直做匀速直线运动5．（4分）如图，水平桌面上放置着一个装有水的圆柱形容器和质量相等的A、B两个实心小球。将A球放入容器内的水中，A球漂浮。取出A球后（带出的水忽略不计），再将B球放入容器内的水中，B球沉入容器底部。下列说法正确的是（）A．A球的密度大于B球的密度 B．A球受到的浮力大于B球受到的浮力 C．放入A球后水对容器底的压强等于放入B球后水对容器底的压强 D．放入A球后容器对桌面的压强大于放入B球后容器对桌面的压强6．（4分）如图甲实心球向上运动，落回地面的过程中先后经过M、S两点。实心球在这两点的动能和重力势能如图乙所示，下列说法正确的是（）A．实心球上升过程中动能增大，重力势能减小 B．实心球在运动过程中机械能不守恒 C．M点离地高度比在S点的低 D．M点到S点过程中实心球动能保持不变7．（4分）建筑工人用独轮车搬运砖头，如图所示。推车时人手向上的作用力小于车厢和砖头的总重力，对此分析正确的是（）A．以轮子轴心为支点，动力臂大于阻力臂 B．以轮子轴心为支点，动力臂小于阻力臂 C．以人手握车杆的点为支点，动力臂大于阻力臂 D．以人手握车杆的点为支点，动力臂等于阻力臂8．（4分）在橙子上插入铜片和锌片，制成水果电池，将水果电池与发光二极管（简称“LED”）连接成如图所示的电路，LED发光。下列说法正确的是（）A．铜片相当于电池的正极 B．LED的材料主要是超导体 C．水果电池将电能转化为化学能 D．电流从锌片经过LED流向铜片9．（4分）下列关于实验的叙述正确的是（）A．图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子间存在着引力 B．图乙中，水沸腾后软木塞被推出，软木塞的内能转化为它的机械能 C．图丙中，把玻璃板拉出水面时示数会变大，是大气压力的作用 D．图丁中，将瓶塞弹出时，瓶内气体内能减少10．（4分）如图所示的用电器中，利用电流热效应工作的是（）A．笔记本电脑 B．电饭锅 C．手机 D．电风扇11．（4分）某物理兴趣小组为医院设计了一个输液自动报警器，它能在药液将要输完时，通过电铃发声报警。该报警器内部有一可变电阻R，其阻值随管内液体质量减少而减小，通过电铃的电流需要达到一定大小时才能发声。当输液管内液体质量减少，电表示数也变小（电源电压恒定）。下列几个电路图符合报警要求的是（）A． B． C． D．12．（4分）如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”，闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，绘制了电流表与电压表示数变化关系图像（如图乙），电流表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图像（如图丙）。则下列说法中正确的是（）A．小灯泡的额定功率为3.0W B．若滑动变阻器滑片P向右移动，电流表示数会变小，电压表示数会变大 C．电源电压为9V D．若将电压表量程换为0～3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为24～50Ω二、填空题（本大题共7小题，每空3分，共42分。把正确答案直接填在答题卡相应的横线上。）13．（6分）2018年10月，港珠澳大桥正式通车，大桥全长55km，限100km/h，在遵守交通规则的情况下，驾车通过大桥至少需要h；司机饮酒后反应较慢，易发生交通事故，若不饮酒时反应时间为0.4s，醉酒后反应时间为1.0s，当时车行驶速度72km/h。那么醉酒后与不饮酒相比，在反应时间内要多行m的距离。14．（6分）“立定跳远”作为我市2023年体育中考抽考项目之一，如图所示，立定跳远主要分四个部分：蹬地起跳，空中滑翔，下肢前伸，双脚落地。蹬地起跳，双脚蹬地，人向前运动；起跳后，人会在空中滑翔一段距离，这是因为人具有；体重为60kg的某同学，在一次立定跳远训练中成绩是2m，若该同学在跳远滑翔到最高点时重心上升30cm，则在此过程中克服重力做功J（g取10N/kg）。15．（6分）如图是仿生机械眼球，该装置未来将用于代替有缺陷的人眼，它内部有一块具备自动变焦功能的微型凸透镜，眼球可随意观察一定范围内的物体，并将观察到的像成在内部固定不动的微型底片上，此仿生机械眼球的成像原理与（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的工作原理相似。当眼球观察远处物体时，微型凸透镜的焦距与观察近处相比会。16．（6分）如图是一台饮水机的工作原理电路图，S是一个温控开关，R1为阻值为22Ω的电加热管，R2是定值电阻，R2＝4R1。当饮水机处于加热状态时，（选填“红”或“绿”）灯亮；保温100s时R1产生的热量为J。（不考虑温度对电阻的影响，且不计红、绿指示灯的阻值）17．（6分）光照射某种光敏电阻时，其阻值会减小。某同学利用该特性设计了一个计数装置，用于模拟测试中考跳绳次数，其电路如图甲所示，电源电压恒为12V，R0为阻值20Ω的定值电阻，RT为光敏电阻，没有红外线照射时，信号记录仪记录到电压变化便计数一次。该同学进行模拟测试时，信号记录仪记录的电压随时间变化的图像如图乙所示，则绳子挡住红外线时，信号记录仪记录的电压是V，RT＝Ω。18．（6分）如图，用此装置提升重物，不计绳重和摩擦，当拉力F＝20N时，重50N的物体被匀速提起，10s内物体升高5m，滑轮组的机械效率为，拉力的功率为。19．（6分）小明自制了一个带有电磁铁的木船模型（如图所示）。将它放入水中漂浮，闭合开S，电磁铁的A端为极；电磁铁由于受到地磁杨的作用，船头会指向（选填“南方”或“北方”）。三、作图题（本大题共3小题，共10分。按要求完成下列各题。）•20．（3分）如图所示，一束光从空气斜射向水面，请画出反射光线、折射光线并标出反射角度数。21．（3分）运动员将冰壶推出后，冰壶在水平冰面上水平向右做直线运动，最终停下来，O为其重心。请画出冰壶在冰面运动时受到的力。22．（4分）请将额定电压为220V的螺丝口电灯，开关，保险丝和三孔插座，正确地接入家庭电路。四、实验探究题（本大题共2小题，共20分。按要求完成下列各题。）23．（10分）如图所示，小夏同学在水平桌面上进行“滑动摩擦力的大小与什么有关”的探究实验：（1）实验过程中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做运动。此时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。（2）由甲、乙实验可探究滑动摩擦力与的关系。（3）在甲实验中，将拉动木块的速度增大为原来的2倍，滑动摩擦力的大小（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（4）小夏对实验装置进行改进后，如图丁所示，当他再进行实验时，发现效果更好。若弹簧测力计的示数为3N，用F＝10N的拉力拉动B刚好做匀速直线运动。则物块B受到地面摩擦力为N。24．（10分）小华用如图甲所示电路测量额定电压为2.5V小灯泡额定功率。（1）请用笔画线代替导线将甲图的电路连接完整，使滑片向右移动时灯泡变亮；（2）连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表有示数，电压表无示数。电路中出现的故障是；A、小灯泡短路B、小灯泡断路C、滑动变阻器短路D、滑动变阻器断路（3）测量过程中，滑片在某一位置时，电压表示数为2V，为测量灯泡的额定功率，应缓慢将滑片P向移动（选填“左”、“右”），灯正常发光时电流表示数如图乙所示；（4）小华根据实验数据画出小灯泡U﹣I关系图像如图丙中实线所示，结合图像可知，当小灯泡两端电压为2V时，实际功率范围最精确的是；A．P＜0.48WB．0.48W＜P＜0.6WC．0.6W＜P＜0.75WD．P＜0.75W（5）实验结束后，小华继续对滑动变阻器两端电压U与通过它的电流I关系进行了探究，根据实验数据也画出了U﹣I图像。你认为正确的是图丙中的虚线；（6）小华设计了如图丁所示的电路图，测量小灯泡在正常工作时的电阻。已知电源电压恒为U，小灯泡额定电压为U额，定值电阻的阻值为R0。实验步骤如下：①只闭合S、S2，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为U额；②保持滑片P不动，断开S2、闭合S1，读出电压表示数为U1；③小灯泡正常发光时的电阻RL＝。（用已知量和所测物理量符号表示）五、计算题（本大题共2小题，共15分。解答时写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分，有数值运算的题，答案中必须写出数值和单位。）25．（7分）如图所示是一款四轮沙滩车，它满载时的总质量为0.6t，每个车轮与沙滩的接触面积为500cm2，沙滩车满载时在水平沙滩上匀速直线前行，发动机的功率恒为11.5kW，在10min内行驶6km。（g取10N/kg）（1）当沙滩车满载并静止在水平沙滩上时，它对沙滩的压强为多少？（2）行驶中沙滩车所受的阻力有多大？（3）沙滩车以汽油为燃料，在这次行驶中消耗汽油600g，求此过程中沙滩车汽油机的效率。（汽油的热值为4.6×107J/kg）26．（8分）如图所示是小明家中央空调的开关控制装置的工作原理图。控制电路电源电压为6V恒定不变，电磁继电器线圈的电阻R0＝15Ω，R1是电阻箱，R是热敏电阻，其阻值随温度变化关系如表所示。当电磁继电器线圈中的电流大于或等于15mA时，衔铁被吸合，工作电路接通开始制冷。温度t/℃0510152025303540电阻R/欧550500445415385355325295265（1）空调器都使用三脚插头，如图所示，其中较长的插脚E与空调器的相连。（选填“零线”、“火线”、“金属外壳”、“塑料外壳”）（2）如果温度高于25℃，空调开始自动制冷，则电阻箱R1的电阻值应调为多大？（3）小明家的电能表上标有如图所示的字样，当关闭其它用电器，让空调单独持续工作6min，观察到电能表的铝盘正好转动了120圈，则该段时间空调的功率为多大？工作电流为多大？

2023年四川省内江六中中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12题，每题4分，共48分。每题只有一个选项是符合要求的。）1．（4分）目前我们最前沿的通信科技，不管是5G，还是Wi﹣Fi6，都是基于电磁理论发展起来的技术。而电磁理论，就是18～19世纪奠基完成的。下列科学家中，预言了电磁波的存在，并在理论上进行了分析总结的是（）A．牛顿 B．爱因斯坦 C．伽利略 D．麦克斯韦【分析】麦克斯韦主要从事电磁理论、分子物理学、统计物理学、光学、力学、弹性理论方面的研究，尤其是他建立的电磁场理论，将电学、磁学、光学统一起来，是19世纪物理学发展的最光辉的成果，是科学史上最伟大的综合之一；他预言了电磁波的存在，一般认为麦克斯韦是从牛顿到爱因斯坦这一整个阶段中最伟大的理论物理学家。【解答】解：英国物理学家麦克斯韦在总结电学与磁学知识的基础上提出了电磁场理论，把电与磁联系在一起，并预言了电磁波的存在。故选：D。【点评】本题考查了物理学史方面的知识，属于基础性知识。2．（4分）关于声现象，下列说法正确的是（）A．一切发声体都在振动 B．超声波在15℃的空气中传播速度大于次声波 C．利用超声波清洗精密器械是利用了声能传递信息 D．防噪声耳罩是在声源处控制噪声【分析】声音是由物体振动产生的。声速的大小与介质的种类和介质的温度有关。声音能传递信息和能量。减小噪声的影响，通常从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收三个环节进行防治。【解答】解：A．声音是由物体振动产生的，一切发声体都在振动，故A正确；B．超声波在15℃的空气中传播速度等于次声波的传播速度，故B错误；C．声音能传递信息和能量，利用超声波清洗精密器械是利用了声能传递能量，故C错误；D．防噪声耳罩是在人耳处控制噪声，故D错误。故选：A。【点评】此题考查了声音的产生、声速、防治噪声的途径等，属于基础知识。3．（4分）诗词是中华文化的瑰宝之一，许多优美的诗词是对生活和自然现象的生动描述，也与物理知识有着紧密联系，下列诗词与对应的物理知识正确的一项是（）A．“掬水月在手，弄花香满衣”诗句中的“月”，是由光的反射形成的虚像 B．“水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”看到水中游鱼细石是因为光的直线传播 C．“人面桃花相映红”桃花呈红色是因为它能吸收红光 D．“溪边照影行，天在清溪底”诗句中的“天”是由光的折射形成的虚像【分析】对于诗句中涉及到的物理知识，我们首先要弄懂诗句的意义，然后认真分析确定该用哪一方面的知识进行解答。【解答】解：A、水中的月亮属于平面镜成像，是由光的反射形成的虚像，故A正确；B、在岸上看到水中的游鱼细石，是水中的游鱼、细石反射的光线斜射入空气中时，发生光的折射而形成的虚像，故B错误；C、因为桃花能反射红光，所以会有人面桃花相映红的现象，故C错误；D、溪边照影行，天在清溪底，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了光的折射现象、物体的颜色、平面镜成像，是一道综合性较强的题目，在平时学习中练习用所学知识解释有关的自然现象。4．（4分）关于牛顿第一定律的理解，下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是通过凭空想象出来的 B．物体只要运动，就一定受到力的作用 C．不受力的物体，只能保持静止状态 D．如果物体不受到力的作用，原来运动的物体将保持原有的速度一直做匀速直线运动【分析】（1）解答此题的关键是把握一个“或”字，“或”指两种状态必居其一，不能同时存在，也就是说物体如果不受外力作用时，原来静止的物体仍保持静止状态，而原来处于运动状态的物体会保持原来的速度的大小和方向，做匀速直线运动一直到有外力改变这种状态。（2）牛顿第一定律是在实验的基础上经过科学的推理而得出的。不能用实验直接验证，但经受了实践的检验，是大家公认的力学基本定律之一。【解答】解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上经过科学的推理而得出的，不能用实验直接验证，但它不是凭空想象出来的，是经受了实践的检验的，故A错误；B、物体不受力或受平衡力作用时做匀速直线运动，说明物体的运动不需要力来维持，故B错误；C、一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态，故C错误；D、如果物体不受外力作用时，原来运动的物体将保持原有的速度做匀速直线运动，故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查了学生对牛顿第一定律的理解。一定要掌握其内容，理解”或“字的真正含义。5．（4分）如图，水平桌面上放置着一个装有水的圆柱形容器和质量相等的A、B两个实心小球。将A球放入容器内的水中，A球漂浮。取出A球后（带出的水忽略不计），再将B球放入容器内的水中，B球沉入容器底部。下列说法正确的是（）A．A球的密度大于B球的密度 B．A球受到的浮力大于B球受到的浮力 C．放入A球后水对容器底的压强等于放入B球后水对容器底的压强 D．放入A球后容器对桌面的压强大于放入B球后容器对桌面的压强【分析】（1）漂浮和沉底的条件判断即可判断出浮力的关系以及物体密度的关系；（2）据液体内部压强的特点分析判断即可；（3）根据水平面上F＝G总以及p＝分析判断即可。【解答】解：A、将A放入水中，A漂浮，A球的密度小于水的密度，B球放入水中，B沉入容器底部，B球的密度大于水的密度，所以A的密度小于B的密度，故A错误；B、已知两个小球的质量相同，重力相同，A球漂浮，浮力等于重力，即F浮A＝G，B球沉底，浮力小于重力，F浮B＜G，所以A受到的浮力大于B受到的浮力，故B正确；C、由B知，A受到的浮力大于B受到的浮力，根据阿基米德原理知A排开液体的体积大于B排开液体的体积，A的液面升高的多，根据p＝ρgh知放入A后比放入B后水对容器底的压强大，故C错误；D、因为AB的质量相等，放入A后与放入B后容器对桌面的压力相等，根据p＝知放入A后与放入B后容器对桌面的压强相等，故D错误。故选：B。【点评】该题考查了浮力的判断、液体压强的计算、密度与浮沉条件的关系等知识点，是一道综合题。6．（4分）如图甲实心球向上运动，落回地面的过程中先后经过M、S两点。实心球在这两点的动能和重力势能如图乙所示，下列说法正确的是（）A．实心球上升过程中动能增大，重力势能减小 B．实心球在运动过程中机械能不守恒 C．M点离地高度比在S点的低 D．M点到S点过程中实心球动能保持不变【分析】影响动能大小的因素：物体的质量和速度。物体的质量越大，速度越大，物体具有的动能就越大；影响重力势能大小的因素：物体的质量和物体所处的高度。物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大；动能和势能之和称为机械能。【解答】解：A、实心球上升过程中质量不变、速度减小、高度增加，动能减小，重力势能增大，故A错误；B、从图乙可以看出，实心球在M点的重力势能+动能＞实心球在S点的重力势能+动能，可知实心球在运动过程中机械能不守恒，故B正确；C、从图乙可以看出，实心球在M点的重力势能比在S点的大，所以M点离地高度比在S点的高，故C错误；D、M点的重力势能比在S点的大，由于机械能为动能和势能的和，机械能逐渐变小，所以M点到S点过程中实心球动能发生了改变，故D错误。故选：B。【点评】本题以实心球测试为内容，考查了与力学相关的多个知识点，学会将相关知识与实际现象相联系，是正确解答此类问题的关键。7．（4分）建筑工人用独轮车搬运砖头，如图所示。推车时人手向上的作用力小于车厢和砖头的总重力，对此分析正确的是（）A．以轮子轴心为支点，动力臂大于阻力臂 B．以轮子轴心为支点，动力臂小于阻力臂 C．以人手握车杆的点为支点，动力臂大于阻力臂 D．以人手握车杆的点为支点，动力臂等于阻力臂【分析】（1）杠杆绕着转动的固定点叫支点，使杠杆转动的力叫动力，阻碍杠杆转动的力叫阻力，从支点到动力作用线的距离叫动力臂，从支点到阻力作用线的距离叫阻力臂。（2）杠杆分为三类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离）、费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离）和等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力也不费力，不省距离也不费距离）。【解答】解：建筑工人用独轮车搬运砖头时，独轮车绕轮子轴心转动，则支点是轮子轴心，人手向上的作用力是动力，车厢和砖头的总重力是阻力；已知推车时人手向上的作用力小于车厢和砖头的总重力，即动力小于阻力，所以根据杠杆平衡条件可知，动力臂大于阻力臂，故选项A正确、BCD错误。故选：A。【点评】此题主要考查了杠杆平衡条件的应用，明确工人用独轮车搬运砖头时杠杆的五要素是解答此题的关键。8．（4分）在橙子上插入铜片和锌片，制成水果电池，将水果电池与发光二极管（简称“LED”）连接成如图所示的电路，LED发光。下列说法正确的是（）A．铜片相当于电池的正极 B．LED的材料主要是超导体 C．水果电池将电能转化为化学能 D．电流从锌片经过LED流向铜片【分析】二极管是由半导体材料制成的，有两根引线，一根为正极，另一根为负极；二极管的导电性能很特殊，它只允许电流从它的正极流向负极，不允许从负极流向正极。【解答】解：A、图中二极管发光，说明二极管的连接是正确的，因此铜片相当于电池的正极，故A正确；B、LED的材料主要是半导体，故B错误；C、水果电池将化学能转化为电能，故C错误；D、电流从铜片经过LED流向锌片，故D错误。故答案为：A。【点评】本题考查了二极管的单向导电性的应用，属于基础知识的考查，比较简单。9．（4分）下列关于实验的叙述正确的是（）A．图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子间存在着引力 B．图乙中，水沸腾后软木塞被推出，软木塞的内能转化为它的机械能 C．图丙中，把玻璃板拉出水面时示数会变大，是大气压力的作用 D．图丁中，将瓶塞弹出时，瓶内气体内能减少【分析】（1）图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子在不停地运动，但不能说明分子间存在着引力；（2）图乙中，水沸腾后软木塞被推出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能；（3）图丙中，把玻璃板拉出水面时示数会变大，是因为分子间存在引力；（4）图丁中，将瓶塞跳出时，瓶内气体内能转化为活塞的动能，瓶内气体内能减少。【解答】解：A．图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子在不停地运动，不能说明分子间存在着引力，故A错误；B．图乙中，水沸腾后软木塞被弹出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故B错误；C．图丙中，把玻璃板拉出水面时示数会变大，是因为玻璃分子和水分子间存在引力，故C错误；D．图丁中，将瓶塞跳出时，瓶内气体内能转化为活塞的动能，故瓶内气体内能减少，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了分子热运动、内能及能量转化相关知识点，是一道综合题。10．（4分）如图所示的用电器中，利用电流热效应工作的是（）A．笔记本电脑 B．电饭锅 C．手机 D．电风扇【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能，结合用电器的能量转化可做出判断。【解答】解：笔记本电脑和手机主要将电能转化为光能和声能，电风扇主要是把电能转化为机械能，只有电饭锅是把电能转化为内能，是利用电流的热效应，故B正确。故选：B。【点评】本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，是一道基础题。11．（4分）某物理兴趣小组为医院设计了一个输液自动报警器，它能在药液将要输完时，通过电铃发声报警。该报警器内部有一可变电阻R，其阻值随管内液体质量减少而减小，通过电铃的电流需要达到一定大小时才能发声。当输液管内液体质量减少，电表示数也变小（电源电压恒定）。下列几个电路图符合报警要求的是（）A． B． C． D．【分析】可变电阻R的阻值随管内液体质量的减少而减小，电流需要达到一定大小时电铃才能发声，当输液管内液体质量减少，电表的示数也变小，由此分析解答。【解答】解：（1）当输液管内液体质量减少，可变电阻R的阻值减小，根据题意可知通过电铃的电流增大，所以R与电铃应串联在电路，而A、C图中电铃与R并联，故A、C不符合题意；（2）R与电铃串联，R的阻值变小时，电路总电阻变小，电源电压一定，由知电路中电流变大，由U＝IR知，此时电铃两端电压变大，由串联电路的电压特点知，R两端电压变小，因要求电表示数也变小，所以电压表应并联在可变电阻R两端，故B错误，D正确。故选：D。【点评】本题是电路的设计，考查了电路串联电路特点、欧姆定律的应用，利用好可变电阻R的阻值随管内液体的减少而减小是关键。12．（4分）如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”，闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，绘制了电流表与电压表示数变化关系图像（如图乙），电流表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图像（如图丙）。则下列说法中正确的是（）A．小灯泡的额定功率为3.0W B．若滑动变阻器滑片P向右移动，电流表示数会变小，电压表示数会变大 C．电源电压为9V D．若将电压表量程换为0～3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为24～50Ω【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）小灯泡L的额定电流为0.6A，根据图乙读出通过灯泡的电流为0.6A时其两端的电压，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；（2）当滑动变阻器滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化；（3）当电路中的电流为0.6A时，根据图丙读出变阻器接入电路中的电阻，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；（4）若将电压表量程换为0～3V，根据图乙可知电路最小电流和电压表的示数，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，再根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值；当电路中电流最大时，电压表示数也最大，此时滑动变阻器接入电阻最小，根据图乙读出通过灯泡即电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。A、小灯泡L的额定电流为0.6A，由图乙可知，通过灯泡的电流为0.6A时，其两端的电压为6V，则小灯泡的额定功率PL＝ULIL＝6V×0.6A＝3.6W，故A错误；B、当滑动变阻器滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由串联电路的电阻规律可知电路中总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，灯泡两端的电压变小，即电流表和电压表的示数都变小，故B错误；C、当电路中的电流为0.6A时，灯泡两端的电压为6V，由图丙可知，变阻器接入电路中的电阻R＝15Ω，由串联电路电压规律和欧姆定律可得，电源的电压U＝UL+ILR＝6V+0.6A×15Ω＝15V，故C错误；D、若将电压表量程换为0～3V，由图乙可知，电路最小电流为0.28A，电压表的示数为1V，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压U滑大＝U﹣UV小＝15V﹣1V＝14V，则滑动变阻器接入电路的最大阻值：R滑大＝＝＝50Ω；当电路中电流最大时，电压表示数也最大，此时滑动变阻器接入电阻最小，由图乙可知，当电压表示数为3V时，通过灯泡的电流即电路中的最大电流I大＝0.5A，此时滑动变阻器两端的电压U滑＝U﹣UL′＝15V﹣3V＝12V，则滑动变阻器接入电路中的最小阻值R小＝＝＝24Ω，所以滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为24～50Ω，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获取有用的信息是关键。二、填空题（本大题共7小题，每空3分，共42分。把正确答案直接填在答题卡相应的横线上。）13．（6分）2018年10月，港珠澳大桥正式通车，大桥全长55km，限100km/h，在遵守交通规则的情况下，驾车通过大桥至少需要0.55h；司机饮酒后反应较慢，易发生交通事故，若不饮酒时反应时间为0.4s，醉酒后反应时间为1.0s，当时车行驶速度72km/h。那么醉酒后与不饮酒相比，在反应时间内要多行12m的距离。【分析】（1）已知大桥的长度和汽车的最大速度，根据速度的变形公式t＝即可求出汽车通过大桥需要的时间；（2）知道车速，利用速度公式分别求醉酒后与不饮酒时在反应时间内行驶的距离，二者之差就是在反应时间内汽车要多行驶的距离。【解答】解：当汽车过桥速度为100km/h时，驾车通过大桥的时间最少，为＝0.55h；依题意得，醉酒后与不饮酒相比，反应时间多出Δt＝1.0s﹣0.4s＝0.6s，在反应时同内要多行。故答案为：0.55；12。【点评】本题考查速度公式的应用，属于基础知识。14．（6分）“立定跳远”作为我市2023年体育中考抽考项目之一，如图所示，立定跳远主要分四个部分：蹬地起跳，空中滑翔，下肢前伸，双脚落地。蹬地起跳，双脚蹬地，人向前运动；起跳后，人会在空中滑翔一段距离，这是因为人具有惯性；体重为60kg的某同学，在一次立定跳远训练中成绩是2m，若该同学在跳远滑翔到最高点时重心上升30cm，则在此过程中克服重力做功180J（g取10N/kg）。【分析】物体能够保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性。克服重力做的功等于重力大小与人在重力方向上通过距离的乘积，利用W＝Gh可进行计算。【解答】解：人在“立定跳远”起跳后，人不再受到地面的推力，而是由于惯性，仍保持原来的运动状态，所以人会在空中滑翔一段距离；人的重力：G＝mg＝60kg×10N/kg＝600N，人在重力方向上通过的距离：h＝30cm＝0.3m，人克服重力做的功：W＝Gh＝600N×0.3m＝180J。故答案为：惯性；180。【点评】本题考查了惯性和功的计算，属于基础题。15．（6分）如图是仿生机械眼球，该装置未来将用于代替有缺陷的人眼，它内部有一块具备自动变焦功能的微型凸透镜，眼球可随意观察一定范围内的物体，并将观察到的像成在内部固定不动的微型底片上，此仿生机械眼球的成像原理与照相机（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的工作原理相似。当眼球观察远处物体时，微型凸透镜的焦距与观察近处相比会变大。【分析】物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立缩小实像，其应用是照相机；与人眼类似，当该眼球观察远处物体时，凸透镜对光的偏折能力应变小，据此可知其焦距变化。【解答】解：仿生机械眼球相当于一个凸透镜，与人眼的成像特点相同，即成倒立、缩小的实像，其成像原理与照相机的成像原理相同；与人眼类似，当该眼球观察远处物体时，在像距不变的情况下，凸透镜应自动变薄，对光的偏折能力变小，焦距变大，远处物体射来的光刚好会聚在底片上，眼球可以看清远处的物体【另解：该眼球的像距不变，根据凸透镜成像公式+＝可知，物距u变大时，焦距f应变大，才能看清远处的物体】。故答案为：照相机；变大。【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，难点在第2空，由于是变焦问题，可以利用凸透镜成像公式+＝进行判断。16．（6分）如图是一台饮水机的工作原理电路图，S是一个温控开关，R1为阻值为22Ω的电加热管，R2是定值电阻，R2＝4R1。当饮水机处于加热状态时，红（选填“红”或“绿”）灯亮；保温100s时R1产生的热量为8800J。（不考虑温度对电阻的影响，且不计红、绿指示灯的阻值）【分析】（1）当S接左面时电路中只有电阻R1，总电阻最小，电流路中电流最大，发热管功率就会最大，处于加热状态，因此红灯亮时对水加热；当S接右面时电路中两电阻串联，总电阻最大，电流路中电流最小，发热管功率就会最小，处于保温状态，因此绿灯亮时处于保温状态；（2）根据R2＝4R1算出R2的电阻，根据欧姆定律算出此时电路的电流，根据Q＝I2Rt算出保温100s时加热管R1产生的热量。【解答】解：（1）当S接左面时电路中只有电阻R1，总电阻最小，根据I＝知电流路中电流最大，根据P＝UI知发热管功率就会最大，处于加热状态，因此红灯亮时对水加热；当S接右面时电路中两电阻串联，总电阻最大，电流路中电流最小，发热管功率就会最小，处于保温状态，因此绿灯亮时处于保温状态；（2）R2的阻值为：R2＝4R1＝4×22Ω＝88Ω，保温时两电阻串联，根据欧姆定律得此时电路的电流为：I＝＝＝2A，保温100s时加热管R1产生的热量为：Q＝I2R1t＝（2A）2×22Ω×100s＝8800J。故答案为：红；8800。【点评】本题考查电功率公式的应用以及焦耳定律公式的应用，关键是公式及其变形的灵活运用，易错、属于难题。17．（6分）光照射某种光敏电阻时，其阻值会减小。某同学利用该特性设计了一个计数装置，用于模拟测试中考跳绳次数，其电路如图甲所示，电源电压恒为12V，R0为阻值20Ω的定值电阻，RT为光敏电阻，没有红外线照射时，信号记录仪记录到电压变化便计数一次。该同学进行模拟测试时，信号记录仪记录的电压随时间变化的图像如图乙所示，则绳子挡住红外线时，信号记录仪记录的电压是2V，RT＝100Ω。【分析】（1）由甲图电路知，R0与RT串联，信号记录仪测R0两端电压，光照射某种光敏电阻时，其阻值会减小，根据串联分压原理可知此时光敏电阻两端的电压减小，定值电阻两端的电压增大，所以有红外线照射RT时，信号记录仪记录的电压是8V，绳子挡住红外线时，信号记录仪记录的电压是2V；（2）根据串联电路电流特点结合欧姆定律分别计算有红外线照射RT时和绳子挡住红外线时通过电路的电流，根据串联电路电压规律结合欧姆定律分别计算有红外线照射RT时和绳子挡住红外线时光敏电阻的阻值。【解答】解：（1）由甲图电路知，R0与RT串联，信号记录仪测R0两端电压，光照射某种光敏电阻时，其阻值会减小，根据串联分压原理可知此时光敏电阻两端的电压减小，定值电阻两端的电压增大，所以有红外线照射RT时，信号记录仪记录的电压是8V，绳子挡住红外线时，信号记录仪记录的电压是2V；（2）串联电路各处电流相等，绳子挡住红外线时通过电路的电流：I′＝＝＝0.1A，根据欧姆定律可得此时光敏电阻的阻值：RT′＝＝＝100Ω。故答案为：2；100。【点评】本题考查串联电路特点、串联分压原理、欧姆定律的灵活运用。18．（6分）如图，用此装置提升重物，不计绳重和摩擦，当拉力F＝20N时，重50N的物体被匀速提起，10s内物体升高5m，滑轮组的机械效率为83.3%，拉力的功率为30W。【分析】利用W有＝Gh求有用功，由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs求拉力做的总功，利用η＝×100%求滑轮组的机械效率；利用P＝求拉力做功的功率。【解答】解：拉力做的有用功：W有＝Gh＝50N×5m＝250J，由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×5m＝15m，拉力做的总功：W总＝Fs＝20N×15m＝300J；滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%≈83.3%；拉力做功的功率：P＝＝＝30W。故答案为：83.3%；30W。【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。19．（6分）小明自制了一个带有电磁铁的木船模型（如图所示）。将它放入水中漂浮，闭合开S，电磁铁的A端为S极；电磁铁由于受到地磁杨的作用，船头会指向北方（选填“南方”或“北方”）。【分析】由右手螺旋定则可知螺线管的磁极，螺线管处在地球的磁场中，因磁极间的相互作用可知小船静止时船头的指向。【解答】解：由右手螺旋定则可知螺线管B侧为N极，A侧为S极；因地磁场沿南北方向，地球南极处为地磁场的N极，地球北极处为地磁场的S极；因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故船头指向北方。故答案为：S；北方。【点评】通过本题应掌握：（1）知道地球是个巨大的磁体，地磁南极在地理北极的附近，地磁北极在地理南极附近；（2）右手螺旋定则内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指向的方向为磁感线N极方向。三、作图题（本大题共3小题，共10分。按要求完成下列各题。）•20．（3分）如图所示，一束光从空气斜射向水面，请画出反射光线、折射光线并标出反射角度数。【分析】光在水面同时发生折射和反射：根据反射角等于入射角作出反射光线；根据光由空气斜射进入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，作出折射光线。【解答】解：入射光线与水面的夹角为40°，则入射角等于90°﹣40°＝50°，所以反射角也为50°，先过入射点O垂直于界面作出法线，然后根据反射角等于入射角，在空气中法线的右侧画出反射光线；再根据折射角小于入射角，在法线的右侧的水中画出折射光线，如图所示：【点评】在两种介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射角和折射角随入射角的增大而增大，反射光线和入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在两种不同的介质中。21．（3分）运动员将冰壶推出后，冰壶在水平冰面上水平向右做直线运动，最终停下来，O为其重心。请画出冰壶在冰面运动时受到的力。【分析】要想正确的做出力的示意图，就要对物体所受的力进行正确的分析。然后按照力的示意图的画法画出各个力。【解答】解：冰壶比赛中正在水平向右运动，冰壶在竖直方向受力平衡，竖直向下的重力和地面对其竖直向上的支持力是一对平衡力，大小相等；在水平方向，被推出去的冰壶由于惯性继续向前运动，因此只受到水平向左的摩擦力，如图所示：【点评】此题考查力的示意图的画法，要注意先分析出力的方向、作用点等。22．（4分）请将额定电压为220V的螺丝口电灯，开关，保险丝和三孔插座，正确地接入家庭电路。【分析】家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。家庭电路中，三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。【解答】解：（1）火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。这样开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡时更安全；（2）三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；如图所示：【点评】本题考查家庭电路的连接，在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性。四、实验探究题（本大题共2小题，共20分。按要求完成下列各题。）23．（10分）如图所示，小夏同学在水平桌面上进行“滑动摩擦力的大小与什么有关”的探究实验：（1）实验过程中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做匀速直线运动。此时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。（2）由甲、乙实验可探究滑动摩擦力与压力大小的关系。（3）在甲实验中，将拉动木块的速度增大为原来的2倍，滑动摩擦力的大小不变（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（4）小夏对实验装置进行改进后，如图丁所示，当他再进行实验时，发现效果更好。若弹簧测力计的示数为3N，用F＝10N的拉力拉动B刚好做匀速直线运动。则物块B受到地面摩擦力为7N。【分析】（1）弹簧测力计显示拉力大小，弹簧测力计水平拉动木块进行匀速直线运动时，木块受到平衡力作用，滑动摩擦力等于拉力大小；（2）分析比较甲、乙两次实验，找到相同的量和不同的量，分析得出滑动摩擦力与变化量的关系；（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度；（4）分别对A、B受力分析，然后利用二力平衡即可求解。【解答】解：（1）弹簧测力计显示拉力大小，弹簧测力计水平拉动木块进行匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，这两个力是平衡力，根据二力平衡条件，滑动摩擦力大小等于拉力大小；（2）甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，故甲、乙实验是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小是否有关；（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，若将拉动木块的速度增大为原来的2倍，由于压力和接触面的粗糙程度都不变，所以滑动摩擦力的大小不变；（4）首先对A水平方向受力分析，A受到一个向左的大小为3N弹簧拉力处于静止状态，故A受到一个B对A施加的向右的摩擦力与拉力形成二力平衡，该摩擦力为3N；对B水平方向受力分析可知，B受到A施加的一个向左的、大小为3N的摩擦力，还受到地面对B施加的向左的摩擦力，B还受到一个向右的10N拉力而处于平衡状态，故地面对B施加的摩擦力大小为10N﹣3N＝7N。故答案为：（1）匀速直线；（2）压力大小；（3）不变；（4）7。【点评】本题是探究滑动摩擦力大小与什么因素有关的实验，注意控制变量法的运用，难点是分析实验改进的优点。24．（10分）小华用如图甲所示电路测量额定电压为2.5V小灯泡额定功率。（1）请用笔画线代替导线将甲图的电路连接完整，使滑片向右移动时灯泡变亮；（2）连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表有示数，电压表无示数。电路中出现的故障是A；A、小灯泡短路B、小灯泡断路C、滑动变阻器短路D、滑动变阻器断路（3）测量过程中，滑片在某一位置时，电压表示数为2V，为测量灯泡的额定功率，应缓慢将滑片P向移动右（选填“左”、“右”），灯正常发光时电流表示数如图乙所示；（4）小华根据实验数据画出小灯泡U﹣I关系图像如图丙中实线所示，结合图像可知，当小灯泡两端电压为2V时，实际功率范围最精确的是B；A．P＜0.48WB．0.48W＜P＜0.6WC．0.6W＜P＜0.75WD．P＜0.75W（5）实验结束后，小华继续对滑动变阻器两端电压U与通过它的电流I关系进行了探究，根据实验数据也画出了U﹣I图像。你认为正确的是图丙中的虚线①；（6）小华设计了如图丁所示的电路图，测量小灯泡在正常工作时的电阻。已知电源电压恒为U，小灯泡额定电压为U额，定值电阻的阻值为R0。实验步骤如下：①只闭合S、S2，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为U额；②保持滑片P不动，断开S2、闭合S1，读出电压表示数为U1；③小灯泡正常发光时的电阻RL＝。（用已知量和所测物理量符号表示）【分析】（1）滑片向右移动时灯泡变亮，说明电路中的电流变大，滑动变阻器连入电路的电阻变小，从而确定滑动变阻器接入的接线柱；（2）电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的电路短路，据此分析；（3）灯在额定电压下正常发光，将电压表的示数与灯泡的额定电压比较，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；（4）根据图甲可知电流表的量程，根据图乙电流表所选量程确定分度值读数；实验要求灯泡两端电压不超过额定电压，由此根据图象确定图象中纵坐标和横坐标每格表示的电压和电流值，判断当小灯泡两端电压为2V时，灯泡电流的范围，根据P＝UI确定功率范围；（5）已知电源电压，由串联电路规律结合图丙分析；（6）测量额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻，首先要使灯正常发光；根据R＝可知，测量出灯的额定电流是关键；根据电路连接，先闭合开关S和S2，断开S1时，此时只有小灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端的电压，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为U额，小灯泡正常发光；若能测量出此时变阻器连入电路的电阻，控制变阻器连入电路的电阻不变，可闭合开关S和S1，断开S2，电压表测定值电阻两端的电压，由分压原理可得出此时变阻器的阻值，根据欧姆定律可得出灯的额定电流，从而求出小灯泡正常发光时的电阻。【解答】解：（1）滑片向右移动时灯泡变亮，说明电路中的电流变大，滑动变阻器连入电路的电阻变小，故滑动变阻器右下接线柱连入电路中，如图所示：；（2）电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的电路短路，因此故障可能是与电压表并联的小灯泡短路了，故选A；（3）灯在额定电压下正常发光，电压表的示数2V小于灯泡的额定电压2.5V，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V；（4）由图甲可知，电流表的量程为0～0.6A，由图乙可知，分度值为0.02A，示数为0.3A，当小灯泡在额定功率下工作时，小灯泡的电阻为：R'＝＝≈8.3Ω；由图丙可知，随着小灯泡的电阻随着电压的增大而增大，当小灯泡在2V电压下工作时，小灯泡的电阻小于8.3Ω，电流小于0.3A，小灯泡的实际功率：P＝U实I实＜2V×0.3A＝0.6W，若按8.3Ω求出灯在2V（实际电阻小于8.3Ω）的电功率，根据P＝UI＝可知计算出的功率应比实际的功率要小，小灯泡的实际功率：P＝＞＝≈0.48W；即实际功率范围最精确的是0.48W＜P＜0.6W，故选B；（5）图丁U﹣I图像中，纵坐标表示电压，一个小格表示0.25V，电源电压为3V，则图中电压的分度值是0.3V，小灯泡的曲线与滑动变阻器的曲线的交点，表示灯与滑动变阻器的电压相等，根据串联分压原理，此时灯与滑动变阻器的电压都是1.5V，由下图可知，①、②、③三条曲线与小灯泡曲线相交的点对应为1.5V的是曲线①；（6）①只闭合S、S2，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为U额；②保持滑片P不动，断开S2、闭合S1，读出电压表示数为U1；③在步骤①中，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；在步骤②中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，保持变阻器