2025年人教版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高三物理上册月考试卷172考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于电场和磁场下列说法正确的是（）A.电场和磁场是人为引入的，客观世界并不存在B.无论是运动电荷还是静止的电荷在电场中都会受电场力的作用C.只要是运动电荷，在磁场中都会受磁场力的作用D.一段通电导体在某一空间不受磁场力作用，这个空间一定不存在磁场2、下列物理量中，属于矢量的是（）A.重力势能B.加速度C.动能D.功3、如图，小球自a点由静止自由下落，到b点时与弹簧接触，到c点时弹簧被压缩到最短，若不计弹簧质量和空气阻力，在小球由a→b→c的运动过程中，说法正确的是（）A.小球、弹簧和地球构成的系统总机械能守恒B.小球的重力势能随时间先减少后增加C.小球在b点时动能最大D.到c点时小球动能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量4、在研究微型电动机的性能时；应用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V．则这台电动机正常运转时输出功率为（）

A.47W

B.44W

C.32W

D.48W

5、在物理学发展过程中，有许多科学家做出了突出贡献，关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是A.法拉第首先提出用电场线描述电场，促进了人们对电磁现象的研究B.安培坚信电和磁之间一定存在着某种联系，他首先发现了电流的磁效应，突破了人们对电与磁认识的局限C.卡文迪许利用扭秤实验首先较准确地测出了引力常量D.亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，伽利略通过“理想斜面实验”证实了其正确性6、【题文】假设地面上有一火车以接近光速的速度行驶，其内站有一位中等身材的人，站在路旁的人观察车里的人，观察结果是（）A.这个人是个矮胖子B.这个人是个瘦高个子C.这个人矮但不胖D.这个人瘦但不高7、如图所示，1、2两个长方体的质量分别是m1、m2（且m1＜m2），叠放在光滑水平面上，用水平力F拉物体可使它们一起运动（无相对运动），这时它们间相互作用的摩擦力为Ff，下列说法正确的是（）A.若改为2F的水平力拉物体1，则它们间的摩擦力一定变为2FfB.若改为的水平力拉物体1，则它们间的摩擦力变为C.若改为F的水平力拉物体2，则它们间的摩擦力大于FfD.若改变F的水平力拉物体2，则它们间的摩擦力仍为Ff8、在如图所示的匀强电场中，有A．B．C三点，已知AB间的电势差为3V，BC间的电势差为4V，如果C点的电势为零，则A点的电势为（）A.7VB.-7VC.3VD.4V9、在光滑的水平面上，质量为m1=4kg的小球A以速率v0=6m/s向右运动．在小球A的前方有一质量为m2=2kg的小球B处于静止状态，如图所示，小球A与小球B发生正碰且小球间的碰撞无能量损失，则碰撞后A、B两球的速度分别为（）A.VA=5m/sVB=2m/sB.VA=2m/sVB=8m/sC.VA=1m/sVB=10m/sD.VA=4m/sVB=4m/s评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)10、（2011秋•上杭县校级月考）空间有三点A、B和C位于直角三角形的三个顶点如图所示，且AB=4cm，BC=3cm．现将点电荷QA和QB分别放在A、B两点，测得C点的场强为EC=10N/C，方向如图所示，则QA带____电，QB带____电（填“正或负”），如果撤掉QA，C点场强的大小____．11、一简谐波沿x轴正方向传播．已知轴上x1=0和x2=1m两处的振动图象分别如图1、2所示，又知此波的波长大于1m，则此波的传播速度v=____m/s．（只取整数）

12、一质量为m=2.0×10-7kg的带电液滴，在一匀强电场空间做匀速直线运动，该液滴的电性为负，其电荷量为5.0×1012个电子所带的电荷量，由此可知空间电场强度的大小为____N/C，方向____（g取10N/Kg，不计空气阻力）．13、（2015秋•友谊县校级期末）为了探究电磁感应现象的产生条件，如图给出了一系列必备的实验仪器．请用导线将没有连接好的仪器正确的连接成实验电路（用笔画线表示导线）．连接好电路后，如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后，原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将____．（填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”）14、（2015春•福建期末）如图所示为一个水平方向的弹簧振子，小球在MN间做简谐运动刀是平衡位拽．小球经过O点时速度为____（选填“最大”或“零”）；小球从M点向O点运动过程中，加速度____，动能____．（选填“变小”或“变大”）15、（2012春•丰泽区校级月考）用均匀导线做成的正方形线框每边长为0.2m，正方形的一半放在和纸面垂直且向里的匀强磁场中，如图所示，当磁场以每秒10T的变化率增强时，线框中点a、b两点的电势差是____．16、-10J的功比+5J的功____（填“多”或“少”）．17、在水平公路上转弯的汽车其所需向心力由____力提供，汽车转弯时的速度越大，所需的向心力越____，汽车转弯时的速度越____，越不容易侧滑．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)18、物体的平均速率为零，则物体一定处于静止状态．____．（判断对错）19、太阳发出的能量来自内部发生的化学反应释放的化学能．____．（判断对错）20、一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升到200℃时，其体积增加为原来的2倍．____．（判断对错）21、某时刻一个分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判断对错）22、如果以高出地面0.8m的桌面位置为坐标原点，则地面的坐标为x=-0.8m．____．（判断对错）23、电荷所受的洛伦兹力方向不一定与磁场方向垂直____．（判断对错）24、做平抛运动的物体，在空中运动的时间与初速度有关．____（判断对错）25、如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用，则该处的磁感应强度一定为零．____．（判断对错）评卷人得分四、作图题(共2题，共8分)26、一直角三棱镜，截面如图所示．∠A=30°，∠C=90°，BC边长为2L，一很大的光屏MN平行于BC，竖直放置在相距BC为2L处，棱镜材料的折射率n=；一簇平行于AC的平行光线射到AB面上．

（1）请画出通过棱镜的典型光路①；②并标注或说明有关角度；

（2）求屏上被光照亮部分的竖直长度．27、（2008秋•杨浦区校级期末）如图所示，把长为L=0.4m的均匀直棒的O端用铰链连接在天花板上，在另一端A施加水平拉力F，使棒偏离竖直方向θ=30°而保持静止，直棒的重力G=10N．直棒的重力对O铰链的力矩为____时针（填逆、顺），其力矩大小为____N•m．评卷人得分五、推断题(共4题，共36分)28、下图中rm{F(}rm{)}是一种高分子化合物，其合成路线如图：rm{(1)A}的名称为_______rm{(}系统命名法rm{)}rm{B}中含有的官能团为_____rm{(}写名称rm{)}rm{(2)}反应rm{垄脹}rm{垄脼}的反应类型分别是________。反应rm{垄脺}的条件是_______。rm{(3)E}的结构简式为________。rm{(4)}写出反应rm{垄脻}中rm{(垄隆)}的化学方程式_____________________________。rm{(5)}符合下列条件的rm{C}的同分异构体共有_______种。rm{垄脵}与氯化铁溶液发生显色反应；rm{垄脷}除苯环以外不再含有其他环状结构；rm{垄脹}分子中含有甲基。其中核磁共振氢谱显示有rm{4}种不同化学环境的氢，峰面积比为rm{3隆脙2隆脙2隆脙1}的结构简式为________________________。rm{(6)}参照上述合成路线，写出用丙烯、苯甲醛为主要原料rm{(}无机试剂任选rm{)}制备的合成路线___________________________________________。29、【化学rm{隆陋隆陋}必修rm{2}物质结构与元素周期律】rm{a}rm{b}rm{c}rm{d}rm{e}rm{f}是短周期主族元素。已知rm{a}与rm{c}形成的rm{10}电子微粒是一种常见的燃料，其中rm{c}的质量分数为rm{25拢楼}rm{b}原子的最外层电子数比次外层少rm{1}个，其单质为双原子分子；rm{e}原子的半径是短周期主族元素中最大的，rm{e}的单质能和rm{f}的单质化合生成两种常见的物质，阴阳离子个数比均为rm{1漏U2}rm{d}是构成蛋白质的主要元素之一。请回答以下问题：rm{(1)}rm{dc_{3}}的电子式为__________，rm{c_{2}f_{2}}是__________rm{(}填“极性”或“非极性”rm{)}分子，rm{af_{2}}的空间构型是__________。rm{(2)}rm{b}和rm{d}的最高价氧化物对应水化物中酸性较强的是__________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}写出由以上元素形成的能用于自来水消毒的物质__________rm{(}任写两种rm{)}rm{(4)}由以上元素形成的两种既含离子键又含极性键的化合物，在溶液中相互反应并加热，能生成一种碱性气体，写出其离子方程式________。rm{(5)}工业上向rm{eb}的饱和溶液中通入过量的rm{dc_{3}}和rm{af_{2}}气体可得一重要化工产品，该过程的化学方程式是____________________。rm{(6)}rm{e}单质在rm{b}单质中加热至燃烧的实验现象为______________________________。30、医用麻醉药苄佐卡因rm{E}和食品防腐剂rm{J}的合成路线如下：

已知：rm{I.M}代表rm{E}分子结构中的一部分rm{II}．请回答下列问题：rm{(1)A}属于芳香烃，其结构简式是_______。rm{(2)E}中所含官能团的名称是_________。rm{(3)C}能与rm{NaHCO_{3}}溶液反应，反应rm{垄脵}的化学方程式是________。rm{(4)}反应rm{垄脷}rm{垄脹}中试剂rm{ii}和试剂rm{iii}依次是_________。rm{(5)I}在一定条件下可形成高分子化合物，其化学方程式为________。rm{(6)J}有多种同分异构体，其中符合下列条件的同分异构体有____种。rm{a.}为苯的二元取代物，其中一个取代基为羟基rm{b.}与rm{J}具有相同的官能团，且能发生银镜反应rm{(7)}以rm{A}为起始原料，选用必要的无机试剂合成涂改液的主要成分亚甲基环己烷rm{(}rm{)}写出合成路线rm{(}用结构简式表示有机物，用箭头表示转化关系，箭头上注明试剂和反应条件rm{)}31、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}某化学兴趣小组以苯的同系物rm{D}和乙烯为主要原料，采用以下路线合成药物rm{M(}rm{)}已知：rm{垄脵}相同条件下rm{D}蒸气的密度是氢气的rm{46}倍；rm{垄脷}rm{垄脹}请回答下列问题：rm{(1)}对于化合物rm{M}下列说法正确的是________rm{(}填序号rm{)}rm{a.}可与浓盐酸形成盐rm{b.}不能与氢气发生加成反应rm{c.}可发生水解反应rm{d.}属于两性化合物rm{(2)A}的结构简式为_____________，rm{D}的名称是______。rm{(3)}合成路线中属于氧化反应的有________rm{(}填序号rm{)}rm{E}分子中官能团名称为______。rm{(4)}写出rm{C+F隆煤G}的化学反应方程式________。rm{(5)E}的某种同系物rm{H}相对分子质量比rm{E}大rm{14}符合下列条件的rm{H}的同分异构体的数目有_____种。rm{垄脵}属于芳香族化合物；rm{垄脷}含有rm{-NH_{2}}rm{垄脹}能与rm{NaHCO_{3}}溶液反应放出气体。其中分子中核磁共振氢谱有rm{6}个吸收峰，且峰面积之比为rm{1隆脙1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}的有机物结构简式为________________。rm{(6)}已知反应rm{垄脷}的原子利用率是rm{100%}通常采用乙烯为原料制得rm{A}后与rm{B}反应合成rm{C}请用化学反应方程式表示以乙烯为原料制备rm{B}的合成路线rm{(}无机试剂任选rm{)}评卷人得分六、画图题(共2题，共12分)32、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）33、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】电荷在电场中一定受到电场力的作用；只有运动电荷与磁场方向不平行时，在磁场中电荷才会受到磁场力作用；注意电场与磁场客观存在，而电场线磁感线是不存在的．【解析】【解答】解：A；电场线和磁场线是人为引入的；电场和磁场客观世界存在的，故A错误；

B；无论是运动电荷；还是静止电荷，在电场中，一定受电场力的作用，故B正确；

C；如果运动电荷的速度方向与磁场方向平行；则运动电荷不受磁场力作用，故C错误；

D；通电导体在某一空间不受磁场力作用；这个空间可能不存在磁场，也可导体与磁场平行放置，故D错误；

故选：B．2、B【分析】【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，如速度、加速度等等；标量是只有大小没有方向的物理量，如动能、功、重力势能等等．【解析】【解答】解：加速度是既有大小又有方向的物理量；是矢量；而动能；功程、重力势能是只有大小没有方向的物理量，是标量，故B正确，ACD错误．

故选：B3、A【分析】【解析】【答案】A4、C【分析】

电动机的电阻R===4Ω；

电动机的总功率P=U1I1=24V×2A=48W；

克服自身电阻的功率PR=I12R=（2A）2×4Ω=16W；

电动机正常运转时的输出功率是P输出=P-PR=48W-16W=32W．

故选C．

【解析】【答案】从电路图中可以看出，电动机和滑动变阻器串联，电压表测量电动机两端的电压，电流表测量电路电流，根据公式R=可求电动机停转时的电阻；

利用公式P=UI可求电动机的总功率，根据公式P=I2R可求电动机克服本身阻力的功率；总功率与电动机克服自身电阻功率之差就是电动机的输出功率．

5、A|C【分析】试题分析：法拉第首先提出场的概念，并使用电场线来描述电场，帮助人们更好的认识电磁现象，选项A对。首先发现电流磁效应的是奥斯特而不是安培，选项B错。牛顿最早提出万有引力定律，但准确测量出万有引力常量的是卡文迪许选项C对。亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，伽利略通过“理想斜面实验”否定了其观点，并提出力不是维持物体运动的原因而是改变物体运动状态的原因。选项D错。考点：物理学史【解析】【答案】AC6、D【分析】【解析】略【解析】【答案】

D7、B【分析】解：以1、2两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：F=（m1+m2）a，解得：a=以物体2为研究对象，由牛顿第二定律得：Ff=m2a=

A、若改为2F的水平力拉物体1，如果它们之间相对静止，则它们间的摩擦力为Ff′=m2a==2Ff，如果它们间的摩擦力大于最大静摩擦力，则两物体相对运动，它们间的摩擦力不是2Ff；故A错误；

B、若改为的水平力拉物体1，则它们间的摩擦力Ff′=m2a==故B正确；

C、若改为F的水平力拉物体2，则它们间的摩擦力Ff′=m1a=因为m1＜m2，所以Ff′＜Ff；故CD错误；

故选：B．

以两物体组成的系统为研究对象；由牛顿第二定律求出它们的加速度，然后以其中一个物体为研究对象，求出两物体间的摩擦力力，根据两物体间摩擦力大小分析答题．

本题考查了牛顿第二定律的应用，熟练应用整体法与隔离法，应用牛顿第二定律即可正确解题．【解析】【答案】B8、A【分析】【分析】根据电势差与电势的关系，即可求出A点的电势．【解析】【解答】解：根据电势差与电势公式，则有UAB=φA-φB，UBC=φB-φC；

因AB间的电势差为3V，BC间的电势差为4V，如果C点的电势为零，那么A点的电势为φA=7V；

故选：A．9、B【分析】【分析】两球碰撞过程中系统动量守恒，由题意知，碰撞过程无能量损失，则系统机械能守恒，在碰撞过程中系统机械能不可能增加，应用动量守恒定律与能量守恒定律分析答题．【解析】【解答】解：碰前系统总动量为：P=m1v0=4×6=24kg•m/s，碰前总动能为：Ek=m1v02=×4×62=72J；

A、如果vA=5m/s、vB=2m/s；系统动量守恒；动能减少，不符合题意，故A错误；

B、如果vA=2m/s、vB=8m/s；系统动量守恒；动能不变，符合题意，故B正确；

C、如果vA=1m/s、vB=10m/s；系统动量守恒，动能增加，系统动能不可能增加，故C错误；

D、如果vA=4m/s、vB=4m/s；系统动量守恒，系统动能减少，不符合题意，故D错误；

故选：B．二、填空题(共8题，共16分)10、负正7.5v/m【分析】【分析】根据点电荷产生的电场是以场源为圆心的射线，要么指向场源，要么背离场源，可以知道点电荷产生的场强的方向，由于场强是矢量，根据平行四边形法则即可确定两点电荷产生的场强的方向，从而判定场源的电性；根据平行四边形法则可以计算出电场强度的大小．【解析】【解答】解：由于A；B为点电荷；故B产生的电场沿直线BC，要么指向B，要么指向C，同理A产生的电场沿直线AC，方向要么指向A，要么指向C，由于合场强平行于直线BA，故B产生的电场沿直线BC，指向C，A产生的场强沿直线AC，方向要么指向A，如图所示，故B带正电荷，A带负电荷；

由图可知tgθ==；

又tgθ=；

故EB=7.5v/m，所以撤去QA，则EC′=故EB=7.5v/m．

故答案为：负，正，7.5v/m．11、333【分析】【分析】简谐波沿x轴正方向传播，根据x1=0和x2=1m两处质点的振动图象，分析同一时刻两个质点的状态，结合波形，得到两质点间的距离与波长关系的通项，再根据波的波长大于1m，确定波长．由图读出周期，求出波速．【解析】【解答】解：由图可知，t=0时刻，x1=0处质点位于波峰，x2=1m处质点通过平衡位置向下；结合波形得到：

x2-x1=（n+）λ（n=0；1，2，）

得到波长为：λ=．

根据波的波长大于1m，n只能取0，得到波长λ=m．由图读出周期T=4×10-3s，则波速为：v==m/s≈333m/s．

故答案为：333．12、2.5竖起向下【分析】【分析】带电液滴受到电场力与重力处于平衡状态，根据平衡方程，结合已知条件，即可求解．【解析】【解答】解：由题意可知；带电液滴受到电场力与重力，处于平衡，则有：mg=qE；

因此有：E==2.5N/C；

由于带电液滴带负电；及电场力竖直向上，因此电场强度的方向竖直向下；

故答案为：2.5；竖直向下．13、向右偏【分析】【分析】（1）注意该实验中有两个回路；一是电源；电键、变阻器、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答．

（2）磁场方向不变，磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反．【解析】【解答】解：（1）将电源；电键、变阻器、小螺线管串联成一个回路；再将电流计与大螺线管串联成另一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，电路图如图所示．

（2）闭合开关时；穿过大螺线管的磁通量增大，灵敏电流表的指针向右偏；

闭合开关后；将原线圈迅速插入副线圈的过程中，磁场方向不变，磁通量变大，电流表指针方向向右偏转；

故答案为：（1）电路图如上图所示．（2）向右偏．14、最大变小变大【分析】【分析】简谐运动中靠近平衡位置过程是加速运动，远离平衡位置过程是减速运动．【解析】【解答】解：小球经过O点时；平衡位置速度最大；

小球从M点向O点运动过程中，位移减小，根据a=-；加速度减小，但速度增加，则动能变大；

故答案为：最大，变小，变大．15、-0.1V【分析】【分析】当磁场以20T/s的变化率增强时，线框中产生感应电动势，由法拉第电磁感应定律求出回路中产生的感应电动势，由楞次定律判断a、b电势高低，根据欧姆定律求出a、b两点间的电势差Uab．【解析】【解答】解：由题得，磁感应强度的变化率为=10T/s，由法拉第电磁感应定律得，E==S=10××0.22V=0.2V

由楞次定律判断得，线框中感应电流方向沿逆时针方向，b相当于电源的正极，a相当于电源的负极，则a的电势低于b的电势；根据欧姆定律得。

Uab=-E=-0.1V．

故答案为：-0.1V．16、多【分析】【分析】功有正负，正号表示动力对物体做功，负号表示阻力对物体做功．【解析】【解答】解：-10J的功表示阻力对物体做功的多少为10J；

+5J表示动力对物体做功的多少为5J；

故-10J的功比+5J的功多；

故答案为：多．17、静摩擦大小【分析】【分析】在水平面上拐弯的汽车靠静摩擦力提供向心力，结合牛顿第二定律分析．【解析】【解答】解：在水平公路上转弯的汽车其所需向心力由静摩擦力提供．

根据牛顿第二定律得，f=；速度越大，所需的向心力越大，汽车转弯时速度越小，静摩擦力越小，越不容易侧滑．

故答案为：静摩擦，大，小．三、判断题(共8题，共16分)18、√【分析】【分析】平均速度是位移与时间的比值；平均速率是位移的路程与时间的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程与时间的比值；物体的平均速率为零，则物体的路程为0，物体一定处于静止状态．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应，由此分析即可．【解析】【解答】解：根据目前的认识；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化【解析】【解答】解：根据理想气体的状态方程，一定质量的气体，保持压强不变，温度升高时气体的体积跟它的热力学温度成正比，即：；

初状态：T0=100℃=373K，末状态：T1=200℃=473K；所以温度从100℃升高到200℃时，它的体积改变为原来的倍．

故答案为：×21、√【分析】【分析】分子在永不停息的做无规则热运动，物体内部个别分子的速度具有怎样的数值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整体来看，在一定的条件下，物体分子的速度分布也遵从一定的统计规律．【解析】【解答】解：对于大量分子；其运动有一定的统计规律，但对于个别分子，其运动的速度完全是偶然的；

故答案为：√22、×【分析】【分析】根据建立坐标系的条件可知，建立坐标系需要确定坐标原点与正方向．由此方向解答即可．【解析】【解答】解：如果以高出地面0.8m的桌面位置为坐标原点；选择向下为正方向，则地面的坐标为：x=0.8m．所以该说法错误．

故答案为：×23、×【分析】【分析】电荷的定向移动叫做电流；根据左手定则判断磁场力方向；

左手定则：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根据左手定则；洛伦兹力方向垂直于电荷运动方向与磁场方向构成的平面，即洛伦兹力方向一定与磁场方向垂直；

故答案为：×．24、×【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，与初速度无关．【解析】【解答】解：根据h=得：t=；知平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关．所以这个说法是错的．

故答案为：×．25、×【分析】【分析】B⊥L，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B，注意公式是采用比值法定义的，磁场中某点磁感应强度的大小与F，Il等因素无关，是由磁场本身决定的．【解析】【解答】解：根据磁感应强度的定义式，有：；由此可知的磁感应强度与导线的放置；长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定．

所以如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用；该处的磁感应强度不一定为零．故以上说法是错误的．

故答案为：×四、作图题(共2题，共8分)26、略

【分析】【分析】（1）平行光束经棱镜第一次折射后；可能射到AC面上，再从BC面折射到光屏上．也可能直接射到BC面上，经过第二次折射射到光屏上．画出光路图．

（2）根据折射定律求出折射角，结合光路图和几何知识求解屏上被光照亮部分的竖直长度．【解析】【解答】解：（1）如图所示；由几何关系得，射向AB中点D的光线入射角α=60°，设折射角为β

由折射定律得n==；可得β=30°，所以该光线经过AB面折射后恰好通过C点．

设棱镜的全反射临界角为C，由sinC=得sinC=＜；C＜60°

从AD间射入棱镜的光线；射到AC面上时入射角为60°，大于C，所以这些光线在AC面上发生全反射，反射光线射到BC面上时入射角为30°，再射出BC面，光路如图②所示．

从DC段入射的光线经介质折射后平行于DC；以30°的入射角射向BC，折射角为60°．光路如图①所示．

（2）从DB段入射的光线经棱镜两次折射后，照到光屏上的长度为L1=BC=2L

从AD段入射的光线经介质平行于CD，以60°的入射角射向AC，在AC面上发生全反射后再以30°的入射角射向BC，折射角为60°，射到光屏上的长度为L2=BC=2L

故屏上被光照亮部分的竖直长度为L=L1+L2=4L

答：

（1）画出通过棱镜的典型光路①；②如图．

（2）屏上被光照亮部分的竖直长度为4L．27、顺1【分析】【分析】直棒的重心在中点处，力臂为l=0.5L•sin30°，故力矩为M=Gmg×0.5Lsin30°．【解析】【解答】解：重力要使棒绕点O顺时针转动；故重力的力矩为顺时针；

直棒的重心在中点处；力臂为l=0.5L•sin30°；

故力矩为：M=Gmg×0.5Lsin30°=10N×=1N•m．

故答案为：顺，1．五、推断题(共4题，共36分)28、rm{(1)2-}甲基rm{-1-}溴丙烷羟基

rm{(2)}加成反应、取代反应rm{(}或酯化反应rm{)}浓硫酸、加热

rm{(3)}

rm{(4)}

rm{(5)13}

rm{(6)CH_{3}CH=CH_{2}xrightarrow[鹿媒脩玫禄炉脦茂]{HBr}CH_{3}CH_{2}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}CH_{2}OHxrightarrow[?]{{O}_{2}/Cu}CH_{3}CH_{2}CHOxrightarrow[NaOH脠脺脪潞/?]{卤陆录脳脠漏}C_{6}H_{5}CH(OH)CH(CH_{3})CHOxrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}}rm{(6)CH_{3}CH=CH_{2}xrightarrow[鹿媒脩玫禄炉脦茂]{HBr}

CH_{3}CH_{2}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}CH_{2}OHxrightarrow[?]{{O}_{2}/Cu}

CH_{3}CH_{2}CHOxrightarrow[NaOH脠脺脪潞/?]{卤陆录脳脠漏}

C_{6}H_{5}CH(OH)CH(CH_{3})CHOxrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}}【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成。【解答】rm{(1)(CH_{3})_{2}C=CH_{2}}与rm{HBr}在过氧化物催化下生成rm{A}rm{A}为rm{(CH_{3})_{2}CHCH_{2}Br}rm{A}的名称为rm{2-}甲基rm{-1-}溴丙烷；rm{(CH_{3})_{2}CHCH_{2}Br}在氢氧化钠的水溶液中水解生成rm{B}rm{B}为rm{(CH_{3})_{2}CHCH_{2}OH}rm{B}中含有的官能团为羟基，故答案为：rm{2-}甲基rm{-1-}溴丙烷；羟基；rm{(2)}反应rm{垄脹}为两种醛在碱性条件下发生是加成反应；反应rm{垄脺}为醇在浓硫酸加热条件下发生消去反应生成rm{C}rm{C}为反应rm{垄脻}为醛基被氧化为rm{D}rm{D}为rm{垄脼}的反应类型是醇与羧酸的酯化反应，故答案为：加成反应；取代反应rm{(}或酯化反应rm{)}浓硫酸、加热；rm{(3)B}与rm{D}发生酯化反应生成rm{E}rm{E}的结构简式为故答案为：rm{(4)}反应rm{垄脻}中rm{(垄隆)}的化学方程式为故答案为：rm{(5)垄脵}与氯化铁溶液发生显色反应，则含酚羟基；rm{垄脷}除苯环以外不再含有其他环状结构；rm{垄脹}分子中含有甲基，符合条件的rm{C}的同分异构体有：当苯环有rm{2}个侧链rm{-OH}和rm{-C隆脭CCH_{3}}有邻间对rm{3}种，当苯环有rm{3}个侧链rm{-OH}rm{-C隆脭CH}和rm{-CH_{3}}有rm{10}种，共rm{13}种，故答案为：rm{13}rm{(6)}用丙烯、苯甲醛为主要原料rm{(}无机试剂任选rm{)}制备的合成路线为：rm{CH_{3}CH=CH_{2}xrightarrow[鹿媒脩玫禄炉脦茂]{HBr}CH_{3}CH_{2}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}CH_{2}OHxrightarrow[?]{{O}_{2}/Cu}CH_{3}CH_{2}CHOxrightarrow[NaOH脠脺脪潞/?]{卤陆录脳脠漏}C_{6}H_{5}CH(OH)CH(CH_{3})CHOxrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}}故答案为：rm{CH_{3}CH=CH_{2}xrightarrow[鹿媒脩玫禄炉脦茂]{HBr}CH_{3}CH_{2}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}CH_{2}OHxrightarrow[?]{{O}_{2}/Cu}CH_{3}CH_{2}CHOxrightarrow[NaOH脠脺脪潞/?]{卤陆录脳脠漏}C_{6}H_{5}CH(OH)CH(CH_{3})CHOxrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}}rm{CH_{3}CH=CH_{2}xrightarrow[鹿媒脩玫禄炉脦茂]{HBr}

CH_{3}CH_{2}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

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C_{6}H_{5}CH(OH)CH(CH_{3})CHOxrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}}【解析】rm{(1)2-}甲基rm{-1-}溴丙烷羟基rm{(2)}加成反应、取代反应rm{(}或酯化反应rm{)}浓硫酸、加热rm{(3)}rm{(4)}rm{(5)13}rm{(6)CH_{3}CH=CH_{2}xrightarrow[鹿媒脩玫禄炉脦茂]{HBr}CH_{3}CH_{2}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}CH_{2}OHxrightarrow[?]{{O}_{2}/Cu}CH_{3}CH_{2}CHOxrightarrow[NaOH脠脺脪潞/?]{卤陆录脳脠漏}C_{6}H_{5}CH(OH)CH(CH_{3})CHOxrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}}rm{(6)CH_{3}CH=CH_{2}xrightarrow[鹿媒脩玫禄炉脦茂]{HBr}

CH_{3}CH_{2}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}CH_{2}OHxrightarrow[?]{{O}_{2}/Cu}

CH_{3}CH_{2}CHOxrightarrow[NaOH脠脺脪潞/?]{卤陆录脳脠漏}

C_{6}H_{5}CH(OH)CH(CH_{3})CHOxrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}}29、（1）极性直线形（2）HClO4（3）O3，Cl2（4）（5）NaCl＋NH3＋CO2＋H2O=NaHCO3↓＋NH4Cl（6）钠融化成小球，在氯气中剧烈燃烧，火焰呈黄色，有大量白烟生成

【分析】【分析】主要考查电子式的书写，分子极性的判断和空间构型，原子结构与元素周期律的关系，题目难度中等。【解答】rm{a}rm{b}rm{c}rm{d}rm{e}rm{f}是短周期主族元素。已知rm{a}与rm{c}形成的rm{10}电子微粒是一种常见的燃料，其中rm{c}的质量分数为rm{25拢楼}则rm{c}为rm{H}元素；rm{a}为rm{C}元素；rm{a}rm{b}rm{c}rm{d}rm{e}是短周期主族元素。已知rm{f}与rm{a}形成的rm{c}电子微粒是一种常见的燃料，其中rm{10}的质量分数为rm{c}则rm{25拢楼}为rm{c}元素；rm{H}为rm{a}元素；rm{C}原子的最外层电子数比次外层少rm{b}原子的最外层电子数比次外层少rm{1}个，其单质为双原子分子，rm{b}为rm{Cl}元素；rm{e}原子的半径是短周期主族元素中最大的，rm{e}为rm{Na}元素；rm{e}的单质能和rm{f}的单质化合生成两种常见的物质，阴阳离子个数比均为rm{1漏U2}rm{f}为rm{O}元素；rm{d}是构成蛋白质的主要元素之一，rm{d}为rm{N}元素；个，其单质为双原子分子，rm{b}为rm{1}元素；rm{b}原子的半径是短周期主族元素中最大的，rm{Cl}为rm{e}元素；rm{e}的单质能和rm{Na}的单质化合生成两种常见的物质，阴阳离子个数比均为rm{e}rm{f}为rm{1漏U2}元素；rm{f}是构成蛋白质的主要元素之一，rm{O}为rm{d}元素；rm{d}rm{N}为rm{(1)}元素，rm{(1)}为rm{d}元素，rm{N}rm{c}为rm{H}其电子式为rm{dc}为rm{dc}元素，rm{{,!}_{3}}为rm{NH_{3}}元素，rm{c}rm{H}rm{f}rm{O}为rm{c}属于极性分子；rm{c}为rm{{,!}_{2}}元素，rm{f}为rm{f}元素，rm{{,!}_{2}}rm{H_{2}O_{2}}为rm{a}其rm{C}rm{f}极性；直线；rm{O}为rm{af}元素，rm{af}为rm{{,!}_{2}}元素，rm{CO_{2}}元素的非金属性比空间构型为直线形；元素强，故答案为：和rm{(2)b}的最高价氧化物对应水化物中酸性较强的是rm{Cl}故答案为：rm{d}rm{N}rm{Cl}rm{N}rm{b}和rm{d}的最高价氧化物对应水化物中酸性较强的是故答案为：rm{b}rm{d}rm{HClO_{4}}rm{HClO_{4}}rm{NH{{;}_{4}}^{+}+O{H}^{-};overset{?}{=}N{H}_{3}隆眉+{H}_{2}O;}故答案为：rm{NH{{;}_{4}}^{+}+O{H}^{-};overset{?}{=}N{H}_{3}隆眉+{H}_{2}O;}rm{(3)}用于自来水消毒的物质有的饱和溶液中通入过量的rm{O_{3}}和rm{Cl_{2;}}气体可得化工产品rm{O_{3}}rm{Cl_{2;}}rm{(4)}，故答案为：碱性气体为氨气，符合条件的离子方程式为：；rm{NH{{;}_{4}}^{+}+O{H}^{-};

overset{?}{=}N{H}_{3}隆眉+{H}_{2}O;}为rm{NH{{;}_{4}}^{+}+O{H}^{-};

overset{?}{=}N{H}_{3}隆眉+{H}_{2}O;}元素，rm{(5)}为向rm{NaCl}的饱和溶液中通入过量的rm{NH_{3}}和rm{CO_{2}}气体可得化工产品元素，rm{NaCl}rm{NH_{3}}钠首先融化成小球，在氯气中剧烈燃烧，火焰呈黄色，产生大量白烟，故答案为：钠融化成小球，在氯气中剧烈燃烧，火焰呈黄色，有大量白烟生成。rm{CO_{2}}【解析】rm{(1)}极性直线形rm{(2)HClO_{4}}rm{(3)O_{3}}rm{Cl_{2;}}rm{(4)NH{{;}_{4}}^{+}+O{H}^{-};overset{?}{=}N{H}_{3}隆眉+{H}_{2}O;}rm{(4)NH{{;}_{4}}^{+}+O{H}^{-};

overset{?}{=}N{H}_{3}隆眉+{H}_{2}O;}rm{(5)NaCl+NH_{3}+CO_{2}+H_{2}O=NaHCO_{3}隆媒+NH_{4}Cl}钠融化成小球，在氯气中剧烈燃烧，火焰呈黄色，有大量白烟生成

rm{(6)}30、（1）（2）酯基（3）（4）酸性高锰酸钾溶液、氢氧化钠溶液（5）（6）6（7）

【分析】【分析】本题考查有机物基团的转化、同分异构体、反应类型等，明确有机物中官能团的特征反应是解题的关键。【解答】结合框图和信息知rm{A}是芳香烃，能与氯气发生取代反应生成rm{C_{7}H_{7}Cl}说明rm{A}是甲苯，甲苯发生硝化反应生成rm{B}是对硝基甲苯，rm{B}经酸性高锰酸钾溶液氧化生成rm{C}为对硝基苯甲酸，发生酯化反应生成rm{D}为对硝基苯甲酸乙酯，rm{D}还原得到rm{E}为对氨基苯甲酸乙酯，甲苯与氯气发生苯环上的取代反应，产物是对甲基氯苯，反应rm{垄脷}是将甲基氧化为羧基，反应rm{垄脹}是氯代烃水解生成羟基，酸化后得到rm{I}为对羟基苯甲酸，酯化得到rm{J}rm{(1)}由上述分析知rm{A}是甲苯，其结构简式为：故答案为：rm{(2)E}是对氨基苯甲酸乙酯，则含氧官能团为酯基，故答案为：酯基；rm{(3)C}是对硝基苯甲酸，能与碳酸氢钠反应，则反应rm{垄脵}发生酯化反应发生酯化反应的化学方程式为：故答案为：rm{垄脵}rm{(4)}反应rm{垄脷}rm{垄脹}中试剂中试剂rm{垄脷}和试剂rm{垄脹}分别是将甲基氧化和氯被羟基取代，则为rm{ii}和试剂rm{iii}分别是将甲基氧化和氯被羟基取代，则为rm{ii}rm{iii}；高锰酸钾酸性溶液和氢氧化钠溶液为对羟基苯甲酸，故答案为：：故答案为：高锰酸钾酸性溶液和氢氧化钠溶液rm{(5)I}具有的官能团为羟基和酯基，能发生银镜反应需含有醛基，则为甲酸酯；一定条件下发生缩聚反应形成高分子化合物，方程式为共rm{(6)}种，故答案为：rm{J}具有的官能团为羟基和酯基，能发生银镜反应需含有醛基，则为甲酸酯；rm{J}结构任写一种苯的二元取代物，其中一个取代基为羟基，满足条件的同分异构体有：rm{6}以甲苯为起始原料合成亚甲基环己烷的方法是先取代，再加成，最后消去，合成路线为：故答案为：

rm{6}【解析】rm{(1)}rm{(2)}酯基rm{(3)}rm{(4)}酸性高锰酸钾溶液、氢氧化钠溶液rm{(5)}rm{(6)6}rm{(7)}

31、（1）ac

（2）甲苯。

（3）①④硝基

（4）+HOCH2CH2N(CH2CH3)2+H2O

（5）17（6）CH2=CH2+HClCH3CH2Cl、2CH3CH2Cl+NH3→HN(CH2CH3)2+2HCl【分析】【分析】本题考查有机物推断与合成、有机物结构与性质等，题目难度中等，根据有机物的结构进行推断，注意对反应信息的理解与运用，试题培养了学生的分析能力及逻辑推理能力。【解答】由rm{M}的结构简式的结构简式rm{M}结合已知信息中的反应rm{垄脹}为rm{垄脹}和，可知rm{G}为在浓硫酸、加热条件下反应生成rm{G}，rm{C}和rm{F}在浓硫酸、加热条件下反应生成rm{G}rm{D}为苯的同系物，rm{D}经反应为苯的同系物，rm{C}经反应rm{F}rm{G}rm{D}则rm{D}为rm{垄脹}为rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脺}生成rm{F}则rm{F}为rm{F}rm{F}，rm{C}为rm{C}rm{HOCH}rm{HOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}可知rm{CH}为rm{{,!}_{2}}rm{N(CH}rm{N(CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}则rm{)}为rm{)}rm{{,!}_{2}}蒸气的密度是氢气的，结合已知信息中的反应倍，则rm{垄脷}可知的摩尔质量为rm{垄脷}rm{B}为rm{(CH}为rm{B}为rm{(CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}的结构简式rm{CH}rm{{,!}_{3}}分子中含有rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}与浓盐酸反应能形成盐rm{NH}则rm{A}为正确；rm{NH}rm{A}分子中；错误；相同条件下rm{D}蒸气的密度是氢气的rm{46}倍，则rm{D}的摩尔质量为rm{92}rm{D}为rm{D}分子中rm{46}正确；rm{D}rm{92}分子中含有rm{D}，rm{E}为rm{E}属于两性化合物，故；错误；故答案为：rm{(1)}

rm{(1)}据分析知rm{M}的结构简式为rm{M}为rm{a.}的名称是甲苯；故答案为：甲苯；

rm{a.}有机物得氧去氢的反应为氧化反应，rm{M}分子中含有rm{-NH}为氧化反应；rm{M}为官能团为rm{-NH}该官能团名称为硝基；故答案为：rm{{,!}_{2}}硝基；，据分析知，故rm{a}正确；为rm{a}为rm{b.}rm{b.}为rm{M}分子中和rm{M}在浓硫酸、加热条件下发生酯化反应生成含有苯环，能与氢气发生加成反应，故rm{b}错误；和rm{b}rm{c.}的化学反应方程式为：rm{c.}rm{M}分子中rm{M}：含有酯基，可以发生水解反应，故rm{c}正确；rm{c}rm{d.}为rm{d.}的某种同系物rm{M}分子中含有rm{-NH}相对分子质量比rm{M}大rm{-NH}则rm{{,!}_{2}}比，不含羧基，不多rm{d}个rm{ac}原子团，rm{(2)}属于芳香族化合物，分子中含有苯环，rm{A}含有rm{D}rm{D}rm{(3)}能与rm{垄脵垄脺}rm{E}rm{-NO_{2}}含有羧基，当该有机物苯环上有rm{垄脵垄脺}个取代基时，该取代基为其结构简式为有rm{(4)}种同分异构体，当该有机物苯环上有rm{F}个取代基时，两