2024年沪教版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版选修3物理上册月考试卷802考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图是节假日装饰的小彩灯的一部分电路．观察灯的结构发现,每个灯(如A灯)的灯丝R1引线上方均绕有金属电阻丝R2,R1与R2是并联关系,使用中即使R1断了,电流也可以从R2流过．则当某一个小灯泡的灯丝断了之后,其余小彩灯将会。

A.全部熄灭B.变得更暗C.亮度不变D.变得更亮2、在如图所示的复合电路中；A；B、C为门电路的输入端，现欲使Y输出“0”，如果C输入端为“0”，则A、B两端分别输入（）

A.00B.01C.10D.113、下列说法正确的是（）A.布朗运动是指液体分子的无规则运动B.晶体都有固定的熔点，物理性质都表现为各向异性C.当分子间距离比平衡位置时距离大时，分子间只有引力作用D.荷叶上的小水珠呈球形，是表面张力使液面收缩的结果4、右端带有光滑圆弧轨道质量为M的小车静置于光滑水平面上，如图所示．一质量为m的小球以速度v0水平冲上小车；关于小球此后的运动情况，以下说法正确的是。

A.小球可能离开小车水平向右做平抛运动B.小球可能从圆弧轨道上端抛出而不再回到小车C.小球不可能离开小车水平向左做平抛运动D.小球不可能离开小车做自由落体运动5、某同学用粗细均匀的同一种导线制成“9”字形线框，放在有理想边界的匀强磁场旁，磁感应强度为B，如图甲所示已知磁场的宽度为2d，，导线框从紧靠磁场的左边界以速度v向x轴的正方向匀速运动，设在图乙中最能体现be两点间的电压随坐标x变化关系的图象是

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图所示，在一绝缘、粗糙且足够长的水平管道中有一带电量为＋q、质量为m的带电球体，管道半径略大于球体半径．整个管道处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，磁感应强度方向与管道垂直．现给带电球体一个水平速度v0；则在整个运动过程中，带电球体克服摩擦力所做的功可能为()

A.B.m()2C.D.7、如图所示是简化的多用电表的电路图。转换开关S与不同接点连接，就组成不同的电表，已知R3＜R4；下面是几位同学对这一问题的议论，请你判断下列说法正确的是（）

A.S与1或2连接时，多用电表就成了电流表，且前者量程较小B.使用多用电表欧姆档测二极管反向电阻时，应将红表笔与二极管正极相连C.S与3或4连接时，多用电表就成了电压表，若R1出现断路故障，电压表的量程会减小D.S与5连接时，多用电表就成了欧姆表，若电池用旧了会因电动势减小而使测量值偏大8、如图所示，两个完全相同的绝热活塞A、B把竖直放置的绝热气缸分成体积相等的三部分，在气缸顶部和处有固定卡环，分别限制活塞A向上、B向下运动。初始状态下，甲，乙两部分气体的压强均为大气压强p0的1.2倍；温度均为27°C，活塞与气缸壁间的摩擦不计，现用电热丝对甲部分气体缓慢加热，升高一定的温度，下列说法正确的是（）

A.乙气体的温度有可能不变B.甲气体的温度为75°C时，活塞A已经上升C.当甲气体的温度达到75°C时，电热丝产生的热量仅等于甲气体增加的内能D.甲气体的温度为425°C时，乙气体的内能大于初始状态的内能9、下列关于热机的说法中，正确的是（）A.热机是把内能转化为机械能的装置B.热机是把机械能转化为内能的装置C.只要对内燃机不断进行革新，它可以把气体的内能全部转化为机械能D.即使没有漏气，也没有摩擦，内燃机也不能把内能全部转化为机械能10、图（a）是一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置在x=1.5m处的质点，Q是平衡位置在x=12m处的质点；图（b）为质点Q的振动图像；下列说法正确的是（）。

A.这列波沿x轴正方向传播B.在t=0.25s时，质点P的加速度方向沿y轴负方向C.从t=0.10s到t=0.25s的过程中，质点Q的位移大小为0.30mE.质点Q简谐运动的表达式为y=0.10sin10πt（m）E.质点Q简谐运动的表达式为y=0.10sin10πt（m）11、如图所示分别为100多个；3000多个、70000多个电子通过双缝后的干涉图样；则（）

A.图样是因为电子之间相互作用引起的B.假设现在只让一个电子通过单缝，那么该电子一定落在亮纹处C.图样说明电子已经不再遵守牛顿运动定律D.根据不确定性关系，不可能同时准确地知道电子的位置和动量12、如图是倾角θ＝30°的光滑绝缘斜面在纸面内的截面图．一长为L，质量为m的导体棒垂直纸面放在斜面上，现给导体棒通入电流强度为I，并在垂直于导体棒的平面内加匀强磁场，要使导体棒静止在斜面上，已知当地重力加速度为g，则下列说法正确的是()

A.所加磁场方向与x轴正方向的夹角α的范围应为90°≤α＜240°

B.所加磁场方向与x轴正方向的夹角α的范围应为0°≤α＜150°

C.所加磁场的磁感应强度的最小值为D.所加磁场的磁感应强度的最小值为13、如图所示，OACO为置于水平面内的光滑闭合金属导轨，OCA导轨的形状满足方程y=1.0sin（x/3）（单位：m）．O、C处分别接有短电阻丝（图中用粗线表示）R1=3.0R2=6.0（导轨其它部分的电阻不计）．在xOy平面内存在有B=0.2T的匀强磁场，方向如图，现有一长为l（l>1.0m）的金属棒在水平外力作用下以速度v=5.0m/s水平向右匀速运动；设棒与导轨始终接触良好，不计棒的电阻，则在金属棒从左向右运动的过程中。

A.金属棒相当于电源的作用，R1、R2电阻并联在电源两端B.通过金属棒的电流最大值为0.5AC.金属棒通过导轨（从O到C）的时间为0.6sD.整个过程中电路产生的焦耳热为0.3J14、如图所示，在足够大的光滑水平面上，有相距为d的两条水平的平行虚线，两虚线间有方向竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B．正方形线圈abcd边长为L（L，ab边刚进入磁场时速度为线圈abcd全部离开磁场时速度为整个过程中线圈cd边始终与磁场边界平行且线圈与光滑水平面接触，则下列说法正确的是。

A.和的关系为

B.和的关系为B.线圈进入磁场过程中，通过导线横截面的电荷量为C.线圈离开磁场过程中，做加速度越来越大的减速运动评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、用DIS研究一定质量气体在温度不变时；压强与体积关系的实验装置如图甲所示，实验步骤如下：

①把注射器活塞移至注射器中间位置；将注射器与压强传感器；数据采集器、计算机逐一连接。

②移动活塞，记录注射器的刻度值V，同时记录对应的由计算机显示的气体压强值p。

③用图像处理实验数据；得出如图乙所示的图线。

(1)为了保持封闭气体的质量不变，实验中采取的主要措施是___________。

(2)为了保持封闭气体的温度不变，实验中采取的主要措施是___________和___________。16、现代人通过放孔明灯祈福。普通的孔明灯用薄竹片架成圆桶形，外面以薄纸密实包围，开口朝下。释放时，通过开口处的火焰对灯内气体缓慢加热，直到灯能浮起来，如图所示，在缓慢加热过程中，灯内气体分子的平均动能____________（填“变大”“变小”或“不变”），灯内气体的密度__________（填“变大”“变小”或“不变”）。

17、带有活塞的汽缸中封有一定质量的理想气体，缸内气体从状态A变化到状态B，如图所示。设气体在状态A时的压强为pA，体积为VA，温度为TA，到状态B时的温度为TB。此过程中，汽缸单位面积上所受气体分子撞击的作用力____（选填“变大”“不变”或“减小”），____（选填“气体对外做功”或“外界对气体做功”）的绝对值为____，缸内气体____（选填“吸收”或“放出”）热量。

18、如图所示，真空中有一对相距为d的平行金属板A和B，两板间电势差为U，两板间的电场为匀强电场．若一个质量为m、电荷量为q的粒子，仅在静电力的作用下由静止开始从A板向B板做匀加速直线运动并到达B板，则粒子在运动过程中加速度大小a=________，粒子到达B板时的速度大小v=________．

19、一定质量的理想气体被活塞封闭在可导热的竖直气缸内，活塞可沿气缸无摩擦地上下滑动．开始时活塞静止，取一小盒沙子缓慢地倒在活塞的上表面上，在倒沙子的过程中，缸内气体内能______（填“增大”、“减小”或“不变”），气体对活塞______（填“做正功”、“做负功”或“不做功”），气体______（填“吸热”或“放热”）．评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)23、在“验证动量守恒定律”的实验中，气垫导轨上放置着带有遮光板的滑块A、B，遮光板的宽度相同，测得的质量分别为m1和m2．实验中，用细线将两个滑块拉近使轻弹簧压缩，然后烧断细线，轻弹簧将两个滑块弹开，测得它们通过光电门的时间分别为t1、t2．

（1）图2为甲、乙两同学用螺旋测微器测遮光板宽度d时所得的不同情景．由该图可知甲同学测得的示数为______mm，乙同学测得的示数为______mm．

（2）用测量的物理量表示动量守恒应满足的关系式：______，被压缩弹簧开始贮存的弹性势能EP=______．24、某实验小组的实验电路如图（a）所示；电压表有一端接线位置待定．

（1）若电压表待定端。

（A）接a；利用该实验所得的U﹣I关系图线可得到电阻R的阻值。

（B）接b；利用该实验所得的U﹣I关系图线可得到电阻R的阻值。

（C）接a；利用该实验所得的U﹣I关系图线可得到电源的电动势和内阻。

（D）接b；利用该实验所得的U﹣I关系图线可得到电源的电动势和内阻。

（2）将（a）图连接成“测定电源的电动势和内阻”的电路，合上开关，将滑动变阻器的滑片由接入电路阻值最大端移向另一端，发现电压表的示数接近1.5V且几乎不变，直到当滑片滑至临近另一端时电压表的示数急剧减小，出现上述情况的原因是_____．

（3）调整合适的实验器材后；利用电压表和电流表的示数拟合出U﹣I关系图线如图。

（b）所示，由此得到电源电动势E＝_____V，内阻r＝_____Ω．

（4）请结合能量守恒定律证明：电源电动势在数值上等于内、外电路电压之和________．25、小君同学利用打点计时器来验证动量守恒定律．让小车A运动，小车B静止．在两小车的碰撞端分别装上撞针和橡皮泥，碰撞时撞针插入橡皮泥中，把两个小车连接成一体．

具体实验步骤如下：

A.用天平测出小车A和小车B的质量、

B.更换纸带重复操作三次

C.小车A靠近打点计时器放置，在车后固定纸带，把小车B放在长木板中间

D.把长木板平放在桌面上，在一端固定打点计时器，连接电源

E.接通电源，给小车A一定的初速度

（1）请将以上步骤按操作的先后顺序排列出来：A→___→___→___→B

（2）如图为打出的一条清晰的纸带，可知_________

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】电阻丝和灯丝是并联，根据并联电路，电压相等情况下，电阻越大，则电流越小．为保证灯的亮度，应让通过灯丝的电流大于通过电阻丝的电流，故应有R2＞＞R1．当灯的灯丝断了之后，电路中总电阻增加，则干路电流变小，其余灯仍发光，但亮度变暗．故B正确，ACD错误；故选B.2、A【分析】【详解】

当C端输入“0”；“非”门输出“1”，输出端Y输出“0”时，可知“或”门的输出端必须为“0”，则A；B端的输入分别为0，0

故选A。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是指悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动；故A错误；

B．晶体都有固定的熔点；单晶体的物理性质具有各向异性，多晶体的物理性质具有各向同性，故B错误；

C．无论分子间距离比平衡位置时距离大还是小；分子间的引力和斥力是共存的，故C错误；

D．作用于液体表面；使液体表面积缩小的力，就是表面张力，荷叶上的小水珠呈球形，是表面张力使液面收缩的结果，故D正确。

故选D。4、A【分析】【详解】

小球从圆弧轨道上端抛出后，小球水平方向的速度和车的速度相同，故小球仍会落回到小车上；小球落回到小车后，相对小车向左滑动，然后从左边离开小车：如果小球对地面的速度向左，则小球离开小车水平向左做平抛运动；如果小球对地面的速度为零，则小球离开小车后做自由落体运动；如果小球对地面的速度向右，则小球离开小车水平向右做平抛运动．故A正确，BCD错误．5、A【分析】【分析】

分三段过程研究：进入、完全在磁场中，穿出磁场三个过程根据求出bc、ce和ad产生的感应电动势分析be两点间的电压与电动势的关系；即可选择图象．

【详解】

x在过程：线框进入磁场，bc、ce产生的感应电动势都是根据右手定则判断可知，b点的电势高于c点的电势．bc间的电势差为：则be两点间的电压在过程：线框完全进入磁场，磁通量不变，没有感应电流产生，ad、bc、ce产生的感应电动势都是根据右手定则判断可知，b点的电势高于e点的电势．be两点间的电压．在过程：线框穿出磁场，ad边产生的感应电动势是根据右手定则判断可知，a点的电势高于d点的电势，则得b点的电势高于e点的电势．be两点间的电压故A正确．故选A．

【点睛】

解决本题关键要分析清楚感应电动势与电压之间的关系，正确区分电源与外电路，列式进行分析．二、多选题(共9题，共18分)6、A:C:D【分析】【详解】

当水平速度v0产生的洛伦兹力小于重力时，小球逐渐减速到零，则摩擦力做功为

当水平速度v0产生的洛伦兹力等于重力时；小球做匀速直线运动，则摩擦力做功为零；

当水平速度v0产生的洛伦兹力大于重力时，小球先做减速运动后做匀速直线运动，由动能定理可知，摩擦力做功为

解得

综上；故ACD正确B错误。

故选ACD。7、B:C:D【分析】【详解】

A．由图可知；当S与1；2连接时，多用电表就成了电流表，电阻与表头并联，当并联电阻越小时，量程越大，因此前者量程较大，故A错误；

B．使用多用电表欧姆档测二极管反向电阻时；应将红表笔与二极管正极相连，黑表笔与二极管负极相连，故B正确；

C．由图可知，当S与3、4连接时，G与电阻串联，多用电表是电压表，若R1出现断路故障；则流过的最大电流减小，根据欧姆定律知电压减小，即量程减小，故C正确；

D．由图可知，S与5连接时，多用电表就成了欧姆表，由闭合电路欧姆定律得

当电池用旧了会因电动势E减小时，电路中电流I减小；此时电表偏转角度减小，欧姆档读数就会偏大，即测量值偏大，故D正确。

故选BCD。8、A:C【分析】【分析】

【详解】

B．设活塞质量为m；对活塞A受力分析可知。

mg=0.2P0S活塞B刚想离开卡环时对活塞B受力分析可知；甲部分气体的压强。

P2=1.4P0根据查理定律；有。

得。

T2=350K即甲部分气体的温度升高到时；活寒开始上升。故B错误；

C．达到之前；气体体积不变，做功。

W=0由热力学第一定律。

可知电热丝产生的热量仅等于甲气体增加的内能。故C正确；

D．如果继续升温；直到活塞A刚好到达上端卡环处，对甲部分气体由盖吕萨克定律得。

带入数据；可得。

T3=700K即甲部分气体的温度升高到时；活塞A刚好到达上端卡环处，在此之前，乙部分气体体积一直保持不变。故D错误；

A．甲部分气体的温度升高到之前；乙部分气体。

所以。

由于不确定末状态温度。故A正确。

故选AC。9、A:D【分析】【详解】

AB．把燃料燃烧时释放的内能转化为机械能的装置被称为热机；故A正确，B错误；

CD．热机是把内能转化为机械能的装置；过程中一定有部分热量排放给低温物体（冷凝器或大气），即有能量耗损。所以不可能把气体的内能全部转化为机械能，故C错误，D正确。

故选AC。10、A:B:E【分析】【详解】

A.根据振动图像可知t=0.10s时刻质点Q向下振动，在波动图像中根据“同侧法”知波沿x轴正方向传播；A正确；

B.由振动图像读出周期T=0.2s，从t=0.10s到t=0.25s经过的时间为△t=0.15s=T

则在t=0.25s时，质点P位于x轴上方，加速度方向沿y轴负方向；B正确；

C.从t=0.10s到t=0.25s经过的时间为个周期，t=0.25s时刻质点Q位于波峰，质点Q的位移大小为0.10m；路程为0.30m，C错误；

D.从t=0.10s到t=0.25s经过的时间为个周期，t=0.10s和t=0.25s质点P的瞬时速度不相同，由动量定理

回复力对质点P的冲量不为零；D错误；

E.由振动图像和波动图像可知

质点Q简谐运动的表达式为

E正确。

故选ABE。11、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据图样可知；是因为电子的波动性引起的干涉图样，故A错误；

B．根据概率波的概念；对于一个电子通过单缝落在何处，是不可确定的，但概率最大的是落在亮纹处，故B错误；

C．根据图样可知；电子已经不再遵守牛顿运动定律，故C正确；

D．根据不确定性关系；不可能同时准确地知道电子的位置和动量，故D正确。

故选CD。12、B:D【分析】【分析】

根据共点力平衡得出安培力方向的范围；从而得出磁场方向的范围，根据平行四边形定则求出安培力的最小值，结合安培力公式得出磁感应强度的最小值．

【详解】

A；B项：根据共点力平衡知；安培力的方向在垂直斜面向下与竖直向上这两个方向之间，根据左手定则知，所加磁场方向与x轴正方向的夹角θ的范围应为0°≤θ＜150°．故A错误，B正确；

C、D当安培力的方向与支持力方向垂直时，安培力最小，根据平行四边形定则有：FA=mgsin30°=BIL，则磁感应强度的最小值B=故C错误，D正确．

故应选：BD．

【点睛】

解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，求解最小值问题，往往通过三角形法分析判断．13、A:B:C【分析】【详解】

A项：金属棒相当于电源的作用，由并联电路的特点可知，R1、R2电阻并联在电源两端；故A正确；

B项：当金属棒滑至A位置时，有效的切割长度最大，产生的感应电流最大，为

而总电阻为

则代入解得Im=0.5A；故B正确；

C项：由题意可知，当棒运动到C点时有：y=0，代入解得：故C正确；

D项：电路中电流的有效值为所以产生的热量为故D错误．

点晴：本题中导线的有效切割长度随时间作正弦规律变化，产生正弦式交变电流，提供了一种产生正弦式交变电流的一种方式．14、B:C【分析】C、线圈进入磁场的过程，由动量定理可知解得线圈进入磁场过程中，通过导线横截面的电荷量为故C正确；

AB、整个线圈在磁场中运动时做匀速运动，则dc边刚要出离磁场时的速度v2，则线圈出磁强的过程，由动量定理可知根据线圈进入磁场过程和出离磁强流过线圈截面的电量相相同，即q1=q2，联立解得即故B正确，A错误；

D；线圈离开磁场过程中；由于安培力方向与运动方向相反，则做减速运动，随速度的减小,感应电流减小，安培力减小，则加速度减小，即线圈做加速度越来越小的减速运动，故D错误；

故选BC。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

(1)[1]为了保证气体的质量不变；要用润滑油涂活塞保证封闭效果。

(2)[2][3]气体的体积变化，外界对气体做正功或负功，要让气体与外界进行足够的热交换，一要时间长，也就是抽动活塞缓慢，二要活塞导热性能好。【解析】①.用润滑油涂活塞②.慢慢地抽动活塞③.活塞导热性能好16、略

【分析】【详解】

[1]随着加热；灯内气体温度升高，分子的平均动能变大；

[2]对于灯内气体，根据盖-吕萨克定律，压强不变，温度升高，气体体积增大。因为孔明灯的体积几乎不变，所以部分气体外溢，灯内气体的质量减小，密度变小。【解析】变大变小17、略

【分析】【详解】

[1]．缸内气体从状态A变化到状态B为等压变化，故气缸单位面积上所受气体分子撞击的作用力不变；

[2][3]．气体体积变大；对外做功；

由可得

则气体对外做功的绝对值

[4]．理想气体对外做功的同时，温度升高，内能增大，根据热力学第一定律△U=W+Q可知：△U＞0，W＜0，所以Q＞0．即气体吸收热量．【解析】不变气体对外做功吸收18、略

【分析】【详解】

粒子从静止开始运动，只受电场力，有：U=Ed；F=qE；

联立解得：

根据速度位移关系公式，有：v2=2ad

解得：

点睛：本题电荷在电场中加速问题，求解速度通常有两种思路：一是动能定理；二是牛顿第二定律与运动学公式结合．【解析】19、略

【分析】【详解】

一定质量的理想气体被活塞封闭在可导热的竖直气缸内；缓慢倒入沙子过程中，活塞下移，气体对活塞做负功，由于气缸导热，所以气体对外放出热量，内能不变．

故答案为不变；做负功；放热．【解析】不变做负功放热四、作图题(共3题，共27分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共30分)23、略

【分析】【详解】

（1）甲图，螺旋测微器的固定刻度读数为3.5mm，可动刻度读数为0.01×0.5mm=0.005mm，

所以最终读数为3.5mm+0.005=3.505mm．

乙图，螺旋测微器的固定刻度读数为3mm，可动刻度读数为0.01×48.5mm=0.485mm，

所以最终读数为3mm+0.485=3.485mm．

（2）根据动量守恒定律可知，设向右为正方向，则应满足的表达式为：0=-m1v1+m2v2；即：m1v1=m2v2

根