2024年人教版选择性必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年人教版选择性必修1物理下册月考试卷850考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，一个质量为M的滑块放置在光滑水平面上，滑块的一侧是一个四分之一圆弧EF，圆弧半径为R=1m．E点切线水平．另有一个质量为m的小球以初速度v0从E点冲上滑块，若小球刚好没跃出圆弧的上端，已知M=4m，g取10m/s2，不计摩擦．则小球的初速度v0的大小为（）

A.v0=4m/sB.v0=6m/sC.v0=5m/sD.v0=7m/s2、如图所示，把两个相同的小球从离地面相同高度处，以相同大小的初速度分别沿水平方向和竖直向上方向抛出；不计空气阻力。则下列说法中正确的是（）

A.两小球落地时动量相同B.两小球落地时，重力的瞬时功率相同C.从小球抛出到落地，重力对两小球做的功相等D.从小球抛出到落地，重力对两小球做功的平均功率相等3、下列关于动量的说法中，正确的是（）A.物体的惯性越大，动量越大B.物体的加速度不变，其动量一定不变C.一个物体的动量变化，其速率一定变化D.一个物体的运动状态发生变化，它的动量一定改变4、如图甲所示，物块A，B的质量分别是和用轻弹栓接两物块放在光滑的水平地面上，物块B的右侧与竖直墙面接触。另有一物块C从t＝0时刻起，以一定的速度向右运动，在t＝4s时与物块A相碰，并立即与A粘在一起不再分开，物块C的图像如图乙所示。下列说法正确的是（）

A.物块B离开墙壁前，弹簧的最大弹性势能为72JB.4s到12s的时间内，墙壁对物块B的冲量大小为C.物块B离开墙壁后，弹簧的最大弹性势能为6.5JD.物块B离开墙壁后，物块B的最大速度为2m/s5、如图所示，某同学看到一只鸟落在树枝上的处，树枝在内上下振动了6次。鸟飞走后，他把的砝码挂在处，发现树枝在内上下振动了12次。将的砝码换成500g砝码后，他发现树枝在内上下振动了6次。你估计鸟的质量最接近（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、把一块玻璃板压在另一块玻璃板上；一端用薄片垫起，构成空气劈尖，让单色光从上方射入（如图），这时可以看到亮暗相间的条纹，下面关于条纹的说法正确的是（）

A.将薄片向着劈尖移动使劈角变大时，条纹变疏B.将上玻璃板平行上移，条纹远离劈尖移动C.将上玻璃板平行上移，条纹向着劈尖移动D.将薄片远离劈尖移动使劈角变小时，条纹变疏7、两个小球A、B在光滑水平面上相向运动，已知它们的质量分别是m1＝4kg，m2＝2kg，A的速度v1＝3m/s（设为正），B的速度v2＝－3m/s，则它们发生正碰后，其速度可能分别是（）A.均为1m/sB.＋4m/s和－5m/sC.＋2m/s和－1m/sD.－1m/s和＋5m/s8、一简谐横波沿x轴传播，t＝1s时的波形如图甲所示，x＝1m处质点的振动图线如图乙所示；则下列说法正确的是（）

A.此波的波长B.波的传播速度为2m/sC.该波沿x轴正方向传播D.t＝1.5s时，x＝2m处质点的位移为－5cm9、质量M=3.0kg的长木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量m=1.0kg的小木块A；现给A；B对地大小均为4.0m/s的速度，方向相反，使A开始向左运动，B开始向右运动，但最后A静止在B板上一起运动，则这一过程中下列哪些物理量可求（）

A.机械能转化为内能的能量B.小木块相对于木板的运动时间C.小木块相对于木板的位移D.最终一起运动时的速度10、如图所示，在光滑水平面上，有质量分别为2m和m的A、B两滑块，它们中间夹着一根处于压缩状态的轻质弹簧，由于被一根细绳拉着处于静止状态。当剪断细绳，在两滑块脱离弹簧之后，下述说法正确的是（）

A.两滑块的动能之比B.两滑块的动量大小之比C.两滑块的速度大小之比D.弹簧对两滑块做功之比11、位于坐标原点的波源不断地产生一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v=40m/s，已知t=0时刻波刚好传播到x=13m处；部分波形图如图所示，下列说法正确的是（）

A.波源开始振动的方向沿y轴正方向B.t=0.45s时，x=9m处的质点的位移为零C.t=0.45s时，波刚好传播到x=18m处D.t=0.45s时，波刚好传播到x=31m处12、如图所示是一列简谐波在t0时的波形图像，波速大小为v10m/s，方向水平向右，此时波恰好传到I点；则下列说法正确的是_______。

A.此列波的周期为T=0.4sB.质点I开始振动的方向沿y轴负方向C.当t=5.1s时，x=10m的质点处于平衡位置处E.质点G、I在振动过程中的加速度总是相同E.质点G、I在振动过程中的加速度总是相同13、两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源位于和处，从时刻开始振动，图为时的两列波的图像，此时刻平衡位置在和处两质点开始振动，质点P的平衡位置下列说法正确的是（）

A.两波源起振方向相同B.时，两列波相遇C.时，质点p沿y轴负方向振动D.在0到2.5s内，质点p运动总路程是0.9m14、如图所示，小车的上面固定一个光滑弯曲圆管道，整个小车(含管道)的质量为2m，原来静止在光滑的水平面上．现有一个可以看作质点的小球，质量为m；半径略小于管道半径，以水平速度v从左端滑上小车，小球恰好能到达管道的最高点，然后从管道左端滑离小车．关于这个过程，下列说法正确的是(  )

 A.小球滑离小车时，小车回到原来位置B.小球滑离小车时相对小车的速度大小为vC.车上管道中心线最高点的竖直高度为D.小球从滑进管道到滑到最高点的过程中，小车的动量变化大小是评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、如图，当用激光照射直径小于激光束的不透明圆盘时，在圆盘后屏上的阴影中心出现了一个亮斑．这是光的________(填“干涉”“衍射”或“直线传播”)现象，这一实验支持了光的________(填“波动说”“微粒说”或“光子说”)16、如图，在杨氏双缝干涉实验中，激光波长530nm，屏上P点距双缝S1和S2的路程差为7.95×10-7m。则在这里出现的应是______（填“亮条纹”或“暗条纹”），若双缝间距0.01mm，挡板到屏的距离0.6m，则相邻两条亮条纹的间距是______cm。

17、周期：做简谐运动的物体完成一次_____所需要的时间，叫作振动的周期，用T表示。在国际单位制中，周期的单位是______。18、一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻的波形如图所示，则这列波的波长为_______m；此时x=3m处的质点正在向上运动，则x=2.5m处的质点向_______（选填“上”或“下”）运动；当x=3m处的质点在波峰时，x=5m处的质点恰好在_______（选填“波峰”；“波谷”或“平衡位置”）。

19、一列简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，t=2s时刻，质点B第一次到达波峰，且从t=0时刻起，质点B比质点A早到达波峰，则该波沿x轴______（填“正”或“负”）方向传播；该波的波速大小为______m/s；0~6s内，质点A通过的路程为_______cm。

20、波的折射：光从一种介质进入另一种介质时会发生折射，同样，其他波从一种介质进入另一种介质时也发生_______。评卷人得分四、作图题(共1题，共7分)21、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

评卷人得分五、解答题(共3题，共15分)22、一束单色光由左侧射入盛有清水的薄壁圆柱，如图为过轴线的截面图，调整入射角光线恰好在水和空气的界面上发生全反射，已知水的折射率为求sin的值．

23、一辆装满水的消防车静止在水平地面上．消防车的总质量为M，车上固定一支高压水枪。某时，高压水枪突然相对于地面以速度v水平向后喷射水．已知喷出水的质量为m，忽略消防车前进所受的阻力，求消防车前进的速度以及对水做的功。24、一列简谐横波在均匀介质中沿x轴正方向传播，振幅A=10cm，波长cm，M、N两质点的平衡位置横坐标分别为x1=4cm、x2=8cm，已知t=0时刻，M点经过平衡位置且向下振动，N点位于平衡位置上方cm处且向下运动。再经0.02s（小于1个周期），N点恰好经过平衡位置向下运动；求：

（1）这列波的波长；波速和周期；

（2）写出质点N的振动方程。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

当小球上升到滑块上端时，小球与滑块水平方向速度相同，设为v1，根据水平方向动量守恒有：mv0=（m+M）v1，根据机械能守恒定律有：根据题意有：M=4m，联立两式解得：v0=5m/s；故ABD错误，C正确．故选C．

【点睛】

本题考查了动量守恒定律、机械能守恒定律以及能量守恒定律等，知道小球刚好没跃出圆弧的上端，两者水平方向上的速度相同，结合水平方向系统动量守恒和系统机械能守恒列式求解即可．2、C【分析】【详解】

AB．根据机械能守恒定律可知，两小球落地时速度大小相同，但方向不同，所以两小球落地时动量不同；由于A落地时速度方向与重力方向之间夹角θ不为零，而B落地时速度方向与重力方向相同，根据可知A落地时重力的瞬时功率比B的小；故AB错误；

CD．从小球抛出到落地，两小球竖直位移相同，重力对两小球做的功相等，但A运动时间比B的短，所以重力对A的平均功率比B的大；故C正确，D错误。

故选C。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．物体的惯性越大；则物体质量越大，但是动量不一定大，因为动量取决于物体的质量和速度。故A错误；

B．物体的加速度不变，则其合力不变，根据动量定理，可知

其动量一定改变。故B错误；

C．一个物体的动量变化；可能是其运动的方向发生变化，则其速率不一定变化。故C错误；

D．一个物体的运动状态发生变化；则其速度必然发生变化，则它的动量一定改变。故D正确。

故选D。4、B【分析】【详解】

A．由题图乙知，C与A碰前速度为v1＝12m/s，碰后速度为v2＝3m/s，C与A碰撞过程动量守恒，以C的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得mCv1＝（mA＋mC）v2

解得mC＝1kg

当C与A速度为0时，弹性势能最大

故A错误；

B．由题图乙知，12s末A和C的速度为v3＝－3m/s，4s到12s过程中墙壁对物块B的冲量大小等于弹簧对物块B的冲量大小，也等于弹簧对A和C整体的冲量大小，墙对B的冲量为I＝（mA＋mC）v3－（mA＋mC）v2

解得I＝－24N·s

方向向左；故B正确；

C．物块B离开墙壁后，A、B、C三者共速时弹性势能最大（mA＋mC）v3=（mA＋mC+mB）v共

解得Ep′＝6J

故C错误；

D．物块B离开墙壁后，系统动量守恒、机械能守恒，物块B的最大速度时，弹簧处于原长，则（mA＋mC）v3=（mA＋mC）v4+mBv5

解得v4=1m/s，v5=4m/s

故D错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

根据振动的周期公式可得。

鸟在树枝上

50g的砝码在树枝上

500g的砝码在树枝上

由可知鸟的质量为50g的砝码的4倍，所以最接近200g，故选C。二、多选题(共9题，共18分)6、C:D【分析】【分析】

【详解】

AD．将薄片向着劈尖移动使劈角变大时；相邻亮条纹间距变小，所以干涉条纹会变密；将薄片远离劈尖移动使劈角变小时，相邻亮条纹间距变大，所以干涉条纹会变疏，故A错误，D正确；

BC．将上玻璃板平行上移；导致满足亮条纹光程差的间距向劈尖移动，因此条纹向着劈尖移动，故C正确，B错误。

故选CD。7、A:D【分析】【详解】

以A的初速度方向为正方向，碰前系统总动量为p=m1v1+m2v2=4×3+2×（-3）=6kg•m/s

碰前总动能为

A．如果碰撞后两球速度v1′=v2′=+1m/s

碰撞后系统动量为p′=m1v1′+m2v2′=（4×1+2×1）kg•m/s=6kg•m/s

系统动量守恒；碰撞后系统总动能为

动能减少；是可能的，故A正确；

B．如果v1′=+4m/sv2′=-5m/s

碰撞后两球相向运动；能发生第二次碰撞，不可能，故B错误；

C．如果v1′=2m/sv2′=-1m/s

根据碰撞的特点可知；相向运动的两个物体在碰撞后至少有一个物体运动的方向要发生变化或静止，碰后两球速度方向都不发生改变是不可能的，故C错误；

D．如果v1′=-1m/sv2′=5m/s

碰后总动量为p′=m1v1′+m2v2′=（4×-1+2×5）kg•m/s=6kg•m/s

系统动量守恒；碰撞后系统总动能为

动能不变；是可能的，故D正确。

故选AD。8、A:D【分析】【详解】

A．根据波动图像得到波长故A正确；

B．根据振动图像知周期T＝2s，则波速

故B错误；

C．由图乙知，t＝1s时，x＝1m处质点的振动方向向上，对图甲，根据波形平移法，可知该波沿x轴负向传播；故C错误；

D．由图甲知，t＝1s时，x＝2m处质点位移为零，波沿x轴负向传播，根据波形平移法知此时刻该质点从平衡位置向下振动，则再经0.5s，即四分之一周期，x＝2m的质点将沿y轴负方向振动到最大位移处，所以t＝1.5s时，x＝2m处质点的位移为－5cm；故D正确。

故选AD。9、A:D【分析】【详解】

D．木块A与长木板B构成的系统所受外力的合力为零，动量守恒，根据动量守恒定律，有MvA-mvB=（M+m）v

代入数据解得v=2m/s

故D正确；

A．根据能量守恒定律，系统增加的内能为

故A正确；

C．由公式Q=f△s

可知，要求出相对位移，还需要先求出摩擦力f；由于动摩擦因数未知，故无法求出相对位移，故C错误；

B．摩擦力未知；也无法求出两个木块的加速度，故无法求出有相对滑动的时间，故B错误。

故选AD。10、A:C【分析】【详解】

AC．在两滑块刚好脱离弹簧时运用动量守恒得

得

两滑块速度大小之比为

两滑块的动能之比

AC正确；

B．两滑块的动量大小之比

B错误；

D．弹簧对两滑块做功之比等于两滑块动能之比为1∶2；D错误。

故选AC。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．已知波沿x轴正方向传播，结合题中波形图可知，x=13m处质点的起振方向沿y轴正方向，所以波源开始振动的方向沿y轴正方向；故A正确；

B．由题图可知，波长λ=8m，则周期

根据波的传播方向可知，t=0时刻，x=9m处的质点正从平衡位置沿y轴负方向运动，经过t=0.45s，即2.25T时；该质点位于波谷，故B错误；

CD．t=0.45s时，波刚好传播到x=13m＋vt=31m

故C错误；D正确。

故选AD。12、A:B:D【分析】【详解】

A．由波形图可知，波长λ=4m

则

故A正确；

B．由图可知，I刚开始振动时的方向沿y轴负方向；故B正确；

C．波传到x=l0m的质点的时间

t=5.1s时，x=l0m的质点已经振动

所以此时处于波谷处；故C错误；

D．质点B、F之间的距离正好是一个波长，振动情况完全相同，所以质点B、F在振动过程中位移总是相等；故D正确；

E．质点A、C间的距离为半个波长；振动情况相反，所以位移的方向不同，加速度方向也不同，故E错误。

故选ABD。13、A:D【分析】【详解】

A．P、Q两点刚开始振动的情况与波源振动情况相同，由“同侧法”可知，位于和的波源起振方向均向下；A正确；

B．由图可知，两列波到点的位置相等，两列波的波速均为

两列波从时刻传到点所用时间

则两列波相遇的时刻

B错误；

C．由图可知，两列波的波长

波的周期

两列波在为振动加强点，相遇时刻质点向下振动，时质点振动的时间为0.5s即为此时质点在平衡位置向y轴正方向振动；C错误；

D．0到2.5s内质点振动的时间为

质点p运动总路程

D正确。

故选AD。14、B:C【分析】【详解】

小球与小车在水平方向上的合外力为零，故在水平方向上动量守恒，所以小车的速度一直向右，小球滑离小车时，小车向右运动，不可能回到原来位置，故A错误；由动量守恒可得：mv=2mv车+mv球，由机械能守恒可得：所以，v车+2v球=0，那么，小球滑离小车时相对小车的速度v球-v车=-v，故小球滑离小车时相对小车的速度为v，故B正确；小球恰好到达管道的最高点后，则小球和小车的速度相同，故由动量守恒定律mv=(2m+m)v＇可得此时的速度由机械能守恒可得：小球在最高点的重力势能所以车上管道中心线最高点的竖直高度故C正确；小球恰好到达管道的最高点后，则小球和小车的速度相同，故小车的动量变化大小为mv，故D错误；三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

光绕过障碍物偏离直线传播路径而进入阴影区里的现象叫做光的衍射，这是典型的圆孔衍射．光的衍射和光的干涉一样证明了光具有波动性．【解析】衍射波动说16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]光程差与半波长的倍数关系为

即光程差是半波长的奇数倍；则该处出现的应该是暗条纹。

[2]根据代入数据解得

则相邻两条亮条纹的间距是【解析】暗条纹3.1817、略

【分析】【详解】

略【解析】①.全振动②.秒（s）18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由波形图可知；这列波的波长为4m；

[2]t=0时刻，x=3m处的质点正向上振动，由波形的平移法得知该波向左传播，即波沿x轴负向传播，则x=2.5m处的质点向上运动；

[3]由波沿x轴负向传播，可知当x=3m处的质