2024年北师大版高一物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大版高一物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于牛顿第一定律下列说法正确的是(

)

A.牛顿第一定律中只强调了物体在不受外力时将保持静止状态B.牛顿第一定律中只强调了物体在不受外力时将保持匀速直线运动状态C.牛顿第一定律中只强调了物体在不受外力时将保持静止状态或匀速直线运动状态D.牛顿第一定律中除了强调了物体在不受外力时将保持静止状态或匀速直线运动状态，还说明了物体在受外力作用时运动状态将会改变2、中国航天局秘书长田玉龙2015

年3

月6

日证实；将在2015

年年底发射高分四号卫星，这是中国首颗地球同步轨道高时间分辨率对地观测卫星。如图所示，A

是静止在赤道上随地球自转的物体；B.C

是同在赤道平面内的两颗人造卫星，B

位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，C

是高分四号卫星。则下列关系正确的是(&;)

A.物体A

随地球自转的角速度大于卫星B

的角速度B.卫星B

的线速度小于卫星C

的线速度C.物体A

随地球自转的向心加速度小于卫星C

的向心加速度D.物体A

随地球自转的周期大于卫星C

的周期3、因首次比较精确地测出引力常量G

被称为“称量地球质量第一人”的科学家是(

)

A.伽利略B.卡文迪许C.开普勒D.牛顿4、关于做匀速圆周运动物体的向心加速度的方向；下列说法中正确的是（）

A.与线速度的方向始终相同。

B.与线速度的方向始终相反。

C.始终指向圆心。

D.始终保持不变。

5、下列关于重力和重力加速度的说法，正确的是（）A.任何情况下，地面附近物体所受的重力都一定等于地球和物体之间的万有引力B.任何情况下，地面附近物体所受的重力方向一定指向地心C.任何情况下，星球表面的重力加速度都可以表示为g=G式中M为星球的质量，R为星球的半径D.只有在不考虑星球自转时，星球表面的重力加速度才可以表示为g=G式中M为星球的质量，R为星球的半径6、关于物体运动状态的改变，下列说法中正确的是(

)

A.物体运动的速率不变，其运动状态就不变B.物体运动的加速度不变，其运动状态就不变C.物体运动状态的改变包括两种情况：一是由静止到运动，二是由运动到静止D.物体的运动速度不变，我们就说它的运动状态不变7、如图所示，若质点以初速v0

正对倾角为娄脠=37鈭�

的斜面水平抛出，要求质点到达斜面时位移最小，则质点的飞行时间为(

)

A.3v04g

B.3v08g

C.8v03g

D.4v03g

8、如图甲所示为一运动员(

可视为质点)

进行三米板跳水训练的场景，某次跳水过程的v鈭�t

图象如图乙所示，t=0

时刻为跳板恢复水平，运动员向上跳离跳板的瞬间.

则该运动员从t=0

时刻起能上升的高度最接近()A.0.38m

B.0.80m

C.1.10m

D.3.00m

评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、假若地球绕太阳的周期是x秒，半径是y米，地球的质量是z千克，太阳的质量是q千克，则：地球绕太阳运动的角速度是____，地球绕太阳运动的转速是____，地球受到的向心力是____．（计算结果用上述用符号表示）．10、将质量为2kg的小球从离地面15m高的地方，分别以速度10m/s沿水平方向和竖直向上方向抛出，小球落地时速度大小分别是____m/s，____m/s．11、一质点做初速度为零的匀加速直线运动，则它在第1秒内、第2秒内、第3秒内的位移之比为______，它在前1秒内、前2秒内、前3秒内的平均速度之比为______．12、以初速度v0

水平抛出的物体，在空中先后经过AB

两点，物体在这两点的速度方向与水平方向的夹角分别为45鈭�

和60鈭�

则物体经过AB

两点间的时间为______，AB

两点间的竖直距离为______.(g

取10m/s2)

13、如图所示的皮带传动装置中，轮A和B同轴，A、B、C分别是三个轮边缘上的质点，且rA=rC=2rB，则三个质点的向心加速度之比aA：aB：aC为______．14、【题文】由静止开始做匀加速运动的物体，末与末的速度之比为____前内与前内的位移之比为____第内与第内的位移之比为____15、将一个力F分解为两个力，已知其中一个分力F1的方向与F成60°角，则另一个分为F2有最小值时，此时F1的大小为______，F2的最小值为______．16、如图所示；在光滑水平面上，将一木块靠在轻质弹簧上，压缩后松手，弹簧将木块弹出．已知人压缩弹簧做了40J的功，则松手前，弹簧的弹性势能为____________J．在弹簧恢复原长的过程中，弹簧对物体做了____________J的功，此过程中____________转化为____________能．．

物体离开弹簧后的动能为____________J．评卷人得分三、简答题(共9题，共18分)17、（8分）1280年到1340年期间，英国牛津梅尔敦学院的数学家们发现了重要的“梅尔敦定理”：如果一个物体沿直线运动的速度是均匀增加的，那么，它在某段时间内的平均速度就等于初速度与末速度之和的一半。试利用学过的物理知识证明“梅尔敦定理”。18、如图所示，水平地面上的物体重G=100N，在与水平方向成37°角的拉力F=60N的作用下做匀速直线运动．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8．求物体与地面间动摩擦因数．19、质量为m

的飞机以恒定速率v

在空中水平盘旋，如图所示，其做匀速圆周运动的半径为R

重力加速度为g

求此时空气对飞机的作用力大小F

．20、rm{FeBr_{2}}是一种黄绿色固体，某学习小组制备并探究它的还原性Ⅰrm{.}实验室制备rm{FeBr_{2}}实验室用下图所示装置制取溴化亚铁rm{.}其中rm{A}为rm{CO_{2}}发生装置，rm{D}和rm{d}中均盛有液溴，rm{E}为外套电炉丝的不锈钢管rm{.e}是两只耐高温的瓷皿，其中盛有细铁粉．实验开始时先将铁粉加热至rm{600隆忙隆芦700隆忙}然后将干燥、纯净的rm{CO_{2}}气流通入rm{D}中，rm{E}管中反应开始，不断将rm{d}中液溴滴入rm{100隆忙隆芦120隆忙}的rm{D}中，经过几小时的连续反应，在铁管的一端沉积有黄绿色鳞片状溴化亚铁请回答：rm{(1)}若在rm{A}中盛固体rm{CaCO_{3}}rm{a}中盛rm{6mol/L}盐酸，为使导入rm{D}中的rm{CO_{2}}为干燥纯净的气体，则图中rm{B}rm{C}处的装置中的试剂应是：rm{B}为________，rm{C}为________rm{.}为防止污染空气，实验时应在rm{F}处连接盛________的尾气吸收装置rm{(2)}反应过程中要不断通入rm{CO_{2}}其主要作用是rm{垄脵}________，rm{垄脷}________．Ⅱrm{.}探究rm{FeBr_{2}}的还原性，rm{(1)}实验需要rm{90mL0.1mol隆陇L^{-1}FeBr_{2}}溶液，配制rm{90mL0.1

mol隆陇L^{-1}FeBr_{2}}溶液除烧杯、量筒、胶头滴管、玻璃棒外还需的玻璃仪器是_____________。rm{FeBr_{2}}取rm{(2)}上述rm{10mL}溶液，向其中滴加少量新制的氯水，振荡后溶液呈黄色。某同学对产生黄色的原因提出了假设：假设rm{FeBr_{2}}rm{1}被rm{Br^{-;}}氧化成rm{Cl_{2}}溶解在溶液中；假设rm{Br_{2}}rm{2}被rm{Fe^{2+;}}氧化成rm{Cl_{2}}设计实验证明假设rm{Fe^{3+}}是正确的_________________________；rm{2}实验证明：还原性rm{(3)}请用一个离子方程式来证明：____________；rm{Fe^{2+;}>Br^{-}}若向上述rm{(4)}溶液中通入过量rm{FeBr_{2}}则反应的离子方程式为：___________。rm{Cl_{2}}21、某实验小组为探究rm{ClO^{-}}rm{I_{2}}rm{SO_{4}^{2-}}在酸性条件下的氧化性强弱，进行如下实验：实验rm{垄脵}在淀粉碘化钾溶液中加入少量次氯酸钠溶液，并加入适量的稀硫酸，溶液立即变蓝；rm{(1)}写出实验rm{垄脵}中发生反应的离子方程式____。实验rm{垄脷}取适量实验rm{垄脵}后的溶液，滴加rm{4mL0.5mol隆陇L^{隆陋1}}亚硫酸钠溶液，蓝色恰好完全褪去。rm{(2)}实验rm{垄脷}化学反应中转移电子的物质的量是____。rm{(3)}以上实验说明，在酸性条件下rm{ClO^{-}}rm{I_{2}}rm{SO_{4}^{2-}}的氧化性由弱到强的顺序是____。实验rm{垄脹}取适量实验rm{垄脵}后的溶液，继续滴加次氯酸钠溶液，溶液由蓝色变为无色，生成物之一为食盐加碘的原料rm{(NaIO_{3})}rm{(4)}写出实验rm{垄脹}中发生反应的离子方程式____。rm{(5)}一个完整的氧化还原反应方程式可以拆写成两个“半反应式”，一个是“氧化反应式”，一个是“还原反应式”。如rm{2Fe^{3+}+Cu=2Fe^{2+}+Cu^{2+}}可拆写为氧化反应式：rm{Cu-2e^{-}=Cu^{2+}}还原反应式：rm{2Fe^{3+}+2e^{-}=2Fe^{2+}}据此，将反应rm{2Al+2OH^{隆陋}+2H_{2}O=2AlO_{2}^{隆陋}+3H_{2}隆眉}拆写为两个“半反应式”：氧化反应式____：，还原反应式：____。rm{2Al+2OH^{隆陋}+2H_{2}O=

2AlO_{2}^{隆陋}+3H_{2}隆眉}22、跳台滑雪是一种极为壮观的运动，运动员穿着滑雪板，从跳台水平飞出，在空中飞行一段距离后着陆.

如图所示.

设运动员连同滑雪板的总质量m=50kg

从倾角娄脠=37鈭�

的坡顶A

点以速度v0=20m/s

沿水平方向飞出，恰落到山坡底的水平面上的B

处，(g=10m/s,sin37鈭�=0.6,cos37鈭�=0.8)

求：(1)

运动员在空中飞行的时间；

(2)

运动员落到水平面上的B

处时顺势屈腿以缓冲，使他垂直于水平面的分速度在鈻�t=0.30s

的时间内减小为零.

试求缓冲过程中滑雪板对水平面的平均压力大小?

23、我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星鈭�500

”的实验活动.

假设王跃登陆火星后，测得火星的半径是地球半径的12

质量是地球质量的18.

已知地球表面的重力加速度是g

地球的半径为R

忽略火星以及地球自转的影响，求：

(1)

火星表面的重力加速度g隆盲

的大小；

(2)

王跃登陆火星后，经测量发现火星上一昼夜的时间为t

如果要发射一颗火星的同步卫星，它正常运行时距离火星表面将有多远？24、某课外活动小组研究金属钾的性质。他们首先通过分析钾与钠的原子结构示意图及查阅有关资料，知道钾与钠属于同一类物质，在性质上有许多相似之处。在金属活动性顺序中，钾排在钠的前面，钾在空气中燃烧的产物是超氧化钾rm{(KO_{2})}根据以上信息，完成下列问题：rm{(1)}预测钾的化学性质，完成下列反应的化学方程式。rm{垄脵}钾在氯气中燃烧：________________。rm{垄脷}点燃钾剧烈燃烧：________________。rm{垄脹}将小块钾投入冷水中：________________。rm{(2)}推测钾在自然界中的存在方式是________rm{(}填“游离态”或“化合态”rm{)}25、已知地球表面的重力加速度为g

地球半径为R.

某颗中轨道卫星绕地球做匀速圆周运动，轨道离地面的高度是地球半径的3

倍.

求：

(1)

该卫星做圆周运动的角速度大小为多少？

(2)

该卫星做圆周运动的周期为多少？评卷人得分四、推断题(共1题，共7分)26、A、rm{B}rm{C}rm{D}四种元素，它们原子的核电荷数均小于rm{18}且依次递增，rm{A}原子核内仅有一个质子；rm{B}原子的电子总数与rm{D}原子的最外层电子数相等；rm{A}原子与rm{B}原子的最外层电子数之和与rm{C}原子的最外层电子数相等；rm{D}原子有两个电子层，最外层电子数是次外层电子数的rm{3}倍。rm{(1)}试推断它们各是什么元素，写出它们的元素符号：rm{A}________，rm{C}________，rm{(2)}画出rm{D}的离子结构示意图________。

rm{(3)}由这四种元素组成的三核rm{10}电子的分子是________，四核rm{10}电子的分子是________。评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)27、（8分）“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。（1）图乙中的是力F1和F2的合力的理论值；是力F1和F2的合力的实际测量值。（选填“F”或“”）。（2）在实验中，如果将细绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：（选填“变”或“不变”）。（3）本实验采用的科学方法是。A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法28、在“研究平抛物体的运动”的实验中记录的一段轨迹。已知物体是从原点O水平抛出，经测量C点的坐标为(60，45)。则平抛物体的初速度＝____m/s，该物体运动的轨迹为一抛物线，其轨迹方程为____。g取10m／s229、如图所示是使用交流电频率为50Hz的打点计时器测定匀加速直线运动的加速度时得到的一条纸带，相邻两个计数点之间有4个点未画出，测出x1=1.2cm、x2=1.6cm、x3=2.0cm、x4=2.4cm、x5=2.8cm、x6=3.2cm，则相邻两个计数点之间的时间间隔t=_____s，该物体运动的加速度a=_____m/s2，打下A点时，物体的速度vA=_____m/s，打下O点时，物体的速度vO=_____m/s。评卷人得分六、其他(共4题，共20分)30、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．31、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．32、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．33、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】解：牛顿第一定律中除了强调了物体在不受外力时将保持静止状态或匀速直线运动状态；还说明了物体在受外力作用时运动状态将会改变，故ABC错误，D正确。

故选：D

牛顿第一定律是重要的力学定律；也叫惯性定律，揭示了力与运动的关系，即力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，物体不受力时将保持静止状态或匀速直线运动状态。

该题关键是要区分牛顿第一定律中物体维持原来状态和改变状态的原因。其次要注意质量是惯性的唯一衡量标准。【解析】D

2、C【分析】地球赤道上的物体与地球同步卫星有相同的角速度和周期，利用相关公式可比较线速度和向心加速度的大小，在根据万有引力提供向心力比较BC

线速度和周期大小。A.C

为同步卫星，即角速度和地球自转角速度相同，根据公式可得即所以物体A

随地球自转的角速度小于卫星B

的角速度，A错误；B.根据公式可得即运动半径越大，卫星的线速度越小，故B错误；C.根据公式可得物体A

随地球自转的向心加速度小于卫星C

的向心加速度，C正确；D.C

是同步卫星，和地球自转周期相同，D错误；故本题选C。在万有引力这一块，设计的公式和物理量非常多，在做题的时候，首先明确过程中的向心力，然后弄清楚各个物理量表示的含义，最后选择合适的公式分析解题，另外这一块的计算量一是非常大的，所以需要细心计算。【解析】C

3、B【分析】解：牛顿发现了万有引力定律；牛顿得到万有引力定律之后，并没有测得引力常量，首次比较精确地测出引力常量的科学家是卡文迪许，称为“称量地球质量第一人”的科学家.

故B正确，ACD错误．

故选：B

依据物理学的发展史和各位科学家对物理学的贡献；可以判定各个选项是否正确．

本题需要掌握物理学的发展历史，明确各个课本提到的各个人物对于物理学的贡献，属于基础记忆考察．【解析】B

4、C【分析】

向心加速度的方向始终指向圆心；和线速度的方向垂直，不改变线速度的大小只是改变线速度的方向，由于加速度是矢量，因此向心加速度是时刻变化的，故ABC错误，C正确．

故选C．

【解析】【答案】物体做匀速圆周运动时；合外力提供向心力，加速度大小不变，但是方向指向圆心，时刻发生变化，因此根据向心加速度的特点可正确解答本题．

5、D【分析】解：只有在不考虑星球自转时，星球表面附近物体所受的重力才等于星球和物体之间的万有引力，物体所受的重力方向才指向星球中心，星球表面的重力加速度才可以表示为g=G式中M为星球的质量，R为星球的半径，故只有选项D正确．

故选：D

由于地球吸引而使物体受到的力叫做重力；在地球上的同一地点，重力加速度相同，随纬度的升高，重力加速度增大，随高度的升高，重力加速度减小；在忽略地球自转时，重力等于万有引力．

本题关键是明确重力和万有引力的区别，知道重力加速度的特点，不难．【解析】【答案】D6、D【分析】解：A

物体运动的速率不变；它的运动方向可能会改变，所以运动状态可能改变，故A错误；

B；运动物体的加速度不变；速度可能发生改变，例如平抛运动，故B错误；

C；物体速度的改变包括两种情况：一是由静止到运动；二是由运动到静止，运动状态还与运动方向有关，故C错误；

D；物体的运动速度不变；我们就说它的运动状态不变，故D正确．

故选D．

物体的运动状态包括速度大小和方向两方面；速度大小和方向只要有一个改变，那么运动状态就得改变．

解答本题的关键是要明确运动状态的改变既是指运动速度的变化，也是指运动方向的变化．【解析】D

7、C【分析】解：过抛出点作斜面的垂线；如图所示：

当质点落在斜面上的B

点时；位移最小，设运动的时间为t

则。

水平方向：x=v0t

竖直方向：y=12gt2

根据几何关系有：xy=tan娄脠

即v0t12gt2=tan娄脠

解得t=2v0gtan胃=2v0g脳34=8v03g.

故C正确；AB

D错误．

故选：C

．

由数学知识得：从抛出点到达斜面的最小位移为过抛出点作斜面的垂线.

设经过时间t

到达斜面上；根据平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，表示出水平和竖直方向上的位移，再根据几何关系即可求解．

解决本题的关键是知道怎样运动时位移最小，再根据平抛运动的基本规律结合几何关系解题．【解析】C

8、A【分析】【分析】在v鈭�t

图象中，直线的斜率表示加速度的大小，图线与时间轴所包围的面积代表位移大小，根据图象解决问题。本题考查了v鈭�t

图象，利用图象的特点来解决问题，注意处于时间轴上下的面积的含义。【解答】根据图象可知，在0鈭�t1

时间内，运动员在上跳，t1鈭�t2

时间内运动员在在空中下落，t2

时刻入水，根据面积代表位移大小得，上升位移大小为0鈭�t1

时间段所对应的面积大小，有几何知识得x=0.38m

故BCD错误，A正确。故选A。【解析】A

二、填空题(共8题，共16分)9、略

【分析】

根据角速度与周期的关系ω=得：

ω=rad/s

根据转速的定义得出当转速的单位取转每秒时；转速的大小等于频率，所以：

转速n=f==转/秒．

地球绕太阳公转；万有引力提供向心力得：

地球受到的向心力F==N

故答案：rad/s，转/秒，N．

【解析】【答案】根据角速度与周期的关系ω=求得角速度．

根据转速的定义得出当转速的单位取“转每秒”时；转速的大小等于频率．

地球绕太阳公转；利用万有引力提供向心力可求出地球受到的向心力．

10、略

【分析】

物体竖直向上抛出的初速度与水平抛出的初速度大小相同；在运动的全过程只有重力做功，因为出发点与落地点的高度差相同，所以重力做功相同，即末速度也相同．

由动能定理得：

v=20m/s

故答案为：20；20．

【解析】【答案】本题看似竖直上抛运动的考察；但实际上应用动能定理解决更加简洁易懂．

11、略

【分析】解：根据x=at2可得：

物体通过的第一段位移为：x1=a×12

又前2s的位移减去前1s的位移就等于第2s的位移。

故物体通过的第二段位移为：x2=-a×12=

同理可知，第3s内的位移为：x3=

故它在第1秒内；第2秒内、第3秒内的位移之比为1：3：5．

由x=at2可知：

前1秒内；前2秒内、前3秒内的位移之比为1：4：9；

而所用时间之比为：1：2：3；

由平均速度公式=可知；

平均速度之比为：1：2：3；

故答案为：1：3：5；1：2：3；

结合匀变速直线运动的位移时间公式分析位移和时间的关系．匀变速直线运动在连续相等时间内的位移之差是一恒量．结合位移时间公式得出通过相等位移所用的时间之比．

本题考查匀变速直线运动的规律，第二空可以用平均速度公式直接求解；即前1s的速度为0.5s的末速度；前2s的平均速度为1s末的瞬时速度，由v=at即可求解．【解析】1：3：5；1：2：312、略

【分析】解：根据平行四边形定则知，A

点竖直分速度为：vyA=v0tan45鈭�=v0B

点的竖直分速度为：vyB=v0tan60鈭�=3v0

则运动的时间为：t=vyB鈭�vyAg=(3鈭�1)v0g

．

A、B

间的竖直距离为：y=vyB2鈭�vyA22g=3v02鈭�v022g=v02g

．

故答案为：(3鈭�1)v0gv02g

．

根据平行四边形定则分别求出AB

两点的竖直分速度；结合速度时间公式求出运动的时间，通过速度位移公式求出AB

两点间的竖直距离．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．【解析】(3鈭�1)v0gv02g

13、4：2：1【分析】解：由于B轮和C轮是皮带传动；皮带传动的特点是两轮与皮带接触点的线速度的大小与皮带的线速度大小相同；

故vC=vB；

即：vB：vC=1：1

由于A轮和B轮共轴；故两轮角速度相同；

即ωA=ωB；

即：ωA：ωB=1：1

由角速度和线速度的关系式v=ωR可得。

vA：vB=RA：RB=2：1

所以vA：vB：vC=2：1：1

又因为RA=RC=2RB

由a=可得：

aA：aB：aC=4：2：1

所以ABD错误；C正确；

故答案为：4：2：1．

要求线速度之比需要知道三者线速度关系：A；B两轮是皮带传动；皮带传动的特点是皮带和轮子接触点的线速度的大小相同，B、C两轮是轴传动，轴传动的特点是角速度相同．

解决传动类问题要分清是摩擦传动（包括皮带传动，链传动，齿轮传动，线速度大小相同）还是轴传动（角速度相同）．【解析】4：2：114、略

【分析】【解析】

试题分析：根据公式可得，由静止开始做匀加速运动的物体的速度为

所以末与末的速度之比3：5

根据位移随时间变化公式可得前内与前内的位移之比为

物体在第3s内的位移为

物体在第5s内的位移为

所以第内与第内的位移之比为5：9

考点：考查了匀变速直线运动规律的应用。

点评：基础题，关键是对公式的正确掌握，以及在求第ns内位移一般通过求出前ns和前（n-1）s的位移差【解析】【答案】3：59：255：915、略

【分析】解：合力大小为F，力F和一个分力F1的方向的夹角为60°；根据平行四边形定则作图，如图所示：

可知，另一个分力的最小值为F2=Fsin60°=F；而F1的大小为．

故答案为：．

已知合力和两个分力的方向；分解具有唯一性，根据平行四边形定则作图分解即可．

本题关键是确定合力与分力的方向，然后根据平行四边形定则作图分析，最后根据几何关系求解，简单题．【解析】16、略

【分析】解：人压缩弹簧；对弹簧做功，人做的功转化为弹簧的弹性势能，故松手前弹簧的弹性势能为40J．在弹簧恢复原长的过程中，弹簧对外做功，做功多少等于弹性势能的变化量，恢复原长过程中，弹性势能减小40J，故弹簧对物体做了40J的功，此过程中弹性势能转化为动能，故物体离开弹簧后的动能为40J．

故答案为：40，40，弹性势能，动能，40【解析】40;40;弹性势能;动;40三、简答题(共9题，共18分)17、略

【分析】试题分析：证明：梅尔敦定理的前提是物体做匀加速直线运动（1分）设物体在t时间内的位移为s，初速度末速度分别为v0、vt，运动加速度为a（2分）根据匀变速直线运动规律vt-v0=at①（1分）s=v0t+at2/2②（1分）平均速度为v=s/t③（1分）联立①②③得v=（v0+vt）/2（2分）定理得证考点：匀变速直线运动【解析】【答案】可证v=（v0+vt）/218、略

【分析】

对物体受力分析；抓住竖直方向上合力为零，水平方向上合力为零，根据共点力平衡求出摩擦力的大小．

解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，滑动摩擦力公式的中N是正压力，并不是重力．【解析】解：物体做匀速直线运动；受力平衡，对物体受力分析，由平衡条件得：

Ff=Fcosθ

G=FN+Fsinθ

而Ff=μFN

解得：

答：物体与地面间动摩擦因数为0.75．19、解：根据牛顿第二定律有：F合=．

根据平行四边形定则可知，空气对飞机的作用力F==．

答：此时空气对飞机的作用力大小F为．【分析】

飞机受重力；空气的作用力；靠两个力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律几何平行四边形定则求解空气对飞机的作用力．

解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解，难度适中．【解析】解：根据牛顿第二定律有：F潞脧=mv2R

．

根据平行四边形定则可知，空气对飞机的作用力F=(mg)2+(F潞脧2)=mg2+v4R2

．

答：此时空气对飞机的作用力大小F

为mg2+v4R2

．20、I.rm{(1)NaHCO_{3}}溶液的洗气瓶浓rm{H_{2}SO_{4}}的洗气瓶rm{NaOH}溶液

rm{(2)}用rm{CO_{2}}把反应器中空气赶尽将rm{Br_{2}}蒸气带入反应器中

rm{II.(1)100mL}容量瓶

rm{(2)}向黄色溶液中加入少量rm{KSCN}溶液，若溶液变血红色，则证明假设rm{2}正确

rm{(3)Fe^{2+}+Br_{2}=2Fe^{2+}+2Br^{-}}

rm{(4)3Cl_{2;}+2Fe^{2+}}rm{+4Br^{-}=2Fe^{3+}+6Cl^{-}}rm{+2Br_{2}}【分析】【分析】主要考查性质实验方案的设计，制备实验方案的设计的相关知识，据此进行分析解答。【解答】I.rm{(1)}实验室用碳酸钙和盐酸制取二氧化碳，氯化氢易挥发，装置rm{B}用于除去二氧化碳中的氯化氢气体，可以用盛有rm{NaHCO_{3}}饱和溶液的洗气瓶洗气，装置rm{C}作用是干燥二氧化碳，可以用盛有浓rm{H_{2}SO_{4}}的洗气瓶干燥，溴蒸汽有毒，不能排到空气中，可被碱液吸收，如氢氧化钠溶液能够与溴单质反应，适宜为防止污染空气，实验时应在rm{F}处连接盛有碱液如氢氧化钠溶液的尾气吸收装置，故填：rm{NaHCO_{3}}溶液的洗气瓶；浓rm{H_{2}SO_{4}}的洗气瓶；rm{NaOH}溶液；rm{(2)}反应过程中要不断地通入rm{CO_{2}}其主要作用是为：反应前先通入一段时间rm{CO_{2}}将容器中的空气赶净，避免空气中的氧气干扰实验rm{;}反应过程中要不断通入rm{CO_{2}}还可以将rm{Br_{2}}蒸气带入反应器rm{D}中，使溴能够与铁粉充分反应，故填：用rm{CO_{2}}把反应器中空气赶尽；将rm{Br_{2}}蒸气带入反应器中；rm{II.(1)}实验需要rm{90mL0.1mol隆陇L^{-1}FeBr_{2}}溶液，配制rm{90mL0.1

mol隆陇L^{-1}FeBr_{2}}溶液除烧杯、量筒、胶头滴管、玻璃棒外还需的玻璃仪器是rm{FeBr_{2}}容量瓶，故填：rm{100mL}容量瓶；rm{100mL}向黄色溶液中加入少量rm{(2)}溶液，若溶液变血红色，则证明假设rm{KSCN}正确，rm{2}被rm{Fe^{2+;}}氧化成rm{Cl_{2}}故填：向黄色溶液中加入少量rm{Fe^{3+}}溶液，若溶液变血红色，则证明假设rm{KSCN}正确；rm{2}还原性rm{(3)}用一个离子方程式来证明为rm{Fe^{2+;}>Br^{-}}故填：rm{Fe^{2+}+Br_{2}=2Fe^{2+}+2Br^{-}}rm{Fe^{2+}+Br_{2}=2Fe^{2+}+2Br^{-}}若向上述rm{(4)}溶液中通入过量rm{FeBr_{2}}则反应的离子方程式为rm{Cl_{2}}rm{3Cl_{2;}+2Fe^{2+}}rm{+4Br^{-}=2Fe^{3+}+6Cl^{-}}故填：rm{+2Br_{2}}rm{3Cl_{2;}+2Fe^{2+}}rm{+4Br^{-}=2Fe^{3+}+6Cl^{-}}rm{+2Br_{2}}【解析】I.rm{(1)NaHCO_{3}}溶液的洗气瓶浓rm{H_{2}SO_{4}}的洗气瓶rm{NaOH}溶液rm{(2)}用rm{CO_{2}}把反应器中空气赶尽将rm{Br_{2}}蒸气带入反应器中rm{II.(1)100mL}容量瓶rm{(2)}向黄色溶液中加入少量rm{KSCN}溶液，若溶液变血红色，则证明假设rm{2}正确rm{(3)Fe^{2+}+Br_{2}=2Fe^{2+}+2Br^{-}}rm{(4)3Cl_{2;}+2Fe^{2+}}rm{+4Br^{-}=2Fe^{3+}+6Cl^{-}}rm{+2Br_{2}}21、（1）ClO-+2I-+2H＋＝I2+Cl-+H2O

（2）0.004mol

（3）SO42-、I2、ClO-

（4）I2+5ClO-+H2O＝2IO3-+5Cl-+2H+（或I2+5ClO-+2OH-＝2IO3-+5Cl-+H2O）

（5）2Al+8OH--6e-=2AlO2-+4H2O（或Al+4OH--3e-=AlO2-+2H2O）

6H2O+6e-=6OH-+3H2↑（2H2O+2e-=2OH-+2H2↑）【分析】【分析】本题考查氧化还原反应的本质和氧化性的强弱判断，还涉及到离子方程式的书写，题目难度中等。【解答】rm{(1)}在淀粉碘化钾溶液中加入少量次氯酸钠溶液，并加入适量的稀硫酸，溶液立即变蓝，发生反应的离子方程式在淀粉碘化钾溶液中加入少量次氯酸钠溶液，并加入适量的稀硫酸，溶液立即变蓝，发生反应的离子方程式rm{(1)}故答案为：rm{ClO^{-}+2I^{-}+2H^{+}=I_{2}+Cl^{-}+H_{2}O}rm{ClO^{-}+2I^{-}+2H^{+}=I_{2}+Cl^{-}+H_{2}O}；实验rm{(2)}实验rm{垄脷}取适量实验rm{垄脵}后的溶液，滴加rm{4mL0.5mol隆陇L}取适量实验rm{(2)}后的溶液，滴加rm{垄脷}rm{垄脵}rm{4mL0.5mol隆陇L}rm{{,!}^{-1}}的亚硫酸钠溶液，蓝色恰好完全褪去，发生的反应为rm{I}rm{I}rm{{,!}_{2}}rm{+SO}rm{+SO}rm{{,!}_{3}^{2-}}rm{+H2O=SO}rm{+H2O=SO}rm{{,!}_{4}^{2-}}故答案为：rm{+2I}rm{+2I}rm{{,!}^{-}}根据氧化剂的氧化性大于氧化产物的氧化性结合以上实验的反应方程式判断，在酸性条件下rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}^{+}}，化学反应中转移电子的物质的量是rm{0.004mol}rm{0.004mol}rm{0.004mol}；rm{(3)}根据氧化剂的氧化性大于氧化产物的氧化性结合以上实验的反应方程式判断，在酸性条件下rm{ClO}rm{(3)}rm{ClO}rm{{,!}^{-}}、rm{I}故答案为：rm{I}rm{{,!}_{2}}、rm{SO}rm{SO}rm{{,!}_{4}^{2-}}实验的氧化性由弱到强的顺序是rm{SO}取适量实验rm{SO}后的溶液，继续滴加次氯酸钠溶液，溶液由蓝色变为无色，生成物之一为食盐加碘的原料，反应的离子方程式rm{{,!}_{4}^{2-}}或、rm{I}故答案为：rm{I}或rm{{,!}_{2}}、rm{ClO}rm{ClO}根据题给信息将反应rm{{,!}^{-}}rm{SO_{4}^{2-}}rm{I_{2}}rm{ClO^{-}}；rm{(4)}实验rm{垄脹}取适量实验rm{垄脵}后的溶液，继续滴加次氯酸钠溶液，溶液由蓝色变为无色，生成物之一为食盐加碘的原料，反应的离子方程式rm{(4)}rm{垄脹}rm{垄脵}拆写为两个“半反应式”：氧化反应式：rm{I_{2}+5ClO^{-}+H_{2}O=2IO_{3}^{-}+5Cl^{-}+2H^{+}(}或rm{I_{2}+5ClO^{-}+2OH^{-}=2IO_{3}^{-}+5Cl^{-}+H_{2}O)}rm{I_{2}+5ClO^{-}+H_{2}O=2IO_{3}^{-}+5Cl^{-}+2H^{+}(}rm{I_{2}+5ClO^{-}+2OH^{-}=2IO_{3}^{-}+5Cl^{-}+H_{2}O)}故答案为：；或rm{(5)}根据题给信息将反应rm{2Al+2OH}rm{(5)}rm{2Al+2OH}rm{{,!}^{-}}【解析】rm{(1)ClO^{-}+2I^{-}+2H^{+}=I_{2}+Cl^{-}+H_{2}O}rm{(2)0.004mol}rm{(3)SO_{4}^{2-}}rm{I_{2}}rm{ClO^{-}}rm{(4)I_{2}+5ClO^{-}+H_{2}O=2IO_{3}^{-}+5Cl^{-}+2H^{+}(}或rm{I_{2}+5ClO^{-}+2OH^{-}=2IO_{3}^{-}+5Cl^{-}+H_{2}O)}rm{(5)2Al+8OH^{-}-6e^{-}=2AlO_{2}^{-}+4H_{2}O(}或rm{Al+4OH^{-}-3e^{-}=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O)}rm{6H_{2}O+6e^{-}=6OH^{-}+3H_{2}隆眉(2H_{2}O+2e^{-}=2OH^{-}+2H_{2}隆眉)}22、略

【分析】

(1)

运动员从O

点水平飞出做平抛运动；根据下落的高度求出运动的时间．

(2)

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；根据水平的位移求出平抛的初速度.

求出落到斜坡上竖直方向和水平方向的分速度，根据正交分解，得出垂直于斜坡的速度，然后根据牛顿第二定律求出弹力的大小．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动.

以及运动员落在斜面上，垂直于斜面方向的合力产生加速度，使运动员垂直于斜面的速度减小到0

．【解析】解：(1)

运动员由A

到B

做平抛运动水平方向的位移为x=v0t

竖直方向的位移为y=12gt2

根据几何关系得：yx=tan37鈭�

解得：t=2v0tan37鈭�g=3s

(2)

运动员落地前瞬间的竖直分速度vy=gt=30m/s

运动员落地过程中竖直方向平均加速度大小ay.=vy鈻�t=300.30=100m/s2

设地对滑雪板作用力为FN

则FN=mg+may.

解得：FN=5500N

故滑雪板对地压力大小为5500N

答：(1)

运动员在空中飞行的时间为3s

(2)

缓冲过程中滑雪板对水平面的平均压力为5500N

．23、解：（1）在地球表面；万有引力与重力相等；

=m0g

对火星=m0g′

测得火星的半径是地球半径的质量是地球质量的

联立解得g′=g

（2）火星的同步卫星作匀速圆周运动的向心力由火星的万有引力提供；且运行周期与火星自转周期相同．设卫星离火星表面的高度为h，则。

=m0（）2（R′+h）

GM′=g′R′2

解出同步卫星离火星表面高度h=-R

答：（1）火星表面的重力加速度g′的大小为g；

（2）它正常运行时距离火星表面的距离为-R．【分析】

(1)

求一个物理量之比；我们应该把这个物理量先表示出来，在进行之比，根据万有引力等于重力，得出重力加速度的关系，根据万有引力等于重力求出火星表面的重力加速度g隆盲

的大小；

(2)

火星的同步卫星作匀速圆周运动的向心力由火星的万有引力提供；且运行周期与火星自转周期相同，据此求解即可．

通过物理规律把进行比较的物理量表示出来，再通过已知的物理量关系求出问题是选择题中常见的方法.

把星球表面的物体运动和天体运动结合起来是考试中常见的问题．【解析】解：(1)

在地球表面；万有引力与重力相等；

GMm0R2=m0g

对火星GM隆盲m0R隆盲2=m0g隆盲

测得火星的半径是地球半径的12

质量是地球质量的18

联立解得g隆盲=12g

(2)

火星的同步卫星作匀速圆周运动的向心力由火星的万有引力提供；且运行周期与火星自转周期相同.

设卫星离火星表面的高度为h

则。

GM隆盲m0(R隆盲+h)2=m0(2娄脨t)2(R隆盲+h)

GM隆盲=g隆盲R隆盲2

解出同步卫星离火星表面高度h=3gR2t232娄脨2鈭�12R

答：(1)

火星表面的重力加速度g隆盲

的大小为12g

(2)

它正常运行时距离火星表面的距离为3gR2t232娄脨2鈭�12R.

24、（1）①2K+Cl22KCl

②K+O2KO2

③2K+2H2O=2KOH+H2↑

（2）化合态【分析】【分析】本题考查同主族金属元素性质的探究，题目难度不大，注意根据同主族元素的金属性的相似性和递变性分析该题。【解答】rm{(1)垄脵}钾在点燃条件下与氯气反应生成氯化钾，反应的方程式为rm{2K+Cl_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠录};}}{;}2KCl}

故答案为：rm{2K+Cl_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠录};}}{;}2KCl}

rm{2K+Cl_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠录};}}{;}2KCl}由题意可知，钾在空气中燃烧的产物是超氧化钾rm{2K+Cl_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠录};}}{;}2KCl}反应的化学方程式为rm{K+O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠录};}}{;}KO_{2}}

故答案为：rm{K+O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠录};}}{;}KO_{2}}

rm{垄脷}与rm{(KO_{2})}相比较，rm{K+O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠录};}}{;}KO_{2}}的金属性更强，更易与水反应生成rm{K+O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠录};}}{;}KO_{2}}和氢气，反应更剧烈，反应的方程式为rm{垄脹}

故答案为：rm{Na}

rm{K}钾性质活泼；易与氧气；水、氯气等剧烈反应，在自然界中只能以化合态存在，故答案为：化合态。

rm{KOH}【解析】rm{(1)}rm{垄脵}rm{2K+Cl_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠录};}}{;}2KCl}rm{垄脵}rm{K+O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠录};}}{;}KO_{2;;}}rm{2K+Cl_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠录};}}{;}2KCl}rm{垄脷}rm{垄脷}化合态rm{K+O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠录};}}{;}KO_{2;;}}25、略

【分析】

在地球表面重力与万有引力相等；据此列式，再根据万有引力提供圆周运动向心力列式求解，注意轨道半径为4R

．

抓住地球表面重力与万有引力相等和卫星做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力求解各量即可．【解析】解：(12)

由题意知卫星离地面的高度为3R

则卫星的轨道半径为r=4R

在地球表面重力与万有引力相等有：mg=GMmR2

解得：GM=gR2

卫星在轨道上做圆周运动；万有引力提供圆周运动向心力有：

GMmr2=m4娄脨2rT2=m娄脴2r

解得：娄脴=18gRT=16娄脨Rg

．

答：(1)

该卫星做圆周运动的角速度大小为18gR

(2)

该卫星做圆周运动的周期为16娄脨Rg

．四、推断题(共1题，共7分)26、（1）HN（2）（3）【分析】【分析】本题考查了元素的推断、常用化学用语，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，明确原子的电子层结构是解本题的关键，难度不大。【解答】有rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}四种元素，它们原子的核电荷数依次递增且均小于rm{18}rm{A}原子核内仅有rm{1}个质子，应为rm{H}元素；rm{D}原子有两个电子层，最外层电子数是次外层电子数的rm{3}倍，最外层电子数为rm{6}则rm{D}为rm{O}元素；rm{B}原子的电子总数与rm{D}原子的最外层电子数相等，则rm{B}为