2024年沪科版高一物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版高一物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、一圆盘可绕一通过圆盘中心O且垂直于盘面的竖直轴转动；在圆盘上放置一木块，当圆盘匀速转动时，木块随圆盘一起运动，那么（）

A.木块受到了圆盘对它的摩擦力；方向指向圆盘中心。

B.因为木块随圆盘一起运动；所以木块受到圆盘对它的摩擦力，方向与木块的运动方向相同。

C.因为摩擦力总是阻碍物体运动；所以木块受到圆盘对它的摩擦力方向与木块的运动方向相反。

D.因为二者是相对静止的；圆盘与木块之间无摩擦力。

2、如图所示，在竖直放置的光滑半圆形绝缘细管的圆心O

处放一个点电荷，将一个质量为m

带电荷量为q

的小球从圆弧管的端点A

处由静止释放，小球沿细管滑到最低点B

处时，对管壁恰好无压力，则处于圆心O

处的电荷在AB

弧中点处的电场强度的大小为()A.E=mgq

B.E=2mgq

C.E=3mgq

D.无法计算3、如图所示是某运动员在举重训练中的几个分解动作，图中a

表示正在上举，b

表示上举后停顿片刻，c

表示运动员举着杠铃向前匀速水平移动(

杠铃高度不变).

关于运动员对杠铃的做功情况，下列说法正确的是(

)

A.a

过程做功，b.c

过程不做功B.b

过程做功，a.c

过程不做功C.c

过程做功，a.b

过程不做功D.a.c

过程做功，b

过程不做功4、下列关于位移和路程的说法中正确的是(

)

A.路程是标量，只有大小；位移是矢量，有大小也有方向B.物体沿直线运动，通过的路程一定等于位移大小C.物体两次通过的路程不等，位移不可能相等D.物体通过一段路程，则它通过的位移不可能为零5、卫星绕地球做匀速圆周运动，若从卫星中与卫星相对静止释放一个物体，关于物体运动的下述说法中正确的是(

)

A.物体做匀速直线运动B.物体做平抛运动C.物体做自由落体运动D.物体做匀速圆周运动评卷人得分二、双选题(共9题，共18分)6、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}7、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量8、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}9、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}10、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量11、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、在“研究匀变速直线运动”的实验中：小车拖着纸带的运动情况如图所示，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点的时间间隔是0.1s，标出的数据单位是cm，则在打点计时器打D点时的瞬时速度是____m/s，小车运动的加速度是____m/s2．

13、同步卫星位于赤道上方，相对地球静止不动，如果地球半径为R，自转角速度为ω，地球表面的重力加速度为g，则同步卫星的角速度为____，离地面的高度为____．14、一物体从45m高处自由落下，不计空气阻力，在最后1s内通过的高度为____m，最后1s的初速度为____m/s．（g=10m/s2）15、【题文】为了测定木块与桌面间的动摩擦因数，用原长为的弹簧，把木块吊起来，稳定后弹簧长用这个弹簧水平拉动木块，使木块在桌面上做匀速直线运动，弹簧长为试求木块与桌面间的摩擦因数是____。16、甲、乙两个物体，在相同的外力作用下，速度都改变了4m/s，但甲用的时间为4s，乙用的时间为3s，则甲的惯性比乙的惯性______．（填“大”或“小”）17、连接在电源两极板上的平行板电容器，当两极板间的距离减小时，电容器的电容C将______，带电量Q将______，电势差U将______，极板间的电场强度E将______．（填“增大”、“减小”或“不变”）18、【题文】如图所示，已知力F和一个分力F1的方向的夹角为θ，则另一个分力F2的最小值为____________。19、宇航员站在一星球表面上的某高处，沿水平方向抛出一小球．经过时间t，小球落到星球表面，测得抛出点与落地点之间的距离为L．若抛出时的初速度增大到2倍，则抛出点与落地点之间的距离为L．已知两落地点在同一水平面上，该星球的半径为R，万有引力常数为G．则该星球的重力加速度和质量分别为______和______．评卷人得分四、实验探究题(共4题，共32分)20、某同学在做“小车速度随时间变化规律”的实验；细线一端与小车相连，另一端绕过定滑轮悬挂钩码，通过打点计时器和纸带记录了小车的运动情况．

（1）实验中除了电磁打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、一端附有滑轮的长直轨道、细线、钩码、导线及开关外，在下面的器材中，必须使用的有______（填选项代号）

A.220V；50Hz交流电源B．电压可调的直流电源C.4-6V、50Hz交流电源。

D．刻度尺E．秒表F．天平。

（2）实验过程中，下列操作正确的是______（填选项代号）

A．将接好纸带的小车停在靠近滑轮一端。

B．将接好纸带的小车停在靠近打点计时器一端。

C．先释放小车；再接通电源。

D．先接通电源；再释放小车。

（3）如图给出了从0点为计时起点，每5个点取一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为计数点，测得：x1=1.40cm，x2=1.90cm，x3=2.38cm，x4=2.88cm，x5=3.39cm，x6=3.87cm．（注：以下结果均保留3位有效数字）

①计数点3处的瞬时速度大小是______m/s．

②小车运动的加速度大小是______m/s2．

③计数点0处的瞬时速度大小是______m/s．

21、用图甲所示装置验证机械能守恒定律时；所用交流电源的频率为50Hz

得到如图乙所示的纸带.

选取纸带上打出的连续五个点ABCDE

测出A

点距起点O

的距离为s0=19.00cm

点AC

间的距离为s1=8.36cm

点CE

间的距离为s2=9.88cmg

取9.8m/s2

测得重物的质量为0.2kg

．

(1)

选取OC

两点为初末位置研究机械能守恒.

重物减少的重力势能是______J

打下C

点时重物的动能是______J.(

结果保留三位有效数字)

(2)

继续根据纸带算出各点的速度v

量出下落距离s

以v22

为纵轴；以s

为横轴画出的图象；应是图丙中的______．

(3)

实验中，重物减小的重力势能总是略大于增加的动能，写出一个产生这一现象的原因______．22、学校实验小组在做验证机械能守恒定律实验时，提出了如图甲、乙所示的两种方案：甲方案为用自由落体运动进行实验，乙方案为用小车在木板斜面上下滑进行实验．

(1)

小组内同学对两种方案进行了讨论分析，最终确定了一个大家认为误差相对较小的方案，你认为该小组选择的方案是________(

填“甲”或“乙”)

．

(2)

若该小组采用图甲的装置打出一条纸带如图丙所示，相邻两点之间的时间隔为0.02s

请根据纸带信息计算出打下D

点时纸带的速度大小为________m/s.(

结果保留三位有效数字)

(3)

该小组内同学根据纸带算出了相应点的速度，作出v2鈭�h

图象，如图所示，则图线斜率的物理意义是_______________________________________23、在探究“恒力做功和物体动能变化之间的关系”的实验中；某同学的实验设计方案如图1

所示.

则：

(1)

该实验用钩码的重力表示小车受到的合外力；在安装时首先要______，其次钩码和小车还需要满足的条件是______．

(2)

实验中；除位移；速度外，还要测出的物理量有______．

(3)

在上述实验中，打点计时器使用的交流电频率为50Hz.

某同学打出的一段纸带如图2

所示，则小车匀速运动时的速度大小为______m/s.(

计算结果保留三位有效数字)

评卷人得分五、其他(共4题，共16分)24、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．25、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．26、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．27、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】

对木块受力分析可知；木块受到重力；支持力和摩擦力的作用；

重力是竖直向下的；支持力是竖直向上的，重力和支持力都在竖直方向上，这两个力为平衡力；

只有摩擦力作为了物体做圆周运动的向心力；所以摩擦力的方向应该是指向圆心的，所以A正确．

故选A．

【解析】【答案】物体做圆周运动；一定要有一个力来充当向心力，对物体受力分析可以得出摩擦力的方向．

2、C【分析】【分析】小球沿细管滑到最低点B

过程中，电场力对小球不做功，只有重力做功，小球的机械能守恒；小球到达B

点时对管壁恰好无压力，则由重力和点电荷对的电场力的合力提供向心力，根据机械能守恒定律求出小球到达B

点时的速度，再由牛顿第二定律求出场强的大小。本题是机械能守恒定律和牛顿第二定律的综合应用.

对于圆周运动，常常不单独出题，会和动能定理、机械能守恒结合应用。难度不大。【解答】设细管的半径为R

小球到达B

点时速度大小为v

小球从A

滑到B

的过程，由机械能守恒定律得：mgR=12mv2

得到：v=2gR

，小球经过B

点时，由牛顿第二定律得：Eq鈭�mg=mv2R

联立解得：E=3mgq

，由点电荷的场强特点可知，放于圆心处的电荷在AB

弧中点处的电场强度大小也为E=3mgq

故选C。

【解析】C

3、A【分析】【分析】物体做功的条件是：有力和力的方向上发生的位移；故分析人对杠铃作用力及作用力方向的位移即可明确力是否做功。本题考查功的概念，要注意明确做功条件是有力及力的方向上的位移；要重点体会力的方向上的含义。【解答】a

过程为上举过程，有力和力的方向上发生的位移，运动员对杠铃做正功；b

过程有作用力但没有位移，故运动员不做功；C

过程中在力的方向上(

竖直方向)

没有位移，故也不做功，故A正确，BCD错误。故选A。【解析】A

4、A【分析】解：A

路程是标量；只有大小没有方向，而位移是矢量，有大小和方向，故A正确；

B；物体沿直线运动；若有往复运动，则路程会大于位移的大小，故B错误；

C；物体若起点及终点相同；则位移一定相同，但路程不一定相同，故C错误；

D；物体若回到出发点；则有路程，但位移为零，故D错误；

故选：A

．

位移是矢量；位移的方向由初位置指向末位置.

位移的大小不大于路程.

路程是标量，是运动路径的长度.

当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程．

物体经过的轨迹长度一定是大于等于其位移的大小的，只有做单向直线运动时路程才等于位移的大小．【解析】A

5、D【分析】解：卫星在太空绕地球作匀速圆周运动时，由地球的万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得到卫星的速度表达式为v=GMrM

是地球的质量，r

是卫星的轨道半径.

将物体相对卫星静止释放时，物体的速度也等于v=GMr

地球对物体的万有引力恰好提供向心力，所以物体将随卫星同步绕地球作匀速圆周运动，不做自由落体运动.

故D正确．

故选：D

．

卫星在太空绕地球作匀速圆周运动时；由地球的万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得到卫星的速度表达式，将物体相对卫星静止释放时，由地球的万有引力提供向心力，分析卫星的运动情况．

本题关键要理解卫星做匀速圆周运动的条件；地球对卫星万有引力提供向心力．【解析】D

二、双选题(共9题，共18分)6、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}7、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}8、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}9、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}10、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}11、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}三、填空题(共8题，共16分)12、略

【分析】

打D点时的瞬时速度v===0.45m/s；

小车的加速度a===0.6m/s2；

故答案为：0.45；0.6．

【解析】【答案】根据匀变速运动的两个推论求出纸带的瞬时速度与加速度．

13、略

【分析】

同步卫星和地球同步；其周期为地球自转的周期，所以同步卫星的角速度为ω．

设地球质量为M，卫星的质量为m，则有G=mω2（R+h）

在地球表面，有g=

联立以上两式得h=-R

故答案为：ω，-R；

【解析】【答案】根据万有引力提供向心力，列出向心力公式．在地球表面有g=联立方程组就可以解出高度．

14、略

【分析】

以竖直向下为正方向；由自由落体运动规律得。

h=

解得；t=3s

最后1s内通过的高度为△h=h-=45-20m=25m

最后1s的初速度为2s末的速度；v=gt=20m/s

故答案为：25；20

【解析】【答案】自由落体运动是初速度为零加速度为零g的匀加速直线运动；由位移公式求解时间和位移，用速度公式求解速度．最后1s内的位移等于总位移减去出最后1s外剩余时间内的位移．

15、略

【分析】【解析】

试题分析：木块在桌面上做匀速直线运动，所以把木块吊起来，故有两式联立可得

考点：考查了共点力平衡条件的应用，胡克定律【解析】【答案】0.2516、略

【分析】解：根据a=知；速度变化量相同，甲的时间长，则甲的加速度小，乙的加速度大；

根据牛顿第二定律得，m=外力相同，加速度小的质量大，则甲的质量大，可知甲的惯性比乙的惯性大．

故答案为：大．

惯性大小的量度是质量；根据质量的大小，判断惯性的大小．根据速度时间公式求出加速度，结合牛顿第二定律比较质量．

本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，基础题．【解析】大17、略

【分析】解：当两极板间的距离减小时，根据公式C=电容增大；

电容器保持与电源相连；故电压不变；

由于U不变，C增大，根据C=电量Q增大；

由于U不变，d减小，根据E=场强E增大；

故答案为：增大；增大，不变，增大．

平行板电容器的两个极板分别与电源的正负极相连，在保持开关闭合的情况下电容器极板间的电压保持不变，根据电容的决定式C=和定义式C=场强公式E=进行分析．

处理电容器的动态分析时，要抓住不变量，比如电容器与电源相连，两端的电势差不变；电容器与电源断开，则电容器所带的电荷量不变．【解析】增大；增大；不变；增大18、略

【分析】【解析】

试题分析：两个分力与合力正好构成一个闭合的三角形；由三角形的边长为力的大小可知，当F2的方向与F1垂直时F2最小，最小值为F·sinθ

考点：考查受力的合成与分解。

点评：本题难度较小，考查了对闭合矢量三角形的理解和应用，当已知合力大小和方向，一个分力的方向时，另一个分力有最小值，当两个分力互相垂直时该分力最小【解析】【答案】F·sinθ19、【分析】解：设抛出点的高度为h，第一次平抛运动的水平位移为x，则①

若抛出的初速度为2倍时，则水平位移为2x因此有：②

设该星球表面的重力加速度为g，则③

联立①②③得：h=x=g=

根据星球表面物体重力等于万有引力

解得：=

故答案为：

根据平抛运动的规律；知初速度增大到2倍，则水平位移也增大2倍，结合几何关系求出小球落地的高度，通过平抛运动竖直方向上的运动规律求出重力加速度的大小，结合万有引力等于重力求出星球的质量M．

本题综合考查了平抛运动和万有引力的综合，知道平抛运动在水平方向上和竖直方向上的运动规律，以及掌握万有引力等于重力这一理论，并能灵活运用．【解析】四、实验探究题(共4题，共32分)20、略

【分析】解：（1）电磁打点计时器使用4-6V；50Hz交流电源；处理纸带时需要用刻度尺；由于打点计时器记录了小车运动时间，因此不需要秒表，不需要天平．

故选：CD．

（2）实验操作时；用将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处，先接通电源，再释放纸带．故B；D正确．

故选：BD

（3）每5个点取一个计数点；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s；

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．

v3==0.263m/s

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；

得：x4-x1=3a1T2

x5-x2=3a2T2

x6-x3=3a3T2

为了更加准确的求解加速度；我们对三个加速度取平均值。

得：a=（a1+a2+a3）

带入数据解得a==0.496m/s2

v0=v3-3aT=0.263-0.496×0.3=0.115m/s

故答案为：（1）CD；（2）BD；（3）①0.263；②0.496；③0.115

（1）根据实验的原理确定需要测量的物理量；从而确定所需的器材；

（2）在操作过程中；应先接通电源，再释放纸带，接好纸带的小车应停在靠近滑轮处；

（3）根据在匀变速直线匀速中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小可以求出某点的瞬时速度大小；利用逐差法可以求出小车的加速度大小．

解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，提高应用基本规律解答实验问题的能力．【解析】CD；BD；0.263；0.496；0.11521、0.536；0.520；C；纸带下落受到阻力【分析】解：(1)

重物重力势能的减小量鈻�Ep=mg(s0+s1)=0.2隆脕9.8隆脕(0.19+0.0836)J=0.536J

．

C

点的速度vC=s1+s22T=(8.36+9.88)隆脕10鈭�22脳0.04m/s=2.28m/s

则打下C

点时重物的动能Ekc=12mvC2=12隆脕0.2隆脕2.282=0.520J

．

(2)

根据机械能守恒得，mgs=12mv2

则有：v22=gs

即v22鈭�s

成线性关系；故C正确．

故选：C

．

(3)

实验中；重物减小的重力势能总是略大于增加的动能，产生的原因可能是纸带下落受到阻力或重物下落受到空气阻力．

故答案为：(1)0.5360.520

(2)C.(3)

纸带下落受到阻力；重物下落受到空气阻力．

根据下降的高度求出重力势能的减小量；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出C

点的速度，从而得出C

点的动能．

根据机械能守恒得出v22鈭�s

的表达式；从而确定正确的图线．

本题考查了验证机械能守恒定律中的数据处理方法，以及有关误差分析，要学会根据可能产生误差的原因进行分析.

对于图线问题，常用的方法得出两个物理量的关系式，从而分析判断．【解析】0.5360.520C

纸带下落受到阻力22、（1）甲

（2）1.75

（3）2g【分析】【分析】(1)

解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的仪器；操作步骤和数据处理以及注意事项，知道乙装置中小车与斜面存在摩擦，实验效果不如甲好；

(2)

纸带实验中；若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，可计算出打出某点的速度；

(3)

由mgh=12mv2

得v2=2gh

由此可知：图象的斜率k=2g

本题考查了验证机械能守恒定律；我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚，正确利用匀变速直线运动的规律、推论求解某点的瞬时速度，根据图象特点明确图象斜率的含义。【解答】(1)

由甲；乙两图可知；乙图存在的摩擦远远大于甲图中摩擦，由此可知甲图验证机械能守恒更合适；

(2)

匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度；

因此有：vD=xCE2T=0.1941?0.12402隆脕0.02m/s=1.75m/s

(3)

由机械能守恒mgh=12mv2

得：v2=2gh

由此可知图象的斜率k=2g

故填：(1)

甲；(2)1.75(3)2g

【解析】(1)(1)甲(2)1.75(2)1.75(3)(3)2g2g23、略

【分析】解：(1)

小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力；想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；

当钩码的质量远小于小车质量时可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力；实验中还要保持钩码质量远小于小车质量．

(2)

验证合外力的功与动能变化间的关系的原理：mgx=12Mv2

需要测量的物理量有：钩码质量m

小车的质量M

位移x

速度v.

所以还要测出的物理量有钩码的质量和小车的质量．

(3)

最后匀速的读数就为最大速度，由纸带可知，CE

之间的速度即为最后匀速速度：v=xCE2T=(13.0鈭�7.4)隆脕10鈭�2m2隆脕0.02s隆脰1.40m/s

．

故答案为：(1)

平衡摩擦力；钩码质量要远小于小车质量；(2)

钩码的质量m

小车的质量M(3)1.40

．

(1)

根据实验原理可知；想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；必须要满足钩码的质量远小于小车的总质量，否则若用钩码的重力表示合外力，误差将会很大．

(2)

验证合外力的功与动能