2024年华师大版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、由a和b两种频率的光组成的光束，经玻璃三棱镜折射后的光路如图所示。a光是氢原子由n=4的能级向n=2的能级跃迁时发出的。下列说法确的是（）

A.该三棱镜对a光的折射率较大B.在真空中，a光的传播速度大于b光的传播速度C.b光可能是氢原子从n=3的能级向n=2的能级跃迁时发出的D.用同一双缝干涉装置进行实验，a光干涉条纹的间距大于b光干涉条纹的间距2、如图所示，一定量的理想气体从状态A开始，经历两个过程，先后到达状态B和C。有关A、B和C三个状态温度和的关系；正确的是（）

A.B.C.D.3、以下说法中正确的是（）A.从甲物体自发传递热量给乙物体，说明甲物体的内能比乙物体多B.热机的效率从理论上讲可达100%C.因为能量守恒，所以不会发生能源危机D.以上说法均不正确4、磁通量的单位Wb用基本单位可表示为A.B.C.D.5、如图所示，在坐标原点处的波源产生一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v=10m/s．t0时刻，波刚好传播到x=6m处．下列说法正确的是。

A.该波的波长为6mB.波源的振动周期为0.6sC.质点A的振动方向沿y轴负方向D.波源开始振动的方向沿y轴负方向6、将一个质量很小的金属圆环用细线吊起来；在其附近放一块条形磁铁，磁铁的轴线与圆环在同一个平面内，且通过圆环中心，如图所示，当圆环中通以顺时针方向的电流时，从上往下看()

A.圆环顺时针转动，靠近磁铁B.圆环顺时针转动，远离磁铁C.圆环逆时针转动，靠近磁铁D.圆环逆时针转动，远离磁铁评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，阻值均大于r，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表。在滑动变阻器的滑动触头P自a端向b端滑动的过程中。

A.电压表示数变大B.电流表示数变小C.电容器C所带电荷量增多D.电源的输出功率变大8、如图所示的电路，a、b、c为三个相同的灯泡，其电阻大于电源内阻，当变阻器R的滑片P向上移动时；下列判断中正确的是（）

A.a、b两灯变亮，c灯变暗B.电源输出功率增大C.电源的供电效率增大D.b灯中电流变化值小于c灯中电流变化值9、根据实际需要，磁铁可以制造成多种形状，如图就是一根很长的光滑圆柱形磁棒，在它的侧面有均匀向外的辐射状磁场．现将磁棒竖直固定在水平地面上，磁棒外套有一个粗细均匀的圆形金属线圈，金属线圈的质量为m，半径为R，电阻为r，金属线圈所在位置的磁场的磁感应强度大小为B．让金属线圈从磁棒上端由静止释放，经一段时间后与水平地面相碰(碰前金属线圈已达最大速度)并原速率反弹，又经时间t，上升到距离地面高度为h处速度减小到零．下列说法中正确的是。

A.金属线圈与地面撞击前的速度大小B.撞击反弹后上升到最高处h的过程中，通过金属线圈某一截面的电荷量C.撞击反弹后上升到最高处h的过程中，通过金属线圈某一截面的电荷量D.撞击反弹后上升到最高处h的过程中，金属线圈中产生的焦耳热10、一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图中实线所示，t=时的波形图如图中虚线所示，若波传播的速度v=8m/s；下列说法正确的是（）

E.x=2m处的质点的位移表达式为A.这列波的周期为0.4sB.这列波沿x轴负方向传播C.t=0时刻质点a沿y轴负方向运动D.从t=0时刻开始质点a经0.25s通过的路程为0.4m11、如图所示，光滑金属导轨ab和cd构成的平面与水平面成θ角，导轨间距Lac=2Lbd=2L，导轨电阻不计．两金属棒MN、PQ垂直导轨放置，与导轨接触良好。两棒质量mPQ=2mMN=2m，电阻RPQ=2RMN=2R，整个装置处在垂直导轨向上的磁感应强度为B的匀强磁场中，金属棒MN在平行于导轨向上的拉力作用下沿导轨以速度v向上匀速运动，PQ棒恰好以速度v向下匀速运动。则（）

A.MN中电流方向是由M到NB.匀速运动的速度v的大小是C.在MN、PQ都匀速运动的过程中，F=3mgsinθD.在MN、PQ都匀速运动的过程中，F=2mgsinθ12、核泄漏中的钚（Pu）是一种具有放射性的元素，它可破坏细胞基因，增加患癌的风险．已知钚的一种同位素的半衰期为24100年，其衰变方程为则下列说法中正确的是（）A.衰变发出的γ射线是波长很短的光子，穿透能力很强B.上述衰变方程中的X含有143个中子C.800个经过24100年后一定还剩余400个D.衰变过程没有质量亏损13、如图所示是研究自感实验的电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合开关调节电阻R，使两灯泡的亮度相同．调节可变电阻R1；使它们都正常发光，然后断开开关S．重新闭合开关S，则()

A.闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B.闭合瞬间，A2立刻变亮，A1逐渐变亮C.稳定后，再断开开关，断开瞬间，A1灯闪亮一下再熄灭D.稳定后，再断开开关，断开瞬间，仍有电流流过A2灯，方向向右评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、一些同学可能有这样的经验：傍晚用电多的时候，灯光发暗，而当夜深人静时，灯光特别明亮．又如，在插上电炉、电暖气等功率大的电器时，灯光会变暗，拔掉后灯光马上又亮起来．在一些供电质量不太好的地区尤其是这样．试着解释这种现象．________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________15、判断下列说法的正误。

（1）气体的体积等于气体分子体积的总和（____）。

（2）当物体温度升高时，每个分子运动都加快（____）。

（3）密闭容器中气体的压强是由于分子间的相互作用力而产生的（____）。

（4）一定质量的气体，在体积不变的情况下，温度降低，则压强减小（____）。16、玻璃管中的液面呈“凹”形，这是水浸润玻璃产生的物理现象，根本原因是附着层内分子间距______（选填“大于”“等于”或“小于”）液体内部分子间距；分子势能Ep和分子间距离r的关系图像如图所示，能反映附着层内水分子的分子势能Ep的可能是图中______（选填“A”；“B”或“C”）的位置。

17、两块大小；形状完全相同的金属板平行放置；构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，闭合开关S，电源即给电容器充电。

（1）若保持S闭合，减小两板间的距离，则两极板间的电场强度_______；

（2）若断开S，减小两板间的距离，则极板上的电量_______，两极板间的电场强度_______。（填：“变大”、“不变”或“变小”）18、如图所示，一弹簧振子在M、N间沿光滑水平杆做简谐运动，坐标原点O为平衡位置，MN=4cm．从小球图中N点时开始计时，到第一次经过O点的时间为0.1s，则小球振动的周期为______s，振动方程的表达式为x=______cm；．

19、如图所示，在光滑的水平面上放置一质量为m的小车，小车上有一半径为R的光滑的弧形轨道，设有一质量为m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圆弧轨道向上滑动，达到某一高度h后，又沿轨道下滑，试求h=______，小球刚离开轨道时的速度为______．评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)23、某同学在测量一种均匀新材料电阻丝的电阻率的过程中；相关测量如下：

（1）用刻度尺测量电阻丝的接入长度为l=0.900m

（2）用螺旋测微器测量电阻丝直径（刻度位置如图1所示），从图中读出电阻丝的直径为_________mm；

（3）为了粗测新材料电阻丝的阻值；该同学先选用多用电表“×10”挡调零后进行测量，发现表针偏转的角度很大。

①为了把电阻测量得更准确些，应换用“________”挡；（选填“×100”或“×1”）；

②重新换挡后必须将红、黑表笔__________，调节_____________使表针指向0Ω；

③重新测量的结果，如图2所示，读数为__________Ω。

（4）现要进一步精确测量其阻值；实验室提供了以下相关器材（要求测量结果尽量准确）：

A.电池组（3V；内阻约1Ω）

B.电流表（0~3A；内阻约0.025Ω）

C.电流表（0~0.6A；内阻约0.125Ω）

D.电压表（0~3V；内阻约3kΩ）

E.电压表（0~15V；内阻约15kΩ）

F.滑动变阻器（0~20Ω；额定电流1A）

G.滑动变阻器（0~1000Ω；额定电流0.3A）

H.开关；导线。

①实验时应选用的器材是_________________。（填写各器材的字母代号）

②以下电路图中__________（填电路图下方的字母代号）电路为本次实验应当采用的最佳电路。但用此最佳电路测量的结果仍然会比真实值___________。（填“偏大”或“偏小”）

③若根据伏安法测出电阻丝的阻值为Rx=6.4Ω，则这种新材料电阻丝的电阻率为__________Ω·m（结果保留二位有效数字）。

（5）用伏安法测金属丝电阻存在系统误差。为了减小系统误差，有人设计了如图所示的实验方案。其中Rx是待测电阻，R是电阻箱，R1、R2是已知阻值的定值电阻。合上开关S，灵敏电流计的指针偏转。将R调至阻值为R0时，灵敏电流计的示数为零。由此可计算出待测电阻Rx=__________；（用R1、R2、R0表示）24、某同学由于手头没有电流表；设计了如图所示的电路测定电压表的内阻。实验器材如下：

A．待测电压表V，量程内阻约为

B．电阻箱阻值范围为

C．电阻箱阻值范围为

D．滑动变阻器额定电流

E．滑动变阻器额定电流

F．电源E（电动势为内阻很小）

G．导线；开关若干。

（1）为完成实验，选择的滑动变阻器为__________，选择的电阻箱为__________（填器材前面的字母代号）

（2）实验步骤如下：

①闭合开关调节滑动变阻器R；使电压表指针指向满刻度处；

②断开开关保持__________（填“R”或“”）不变，调节__________（填“R”或“”）使电压表指针指向满刻度的处；

③读出电阻箱的阻值为

④断开开关拆下实验仪器，整理器材。

（3）电压表的内阻为__________，此实验电压表内阻的测量值与真实值相比__________（填“偏大”“偏小”或“相等”）。25、实验室只备有下列器材：蓄电池（电动势约6V）一个，待测电压表一个（量程0~3V，内阻约为10kΩ），电阻箱两个：Ra（0~9999Ω）、Rb（0~999Ω），滑动变阻器两个：Rc（0~10Ω）、Rd（0~100Ω）；开关一个，导线若干。

(1)如图所示，甲组同学设计了一个半偏法测量电压表内阻的电路。测量时，滑动变阻器R1应选：________（填“Rc”或“Rd”），在开关S闭合前先将滑动变阻器R1的触头滑至最左端，电阻箱R2的旋钮调至零位，闭合开关S后只调节滑动变阻器R1的触头使电压表指针恰好满偏；保持触头位置不动，再调节电阻箱R2，若电阻箱的读数为R0时，电压表指针恰好是满偏的三分之二，则测得电压表的内阻等于__________，为了完成实验，电阻箱R2应选：_______（填“Ra”或“Rb”）。

(2)甲组同学用以上方法测得的电压表内阻与实际值相比______（填“偏大”或“偏小”）26、（1）空气压缩机在一次压缩过程中，活塞对气缸中的气体做功为2.0×105J，同时气体的内能增加了1.5×105J。试问：此压缩过程中，气体___________(填“吸收”或“放出”)的热量等于____________J。

（2）若一定质量的理想气体分别按下图所示的三种不同过程变化。

其中表示等压变化的是________(填“A”、“B”或“C”)，该过程中气体的内能__(填“增加”；“减少”或“不变”)。

（3）设想将1g水均匀分布在地球表面上，估算1cm2的表面上有多少个水分子。(已知1mol，水的质量为18g，地球的表面积约为5×1014m2，结果保留一位有效数字)____评卷人得分六、解答题(共3题，共24分)27、十一“黄金周”期间，张老师一家五人准备驾车出游，启动汽车后，发现胎压监测系统发出警告，显示“左后轮胎胎压低”，张老师驾车开往汽车修理店给汽车轮胎打气。假设打气前汽车左后轮胎内气体的压强为其余三个轮胎内气体的压强均为打气泵内的气体压强为打完气后，每个汽车轮胎的体积均为五人都上车后汽车轮胎的体积变为原来的环境温度为且保持不变。

（1）若打气过程中；轮胎内气体温度不变，则向左后轮胎中打入气体的体积；

（2）驾驶汽车一段时间后由于车胎温度升高，求汽车轮胎的体积再次达到时胎内气体的温度。28、如图所示，A为电解槽，为电动机，N为电炉子，恒定电压U＝12V，电解槽内阻RA＝2Ω，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表示数为6A；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表示数为5A，且电动机输出功率为35W；当S3闭合，S1、S2断开时；电流表示数为4A．求：

(1)电炉子的电阻及发热功率；

(2)电动机的内阻；

(3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少．29、如图所示，三棱镜的横截面为直角三角形ABC，∠A=30°，∠B=60°．一束平行于AC边的光线自AB边的P点摄入三棱镜，在AC边发生反射后从BC边的M点射出，若光线在P点的入射角和在M点的折射角相等。

（i）求三棱镜的折射率；

（ii）在三棱镜的AC边是否有光线逸出；写出分析过程。不考虑多次反射）

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】

【详解】

AC．由图可知，三棱镜对b光的折射率较大，所以a光的频率小于b光，a光是氢原子由n=4的能级向n=2的能级跃迁时发出的，而b光的能量大于a光，b光不可能是氢原子从n=3的能级向n=2的能级跃迁时发出的；故AC错误；

B．真空光的速度都为c；故B错误；

D．由于a光的频率小于b光，故a光的波长大于b光的波长；由。

可得用同一双缝干涉装置进行实验，a光干涉条纹的间距大于b光干涉条纹的间距；故D正确。

故选D。2、C【分析】【详解】

由图可知状态A到状态B是一个等压过程，根据

因为VB>VA，故TB>TA；而状态B到状态C是一个等容过程，有

因为pB>pC，故TB>TC；对状态A和C有

可得TA=TC；综上分析可知C正确；ABD错误；

故选C。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．热量能自发的由高温物体传向低温物体；物体甲自发传递热量给物体乙，只能说明甲物体的温度一定比乙物体的温度高，但由于内能取决于物质的量；温度以及体积等方面，故不能比较两者的内能大小，故A错误；

B．由于热量散发等原因；热机的效率从原理上讲是无法达到100%，故B错误；

C．能量虽然守恒；但有些能量耗散以后就将不能再利用，所以会出现“能源危机”，应注意保护能源，故C错误；

D．由以上分析可知；以上说法均错误，故D正确。

故选D。4、B【分析】【详解】

磁通量又由安培力公式得F=BIL，联立可得所以故B正确；A；C、D错误．

故选B5、C【分析】【详解】

A．由简谐波图象可知；波长为4m，故A错误；

B．根据可知波源的振动周期为故B错误；

C．据质点的振动方向与波的传播方向关系；利用上下坡法可知质点A的振动方向沿y轴负方向，故C正确；

D．简谐波传播过程中；介质中各质点的起振方向与波源的起振方向相同，所以波源起振方向与图中x=6m处质点的振动方向相同，即沿y轴正方向，故D错误；

故选C．6、C【分析】根据环形电流周围的磁场分布结合左手定则可知，圆环右侧部分受到的安培力向里，左侧部分受到的安培力向外，所以从上往下看圆环逆时针转动．再将转动90°后的通电圆环等效成一个小磁针，则N极在左，S极在右，根据同极相互排斥异极相互吸引可知，圆环靠近磁铁，故C正确，ABD错误．二、多选题(共7题，共14分)7、A:D【分析】【分析】

在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压等于电阻R2两端的电压，分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据Q=CU可知所带电荷量的变化；根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势等于R2两端的电压．根据外电路电阻与内阻的关系；判断电源的输出功率的变化。

【详解】

A.在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，并联电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大；则电压表示数变大，故A正确；

B.根据闭合电路欧姆定律，内电压增大，R1两端电压增大，可知并联部分电压减小，流过R2的电流减小。由于干路电流I增大，所以流过R3的电流增大；电流表示数增大，故B错误；

C.电容器与电阻R2并联；电压相等，根据Q=CU，电容器C所带电荷量减小，故C错误；

D.当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，外电路电阻越接近内阻，电源的输出功率越大。由于R1、R2阻值均大于r；外电路电阻大于内阻，现外电路总电阻减小，电源的输出功率增大，故D正确。

故选：AD。8、A:B【分析】【分析】

当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，即可知道a灯亮度的变化．由欧姆定律分析并联部分电压的变化，判断c灯亮度的变化．由通过c的电流与总电流的变化，分析通过b灯电流的变化，判断其亮度的变化．a、b；c三个灯泡的电阻都大于电源内阻；根据推论：外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，分析电源的输出功率如何变化．

【详解】

当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流I增大，a灯变亮．并联部分电压减小，c灯变暗．由总电流增大，而通过c灯的电流减小，可知通过b灯的电流增大，b灯变亮，A正确；a、b、c三个灯泡的电阻都大于电源内阻，外电路总电阻应大于电源的内阻．根据推论：外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，则知，当变阻器的滑动触头P向上移动时，外电路总电阻减小，电源输出的电功率增大．电源的供电效率外电阻减小，路端电压U减小，电源的供电效率减小，B正确C错误；由于增大，减小，增大，则知，流过b灯的电流变化值大于流过c灯的电流变化值；D错误．

【点睛】

本题是电路动态分析问题，按局部到整体，再局部分析电压、电流的变化．利用推论分析电源输出功率的变化．9、B:D【分析】【详解】

A．金属线圈与地面撞击前已达最大速度，设最大速度为v．感应电动势为E=B•2πRv

感应电流大小为I=E/r

线圈受到的安培力为FA=BIL=BI•2πR

联合解得安培力大小为FA=

根据平衡条件有FA=mg

解得

故A错误．

BC．撞击反弹后上升到最高处h的过程中，取向下为正方向，由动量定理得：mgt+B•2πRt=0-（-mv）

又通过金属线圈某一截面的电荷量为q=t

联立解得

故B正确；C错误．

D．撞击反弹后上升到最高处h的过程中，金属线圈中产生的焦耳热为：Q=mv2-mgh=-mgh

故D正确．

故选BD．

点睛：本题是电磁感应与力学的综合，要明确线圈与磁场垂直，有效的切割长度等于周长，要知道在电磁感应中，动量定理是求电荷量常用的方法．能量守恒定律是求焦耳热常用的思路．10、B:C:D【分析】由图读出波长λ=4m，则波的周期为由题，波传播的时间为t=s=根据波形的平移可知，波的传播方向沿x轴负方向，故A错误，B正确。波x轴负方向传播，由“上下坡法”可知t=0时，质点a沿y轴负方向运动。故C正确。从t=0时刻经0.25s时，由于t=0.25s=所以质点通过的路程等于2A=0.4m，故D正确。t=0时刻x=2m处的质点正向y轴负方向运动，其位移表达式为y=-Asint=-0.2sin（4πt）m．故E错误。故选BCD。

点睛：本题要理解波的图象随时间变化的规律．波在一个周期内传播一个波长，波的图象重合．利用波形的平移或上下坡法是研究波动图象常用的方法．11、A:B:D【分析】【详解】

A．根据楞次定律可得MN中电流方向是由M到N；故A正确；

B．根据法拉第电磁感应定律可得回路中产生的感应电动势大小为E=BLv+BL·2v=3BLv

回路中的感应电流大小为

以PQ为研究对象，根据力的平衡条件可得2mgsinθ=BI·2L

解得匀速运动的速度

B正确；

CD．在MN、PQ都匀速运动的过程中，以PQ为研究对象，根据共点力的平衡条件可得2mgsinθ=BI·2L

即BIL=mgsinθ

以MN为研究对象，根据力的平衡可得F=mgsinθ+BIL=2mgsinθ

故C错误；D正确。

故选ABD。12、A:B【分析】【详解】

A；衰变发出的γ放射线是频率很大的电磁波；具有很强的穿透能力，不带电，故A正确；

B；根据电荷数守恒和质量数守恒得；X的电荷数为92，质量数为235，质子数为94﹣2＝92，则中子数为235﹣92＝143．故B正确；

C；半衰期具有统计规律；对大量的原子核适用，对800个原子核不适用，故C错误；

D、在衰变的过程中，根据质能方程知，有能量发出，有质量亏损，但质量数不变，故D错误．13、B:D【分析】闭合开关的瞬间，由于线圈中自感电动势的阻碍，A2灯先亮，A1灯逐渐变亮．故A错误，B正确．闭合开关稳定后，通过两灯的电流相等，在断开开关S瞬间，灯泡L1不会出现“闪亮一下”．故C错误．闭合开关，待电路稳定后断开开关，线圈L产生自感电动势，两灯串联，流经灯泡A2的电流方向与原来相反；方向向右．故D正确；故选BD．

点睛：对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源．三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】由于大多数用电器都是并联的，当傍晚用电多的时候或者在插上电炉、电暖气等功率大的电容时，干路上的总电流会变大，这时候导线上的电压损失就会增加，当变压器供给用户电压一定的情况下，会使得用户得到的电压减小，所以电灯就会发暗，而当夜深人静时，用户用电器减少，或者拔掉电炉、电暖气等功率大的电容时，干路上的总电流会减小，这时候导线上的电压损失就会减小，用户得到的电压增大，所以电灯就会明亮．【解析】见解析15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确错误正确16、略

【分析】【详解】

[1][2]浸润现象产生的原因是附着层内分子间距小于液体内部分子间距，分子间表现为斥力，分子势能可能是图像中的A点。【解析】小于A17、略

【分析】【详解】

(1)[1]若保持S闭合，则两板间的电势差U不变；减小两板间的距离，则根据

可知两极板间的电场强度变大；

(2)[2]若断开S；则极板上的电量保持不变；

[3]根据

可知

可知减小两板间的距离d，两极板间的电场强度不变。【解析】(1)变大；(2)不变；不变18、略

【分析】【详解】

如图，从正向最大位移处开始计时，振动方程的表达式为为：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

据题可得：T=4×0.1s=0.4s，则ω==5πrad/s

则振动方程的表达式为为：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt19、略

【分析】【详解】

小球从进入轨道；到上升到h高度时为过程第一阶段，这一阶段类似完全非弹性的碰撞，动能损失转化为重力势能（而不是热能）．

小球到达最大高度h时；小球与小车的速度相同，在小球从滑上小车到上升到最大高度过程中，系统水平方向动量守恒，以水平向左方向为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系统的机械能守恒，则得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球从进入到离开，整个过程属弹性碰撞模型，又由于小球和车的等质量，由弹性碰撞规律可知，两物体速度交换，故小球离开轨道时速度为零．【解析】0四、作图题(共3题，共18分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共20分)23、略

【分析】【详解】

（2）[1]螺旋测微器的读数为

（3）[2][3][4][5]欧姆表指针偏转角度很大，说明所选档位太大，为了把电阻测得更准一些，应换用×1挡，换挡后需要重新调零，即两表笔短接，调节欧姆调零旋钮使得使表针指向0Ω。欧姆表读数为

（4）[6]①需要电源；故选用A，实验过程中电流较小，故选用电流表C；电源提供3V电压，故选用电压表D；为了方便操作，选用较小的滑动变阻器，故选用F，连接电路需要导线和开关，故选择H；

②[7][8]因电源不宜在长时间、大功率状况下使用，故滑动变阻器不能用分压式应用限流式，又待测电阻阻值远小于电压表内阻，故电流表应用外接法，故电路图A为应当采用的最佳电路。根据欧姆定律知，由于电压表的分流作用而使得R测量值偏小。

③[9]根据欧姆定律和电阻定律其中

所以

（5）[10]根据串并联电路特点及欧姆定律可知

由于电流表示数为零，则说明G两端的电势相等，则一定有

两式联立可得【解析】0.600×1短接欧姆调零旋钮6.0ACDFHA偏小2.0×10-624、略

【分析】【详解】

（1）[1]电路选用的是分压电路，如选择阻值比较小的滑动变阻器即D，则干路电流约为

超出R3的额定电流，故滑动变阻器选R4；即E；

[2]待测电压表内阻约为所以选择阻值为的即B。

（2）[3][4]借助于半偏法的思想，闭合开关两个开关，调节滑动变阻器R，使电压表指针指向满刻度处；断开开关保持R不变，调节使电压表指针指向满刻度的处。

（3）[5][6]电压表指针指向满刻度的处，按照分压原理可知电压表的阻值是电阻箱阻值的2倍，所以电压表的电阻为断开开关调节的过程中使得回路中电阻变大，电流变小，分压电路中的