2024年上外版高一物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年上外版高一物理下册阶段测试试卷667考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向右运动时，物体A

的受力情况是(

)

A.绳的拉力大于A

的重力B.绳的拉力等于A

的重力C.绳的拉力小于A

的重力D.拉力先大于重力，后变为小于重力2、质量为0.5kg

的物体由静止开始沿光滑斜面下滑，下滑到斜面的底端后进入粗糙水平面滑行，直到静止，它的v鈭�t

图象如图所示.(g

取10m/s2)

那么，下列说法中正确的是(

)

A.斜面的倾角为60鈭�

B.物体在斜面上受到的合外力是5N

C.物体与水平面的动摩擦因数为0.25

D.物体在水平面上受到的合外力是2.5N

3、我国将发射“天宫二号”空间实验室，之后发射“神州十一号”飞船与“天宫二号”对接.

假设“天宫二号”与“神州十一号”都围绕地球做匀速圆周运动，为了实现飞船与空间实验室的对接，下列措施可行的是(

)

A.使飞船与空间实验室在同一轨道上运行，然后飞船加速追上空间实验室实现对接B.使飞船与空间实验室在同一轨道上运行，然后空间实验室减速等待飞船实现对接C.飞船先在比空间实验室半径小的轨道上加速，加速后飞船逐渐靠近空间实验室，两者速度接近时实现对接D.飞船先在比空间实验室半径小的轨道上减速，减速后飞船逐渐靠近空间实验室，两者速度接近时实现对接4、【题文】将一物体竖直向上抛出，物体向上运动过程中所受到的空气阻力大小恒定．若以地面为零势能参考面，则在物体从抛出直至落回地面的过程中，物体机械能E与物体距地面的高度h的关系图象（E–h）是（图中h0为上抛的最大高度）5、【题文】在水平面上有a、b两点，相距0.2m，一质点在一恒定的水平合外力作用下沿a向b做直线运动，经过0.2的时间先后通过a、b两点，则该质点通过a、b中点时的速度大小为A.若力的方向由a向b，则大于1m/s，若力的方向由b向a，则小于1m/sB.若力的方向由a向b，则小于1m/s，若力的方向由b向a，则大于1m/sC.无论力的方向如何均小于1m/sD.无论力的方向如何均大于1m/s6、【题文】将一小球从高处水平抛出，最初2s内小球动能EK随时间t变化的图线如图所示，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2．根据图象信息；不能确定的物理量是（）

A.小球的质量B.小球的初速度C.最初2s内重力对小球做功的平均功率D.小球抛出时的高度7、如图所示，一个物块在与水平方向成α角的恒力F作用下沿水平面向右运动一段距离x，在此过程中，恒力F对物块所做的功为（）A.B.C.FxsinαD.Fxcosα评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统.

设某双星系统PQ

绕其连线上的O

点做匀速圆周运动，如图所示.

若PO>OQ

则()

A.星球P

的周期一定等于星球Q

的周期B.星球P

的线速度一定大于Q

的线速度C.两星球的向心力一定不相等D.星球P

的质量一定小于Q

的质量9、如图所示，实线为真空中某一正点电荷所形成的一簇电场线，abc

三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O

点射入电场的运动轨迹，其中b

虚线为一圆弧，AB

的长度等于BC

的长度，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力，则以下说法正确的是(

)

A.a

一定是正粒子的运动轨迹，其动能增加，电势能减少B.由于AB

的长度等于BC

的长度，故UAB=UBC

C.a

虚线对应的粒子的加速度越来越小，c

虚线对应的粒子的加速度越来越大，b

虚线对应的粒子的加速度大小不变D.b

虚线对应的粒子的质量大于c

虚线对应的粒子的质量10、在如图所示的位移隆陋

时间(x鈭�t)

图象和速度隆陋

时间(v鈭�t)

图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是A.t1

时刻，乙车追上甲车B.0隆芦t1

时间内，甲、乙两车的平均速度相等C.丙、丁两车在t2

时刻相遇D.0隆芦t2

时间内，丙、丁两车的平均速度相等11、利用传感器和计算机可以研究力的大小变化情况，实验时让某同学从桌子上跳下，自由下落H

后双脚触地，他顺势弯曲双腿，他的重心又下降了h.

计算机显示该同学受到地面支持力F

随时间变化的图象如图所示.

根据图象提供的信息，以下判断正确的是(

)

A.在0

至t2

时间内该同学处于失重状态B.在t2

至t3

时间内该同学处于超重状态C.t3

时刻该同学的加速度为零D.在t3

至t4

时间内该同学处于静止状态12、放在粗糙水平面上的物体受到水平拉力的作用，在0隆芦6s

内其速度与时间图象和该拉力的功率与时间图象分别如图甲和乙所示，下列说法正确的是

A.0隆芦6s

内物体位移大小为36m

B.0隆芦2s

内拉力做的功为30J

C.合外力在0隆芦6s

内做的功与0隆芦2s

内做的功相等D.滑动摩擦力大小为53N

13、关于人造地球卫星的说法正确的是()

A.高轨道卫星的运行速度小，但发射速度大B.低轨道卫星的运行速度大，发射速度也大C.可以发射一颗周期小于84min

的人造地球卫星D.在绕地球圆形轨道上运行的卫星里，可能会出现在任何物体轻轻放手后，就地停着不动，不需要支承的现象。评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、在“研究平抛物体的运动”实验中；某同学在建立直角坐标系时，如图所示有一处失误，假设他在安装实验装置和进行其他操作时准确无误．

（1）观察图可知，他的失误之处是：____．

（2）他根据所建立坐标系记录的数据，运用教学实验原理测得的平抛初速度值与其真实值相比____（选填“偏大”；“相等”或“偏小”）

15、当一个带电体靠近导体时，由于电荷间相互吸引或排斥，导体中的自由电荷便会趋向或远离带电体，使______的一端带异号电荷，______的一端带同号电荷，这种现象叫______．16、如图所示，光滑水平面右端B处连接一个竖直的半径为R的光滑半圆轨道，在离B距离为x的A点，用水平恒力将质量为m的质点从静止开始推到B处后撤去恒力，质点沿半圆轨道运动到C处后又正好落回A点，则当x=_______时，此过程中施加的推力最小，最小值为__________(提示：)17、在匀强磁场中，有一段5cm

的导线和磁场垂直.

当导线通过的电流是lA

时，受磁场的作用力是0.1N

那么磁感应强度B=

______T.

18、一物体以7m/s2

的加速度竖直下落时，物体受到的空气阻力大小是物体重力的______倍.(g

取10m/s2)

评卷人得分四、实验探究题(共1题，共2分)19、（1）在“研究平抛物体的”实验中，正确的操作是______．

A．为保证实验准确；先在斜槽的滑道上涂抹一些润滑油，以减小小球与槽的摩擦力。

B．固定斜槽时其底部末端的切线必须水平是为了保证小球的运动轨迹是一条平抛曲线。

C．在坐标纸上画坐标时；要选定斜槽底部末端在竖直向上方向上加上小球半径所在位置作为平抛运动坐标原点，再画出x；y轴。

D．实验中每次必须由静止释放小球；但释放的位置可以不同，记录小球位置的凹槽（或木条）一定得严格地等距离下移。

E．记录小球通过不同位置的点后；用平滑的曲线画出运动轨迹，舍弃个别偏差较大的点。

（2）一次用闪光照相方法研究平抛运动规律时，由于某种原因，只拍到了部分方格背景及小球的3个瞬时位置A、B、C，如图所示，A、B位置在竖直方向相距3格，B、C位置在竖直方向相距5格，每格长度为5cm，则小球做平抛运动过程中从A到B的时间为______s，小球做平抛运动的初速度大小为______m/s，小球经B点时的竖直分速度大小为______m/s．（g=10m/s2）评卷人得分五、推断题(共3题，共24分)20、已知rm{A}的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平，现以rm{A}为主要原料合成高分子化合物rm{E}和一种具有果香味的物质rm{F}其合成路线如图所示。回答下列问题：rm{(}提示图中rm{C隆煤}rm{D}的转化关系是：rm{CH_{3}CHO隆煤CH_{3}COOH)}rm{(1)}工业上由石蜡制取rm{A}的方法称作：______，rm{A隆煤B}的反应类型_____________。rm{(2)A}中官能团的结构式为________________________，rm{B}的官能团名称为_____________。rm{(3)}反应rm{垄脻}的化学方程式：_______________________，其中浓硫酸的作用是______________。rm{(4)}下列有关rm{A}和rm{E}的叙述正确的是______。rm{a.}均能使溴水褪色rm{b.}均只含极性键rm{c.}最简式相同rm{d.}均属于纯净物rm{(5)}写出由rm{B隆煤C}的反应方程式：____________________________。21、从铝土矿rm{(}主要成分是rm{Al_{2}O_{3}}含rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等杂质rm{)}中提取氧化铝的两种工艺流程如下：rm{(1)}写出物质的化学式rm{A}_____________，固体rm{X}__________________。____________________________rm{(2)}写出流程甲加入盐酸后生成rm{Al^{3+}}的离子方程式：___________________________。rm{(3)}写出流程乙加入烧碱后生成rm{SiO}的离子方程式：___________________________。rm{(4)}为了验证滤液rm{B}中含rm{Fe^{3+}}可取少量滤液并加入___________rm{(}填试剂名称rm{)}rm{(5)}滤液rm{E}、rm{K}中溶质的主要成分是_____rm{(}填化学式rm{)}写出该溶液的一种用途：_______。rm{(6)}写出滤液rm{D}rm{Y}中与过量rm{CO_{2}}反应的化学方程式__________________________。22、（化学）某混合物A，含有KAl(SO4)2、Al2O3和Fe2O3，在一定条件下可实现下图所示的物质之间的转化：据此判断：(1)固体B的化学式为________；固体E所含物质的化学式为________。(2)反应①的离子方程式为____________。____(3)沉淀Ⅰ与氢氧化钠反应的离子方程式__________。(4)由溶液D得到固体E所需的瓷质仪器名称：____。(5)沉淀Ⅱ的主要成分是：____，将其溶于少量稀盐酸所得的溶液中阳离子的检验最好的试剂是____。评卷人得分六、作图题(共4题，共24分)23、请做出如图所示静止的A物体的受力示意图,A的重力用G表示,所受的弹力用N表示(支持面)或用T表示(绳子),摩擦力用f表示24、画出图中甲、乙两个物体所受力的示意图。（1）静止于斜面上的物体。（2）用水平向右的力F拉物体。25、画出下图中静止物体A

所受的力的示意图(

球面是光滑的；其他粗糙)

存在漏力，错力均不得分。

26、画出下列两种情况下；物体A

的受力示意图．

(1)

物体A

静止在斜面上。

(2)

物体A

在拉力F

作用下沿水平面匀速运动。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】解：小车沿绳子方向的速度等于A

的速度；设绳子与水平方向的夹角为娄脠

根据平行四边形定则，物体A

的速度vA=vcos娄脠

小车匀速向右运动时，娄脠

减小，则A

的速度增大，所以A

加速上升，加速度方向向上，根据牛顿第二定律有：T鈭�GA=mAa.

知拉力大于重力.

故A正确，BCD错误．

故选：A

．

将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向；沿绳子方向的速度等于A

的速度，根据平行四边形定则判断出A

的速度变化，从而得出A

的加速度方向，根据牛顿第二定律判断拉力和重力的大小关系．

解决本题的关键知道小车沿绳子方向的分速度等于物体A

的速度，根据平行四边形定则进行分析．【解析】A

2、C【分析】解：A

物块先在光滑斜面上做匀加速，a=鈻�v鈻�t=51=5m/s2

而a=mgsin娄脠m

所以娄脠=30鈭�

故A错误；

B；物体在斜面上受到的合外力F=ma=2.5N

故B错误；

C、粗糙水平面上做匀减速，a隆盲=鈻�v鈻�t=52=2.5m/s2

所以娄脤mg=ma隆盲

解得：娄脤=0.25

故C正确；

D；物体在水平面上受到的合外力F隆盲=ma隆盲=1.25N

故D错误。

故选：C

物块先在光滑斜面上做匀加速；后在粗糙水平面上做匀减速.

由图象可求得下滑的加速度，从而可求出斜面倾角和合外力.

再由图象可知匀减速的时间与速度变化，从而求出加速度的大小，最终由牛顿第二定律可算出滑动摩擦力大小，并求出物体与水平面的动摩擦因数．

本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，加速度的大小可由图象的斜率大小来表示．【解析】C

3、C【分析】解：AB

在同一轨道上运行加速做离心运动；减速做向心运动均不可实现对接。则AB错误。

C；飞船先在比空间实验室半径小的轨道上加速；则其做离心运动可使飞船逐渐靠近空间实验室，两者速度接近时实现对接。则C正确。

D；飞船先在比空间实验室半径小的轨道上减速；则其做向心运动，不可能与空间实验室相接触。则D错误。

故选：C

正常运行的卫星若加速则所需向心力大于万有引力做离心运动；若减速则所需向力小于万有引力做向心运动，据此分析各选项．

明确正常运行的卫星加速做离心运动会达到高轨道，若减速则会做向心运动达到低轨道．【解析】C

4、C【分析】【解析】

试题分析：由于物体受空气阻力的作用，所以物体的机械能要减小，减小的机械能等于克服阻力做的功，设阻力的大小为则物体的机械能为在返回的过程中，阻力大小恒定，机械能还是均匀减小的，当返回地面时，物体还有动能，所以物体的机械能不会是零，图C符合题意。

故选C

考点：功能关系。

点评：只有重力对物体做功时，物体的机械能守恒，由于物体受空气阻力的作用，所以物体的机械能要减小，减小的机械能等于克服阻力做的功,由于空气阻力的大小恒定，所以机械能应是均匀减小。【解析】【答案】C5、D【分析】【解析】物体做匀变速运动，平均速度小于位移中点速度，平均速度所以无论力的方向如何该质点通过a、b中点时的速度均大于1m/s。【解析】【答案】D6、D【分析】【解析】

试题分析：根据机械能守恒定律有由图像可知2s时小球的动能为30J，代入上式可求得小球质量；从而可求得小球下落的高度，但无法确定小球抛出时的高度；根据可确定2s内重力做功的平均功率；根据动能定义可确定小球的初速度；由上述可知；题目中问不能确定的物理量，故应选D；

考点：机械能守恒定律、抛体运动、功率【解析】【答案】D7、D【分析】解：由图可知；力和位移的夹角为α，故推力的功W=Fxcosα；

故选：D。

由题意可知力；位移及二者之间的夹角；由功的计算公式可求得恒力的功。

本题考查功的公式，在解题时要注意夹角为力和位移之间的夹角．【解析】D二、多选题(共6题，共12分)8、ABD【分析】【分析】双星靠彼此的万有引力提供向心力，所以两颗星的向心力大小相等，两者同轴转动所以角速度和周期相同。解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度.

以及会用万有引力提供向心力进行求解：【解答】A.双星围绕同一个中心点运动所以周期相同，故A正确；B.两颗星同轴转动所以角速度相同，线速度和半径成正比，所以P

的线速度大于Q

的线速度，故B正确；C.两颗星靠彼此的万有引力提供向心力，所以两颗星的向心力大小相等，故C错误；D.由于向心力相等，角速度相同，所以有F=mw2rm

与r

成反比，所以P

的质量小于Q

的质量。故D正确。故选ABD。【解析】ABD

9、ACD【分析】解：Aa

粒子的轨迹向左弯曲；所受的电场力向左.

正点电荷的电场线向左，所以a

一定是正粒子的运动轨迹.

电场力对a

粒子做正功，则其动能增加，电势能减少，故A正确．

B、根据公式U=Ed

知AB

间的场强小于BC

间的场强，得UAB<UBC

故B错误；

C、由于电场线的疏密表示电场强度的大小，粒子只受电场力，根据F=qE

知，虚线对应的粒子所受的电场力越来越小，其加速度越来越小，c

虚线对应的粒子所受的电场力越来越大，其加速度越来越大，b

虚线对应的粒子的加速度大小不变；故C正确；

D、abc

三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O

点射入电场的运动轨迹；且三个粒子的电荷量大小相等；故静电力相等；由于b

粒子做圆周运动，说明向心力等于静电力；c

粒子做向心运动，故静电力大于需要的向心力，根据F=mv2r

知b

粒子的质量大于c

粒子的质量；故D正确；

故选：ACD

根据曲线运动受力特点判断电场力方向；分析电场力做功情况，从而判断电势能的变化；电场线的疏密反映了电场强度的大小，由牛顿第二定律分析加速度的大小；结合离心运动的条件列式比较粒子质量大小．

本题是带电粒子在电场中运动的问题，关键要掌握曲线运动受力特点：合力指向轨迹的内侧，结合向心力公式进行分析粒子的质量关系．【解析】ACD

10、AB【分析】解：A

在t1

时刻甲乙位移相同；故两车相遇，由于相遇前乙车在后，故是乙车追上甲车，故A正确；

B；在t1

时刻两车的位移相等；时间相等，所以平均速度相等，故B正确；

C；丙、丁两车在t2

时刻速度相等；为相遇前距离最远的时刻，没有相遇，故C错误；

D；0隆芦t2

时间内.

丙、丁两车的位移不相等；丁的位移大于丙的位移，故丁的平均速度大于丙的，故D错误；

故选：AB

．

在位移鈭�

时间图象中；倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间；

在速度鈭�

时间图象中；斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移．

本题考查对x鈭�t

图象以及v鈭�t

图象的认识，要求同学们能根据图象读出有用信息，注意位移鈭�

时间图象和速度鈭�

时间图象的区别，两个图象一定要放在一起对比一下，明确它们各自的准确性质才能更好地掌握．【解析】AB

11、AB【分析】解：A

在到t2

时间内；支持力的大小小于重力，加速度大小向下，所以该同学处于失重状态.

故A正确．

B；在t2

到t3

时间内；支持力的大小大于重力，加速度方向向上，所以该同学处于超重状态.

故B正确．

C；t3

时刻；支持力大于重力，合力不为零，加速度不为零.

故C错误．

D；根据牛顿第二定律得在t3

到t4

时间内；F

在减小，加速度在减小，处于非平衡状态.

故D错误．

本题选错误的。

故选AB．

根据支持力和重力的大小关系；运用牛顿第二定律判断加速度的方向，从而判断出该同学所处的状态．

解答本题要知道超重失重的含义，当加速度方向向上时超重，当加速度方向向下时失重，难度不大，属于基础题．【解析】AB

12、BCD【分析】【分析】速度图象的“面积”表示位移，0隆芦2s0隆芦2s内物体做匀加速运动，由速度图象的斜率求出加速度，2隆芦6s2隆芦6s内物体做匀速运动，拉力等于摩擦力，由P=FvP=Fv求出摩擦力，再由图读出P=30WP=30W时，v=6m/sv=6m/s由F=Pv求出0隆芦2s0隆芦2s内的拉力，由W=FxW=Fx求出0隆芦2s0隆芦2s内的拉力做的功，由W=PtW=Pt求出2隆芦6s2隆芦6s内拉力做的功。【解答】A.在速度时间图像中，“面积”表示位移，则0隆芦6s

内物体的位移大小：x=4+62隆脕6=30m

故A错误；

B.在0隆芦2s

内，物体的加速度a=?v?t=3m/s2

由图知，当P=30W

时，v=6m/s

得到牵引力F=Pv=5N

在0隆芦2s

内物体的位移为：x1=6m

则拉力做功为：W1=Fx1=5隆脕6=30J

故B正确；

C.在2隆芦6s

内；物体做匀速运动，合力做零，则合外力在0隆芦6s

内做的功与0隆芦2s

内做的功相等，故C正确；

D.在2隆芦6s

内，v=6m/sP=10W

物体做匀速运动，摩擦力f=F

得到f=F=Pv=106=53N

故D正确。

故选BCD。

【解析】BCD

13、AD【分析】【分析】人造卫星的发射后先做离心运动，当运动到所受的万有引力等于其做圆周运动所需要的向心力时会正常运行，发射速度越大其稳定后运动轨道半径越大，据线速度表达式：v=GMr

得其运行速度越小；由地球的万有引力提供向心力求出最小的周期；卫星里的物体处于完全失重状态。考查人造卫星的运行速度与发射速度之间的关系，明确发射速度大，运行速度反而小。【解答】AB.AB.根据万有引力提供向心力可知GMmr2=mv2r，解得：v=GMrv=sqrt{dfrac{GM}{r}}发射速度大，运转轨道半径大，运行线速度小，发射速度小，运转轨道半径小，运行线速度大，故A正确，B错误；C.由地球的万有引力提供向心力得：GMmr2=m(2娄脨T)2r，解得：T=2娄脨r3GM，如果轨道半径取地球半径，可以得出卫星做圆周运动的最小周期为84min84min故C错误；D.在绕地球圆形轨道上运行的卫星里，任何物体轻轻放手后，就地停着不动，万有引力提供向心力，处于完全失重状态，不需要支承的现象，故D正确。故选AD。

【解析】AD

三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】

（1）由图可以看出该同学错误地将坐标原点取在槽口处．坐标系原点应建立在飞离斜槽口的小球重心处，即在槽口上方r（r为球半径）处．

（2）由于坐标原点偏下，所以在计算飞行时间时t=偏小，而v=应比真实值偏大．

故答案为：（1）将坐标原点取在槽口处；（2）偏大．

【解析】【答案】（1）注意画轨迹时小球平抛的起点应该是球心在木板上的水平投影点；

（2）根据平抛运动中；水平方向匀速直线运动和竖直方向自由落体运动可正确解答．

15、导体靠近带电体；导体远离带电体；静电感应【分析】解：静电感应不是创造电荷；而是使导体上的正负电荷分开，当一个带正电荷的物体靠近原来不带电的导体时，由于静电感应，导体两端就会带等量异号电荷，其中导体靠近带电物体的一端带负电，远离带电物体的一端带正电．

故答案为：导体靠近带电体；导体远离带电体，静电感应．

静电感应现象是金属导体在外电场的作用下自由电子定向移动；电荷在导体内发生重新分布，当感应电荷的电场与外电场大小相等时方向相反时达到静电平衡，导体为等势体．

考查了静电感应现象，导体靠近带电物体的一端带上与点电荷相反电性的电荷，远离带电物体的一端带上与点电荷电性相同的电荷．【解析】导体靠近带电体；导体远离带电体；静电感应16、略

【分析】质点从半圆弧轨道做平抛运动又回到A点；设质点在C点的最小速度为vc，质点从C点运动到A点所用的时间为t

水平方向上：

竖直方向上：

根据动能定理：

联立解得：

当即x=4R时，F有最小值，Fmin=mg。【解析】17、2【分析】解：根据磁感应强度的定义式B=FIL

可得：B=FIL=0.11隆脕0.05T=2T

故答案为：2

在磁场中磁感应强度有强弱；则由磁感应强度来描述强弱.

将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．

磁感应强度的定义式B=FIL

可知，是属于比值定义法.

即B

与FIL

均没有关系，它是由磁场的本身决定．【解析】2

18、略

【分析】解：根据牛顿第二定律得；mg鈭�f=ma

解得f=mg鈭�ma=3m=0.3mg

．

故答案为：0.3

．

根据牛顿第二定律得出阻力与重力的关系．

本题考查了牛顿第二定律的基本运用，知道合力与加速度的关系，基础题．【解析】0.3

四、实验探究题(共1题，共2分)19、略

【分析】解：（1）A；为了保证小球的初速度相等；每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽不一定需要光滑，故A错误．

B；斜槽的末端需水平；为了保证小球的初速度水平，故B正确．

C；在坐标纸上画坐标时；要选定斜槽底部末端在竖直向上方向上加上小球半径所在位置作为平抛运动坐标原点，再画出x、y轴，故C正确．

D；实验中；每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，记录小球位置的凹槽（或木条）不一定得严格地等距离下移，故D错误．

E；记录小球通过不同位置的点后；用平滑的曲线画出运动轨迹，舍弃个别偏差较大的点，故E正确．

故选：BCE．

（2）在竖直方向上，根据△y=2L=gT2得，T=可知平抛运动过程中从A到B的时间为0.1s；

小球平抛运动的初速度．

小球经过B点的竖直分速度．

故答案为：（1）BCE；（2）0.1，1，2．

（1）根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步骤．

（2）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔；结合水平位移和时间间隔求出初速度，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的竖直分速度．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解，难度不大．【解析】BCE；0.1；1；2五、推断题(共3题，共24分)20、rm{(1)}裂解加成反应

rm{(2)}羟基

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化剂，吸水剂

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}

rm{(4)c}rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(5)}【分析】【分析】rm{A}的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{A}为rm{CH_{2}=CH_{2}}rm{CH_{2}=CH_{2}}与水发生加成反应生成rm{B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}CH_{2}OH}在rm{Cu}或rm{Ag}作催化剂条件下，发生催化氧化生成rm{C}为rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}进一步氧化生成rm{D}为rm{CH_{3}COOH}rm{CH_{3}COOH}与rm{CH_{3}CH_{2}OH}发生酯化反应生成rm{E}为rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}乙烯发生加聚反应生成rm{E}为【解答】rm{(1)}工业上由石蜡制取乙烯的方法称作：裂解，rm{CH_{2}=CH_{2}}与水发生加成反应生成rm{B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}故填：裂解；加成反应；rm{(2)A}为rm{CH_{2}=CH_{2}}官能团的结构式为rm{B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{B}的官能团名称为羟基，故填：羟基；rm{(3)}反应rm{垄脻}是乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，反应方程式为：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}其中浓硫酸的作用是，故填：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化剂，吸水剂；rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}为乙烯，rm{(4)}为聚乙烯，rm{A}乙烯含有碳碳双键，能使溴水褪色，而聚乙烯没有碳碳双键，不能是溴水褪色，故rm{E}错误；rm{a..}乙烯与聚乙烯中均含有碳碳键，碳氢键，碳碳键属于非极性键，故rm{a}错误；rm{b.}乙烯与聚乙烯的最简式均为rm{b}故rm{c.}正确；rm{CH_{2}}聚乙烯中聚合度rm{c}不同，均混合物，故rm{d.}错误。故填：rm{n}rm{d}为rm{c}rm{(5)B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}由rm{C}的反应方程式rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}故填：rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)}裂解加成反应rm{(2)}羟基rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化剂，吸水剂rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}rm{(4)c}rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(5)}21、（1）SiO2MgO、Fe2O3

（2）Al2O3+6H+=2Al3++3H2O

（3）SiO2+2OH-══SiO32-+H2O

（4）硫氰化钾

（5）NaHCO3灭火器或制糕点NaAlO2+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+NaHCO3【分析】【分析】本题以氧化铝提取工艺流程为载体，考查无机物推断、元素化合物性质及相互转化、除杂的方法、离子方程式等。【解答】由工艺流程甲可知，铝土矿与盐酸反应得固体rm{A}和滤液rm{B}则固体rm{A}为rm{SiO_{2}}滤液rm{B}含有氯化铝、氯化铁、氯化镁等，滤液中加入过量的rm{NaOH}可推知沉淀rm{C}为氢氧化铁、氢氧化镁，滤液rm{D}含有偏铝酸钠、氯化钠，所以向滤液rm{D}中通入过量二氧化碳，生成氢氧化铝沉淀与碳酸氢钠，沉淀rm{F}为rm{Al(OH)_{3}}滤液rm{E}中含有rm{NaCl}rm{NaHCO_{3}}根据工艺流程乙可知，铝土矿中的rm{Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}能和氢氧化钠反应，可知固体rm{X}为rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等，滤液rm{Y}为硅酸钠、偏铝酸钠，滤液中通入过量二氧化碳，沉淀rm{Z}为rm{Al(OH)_{3}}硅酸，滤液rm{K}中含有rm{NaHCO_{3}}则rm{(1)}由分析可知，rm{A}为rm{SiO_{2}}固体rm{X}为rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}故答案为：rm{SiO_{2}}；rm{MgO}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{(2)Al_{2}O_{3}}与盐酸反应生成氯化铝和水，氧化物不能拆，离子方程式为：rm{Al_{2}O_{3}+6H^{+}篓T2Al^{3+}+3H_{2}O}故答案为：rm{Al_{2}O_{3}+6H^{+}篓T2Al^{3+}+3H_{2}O}

rm{(3)}二氧化硅与氢氧化钠反应生成硅酸钠和水，二氧化硅不能拆，故离子反应方程式为：rm{SiO_{2}+2OH^{-}篓TSiO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案为：rm{SiO_{2}+2OH^{-}篓TSiO_{3}^{2-}+H_{2}O}

rm{(4)Fe^{3+}}与硫氰化钾溶液反应，使溶液变红色，检验滤液rm{B}中是否含rm{Fe^{3+}}离子的方法为：取少量滤液rm{B}向其中加入硫氰化钾溶液，溶液变红色，说明滤液中含rm{Fe^{3+}}溶液不变红色，说明滤液中不含rm{Fe^{3+}}；故答案为：硫氰化钾；

rm{(5)}根据工艺流程甲可知，固体rm{A}为rm{SiO_{2}}滤液rm{B}含有氯化铝、氯化铁、氯化镁等，沉淀rm{C}为氢氧化铁、氢氧化镁，滤液rm{D}含有偏铝酸钠、氯化钠，所以向滤液rm{D}中通入过量二氧化碳，反应生成氢氧化铝沉淀与碳酸氢钠，碳酸氢钠可用于制纯碱或做发酵粉等，故答案为：rm{NaHCO_{3}}灭火器或制糕点rm{NaAlO_{2}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+NaHCO_{3}}

【解析】rm{(1)SiO_{