2024年粤教沪科版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年粤教沪科版高三物理上册阶段测试试卷810考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、人类探测火星的梦想一刻也没有停止过，若在将来的某一天，人类实现了在火星上的登陆，宇航员在火星表面上用测力计测得质量为m的物块重力为G0，测得火星的半径为R，已知火星绕太阳公转的周期和线速度分别为T和v，引力常量为G，则太阳对火星的引力大小为（）A.B.C.D.2、如图所示，有一倾斜放置的传送带，当它未开启时，将一物块自传送带的上端A点由静止释放后，它经t1时间下滑到底端B点，接触面上发热量为Q1；若开启传送带，使之顺时针运行且速度V保持不变，同一物块仍由A点静止释放，若仍能下滑到底端B点，设物块下滑的时间为t2，接触面发热量为Q2，对上述现象的分析和判断，正确的有（）A.传送带顺时针开启时，物块有可能无法下滑B.物块一定能下滑到B点，且有：t2＞t1、Q2＞Q1C.物块一定能下滑到B点，且有：t2=t1、Q2＞Q1D.物块一定能下滑到B点，且有：t2=t1、Q2=Q13、一辆汽车在平直的公路上追上一辆正向前行驶的自行车，超过它并继续向前行驶，对此下面描述正确的是（）A.以自行车为参考系，汽车超车前是向后运动的B.以自行车为参考系，汽车是向前运动的C.以汽车为参考系，自行车是向前运动的D.以汽车为参考系，汽车和自行车都是向前运动的4、如图所示，两束单色光a、b自空气射向玻璃，经折射后形成复合光束c，则下列说法不正确的是（）A.a光在玻璃中的折射率比b光的大B.在玻璃中，a光的光速大于b光的光速C.从玻璃射向空气时，a光的临界角大于b光的临界角D.a光和b光的临界角均大于30°5、如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图．在xOy平面的第一象限，存在以x轴、y轴及双曲线y=的一段（0≤x≤L；0≤y≤L）为边界的匀强电场区域Ⅰ；在第二象限存在以x=-L；x=-2L、y=0、y=L为边界的匀强电场区域Ⅱ．两个电场强度的大小均为E，不计电子重力的影响，电子的电荷量为e，则以下说法中不正确的是（）

A.从电场区域Ⅰ的边界B点（B点的纵坐标为L）处由静止释放电子，到达区域Ⅱ的M点时的速度为v=B.从电场区域Ⅰ的边界B（B点的极坐标为L）处由静止释放电子，电子离开MNPQ区域时的极坐标为（-2L，0）C.从电场区域Ⅰ的AB曲线上任一点处由静止释放的电子都能从MNPQ区域左下角P点离开D.在电场区域Ⅰ的AB曲线上任一点处由静止释放的电子离开MNPQ区域时最小动能为2eEL6、如图为用索道运输货物的情景，已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37°，重物与车厢地板之间的动摩擦因数为0.30．当载重车厢沿索道向上加速运动时，重物与车厢仍然保持相对静止状态，重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的1.15倍，sin37°=0.6，cos37°=0.8，那么这时重物对车厢地板的摩擦力大小为（）A.0.35mgB.0.30mgC.0.23mgD.0.20mg7、设匀速行驶的汽车，发动机功率保持不变，则（）A.路面越粗糙，汽车行驶得越慢B.路面越粗糙，汽车行驶得越快C.在同一路面上，汽车不载货与载货时行驶得一样快D.在同一路面上，汽车不载货比载货时行驶得慢评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、关于不共线的两个运动的合成，下列说法正确的是（）A.两个直线运动的合运动一定是直线运动B.两个匀速直线运动的合成一定是直线运动C.匀速直线运动和匀加速直线运动的合成一定是直线运动D.两个初速度为零的匀加速直线运动的运动一定是匀加速直线运动9、如图所示，一个质量为m=0.2kg的小球用细绳吊在倾角为θ=45°的光滑斜面上，当斜面静止时，绳与斜面平行．当斜面以10m/s2的加速度向右做加速运动时，则（）A.细绳的拉力约为2.8NB.小球对斜面的压力约为1.4NC.细绳的拉力约为1.4ND.小球对斜面的压力为零10、下面哪些现象是防止了静电的危害（）A.静电除尘B.高大建筑物上安装避雷针C.静电复印D.油车拖着铁链行驶11、如图所示，一物体从竖直平面内圆环的最高点A处由静止开始沿光滑弦轨道AB下滑至B点，那么（）A.只要知道弦长，就能求出运动时间B.只要知道圆半径，就能求出运动时间C.只要知道倾角θ，就能求出运动时间D.只要知道弦长和倾角就能求出运动时间12、如图所示是质量为1kg的滑块在水平面上做直线运动的v-t图象．下列判断正确的是（）A.在t=1s时，滑块的加速度为2m/s2B.在4s～6s时间内，滑块的平均速度为2.5m/sC.在3s～7s时间内，合力做功的平均功率为2WD.在5s～6s时间内，滑块受到的合力为2N13、一物体静止在水平地面上；在竖直向上的拉力F的作用下开始向上运动，如图甲所示．在物体向上运动过程中，其机械能E与位移x的关系图象如图乙所示（空气阻力不计），已知曲线上点A处的切线的斜率最大，则（）

A.在x1处物体所受拉力最大B.在x1～x2过程中，物体的动能先增大后减小C.在x2处物体的速度最大D.在x1～x2过程中，物体的加速度先增大后减小14、电场中有一点P

下列说法正确的是(

)

A.若放在P

点的电荷的电量减半，则P

点场强减半B.若P

点没有检验电荷，则P

点的场强为零C.P

点的场强越大，则同一电荷在P

点所受的电场力越大D.P

点的场强方向为正电荷在该点的受力方向15、如图所示，一个质量为m的小物体b放在固定的斜面a上；下列说法正确的是（）

A.整个装置静止时，地面对斜面a的支持力大小等于整个装置重力大小之和B.斜面a保持静止，小物体b匀速下滑时，地面对斜面a的摩擦力向左C.整个装置静止时，通过小物体b的重心给小物体b施加一竖直向下的恒力F，则小物体b将向下滑动D.斜面a保持静止，小物体b匀速下滑时，通过小物体b的重心给小物体b施加一竖直向下的恒力F，小物体b所受摩擦力将变大，小物体b仍保持匀速下滑16、抽制高强度纤维细丝时可用激光监控其粗细，如图所示，观察激光束经过细丝时在光屏上所产生的条纹即可判断细丝粗细的变化．（）A.如果屏上条纹变宽，表明抽制的丝变细B.这主要是光的衍射现象C.如果屏上条纹变宽，表明抽制的丝变粗D.这主要是光的干涉现象评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、（2014春•汇川区校级期中）如图所示，半径为R、内径很小的光滑半圆管竖直放置，两个质量均为m的小球a，b，以不同速度进入管内，a球通过最高点C的速度为2时，球对管壁____（上或下）部的压力为____，b球通过最高点C速度为0.5时，对管壁____（上或下）部的压力为____．18、为了只用一根弹簧和一把刻度尺测定某滑块与水平桌面间的动摩擦因数μ（设μ为定值），某同学经查阅资料知：一劲度系数为k的轻弹簧由伸长量为x至恢复到原长过程中，弹力所做的功为kx2；于是他设计了下述实验：

第1步：如图所示；将弹簧的一端固定的竖直墙上，弹簧处于原长时另一端位置A．现使滑块紧靠弹簧将其压缩至位置B，松手后滑块在水平桌面上运动一段距离，到达C位置时停止：

第2步：将滑块挂在竖直放置的弹簧下；弹簧伸长后保持静止状态．

回答下列问题：

（1）你认为，该同学应该用刻度尺直接测量的物理量是（写出名称并用符号表示）____．

（2）用测得的物理量表示滑块与水平桌面间动摩擦因数μ的计算式：μ=____．19、一定质量的理想气体，从图示A状态开始，经历了B、C状态，最后到D状态，状态A变化到状态B温度升高，体积____，状态C到状态D压强变小，体积____．（填写“变小”；“变大”或“不变”）

20、【题文】三个阻值都是10Ω的电阻以不同方式接到电源电压为3V的电路中，整个电路能产生的最小电流是____A，最大电流是____Ａ。21、（2014秋•杨浦区校级期末）如图是直流电动机的原理图，其中P、Q和X、Y是电动机中的两个部件，电动机中的转子能够不停地绕同一方向转动，是利用上述部件中____部件实现的，我们把这一部件叫做____．22、（2014秋•西湖区校级期中）板长为L的平行金属板与水平面成θ角放置，板间有匀强电场．一个带负电、电量为q、质量为m的液滴，以速度v0垂直于电场方向射入两板间，如图所示，射入后液滴沿直线运动，两极板间的电场强度E=____．液滴离开电场时的速度为____．（液滴的运动方向没有改变）23、一矩形线圈面积S=10-2m2，它和匀强磁场方向之间的夹角θ1=30°，穿过线圈的磁通量Ф=1×10-3Wb，则磁场的磁感强度B=____；若线圈以一条边为轴的转180°，则穿过线圈的磁能量的变化为____；若线圈平面和磁场方向之间的夹角变为θ2=0°，则Ф=____．评卷人得分四、判断题(共1题，共2分)24、分子的动能和分子势能的和叫做这个分子的内能．____．（判断对错）参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】根据火星表面物体重力等于万有引力和万有引力定律列式求解．【解析】【解答】解：由题可知，，根据火星绕太阳公转，有，所以太阳对火星的引力大小=；选项A正确，BCD错误．

故选：A2、C【分析】【分析】传送带静止或顺时针转动时，物块受到的滑动摩擦力都沿传送带向上，根据物块的受力情况应用牛顿第二定律比较物块的加速度大小关系，然后应用匀变速直线运动的位移公式比较物块的运动时间，然后根据物块与传送带的相对位移大小分析判断热量间的关系．【解析】【解答】解：传送带静止或瞬时针方向转动时，物块受到的滑动摩擦力方向都沿传送带向上，两种情况下物块受到的合力不变，加速度a不变，物块的位移s相等，物块做初速度为零的匀加速直线运动，由s=at2可知，运动时间：t=相等，即：t2=t1；

传送带静止时；物块与传送带间的相对位移为AB间的距离L，传送带顺时针转动时；

物块与传送带间的相对位移为AB间的距离L与传送带的位移x之和；即为：L+x；

热量：Q1=μmgLcosθ，Q2=μmg（L+x）cosθ，则：Q2＞Q1；故C正确，ABD错误；

故选：C．3、B【分析】【分析】选择的参考系，可以假设该物体不动，结合两车之间的距离分析物体的运动情况．【解析】【解答】解：A；以自行车为参考系；汽车在超车前，两者的距离逐渐减小，可知汽车超车前向前运动，超车后，两车距离逐渐增大，以自行车为参考系，汽车向前运动，故A错误，B正确．

C；以汽车为参考系；超车前，两者的距离逐渐减小，自行车向后运动，超车后，两者的距离逐渐增大，自行车向后运动，故C、D错误．

故选：B．4、A【分析】【分析】由图看出，a光的入射角大于b光的入射角，而折射角相同，根据折射定律便知玻璃对两束光折射率的大小关系．由v=分析光在玻璃中速度关系．由公式sinC=分析临界角大小．【解析】【解答】解：

A、由图看出，a光的入射角大于b光的入射角，而折射角相同，根据折射定律得知，玻璃对b光的折射率大于a光的折射率．故A错误．

B、由v=分析可知，在玻璃中，a光的光速小于b光的光速．故B正确．

C、由公式sinC=分析可知，折射率越小，临界角越大，则从玻璃射向空气时，a光的临界角大于b光的临界角．故C正确．

D、由题看出，折射角是30°，当入射角增大时，折射角会增大，当入射角接近90°时，折射角将大于30°，根据光路可逆性原理可知，a光和b光的临界角均大于30°．故D正确．

本题选不正确的，故选A5、D【分析】【分析】（1）根据B点的纵坐标求出B点的横坐标；根据动能定理求出电子到达区域Ⅱ的M点时的速度．

（2）电子进入电场II做类平抛运动；在垂直电场方向上做匀速直线运动，沿电场方向做匀加速直线运动，根据偏转位移的大小求出离开MNPQ时的纵坐标．

（3）根据动能定理，结合类平抛运动的规律求出在电场区域Ⅱ中偏转位移【解析】【解答】解：A、B点坐标（；L），在电场I中电子被加速到V，由动能定理有：

；

所以；故A正确．

B；电子进入电场II做类平抛运动；有：

t=；

；

；

所以横坐标x=-2L；纵坐标y=L-y=0即为（-2L；0），故B正确。

C、设释放点在电场区域I的AB曲线边界，其坐标为（x，y），在电场I中电子被加速到v1；然后进入电场II做类平抛运动，有：

；

t=；

；

所以离开点的横坐标X1=-2L，纵坐标y1=y-y′=0；即（-2L，0）为P点，故C正确。

D；电子在两个电场中被加速；电场力做功为：W=eEx+eEy

则从B到P由动能定理得：eE（x+y）=Ek-0

又y=，所以只有x=y点释放的电子，离开P点时动能最小，所以x+y=L，即最小动能为EKmin=eEL；故D不正确．

因选不正确的，故选：D6、D【分析】【分析】对物体受力分析可知，物体在水平和竖直方向都有加速度，由牛顿第二定律可以求得竖直方向上的加速度的大小，进而可以求得水平方向上的加速度的大小，再次由牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小．【解析】【解答】解：由于重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的1.15倍，在竖直方向上，由牛顿第二定律得：FN-mg=ma竖直；

解得a上=0.15g；

设水平方向上的加速度为a水平；

则=tan37°=；

解得：a水平=0.2g；

对物体受力分析可知，在水平方向上摩擦力作为合力产生加速度，由牛顿第二定律得：f=ma水=0.20mg；故D正确．

故选：D．7、A【分析】【分析】发动机的功率等于牵引力与速度的乘积，抓住功率不变，根据牵引力的大小比较汽车的速度．【解析】【解答】解：A；匀速行驶的汽车；路面越粗糙，阻力越大，牵引力越大，功率不变，根据P=Fv知，汽车的速度越小．故A正确，B错误．

C；在同一路面上；载货的汽车所受的阻力较大，则匀速行驶时，牵引力较大，根据P=Fv知，载货的汽车速度较小．故C、D错误．

故选：A．二、多选题(共9题，共18分)8、BD【分析】【分析】运动的合成和分解遵循平行四边形定则，当合速度的方向与合加速度的方向在同一条直线上时，物体做直线运动，当合速度的方向和合加速度的方向不在同一条直线上时，物体做曲线运动．【解析】【解答】解：A；两个直线运动的合运动不一定是直线运动；比如平抛运动．故A错误．

B；两个匀速直线运动的合运动仍然是匀速直线运动；因为合加速度为零，以合速度做匀速直线运动．故B正确．

C；匀加速直线运动和匀速直线运动的合运动若不在同一条直线上；则做曲线运动，因为合加速度方向与合速度方向不在同一条直线上．故C错误．

D；两个初速度为零匀加速直线运动的合运动一定是匀加速直线运动；若合速度的方向与合加速度的方向在同一条直线上时．故D正确．

故选：BD．9、AD【分析】【分析】首先判断小球是否飞离了斜面，根据小球刚刚飞离斜面的临界条件，即绳子的倾角不变，斜面的支持力刚好为零，解出此时的加速度与题目给出的加速度大小进行比较，若给出加速度大于小球的临界加速度说明小球已经飞离了斜面，否则小球还在斜面上．【解析】【解答】解：设小球刚刚脱离斜面时，斜面向右的加速度为a0；

此时斜面对小球的支持力恰好为零；小球只受重力和细绳的拉力；

且细绳仍然与斜面平行；小球受力如图所示；

由牛顿第二定律得：mgcotθ=ma0；

解得临界加速度：a0=gcotθ=10m/s2．

加速度a＞10m/s2=a0，则小球已离开斜面，T==2≈2.8N；故AD正确，BC错误；

故选：AD10、BD【分析】【分析】本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以判断出答案．【解析】【解答】解：A．静电除尘时除尘器中的空气被电离；烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，属于静电应用，不符合题意；

B．当打雷的时候；由于静电的感应，在高大的建筑物顶端积累了很多的静电，容易导致雷击事故，所以在高大的建筑物顶端安装避雷针可以把雷电引入地下，保护建筑物的安全，属于静电防止，符合题意；

C．静电复印是利用异种电荷相互吸引而使碳粉吸附在纸上；属于静电应用，不符合题意；

D．铁链的目的是为了将静电导入大地；属于静电的防止，符合题意．

本题选择静电的危害，故选：BD．11、BD【分析】【分析】设半径为R，则物体运动的位移为x=2Rcosθ，根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据x=求解时间．【解析】【解答】解：设半径为R，则物体运动的位移为x=2Rcosθ，物体运动的加速度a==gcosθ，根据x=，则t=；与θ角无关．而知道弦长和倾角也能算出半径，所以BD正确，AC错误．

故选：BD．12、AC【分析】解：A、在v-t图象中，图象的斜率大小等于滑块的加速度大小，则t=1s时，a==2m/s2；故A正确；

B、根据图线围成的面积表示位移知，在4s～6s时间内，滑块的位移x=×4=6m，则平均速度：===3m/s；故B错误；

C、在3～7s时间内，根据动能定理知，合力做功为：W=0-mv2=-×1×42J=-8J，则合力做功的平均功率大小P==W=2W；故C正确；

D、5～6s时间内，由牛顿第二定律可得：F=ma′=1×=4N；故D错误；

故选：AC．

根据图线的斜率得出滑块的加速度；结合牛顿第二定律求出滑块的合力大小．根据图线围成的面积得出滑块的位移，从而求出滑块的平均速度．根据动能定理求出合力做功的大小，结合平均功率的公式求出合力做功的平均功率．

解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．【解析】【答案】AC13、AB【分析】解：A、由图可知，x1处物体图象的斜率最大；则说明此时机械能变化最快，由E=Fh可知此时所受的拉力最大；故A正确；

B、x1～x2过程中，图象的斜率越来越小，则说明拉力越来越小；x2时刻图象的斜率为零，则说明此时拉力为零；在这一过程中物体应先加速后减速，则说明最大速度一定不在x2处；故B正确；C错误；

D；由图象可知；拉力先增大后减小，直到变为零；则物体受到的合力应先增大，后减小，减小到零后，再反向增大；故加速度应先增大后减小，再反向增大；故D错误；

故选：AB．

根据功能关系：除重力以外其它力所做的功等于机械能的增量，0--x1过程中物体机械能在增加；知拉力在做正功，机械能与位移图线的斜率表示拉力．当机械能守恒时，拉力等于零，通过拉力的变化判断其加速度以及动能的变化．

本题画出了我们平时所陌生的机械能与高度的变化图象；要求我们从图象中分析物体的运动过程．要求我们能明确机械能与外力做功的关系；明确重力做功与重力势能的关系；并正确结合图象进行分析求解．【解析】【答案】AB14、CD【分析】解：AB

电场强度取决于电场本身；与有无试探电荷无关，所以在p

点电荷减半或无检验电荷，P

点的场强不变，故AB错误．

C；据F=Eq

知；P

点的场强越大，则同一电荷在P

点所受的电场力越大，故C正确．

D；据场强方向的规定；正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，所以P

点的场强方向为正电荷在该点的受力方向，故D正确．

故选：CD

．

电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=Fq

采用比值法下的定义；利用场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向．

明确电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=Fq

只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向的依据．【解析】CD

15、AD【分析】【分析】物体静止或做匀速直线运动时物体处于平衡状态，所受合外力为零；分别对未加外力和加外力时物体A进行受力分析，A原来静止看成恰好静止进行分析，判断A物体是否静止．【解析】【解答】解：A；整个装置静止时；系统受重力与地面的支持力作用，系统处于平衡状态，由平衡条件可知，地面对斜面a的支持力大小等于整个装置重力大小之和，故A正确；

B、斜面a保持静止，小物体b匀速下滑时，b受到竖直向下的重力、斜面的支持力与摩擦力作用，b处于平衡状态，由平衡条件可知，b所示合力为零，则摩擦力与支持力的合力与b所受的重力等大反向，b所受的重力竖直向下，则a对b的支持力与摩擦力的合力竖直向上，由牛顿第三定律可知，b对a的作用力竖直向下，a受竖直向下的重力、地面竖直向上的支持力与a对b竖直向下的作用力；a在水平方向没有运动；也没有运动趋势，地面对a没有摩擦力，故B错误；

C、整个装置静止时，对b：mgsinα=μmgcosα，施加F后，因为仍有（F+mg）sinα=μ（F+mg）cosα，则b仍然保持静止；故C错误；

D、斜面a保持静止，小物体b匀速下滑时，mgsinα=μmgcosα，通过小物体b的重心给小物体b施加一竖直向下的恒力F，摩擦力：f=μ（F+mg）cosα增大，但仍有：（F+mg）sinα=μ（F+mg）cosα，b所受合力仍为零，仍然处于平衡状态，b仍然保持匀速下滑；故D正确；

故选：AD．16、AB【分析】【分析】让激光通过细丝，产生衍射条纹，条纹变宽，知金属丝变细．【解析】【解答】解：当障碍物的尺寸与波的波长相当；或小于波的波长，会发生明显的衍射，该装置的原理是运用光的衍射现象，如果屏上条纹变宽，则纤维丝变细．故CD错误，AB正确．

故选：AB．三、填空题(共7题，共14分)17、上3mg下0.75mg【分析】【分析】a球到达最高点时，由重力和弹力提供向心力，由牛顿第二定律求出a球所受的轨道的作用力．b球到达最高点时，运用同样的方法求解．【解析】【解答】解：以a球为对象，其到达最高点时的速度为va；设轨道对小球有向下的作用力，根据向心力公式有：

mg+Fa=m

又va=2

代入解得Fa=3mg，由牛顿第三定律得：a球对管壁的作用力大小Fa′=Fa=3mg；方向向上，即a球对管壁上部的压力．

以b球为对象，其到达最高点时的速度为vb；设轨道对小球有向上的作用力，根据向心力公式有。

mg-Fb=m

又vb=0.5

解得：Fb=0.75mg

由牛顿第三定律得：b球对管壁的作用力大小Fb′=Fb=0.75mg，方向向下，即b球对管壁下部的压力．

故答案为：上、3mg、下、0.75mg18、略

【分析】

（1）该过程中，物体运动克服摩擦力做功，消耗弹性势能，即弹簧弹力做的正功等于克服摩擦力做功，所以要求弹簧弹力做功的大小，根据需要测量弹簧的形变量，即原长和压缩后的长度的差值，即AB之间的距离x1；需要测量弹簧的劲度系数，可以根据弹簧挂物体时处的平衡状态求出劲度系数k，使用要测量将滑块挂在竖直放置的弹簧下，弹簧伸长后保持静止状态时弹簧的伸长量x2；在整个过程中根据功能关系有：

①；所以要测量物体滑行的距离S．

（2）将滑块挂在竖直放置的弹簧下时，mg=kx2②

①②联立得：

故答案为：（1）AB间距离x1，BC间距离s，弹簧竖直悬挂时伸长的长度x2（2）

【解析】【答案】该题中；利用二力平衡求出弹簧的劲度系数k，利用了功能关系来求摩擦系数，即运动过程中克服摩擦力做功消耗弹簧的弹性势能．

19、略

【分析】

一定质量的理想气体；状态A变化到状态B温度升高，从图中看出AB的连线穿过原点，所以状态A变化到状态B是一个等容变化，所以体积不变．

状态C到状态D压强变小，温度不变，根据气体状态方程=C知道体积变大．

故答案为：不变；变大．

【解析