福建龙岩某中学2024届高考物理必刷试卷含解析

福建龙岩一中2024届高考物理必刷试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将木试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、下列关于运动项目的叙述正确的是（）

A.若足球的运动轨迹是旋转的香蕉球时，要研究足球的运动足球可以看做质点

B.2018年苏炳添在男子100m中跑出的亚洲纪录是一个时刻

C.4x100m接力赛中的100m都是指位移

D.运动员100m短跑用时10s,则其加速过程的平均加速度定不小于2m/s2

2、运动员在立定跳远时，脚蹬地起跳瞬间的受力示意图是

3、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为q：〃2=1°：1，〃两点间的电压为〃=22（）及sin100^（V）,R

为可变电阻，产为额定电流1A、用铅铸合金制成的保险丝.为使保险丝中的电流不超过1A,可变电阻K连入电路的

最小阻值是（）

A.2.2。B.2.20。C.22。D.22&Q

4、2018年1月12日，我国成功发射北斗三号组网卫星.如图为发射卫星的示意图，先将卫星发射到半径为r的圆轨

道上做圆周运动，到A点时使卫星加速进入椭圆轨道，到椭圆轨道的远地点B点时，再次改变卫星的速度，使卫星进

入半径为2i•的圆轨道.已知卫星在椭圆轨道时距地球的距离与速度的乘积为定值，卫星在椭圆轨道上A点时的速度

为v,卫星的质量为m,地球的质量为M,引力常量为G,则发动机在A点对卫星做的功与在B点对卫星做的功之差

为（忽略卫星的质量变化）（）

323GMm

A.—------------

44r

523GMm

B.—mv"------------

84r

3,3GMm

C.—+---------

44r

5>3GMm

D.—mv~+---------

5、如图所示，a、力两个闭合正方形线圈用同样的导线制成，匝数均为10匝，边长乙=3人图示区域内有垂直纸面向

里的匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀增大，不考虑线圈之间的相互影响，贝人）

XXXXXX

A.两线圈内产生顺时针方向的感应电流

B.a、b线圈中感应电动势之比为9：1

C.。、力线圈中感应电流之比为3：4

D.。、6线圈中电功率之比为3：1

6、如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A,A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间

放一光滑圆球员整个装置处于静止状态.若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态.则下列判断中正确的是

A.球3对墙的压力增大B.球5对柱状物体A的压力增大

C.地面对柱状物体力的支持力不变D.地面对柱状物体4的摩擦力不变

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图，条形磁铁放在光滑斜面上，用平行于斜面的轻弹簧拉住处于静止状态。图中圆圈为垂直纸面放置的直导线的

横截面，当导线中无电流时，磁铁对斜面的压力为广2；当导线中有电流通过时，磁铁对斜面的压力为广N2,下列说法

A.若导线位于图中1位置且电流方向向外，则FN»PN2

B.若导线位于图中1位置且电流方向向里，则弹簧伸长量增大

C.若导线位于图中2位置且弹簧伸长量增大，则导线中电流方向向里

D.若导线位于图中2位置且弹簧伸长量增大，则尸N”＞尸N2

8、如图所示，一根固定的绝缘竖直长杆位于范围足够大且相互正交的匀强电场和匀强磁场中，电场强度大小为

£=—,磁感应强度大小为及一质量为加、电荷量为g的带正电小圆环套在杆上，环与杆间的动摩擦因数为刖现

使圆环以初速度w向下运动，经时间f。，圆环回到出发点。若圆环回到出发点之前已经开始做匀速直线运动，不计空

气阻力，重力加速度为g。则下列说法中正确的是（）

A.环经过2时间刚好到达最低点

B.环的最大加速度为。痔g+侬在

in

C.环在力时间内损失的机械能为；—2f,）

D.环下降过程和上升过程摩擦力的冲量大小不相等

9、如图所示，一充电后与电源断开的口行板电容器的两极板水平放置，板长为L,板间距离为d,距板右端L处有一

竖直屏一带电荷量为外质量为m的质点以初速度用沿中线射入两板间，最后垂直打在〃上，已知重力加速度

A.电压表V（量程3V.内阻约为15kC）

B.电流表A（量程0.6A.内阻约为1。）

C.滑动变阻器RG5。,0.6A）

D.1.5V的干电池两节，内阻不计

E.开关S,导线若干

①请设计合理的电路图，并画在下图方框内

②用上面测得的金属导线长度/、直径d和电阻可根据表达式〃=算出所测金属的电阻率。

12.（12分）某同学利用如图甲所示的装置来验证机械能守恒定律，图中A、B为两个光电门。

（1）该同学首先利用20分度的游标卡尺测量小球的直径d,测量结果如图乙所示，则4=cr

_=——A

刻1

度；

尺冷

-=23cm

i—B।1111“j111111

丹.।rrri|iriijri1111111

图甲05101520

图乙

（2）让小球从光电门A上方某一高度处自由下落，计时装置测出小球通过光电门A、B的挡光时间〃、加，已知当地

的重力加速度为g,用刻度尺测量出光电门A、B间的距离人则只需比较与是否相等就可以验证小

球下落过程中机械能是否守恒；（用题目中涉及的物理量符号来表示）

（3）该同学的实验操作均正确，经过多次测量发现，（2）中需要验证的两个数值总是存在一定的误差，产生这种误差

的主要原因是___________________O

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）一竖直放置、内壁光滑且导热良好的圆柱形气缸内封闭有可视为理想气体的02,被活塞分隔成A、B两

部分，气缸的横截面积为S,达到平衡时，两部分气体的体积相等，如图（a）所示，此时A部分气体的压强为p。；

将气缸缓慢顺时针旋转，当转过90。使气缸水平再次达到平衡时，A、B两部分气体的体积之比为1：2,如图（b）所

示。已知外界温度不变，重力加速度大小为g,求：

⑴活塞的质量加；

⑵继续顺时针转动气缸，当气缸从水平再转过角度夕时，如图（c）所示，A、R两部分气体的体积之比为1：3,则

sinO的值是多少?

(W

14.（16分）如图所示，一竖直放置、缸壁光滑且导热良好的柱形气区内盛有一定量的理想气体，活塞将气体分隔成

体积相同的A、B两部分；已知活塞的面积为S,此时A中气体的压强为Pi.现将气缸缓慢平放在水平桌面上，稳定

后A、B两部分气体的体积之比为1：2.在整个过程中，没有气体从一部分通过活塞逸入另一部分，外界气体温度不

变.求：

I.气缸平放时两部分气体的压强;

H.活塞的质量in.

15.（12分）如图所示，质量〃，的小环串在固定的粗糙竖直长杆上，从离地人高处以一定初速度向上运动，运动过程

中与长杆之间存在大小等的滑动摩擦力.小环能达到的最大高度为3儿求：

（1）小环从h高处出发至第二次经过2//高处过程中，重力做功和摩擦力做功分别为多少？

⑵在高中我们定义“由相互作用的物体的相对位置决定的能量”叫势能，如相互吸引的物体和地球，其相对位置关系决

定重力势能.对比⑴问中两力做功，说明为什么不存在与摩擦力对应的“摩擦力势能”的概念.

⑶以地面为零势能面.从出发至小环落地前，小环的机械能E随路程s的变化关系是什么？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

A.若足球的运动轨迹是旋转的香蕉球时，要研究足球的运动足球大小不能忽略，不可以看做质点，选项A错误；

B.2018年苏炳添在男子100m中跑出的亚洲纪录是一个时间间隔，选项B错误；

c.4x100m接力赛中有弯道，则其中的100m不都是指位移，选项C错误；

D.运动员100m短跑用时10s,若整个过程中一直加速，则加速度

2s2x100。.

a=—=---；—=2in/s~

rIO2

因运动员在100m短跑中先加速后匀速，则其加速过程的平均加速度定不小于2m/s2,选项D正确；

故选D。

2、A

【解析】

运动员在立定跳远时，脚蹬地起跳瞬间，运动员受重力、地面对人竖直向上的支持力、和地面对人向前的摩擦力，故

A项正确，BCD三项错误。

3、A

【解析】

原线圈输入电压a=当2V=220，

V2

U.n,

根据电压与匝数成正比#二—

代入数据解得：t/2=-t/1=22V

原线圈的最大输入功率为《=U/=220W

输出功率等于输入功率P2=P]=220VV

由公式：P?="

解得：A=2.2Q

故应选A.

4、B

【解析】

由G^=〃2二可知，卫星在轨道半径为r的圆轨道上运动的线速度大小匕=J器，在半径为2r的圆轨道上做圆

周运动的线速度大小为v2=J等，

设卫星在椭圆轨道上8点的速度为以，由“=0・2-，可知在4点时发动机对

卫星做功叱二；机口2-3〃以，在％点时发动机对卫星做的功为吗=g〃M—g〃7（g）2,因此

W-W=^mv3GMm…、口

122-------------,B正确，ACD错误.

4r

故选：B.

5、B

【解析】

试题分析：根据楞次定律可知，两线圈内均产生逆时针方向的感应电流，选项A错误；因磁感应强度随时间均匀增大,

ABAOAB,A，9

则一=k,根据法拉第电磁感应定律可知七二〃=二〃</2,则于=（；）'=；，选项B正确；根据

\t\t\tEh11

-F=—F5-7=^'A-''-°=—kS'^/,故a、b线圈中感应电流之比为3:1,选项C错误；电功率

R4山4P川4P

PS「

»JQf卜。1213Q/

P=IE=—n——『=工—x/3,故a、b线圈中电功率之比为27:1,选项D错误；故选B.

4PAt4p

法拉第电磁感应定律；楞次定律；闭合电路欧姆定律；电功率.

【名师点睛】此题是一道常规题，考查法拉第电磁感应定律、以及闭合电路的欧姆定律；要推导某个物理量与其他物

理量之巨的关系，可以先找到这个物理量的表达式，然后看这个物理量和什么因素有关；这里线圈的匝数是容易被忽

略的量.

6、C

【解析】对小球3受力分析，作出平行四边形如图所示:

4滑动前，〃球受墙壁及A的弹力的合力与重力大小相等，方向相反；如图中实线所示；而将4向右平移后，田受弹

力的方向将上移，如虚线所示，但8仍受力平衡，由图可知A对8球的弹力及墙壁对球的弹力均减小，根据牛顿第三

定律可知，球8对墙的压力减小，球B对柱状物体A的压力减小，故AB错误；以A8为整体分析，水平方向上受墙

壁的弹力和地面的摩擦力而处于平衡状态，弹力减小，故摩擦力减小，故D错误；竖直方向上受重力及地面的支持力,

两物体的重力不变，故A对地面的压力不变，故C正确。所以C正确，ABD错误。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC

【解析】

A.条形磁铁的外部磁场方向是由N极指S极，由1位置的磁场方向沿斜面向下，2位置的磁场方向斜向左上方，若

导线位于图中1位置且电流方向向外，根据左手定则可得导线所受安培力的方向为垂直斜面向下，由牛顿第三定律可

得导线对磁铁的反作用力垂直于斜面向上，可知磁铁对斜面的压力减小，则有

反|>"’2

故A正确；

B.若导线位于图中1位置且电流方向向里，根据左手定则可得导线所受安培力的方向为垂直斜面向上，由牛顿第三

定律可得导线对磁铁的反作用力垂直于斜面向下，但弹簧的弹力仍等于磁铁重力沿斜面方向的分力，大小不变，则弹

簧的伸长量不变，故B错误；

CD.若导线位于图中2位置且弹簧的伸长量增大，可知导线对磁铁的反作用力沿斜面方向的分力沿斜面向下，垂直于

斜面方向的分力垂直斜面向下，从而才会使弹簧的弹力增大，也使磁铁对斜面的压力增大，故有

&<《

所以导线所受的安培力方向斜向右上方，由左手定则可得导线中的电流方向向里，故C正确，D错误；

故选AC,

8、BC

【解析】

AB.由题意可知，环在运动的过程中，受到的电场力大小为b="七二2"g,方向始终竖直向上。假设竖直向下为正

方向，贝！当环下滑的过程中，受力分析，根据牛顿第二定律得：

mg_(qE+/dqvB)=ma

得：

m

负号代表该加速度与运动方向相反，故物体在下滑的过程中做加速度逐渐减小的减速运动；当环上升的过程中，根据

牛顿第二定律

mg+-qE=ma'

解得：

,（〃殖

a=一g-----

Im）

环做加速度逐渐减小的减速运动，在到达原出发点前，加速度减为零，此时，

a=0

JLIVB

开始以速度v做匀速直线运动。

所以由于运动的不对称性可以确定，从开始下滑到最低点的时间不等于工；

整个运动过程中，加速度一直减小，所以在运动的最开始时，加速度最大，加速度大小的最大值为:

m

则A错误,B正确；

C.由以上计算，可知，整个过程中，系统损失的机械能

22

"g-

222cr")

C正确；

D.环上升和下降的过程中，摩擦力的冲量大小相等，D错误。

故选BC

9、BD

【解析】

AB.据题分析可知，小球在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，小球的轨迹向下偏转，才

能最后垂直打在M屏上，前后过程质点的运动轨迹有对称性，如图

M

P

可见两次偏转的加速度大小相等，根据牛顿第二定律得:

qE-in^=mg

得到;

q

由U=Ed可知板间电压为:

U=^~

q

故A错误，B正确;

C.小球在电场中向上偏转的距离为:

而

qE-mgL

〃，Cl---=--g-'---t-=-­

%

解得:

故小球打在屏上的位置与P点的距离为:

S=2y=1

重力势能的增加量为:

4g*

Ep=mgs=----;—

故C错误。

D.仅增大两板间的距离，因两板上电量不变，根据

UQ

E=—=----

dCd

而仃二弃丁解得：

4?rkd

_4万kQ

-一S

可知，板间场强不变，小球在电场中受力情况不变，则运动情况不变，故仍垂直打在屏上，故D正确。

故选BD.

10、ACE

【解析】

A.因压强不变，而由，到方时气体的温度升高，故可知气体的体积应变大，故单位体积内的分子个数减少，故〃状

态中单位时间内撞击活塞的个数较多，故A正确；

BC.因压强不变，故气体分子在单位时间内撞击器壁的冲力不变，故冲量不变，故B错误，C正确；

DE.因从〃到心气体的温度升高，故内能增加；因气体体积增大，故气体对外做功，则由热力学第一定律可知气体

应吸热，故D错误，E正确；

故选ACE。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、6.0151.7706见解析网

4/

【解析】

(1)[1].游标卡尺读数为：主尺读数+游标尺读数X精度，此题读数为：

60mm+3x0.05mm=60.15mm=6.015cm

即金属丝的长度为6.015cm(>

[2].螺旋测微器的读数为：固定刻度读数+可动刻度读数+估读，此题的读数为：

1.5mm+27.3x0.01mm=1.773mm.

即金属丝直径为1.773mm。

[3].多用表的读数为电阻的粗测值，为6Q。

(2)①[4].电路图如图所示。

RS;rd2R

P=-=-

12、0.885gh:(勺-4]小球下落过程中受到空气阻力的影响

【解析】

根据游标卡尺的读数规则可知，小球的直径为

d=0.8cm+17x0.05mm=0.885cm

⑵[2][3]小球从A到比重力势能减少了，叫心动能增加了

1'/

।12

因此，要验证机械能是否守恒，只需比较的与7，〃（二~~Q是否相等即可

2G-G

⑶[4]小球下落过程中，受到空气阻力的作用，造成机械能损失，所以总是存在一定的误差。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

4s2

13、（1）—；（2）-

g3

【解析】

（1）气体做等温变化，在（a）状态，对活塞受力分析可得

mg+PAS=PRS

所以

mgm我

〃BI〃）

=PAI+s=o's

又因为二者体积相同

%=%=丫

在（b）状态，此时A处体积为

V=-/

A八一23

B处体积为

匕，